1、2022學(xué)年廣西玉林市博白高中高一（下）期末物理試卷一、選擇題1如圖所示，質(zhì)量為m的小球固定在桿的一端，在豎直面內(nèi)繞桿的另一端做圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，瞬時(shí)速度v=，R是球心到O點(diǎn)的距離，則當(dāng)球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)對(duì)桿的作用力是（）A6mg的拉力B6mg的壓力C7mg的拉力D7mg的壓力2如圖所示，一物體以速度v0沖向光滑斜面AB，并能沿斜面升高h(yuǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A若把斜面從C點(diǎn)鋸斷，由機(jī)械能守恒定律知，物體沖出C點(diǎn)后仍能升高h(yuǎn)B若把斜面彎成如圖所示的半圓弧形，物體仍能沿AB升高h(yuǎn)C若把斜面從C點(diǎn)鋸斷或彎成如圖所示的半圓弧狀，物體都不能升高h(yuǎn)，因?yàn)闄C(jī)械能不守恒D若把斜面從C點(diǎn)鋸斷或彎成

2、如圖所示的半圓弧狀，物體都不能升高h(yuǎn)，但機(jī)械能仍守恒3在不計(jì)空氣阻力的情況下，下列運(yùn)動(dòng)中加點(diǎn)物體機(jī)械能守恒的是（）A雨滴在空中勻速下落B乘客隨摩天輪在豎直面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程C物體在光滑的固定斜面上滑行D重物被起重機(jī)懸吊著勻加速上升4如圖所示，水平的木板B托著木塊A一起在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，從水平位置a沿逆時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)b的過(guò)程中（）AB對(duì)A的支持力越來(lái)越大BA對(duì)B的正壓力越來(lái)越大CB對(duì)A的摩擦力越來(lái)越小DB對(duì)A的摩擦力越來(lái)越大5ab是長(zhǎng)為l的均勻帶電細(xì)桿，的小球從離桌面高H處自由落下，不計(jì)空氣阻力，以地面為參考平面，則小球落到地面前瞬間的機(jī)械能為（）A0BmghCmgHDmg（Hh

3、）8某帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，電力線、粒子在A點(diǎn)的初速度以及運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示由此可以判定（）A粒子在A點(diǎn)的加速度大于它在B點(diǎn)的加速度B粒子在A點(diǎn)的動(dòng)能小于它在B點(diǎn)的動(dòng)能C粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于它在B點(diǎn)的電勢(shì)能DA點(diǎn)的電勢(shì)低于B點(diǎn)的電勢(shì)9如圖所示，乘坐游樂(lè)園的翻滾過(guò)山車(chē)時(shí)，質(zhì)量為m的人隨車(chē)在豎直平面內(nèi)旋轉(zhuǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A車(chē)在最高點(diǎn)時(shí)人處于倒坐狀態(tài)，全靠保險(xiǎn)帶拉住，沒(méi)有保險(xiǎn)帶，人就會(huì)掉下來(lái)B人在最高點(diǎn)時(shí)對(duì)座位不可能產(chǎn)生壓力C人在最低點(diǎn)時(shí)對(duì)座位的壓力等于mgD人在最低點(diǎn)時(shí)對(duì)座位的壓力大于mg10如圖所示，a是地球赤道上的一點(diǎn)，某時(shí)刻在a的正上方有三顆軌道位于赤道平面的衛(wèi)星b

4、、c、d，各衛(wèi)星的運(yùn)行方向均與地球自轉(zhuǎn)方向相同，圖中已標(biāo)出，其中d是地球同步衛(wèi)星從該時(shí)刻起，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間t（已知在t時(shí)間內(nèi)三顆衛(wèi)星都還沒(méi)有運(yùn)行一周），各衛(wèi)星相對(duì)a的位置最接近實(shí)際的是圖中的（）ABCD11如圖所示，某同學(xué)將一枚飛鏢從高于靶心的位置水平投向豎直懸掛的靶盤(pán)，結(jié)果飛鏢打在靶心的正下方忽略飛鏢運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受空氣阻力，在其他條件不變的情況下，為使飛鏢命中靶心，他在下次投擲時(shí)應(yīng)該（）A換用質(zhì)量稍大些的飛鏢B適當(dāng)增大投飛鏢的高度C到稍遠(yuǎn)些的地方投飛鏢D適當(dāng)增大投飛鏢的初速度12如圖中虛線為勻強(qiáng)電場(chǎng)中與場(chǎng)強(qiáng)方向垂直的等間距平行直線，兩粒子M、N質(zhì)量相等，所帶電荷的絕對(duì)值也相等現(xiàn)將M、N從虛線上

5、的O點(diǎn)以相同速率射出，兩粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡分別如圖中兩條實(shí)線所示點(diǎn)a、b、c為實(shí)線與虛線的交點(diǎn)已知O點(diǎn)電勢(shì)高于c點(diǎn)，若不計(jì)重力，則（）AM帶負(fù)電荷，N帶正電荷BN在a點(diǎn)的速度與M在c點(diǎn)的速度大小相同CN在從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至a點(diǎn)的過(guò)程中克服電場(chǎng)力做功DM在從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至b點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力對(duì)它做的功等于零13傳送帶是應(yīng)用廣泛的一種傳動(dòng)裝置在一水平向右勻速運(yùn)動(dòng)的傳送帶的左端A點(diǎn)，每隔相同的時(shí)間T，輕放上一個(gè)相同的工件已知工件與傳送帶間動(dòng)摩擦因數(shù)為，工件質(zhì)量為m經(jīng)測(cè)量，發(fā)現(xiàn)前面那些已經(jīng)和傳送帶達(dá)到相同速度的工件之間的距離均為L(zhǎng)已知重力加速度為g，下列判斷正確的有（）A傳送帶的速度大小為B工件在傳送帶上加

6、速時(shí)間為C每個(gè)工件與傳送帶間因摩擦而產(chǎn)生的熱量為D傳送帶因傳送每一個(gè)工件而多消耗的能量為14如圖所示，長(zhǎng)為L(zhǎng)、傾角為=45的光滑絕緣斜面處于電場(chǎng)中，一帶電荷量為q，質(zhì)量為m的小球，以初速度v0由斜面底端的A點(diǎn)開(kāi)始沿斜面上滑，到達(dá)斜面頂端的速度仍為v0，則（）A小球在B點(diǎn)的電勢(shì)能一定大于小球在A點(diǎn)的電勢(shì)能BA、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差一定為C若電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)，則該電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)的最小值一定是D若該電場(chǎng)是AC邊中垂線上某點(diǎn)的點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生的，則Q一定是正電荷15如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與質(zhì)量為m、套在粗糙豎直固定桿A處的圓環(huán)相連，彈簧水平且處于原長(zhǎng)圓環(huán)從A處由靜止釋放后，經(jīng)過(guò)B處速度最大，到達(dá)C處（AC

7、=h）時(shí)速度減為零若在此時(shí)給圓環(huán)一個(gè)豎直向上的速度v，它恰好能回到A點(diǎn)彈簧始終在彈性限度內(nèi)，重力加速度為g，則圓環(huán)（）A下滑過(guò)程中，加速度一直增大B上下兩次經(jīng)過(guò)B點(diǎn)的速度大小相等C下滑過(guò)程中，克服摩擦力做的功為mv2D在C處彈簧的彈性勢(shì)能為mghmv2二、填空題16某學(xué)習(xí)小組欲驗(yàn)證動(dòng)能定理，他們?cè)趯?shí)驗(yàn)室找到了打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、學(xué)生電源、導(dǎo)線、細(xì)線、復(fù)寫(xiě)紙、紙帶、長(zhǎng)木板、滑塊、沙及沙桶，組裝了一套如圖所示的實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證裝置若你是小組中的一位成員，為了完成該驗(yàn)證實(shí)驗(yàn)，（1）你認(rèn)為還需要的器材有；（2）實(shí)驗(yàn)時(shí)為了使得沙和沙桶的總重力可作為滑塊受到的合外力，應(yīng)做兩方面減少誤差的措施：a細(xì)沙和沙桶的總質(zhì)量應(yīng)滿足；

8、b將長(zhǎng)木板左端適當(dāng)墊高的目的是17在“探究平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)中：（1）在“探究平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，讓小球多次沿同一軌道運(yùn)動(dòng)，為了能較準(zhǔn)確地描出運(yùn)動(dòng)軌跡，A通過(guò)調(diào)節(jié)使斜槽的末端保持B每次釋放小球的位置必須（填“相同”或者“不同”）C每次必須由釋放小球（“運(yùn)動(dòng)”或者“靜止”）D小球運(yùn)動(dòng)時(shí)不應(yīng)與木板上的白紙相接觸E將球的位置記錄在紙上后，取下紙，將點(diǎn)連成（“折線”或“直線”或“光滑曲線”）（2）某同學(xué)在做“研究平拋物體的運(yùn)動(dòng)”的實(shí)驗(yàn)中，忘記記下小球拋出點(diǎn)的位置O，如圖所示，A為物體運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后的位置g取10m/s2，根據(jù)圖象，可知平拋物體的初速度為m/s三、計(jì)算題：18某戰(zhàn)士在傾角為30的山

9、坡上進(jìn)行投擲手榴彈訓(xùn)練他從A點(diǎn)以某一初速度m/s沿水平方向投出手榴彈后落在B點(diǎn)該型號(hào)手榴彈從拉動(dòng)彈弦到爆炸需要5s的時(shí)間，空氣阻力不計(jì)，（g=10m/s2）求：（1）若要求手榴彈正好在落地時(shí)爆炸，問(wèn)戰(zhàn)士從拉動(dòng)彈弦到投出所用的時(shí)間是多少（2）點(diǎn)AB的間距s是多大？19在如圖所示的豎直平面內(nèi)，物體A和帶正電的物體B用跨過(guò)定滑輪的絕緣輕繩連接，分別靜止于傾角=37的光滑斜面上的M點(diǎn)和粗糙絕緣水平面上，輕繩與對(duì)應(yīng)平面平行勁度系數(shù)=5N/m的輕彈簧一端固定在0點(diǎn)，一端用另一輕繩穿過(guò)固定的光滑小環(huán)D與A相連，彈簧處于原長(zhǎng)，輕繩恰好拉直，DM垂直于斜面水平面處于場(chǎng)強(qiáng)E=5104N/C、方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)

10、中已知A、B的質(zhì)量分別為mA=和mB=，B所帶電荷量q=4l06C設(shè)兩物體均視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)滑輪質(zhì)量和摩擦，繩不可伸長(zhǎng)，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，B電量不變?nèi)=10m/s2，sin37=，cos37=（1）求B所受靜摩擦力的大?。唬?）現(xiàn)對(duì)A施加沿斜面向下的拉力F使A以加速度a=s2開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)A從M到N的過(guò)程中，B的電勢(shì)能增加了E的輕繩，一端穿在過(guò)O點(diǎn)的水平轉(zhuǎn)軸上，另一端固定一質(zhì)量為m的小球，整個(gè)裝置繞O點(diǎn)在豎直面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)給系統(tǒng)輸入能量，使小球通過(guò)最高點(diǎn)的速度不斷加快，通過(guò)傳感器測(cè)得小球通過(guò)最高點(diǎn)時(shí)，繩對(duì)小球的拉力F與小球在最高點(diǎn)動(dòng)能E的關(guān)系如圖乙所示，重力加速度為g，不考慮摩擦和空氣阻力

11、，請(qǐng)分析并回答以下問(wèn)題：（1）若要小球能做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，對(duì)小球過(guò)最高點(diǎn)的速度有何要求（用題中給出的字母表示）（2）請(qǐng)根據(jù)題目及圖象中的條件求出小球質(zhì)量m的值（g取10m/s2）（3）求小球從圖中a點(diǎn)所示狀態(tài)到圖中b點(diǎn)所示狀態(tài)的過(guò)程中，外界對(duì)此系統(tǒng)做的功（4）當(dāng)小球達(dá)到圖乙中b點(diǎn)所示狀態(tài)時(shí)，立刻停止能量輸入之后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，在繩中拉力達(dá)到最大值的位置，輕繩繃斷，求繃斷瞬間繩中拉力的大小21如圖所示，光滑斜軌和光滑圓軌相連，固定在同一豎直面內(nèi)，圓軌的半徑為R，一個(gè)小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），從離水平面高h(yuǎn)處由靜止自由下滑，由斜軌進(jìn)入圓軌求：（1）為了使小球在圓軌內(nèi)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中始終不脫離圓軌，h應(yīng)至少多高

12、（2）若小球到達(dá)圓軌最高點(diǎn)時(shí)圓軌對(duì)小球的壓力大小恰好等于它自身重力大小，那么小球開(kāi)始下滑時(shí)的h是多大？2022-2022學(xué)年廣西玉林市博白高中高一（下）期末物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題1如圖所示，質(zhì)量為m的小球固定在桿的一端，在豎直面內(nèi)繞桿的另一端做圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，瞬時(shí)速度v=，R是球心到O點(diǎn)的距離，則當(dāng)球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)對(duì)桿的作用力是（）A6mg的拉力B6mg的壓力C7mg的拉力D7mg的壓力【考點(diǎn)】向心力【分析】根據(jù)動(dòng)能定理求出小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的速度，結(jié)合牛頓第二定律求出在最低點(diǎn)桿子對(duì)小球的作用力，從而得出球?qū)U的作用力大小【解答】解：根據(jù)動(dòng)能定理得，解得最低點(diǎn)速度，

13、根據(jù)牛頓第二定律得，F(xiàn)mg=m，解得F=6mg，表現(xiàn)為拉力，故A正確，B、C、D錯(cuò)誤故選：A2如圖所示，一物體以速度v0沖向光滑斜面AB，并能沿斜面升高h(yuǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A若把斜面從C點(diǎn)鋸斷，由機(jī)械能守恒定律知，物體沖出C點(diǎn)后仍能升高h(yuǎn)B若把斜面彎成如圖所示的半圓弧形，物體仍能沿AB升高h(yuǎn)C若把斜面從C點(diǎn)鋸斷或彎成如圖所示的半圓弧狀，物體都不能升高h(yuǎn)，因?yàn)闄C(jī)械能不守恒D若把斜面從C點(diǎn)鋸斷或彎成如圖所示的半圓弧狀，物體都不能升高h(yuǎn)，但機(jī)械能仍守恒【考點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律；向心力【分析】物體上升過(guò)程中只有重力做功，機(jī)械能守恒；斜拋運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)最高點(diǎn)，速度不為零；AB軌道最高點(diǎn)，合力充當(dāng)向心力，速度

14、也不為零【解答】解：A、若把斜面從C點(diǎn)鋸斷，物體沖過(guò)C點(diǎn)后做斜拋運(yùn)動(dòng)，由于物體機(jī)械能守恒，同時(shí)斜拋運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)最高點(diǎn)，速度不為零，故不能到達(dá)h高處，故A錯(cuò)誤；B、若把斜面彎成圓弧形，如果能到圓弧最高點(diǎn)，即h處，由于合力充當(dāng)向心力，速度不為零，根據(jù)機(jī)械能守恒知，物體沿AB升高的高度小于h，故B錯(cuò)誤，C、D、無(wú)論是把斜面從C點(diǎn)鋸斷或把斜面彎成圓弧形，物體都不能升高h(yuǎn)，但物體的機(jī)械能仍守恒，故C錯(cuò)誤，D正確；故選：D3在不計(jì)空氣阻力的情況下，下列運(yùn)動(dòng)中加點(diǎn)物體機(jī)械能守恒的是（）A雨滴在空中勻速下落B乘客隨摩天輪在豎直面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程C物體在光滑的固定斜面上滑行D重物被起重機(jī)懸吊著勻加速上升【考點(diǎn)】機(jī)械

15、能守恒定律【分析】物體機(jī)械能守恒的條件是只有重力或者是彈力做功，根據(jù)機(jī)械能守恒的條件逐個(gè)分析物體的受力的情況，即可判斷物體是否是機(jī)械能守恒【解答】解：A、雨滴在空中勻速下落時(shí)，動(dòng)能不變，重力勢(shì)能減小，故機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤；B、乘客隨摩天輪在豎直面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中，動(dòng)能不變，重力勢(shì)能變化，故機(jī)械能變化，故B錯(cuò)誤；C、物體在光滑的固定斜面上滑行時(shí)，只有重力做功；故機(jī)械能守恒，故C正確；D、重物被起重機(jī)懸吊著勻加速上升時(shí)，動(dòng)能增加，重力勢(shì)能增加，故機(jī)械能增加，故D錯(cuò)誤故選：C4如圖所示，水平的木板B托著木塊A一起在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，從水平位置a沿逆時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)b的過(guò)程中（）AB

16、對(duì)A的支持力越來(lái)越大BA對(duì)B的正壓力越來(lái)越大CB對(duì)A的摩擦力越來(lái)越小DB對(duì)A的摩擦力越來(lái)越大【考點(diǎn)】向心力；牛頓第二定律【分析】物塊A做勻速圓周運(yùn)動(dòng)靠合力提供向心力在a運(yùn)動(dòng)到b的過(guò)程中，木塊受重力、支持力和靜摩擦力【解答】解：A在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中受重力、支持力、靜摩擦力，三個(gè)力的合力提供向心力合力沿水平方向的分力等于A所受的摩擦力，合力沿豎直方向的分力等于重力和支持力的合力，合力的大小不變，由a到b的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，合力沿水平方向的分力減小，所以摩擦力減小合力沿豎直方向的分力逐漸增大，所以支持力逐漸減小故C正確，ABD錯(cuò)誤故選：C5ab是長(zhǎng)為l的均勻帶電細(xì)桿，v，動(dòng)能與動(dòng)量之間的大小關(guān)系：，動(dòng)能是標(biāo)量

17、，動(dòng)量是矢量，一個(gè)物體的動(dòng)量不變時(shí)，動(dòng)能一定不變，動(dòng)能不變時(shí)，動(dòng)量的大小一定不變，但方向可能變化；兩個(gè)物體的動(dòng)量相等時(shí)，只有當(dāng)質(zhì)量相等時(shí)，動(dòng)能才相等，兩個(gè)物體的動(dòng)能相等時(shí)，也只有質(zhì)量相等時(shí)，動(dòng)量大小才會(huì)相等【解答】解：動(dòng)能是標(biāo)量，動(dòng)量是矢量v，動(dòng)能與動(dòng)量之間的大小關(guān)系：，A、一物體的動(dòng)量的小球從離桌面高H處自由落下，不計(jì)空氣阻力，以地面為參考平面，則小球落到地面前瞬間的機(jī)械能為（）A0BmghCmgHDmg（Hh）【考點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律【分析】小球落到地面瞬間重力勢(shì)能為0，但動(dòng)能不知道，機(jī)械能不好直接確定但最高點(diǎn)時(shí)速度為零，動(dòng)能為零，機(jī)械能很快求出，根據(jù)小球下落過(guò)程中機(jī)械能守恒，落地時(shí)與剛下落

18、時(shí)機(jī)械能相等，就能求出小球落到地面前的瞬間的機(jī)械能【解答】解：以地面為參考平面，小球在最高點(diǎn)時(shí)機(jī)械能為：E=mg（Hh）小球下落過(guò)程中機(jī)械能守恒，則小球落到地面前瞬間的機(jī)械能等于它在最高點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能，即E=E=mg（Hh）故ABC錯(cuò)誤，D正確故選：D8某帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，電力線、粒子在A點(diǎn)的初速度以及運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示由此可以判定（）A粒子在A點(diǎn)的加速度大于它在B點(diǎn)的加速度B粒子在A點(diǎn)的動(dòng)能小于它在B點(diǎn)的動(dòng)能C粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于它在B點(diǎn)的電勢(shì)能DA點(diǎn)的電勢(shì)低于B點(diǎn)的電勢(shì)【考點(diǎn)】電場(chǎng)線；電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系【分析】電場(chǎng)線是從正電荷或者無(wú)窮遠(yuǎn)出發(fā)出，到負(fù)電荷或無(wú)窮遠(yuǎn)處為

19、止，沿電場(chǎng)線的方向，電勢(shì)降低，電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小【解答】解：A、由電場(chǎng)線可知，B點(diǎn)的電場(chǎng)線密，所以B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大，粒子受的電場(chǎng)力大，加速度也就大，即A點(diǎn)的加速度小于它在B點(diǎn)的加速度，所以A錯(cuò)誤；B、粒子受到的電場(chǎng)力指向曲線彎曲的內(nèi)側(cè)，所以受到的電場(chǎng)力的方向是沿電場(chǎng)線向上的，所以粒子從A到B的過(guò)程中，電場(chǎng)力做正功，電荷的電勢(shì)能減小，動(dòng)能增加，所以粒子在A點(diǎn)的動(dòng)能小于它在B點(diǎn)的動(dòng)能，所以B正確，C錯(cuò)誤；D、沿電場(chǎng)線的方向，電勢(shì)降低，所以A點(diǎn)的電勢(shì)大于B點(diǎn)的電勢(shì)，所以D錯(cuò)誤故選B9如圖所示，乘坐游樂(lè)園的翻滾過(guò)山車(chē)時(shí)，質(zhì)量為m的人隨車(chē)在豎直平面內(nèi)旋轉(zhuǎn)，下列說(shuō)法正確

20、的是（）A車(chē)在最高點(diǎn)時(shí)人處于倒坐狀態(tài)，全靠保險(xiǎn)帶拉住，沒(méi)有保險(xiǎn)帶，人就會(huì)掉下來(lái)B人在最高點(diǎn)時(shí)對(duì)座位不可能產(chǎn)生壓力C人在最低點(diǎn)時(shí)對(duì)座位的壓力等于mgD人在最低點(diǎn)時(shí)對(duì)座位的壓力大于mg【考點(diǎn)】向心力；牛頓第二定律【分析】車(chē)在最高點(diǎn)時(shí)，若恰好由重力提供向心力時(shí)，人與保險(xiǎn)帶間恰好沒(méi)有作用力，沒(méi)有保險(xiǎn)帶，人也不會(huì)掉下來(lái)當(dāng)速度更大時(shí)，人更不會(huì)掉下來(lái)當(dāng)速度大于臨界速度時(shí)，人在最高點(diǎn)時(shí)對(duì)座位就產(chǎn)生壓力人在最低點(diǎn)時(shí)，加速度方向豎直向上，根據(jù)牛頓第二定律分析壓力與重力的關(guān)系【解答】解：A、當(dāng)人與保險(xiǎn)帶間恰好沒(méi)有作用力，由重力提供向心力時(shí)，臨界速度為v0=當(dāng)速度v時(shí)，沒(méi)有保險(xiǎn)帶，人也不會(huì)掉下來(lái)故A錯(cuò)誤B、當(dāng)人在最高

21、點(diǎn)的速度v時(shí)，人對(duì)座位就產(chǎn)生壓力故B錯(cuò)誤C、D人在最低點(diǎn)時(shí)，加速度方向豎直向上，根據(jù)牛頓第二定律分析可知，人處于超重狀態(tài)，人對(duì)座位的壓力大于mg故C錯(cuò)誤，D正確故選D10如所示，a是地球赤道上的一點(diǎn)，某時(shí)刻在a的正上方有三顆軌道位于赤道平面的衛(wèi)星b、c、d，各衛(wèi)星的運(yùn)行方向均與地球自轉(zhuǎn)方向相同，圖中已標(biāo)出，其中d是地球同步衛(wèi)星從該時(shí)刻起，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間t（已知在t時(shí)間內(nèi)三顆衛(wèi)星都還沒(méi)有運(yùn)行一周），各衛(wèi)星相對(duì)a的位置最接近實(shí)際的是圖中的（）ABCD【考點(diǎn)】4H：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系【分析】根據(jù)萬(wàn)有引力等于向心力：G=mr知，軌道半徑越大，周期越大，則角速度越小，所以經(jīng)過(guò)相同的時(shí)間，可

22、以比較出三衛(wèi)星轉(zhuǎn)過(guò)的角度，而同步衛(wèi)星又與地球保持相對(duì)靜止【解答】解：根據(jù)知，軌道半徑越大，周期越大，則角速度越小，所以經(jīng)過(guò)相同的時(shí)間，三個(gè)衛(wèi)星中，b轉(zhuǎn)過(guò)的角度最大，c次之，d最小，d為同步衛(wèi)星，與赤道上的a保持相對(duì)靜止故A、B、C錯(cuò)誤，D正確故選：D11如圖所示，某同學(xué)將一枚飛鏢從高于靶心的位置水平投向豎直懸掛的靶盤(pán)，結(jié)果飛鏢打在靶心的正下方忽略飛鏢運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受空氣阻力，在其他條件不變的情況下，為使飛鏢命中靶心，他在下次投擲時(shí)應(yīng)該（）A換用質(zhì)量稍大些的飛鏢B適當(dāng)增大投飛鏢的高度C到稍遠(yuǎn)些的地方投飛鏢D適當(dāng)增大投飛鏢的初速度【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)【分析】飛鏢做的是平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，水平方

23、向上的勻速直線運(yùn)動(dòng)，和豎直方向上的自由落體運(yùn)動(dòng)，列方程求解即可【解答】解：飛鏢做的是平拋運(yùn)動(dòng)，飛鏢打在靶心的正下方說(shuō)明飛鏢豎直方向的位移太大，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可得，水平方向上：=v0t豎直方向上：h=所以要想減小飛鏢豎直方向的位移，在水平位移不變的情況下，可以適當(dāng)增大投飛鏢的初速度來(lái)減小飛鏢的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，所以D正確，初速度不變時(shí)，時(shí)間不變，適當(dāng)增大投飛鏢的高度，可以飛鏢命中靶心，故B正確；故選：BD12如圖中虛線為勻強(qiáng)電場(chǎng)中與場(chǎng)強(qiáng)方向垂直的等間距平行直線，兩粒子M、N質(zhì)量相等，所帶電荷的絕對(duì)值也相等現(xiàn)將M、N從虛線上的O點(diǎn)以相同速率射出，兩粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡分別如圖中兩條實(shí)線所示點(diǎn)a、b、

24、c為實(shí)線與虛線的交點(diǎn)已知O點(diǎn)電勢(shì)高于c點(diǎn)，若不計(jì)重力，則（）AM帶負(fù)電荷，N帶正電荷BN在a點(diǎn)的速度與M在c點(diǎn)的速度大小相同CN在從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至a點(diǎn)的過(guò)程中克服電場(chǎng)力做功DM在從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至b點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力對(duì)它做的功等于零【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；電勢(shì)【分析】根據(jù)粒子的軌跡可判斷粒子的電場(chǎng)力方向，O點(diǎn)電勢(shì)高于c點(diǎn)，根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直，而且由高電勢(shì)指向低電勢(shì)，可判斷出電場(chǎng)方向，從而確定出粒子的電性由動(dòng)能定理可知，N在a點(diǎn)的速度與M在c點(diǎn)的速度大小相等，但方向不同N從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至a點(diǎn)的過(guò)程中電場(chǎng)力做正功O、b間電勢(shì)差為零，由動(dòng)能定理可知電場(chǎng)力做功為零【解答】解：A、由題，等勢(shì)線在水平方

25、向，O點(diǎn)電勢(shì)高于c點(diǎn)，根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直，而且由高電勢(shì)指向低電勢(shì)，可知電場(chǎng)方向豎直向下，根據(jù)粒子的軌跡可判斷出a粒子所受的電場(chǎng)力方向豎起向上，M粒子所受的電場(chǎng)力方向豎直向下，故知N粒子帶負(fù)電，M帶正電故A錯(cuò)誤；B、由動(dòng)能定理可知，N在a點(diǎn)的速度與M在c點(diǎn)的速度大小相等，但方向不同，速度不同故B正確；C、N從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至a點(diǎn)的過(guò)程中電場(chǎng)力與速度的夾角為銳角，電場(chǎng)力做正功故C錯(cuò)誤；D、O、b間電勢(shì)差為零，由動(dòng)能定理可知M從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至b點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力對(duì)它做功為零故D正確故選：BD13傳送帶是應(yīng)用廣泛的一種傳動(dòng)裝置在一水平向右勻速運(yùn)動(dòng)的傳送帶的左端A點(diǎn)，每隔相同的時(shí)間T，輕放上一個(gè)相同的工件已知

26、工件與傳送帶間動(dòng)摩擦因數(shù)為，工件質(zhì)量為m經(jīng)測(cè)量，發(fā)現(xiàn)前面那些已經(jīng)和傳送帶達(dá)到相同速度的工件之間的距離均為L(zhǎng)已知重力加速度為g，下列判斷正確的有（）A傳送帶的速度大小為B工件在傳送帶上加速時(shí)間為C每個(gè)工件與傳送帶間因摩擦而產(chǎn)生的熱量為D傳送帶因傳送每一個(gè)工件而多消耗的能量為【考點(diǎn)】功能關(guān)系；牛頓第二定律【分析】工件在傳送帶上先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，然后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，每個(gè)工件滑上傳送帶后運(yùn)動(dòng)的規(guī)律相同，通過(guò)=vT求出傳送帶的速度；根據(jù)加速度知識(shí)求得運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，根據(jù)工件和傳送帶之間的相對(duì)路程大小，求出摩擦產(chǎn)生的熱量；根據(jù)能量守恒知，多消耗的能量一部分轉(zhuǎn)化為工件的動(dòng)能，一部分轉(zhuǎn)化為摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能【解答】

27、解：A、工件在傳送帶上先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，然后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，每個(gè)工件滑上傳送帶后運(yùn)動(dòng)的規(guī)律相同，可知=vT=L，解得傳送帶的速度v=故A正確B、設(shè)每個(gè)工件勻加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，根據(jù)牛頓第二定律得，工件的加速度為a=g，根據(jù)v=v0at，解得：t=故B錯(cuò)誤C、工件與傳送帶相對(duì)滑動(dòng)的路程為：=v=，則摩擦產(chǎn)生的熱量為：Q=mg=故C錯(cuò)誤D、根據(jù)能量守恒，傳送帶因傳送一個(gè)工件多消耗的能量E=mv2mg=，故D正確故選：AD14如圖所示，長(zhǎng)為L(zhǎng)、傾角為=45的光滑絕緣斜面處于電場(chǎng)中，一帶電荷量為q，質(zhì)量為m的小球，以初速度v0由斜面底端的A點(diǎn)開(kāi)始沿斜面上滑，到達(dá)斜面頂端的速度仍為v0，則（）A小球在

28、B點(diǎn)的電勢(shì)能一定大于小球在A點(diǎn)的電勢(shì)能BA、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差一定為C若電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)，則該電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)的最小值一定是D若該電場(chǎng)是AC邊中垂線上某點(diǎn)的點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生的，則Q一定是正電荷【考點(diǎn)】電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；電勢(shì)能【分析】根據(jù)動(dòng)能定理和電場(chǎng)力做功公式結(jié)合，求解A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差根據(jù)電場(chǎng)力做功的正負(fù)，判斷小球電勢(shì)能的大小，當(dāng)電場(chǎng)力做正功時(shí)，小球電勢(shì)能減小；相反，電勢(shì)能增大若電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)，根據(jù)力學(xué)知識(shí)確定電場(chǎng)力的最小值，再確定場(chǎng)強(qiáng)的最小值【解答】解：A、小球在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，受重力、支持力和電場(chǎng)力，重力做負(fù)功，支持力不做功，電場(chǎng)力就做正功故A點(diǎn)的電勢(shì)高，小球在A點(diǎn)的電勢(shì)能大故A錯(cuò)誤；B、A到B速度

29、未變，說(shuō)明重力做功等于電場(chǎng)力做功則故B正確；C、若電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)力恒定，根據(jù)共點(diǎn)力的平衡可得，若電場(chǎng)強(qiáng)度與運(yùn)動(dòng)方向不共線，且與斜面的夾角小于時(shí)，則電場(chǎng)力、斜面的支持力與重力相平衡，因此小球受到的電場(chǎng)力可能等于重力mg，此時(shí)的電場(chǎng)強(qiáng)度等于，故C正確；D、如果Q在AC邊中垂線上AB的下方時(shí)，若點(diǎn)電荷Q是正電荷，由于B到Q的距離BQ大于A到Q的距離AQ，所以小球在B點(diǎn)的電勢(shì)能小于A點(diǎn)的，則Q是正電荷；如果Q在AC邊中垂線上AB的上方時(shí)，若點(diǎn)電荷Q是正電荷，由于B到Q的距離BQ小于A到Q的距離AQ，所以小球在B點(diǎn)的電勢(shì)能大于A點(diǎn)的，與“小球在B點(diǎn)的電勢(shì)能比A點(diǎn)的小”矛盾，故Q是負(fù)電荷故D錯(cuò)誤故選

30、：BC15如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與質(zhì)量為m、套在粗糙豎直固定桿A處的圓環(huán)相連，彈簧水平且處于原長(zhǎng)圓環(huán)從A處由靜止釋放后，經(jīng)過(guò)B處速度最大，到達(dá)C處（AC=h）時(shí)速度減為零若在此時(shí)給圓環(huán)一個(gè)豎直向上的速度v，它恰好能回到A點(diǎn)彈簧始終在彈性限度內(nèi)，重力加速度為g，則圓環(huán)（）A下滑過(guò)程中，加速度一直增大B上下兩次經(jīng)過(guò)B點(diǎn)的速度大小相等C下滑過(guò)程中，克服摩擦力做的功為mv2D在C處彈簧的彈性勢(shì)能為mghmv2【考點(diǎn)】功能關(guān)系；牛頓第二定律【分析】根據(jù)圓環(huán)的運(yùn)動(dòng)情況分析下滑過(guò)程中加速度的變化；研究圓環(huán)從A處由靜止開(kāi)始下滑到C和在C處獲得一豎直向上的速度v，恰好能回到A兩個(gè)過(guò)程，運(yùn)用動(dòng)能定理列

31、出等式求解；研究圓環(huán)從A處由靜止開(kāi)始下滑到B過(guò)程和圓環(huán)從B處上滑到A的過(guò)程，運(yùn)用動(dòng)能定理列出等式，比較兩次經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)速度大小【解答】解：A、圓環(huán)從A處由靜止開(kāi)始下滑，經(jīng)過(guò)B處的速度最大，到達(dá)C處的速度為零，所以圓環(huán)先做加速運(yùn)動(dòng)，再做減速運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)B處的速度最大，加速度為零，所以加速度先減小，后增大，故A錯(cuò)誤B、研究圓環(huán)從A處由靜止開(kāi)始下滑到B過(guò)程，運(yùn)用動(dòng)能定理列出等式mghWfW彈=0研究圓環(huán)從B處上滑到A的過(guò)程，運(yùn)用動(dòng)能定理列出等式mghWfW彈=0即得mghWfW彈=由于Wf0，所以，可知上滑經(jīng)過(guò)B的速度大于下滑經(jīng)過(guò)B的速度，故B錯(cuò)誤C、研究圓環(huán)從A處由靜止開(kāi)始下滑到C過(guò)程，運(yùn)用動(dòng)能定理列

32、出等式mghWfW彈=00=0在C處獲得一豎直向上的速度v，恰好能回到A，運(yùn)用動(dòng)能定理列出等式mghW彈Wf=0mv2解得：下滑過(guò)程中，克服摩擦力做的功Wf=mv2，故C正確D、由上解得W彈=mv2mgh，所以在C處，彈簧的彈性勢(shì)能為mghmv2，故D正確；故選：CD二、填空題16某學(xué)習(xí)小組欲驗(yàn)證動(dòng)能定理，他們?cè)趯?shí)驗(yàn)室找到了打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、學(xué)生電源、導(dǎo)線、細(xì)線、復(fù)寫(xiě)紙、紙帶、長(zhǎng)木板、滑塊、沙及沙桶，組裝了一套如圖所示的實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證裝置若你是小組中的一位成員，為了完成該驗(yàn)證實(shí)驗(yàn)，（1）你認(rèn)為還需要的器材有刻度尺、天平；（2）實(shí)驗(yàn)時(shí)為了使得沙和沙桶的總重力可作為滑塊受到的合外力，應(yīng)做兩方面減少誤差的措施：

33、a細(xì)沙和沙桶的總質(zhì)量應(yīng)滿足細(xì)沙和沙桶的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量；b將長(zhǎng)木板左端適當(dāng)墊高的目的是平衡摩擦力【考點(diǎn)】探究功與速度變化的關(guān)系【分析】（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，得到需要驗(yàn)證的表達(dá)式，從而確定需要的器材；（2）實(shí)驗(yàn)要測(cè)量滑塊動(dòng)能的增加量和合力做的功，用沙和沙桶的總質(zhì)量表示滑塊受到的拉力，對(duì)滑塊受力分析，受到重力、拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，必須使重力的下滑分量等于摩擦力；同時(shí)重物加速下降，處于失重狀態(tài)，故拉力小于重力，可以根據(jù)牛頓第二定律列式求出拉力表達(dá)式分析討論【解答】解：（1）實(shí)驗(yàn)要驗(yàn)證動(dòng)能增加量和總功是否相等，故需要求出總功和動(dòng)能，故還要天平和刻度尺，還需要的使用汽車(chē)有：天平，

34、刻度尺；（2）a、沙和沙桶加速下滑，處于失重狀態(tài)，其對(duì)細(xì)線的拉力小于重力，設(shè)拉力為T(mén)，根據(jù)牛頓第二定律得：對(duì)沙和沙桶：mgT=ma對(duì)小車(chē)：T=Ma解得：T=mg，故當(dāng)Mm時(shí)，有Tmg；b、小車(chē)下滑時(shí)受到重力、細(xì)線的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，則應(yīng)該用重力的下滑分量來(lái)平衡摩擦力，故可以將長(zhǎng)木板的一段墊高；故答案為：（1）刻度尺、天平；（2）a、細(xì)沙和沙桶的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量；b、平衡摩擦力17在“探究平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)中：（1）在“探究平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，讓小球多次沿同一軌道運(yùn)動(dòng)，為了能較準(zhǔn)確地描出運(yùn)動(dòng)軌跡，A通過(guò)調(diào)節(jié)使斜槽的末端保持水平B每次釋放小球的位置必須相同（填“相

35、同”或者“不同”）C每次必須由靜止釋放小球（“運(yùn)動(dòng)”或者“靜止”）D小球運(yùn)動(dòng)時(shí)不應(yīng)與木板上的白紙相接觸E將球的位置記錄在紙上后，取下紙，將點(diǎn)連成光滑曲線（“折線”或“直線”或“光滑曲線”）（2）某同學(xué)在做“研究平拋物體的運(yùn)動(dòng)”的實(shí)驗(yàn)中，忘記記下小球拋出點(diǎn)的位置O，如圖所示，A為物體運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后的位置g取10m/s2，根據(jù)圖象，可知平拋物體的初速度為m/s【考點(diǎn)】研究平拋物體的運(yùn)動(dòng)【分析】（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理以及注意事項(xiàng)確定正確的操作步驟（2）根據(jù)豎直方向上連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移之差是一恒量求出相等的時(shí)間間隔，結(jié)合水平位移和時(shí)間間隔求出初速度【解答】解：（1）A、為了保證小球的初速度水平，通過(guò)調(diào)

36、節(jié)使斜槽的末端保持水平BC、為了保證每次小球平拋運(yùn)動(dòng)的初速度相等，讓小球從斜槽的同一位置由靜止釋放，即每次小球釋放位置必須相同，必須由靜止釋放小球E、將球的位置記錄在紙上后，取下紙，將點(diǎn)連成光滑曲線（2）在豎直方向上，根據(jù)y=gT2得，T=，則初速度故答案為：（1）A、水平，B、相同，C、靜止，E、光滑曲面，（2）三、計(jì)算題：18某戰(zhàn)士在傾角為30的山坡上進(jìn)行投擲手榴彈訓(xùn)練他從A點(diǎn)以某一初速度m/s沿水平方向投出手榴彈后落在B點(diǎn)該型號(hào)手榴彈從拉動(dòng)彈弦到爆炸需要5s的時(shí)間，空氣阻力不計(jì)，（g=10m/s2）求：（1）若要求手榴彈正好在落地時(shí)爆炸，問(wèn)戰(zhàn)士從拉動(dòng)彈弦到投出所用的時(shí)間是多少（2）點(diǎn)AB

37、的間距s是多大？【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)【分析】平拋運(yùn)動(dòng)是具有水平方向的初速度只在重力作用下的運(yùn)動(dòng)，是一個(gè)勻變速曲線運(yùn)動(dòng)解決平拋運(yùn)動(dòng)的方法是把平拋運(yùn)動(dòng)分解到水平方向和豎直方向去研究，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)【解答】解：設(shè)手榴彈飛行時(shí)間為t（1）手榴彈的水平位移=v0t手榴彈的豎直位移且h=tan30解得t=3s，h=45m戰(zhàn)士從拉動(dòng)彈弦到投出所用的時(shí)間t0=5st=（2）點(diǎn)AB的間距解得s=90m答：（1）若要求手榴彈正好在落地時(shí)爆炸，問(wèn)戰(zhàn)士從拉動(dòng)彈弦到投出所用的時(shí)間是2s；（2）點(diǎn)AB的間距s是90m19在如圖所示的豎直平面內(nèi)，物體A和帶正電的物體B用跨過(guò)定滑輪的絕緣輕繩連接，

38、分別靜止于傾角=37的光滑斜面上的M點(diǎn)和粗糙絕緣水平面上，輕繩與對(duì)應(yīng)平面平行勁度系數(shù)=5N/m的輕彈簧一端固定在0點(diǎn)，一端用另一輕繩穿過(guò)固定的光滑小環(huán)D與A相連，彈簧處于原長(zhǎng)，輕繩恰好拉直，DM垂直于斜面水平面處于場(chǎng)強(qiáng)E=5104N/C、方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中已知A、B的質(zhì)量分別為mA=和mB=，B所帶電荷量q=4l06C設(shè)兩物體均視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)滑輪質(zhì)量和摩擦，繩不可伸長(zhǎng)，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，B電量不變?nèi)=10m/s2，sin37=，cos37=（1）求B所受靜摩擦力的大?。唬?）現(xiàn)對(duì)A施加沿斜面向下的拉力F使A以加速度a=s2開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)A從M到N的過(guò)程中，B的電勢(shì)能增加了EAgsin=FT對(duì)B有：qEf0=FT代入數(shù)據(jù)得：f0=（2）據(jù)題意A到N點(diǎn)時(shí)受力分析如圖所示由牛頓第二定律得：對(duì)A有FmAgsinFTFKsin=mAa對(duì)B有FTqEf=mBa其中f=mBg設(shè)彈簧的伸長(zhǎng)量是，F(xiàn)K=設(shè)物塊的位移是d，由電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的關(guān)系得E的輕繩，一端穿在過(guò)O點(diǎn)的水平轉(zhuǎn)軸上，另一端固定一質(zhì)量為m的小球，整個(gè)裝置繞O點(diǎn)在豎直面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)給系統(tǒng)輸入能量，使小球通過(guò)最高點(diǎn)的速度不斷加快，通過(guò)傳感器測(cè)得小球通過(guò)最高點(diǎn)時(shí)，繩對(duì)小球的拉力F與小球在最高點(diǎn)動(dòng)能E的關(guān)系如圖乙所示，重力加速度為g，不考慮摩擦和空氣阻力，請(qǐng)分析并回答以下問(wèn)題