屆高考物理二輪復(fù)習(xí)第二部分熱門專練熱門二力與物體的運(yùn)動(dòng)專項(xiàng)訓(xùn)練屆高考物理二輪復(fù)習(xí)第二部分熱門專練熱門二力與物體的運(yùn)動(dòng)專項(xiàng)訓(xùn)練PAGE屆高考物理二輪復(fù)習(xí)第二部分熱門專練熱門二力與物體的運(yùn)動(dòng)專項(xiàng)訓(xùn)練熱門二力與物體的運(yùn)動(dòng)高中常有的性質(zhì)力有重力、彈力、摩擦力、電場力、磁場力等，必定要明確各樣力產(chǎn)生的原由、條件，要熟習(xí)每種力的大小和方向的特點(diǎn)，依據(jù)“一重、二彈、三摩擦、四其余”的次序?qū)ξ矬w進(jìn)行受力分析。動(dòng)力學(xué)規(guī)律是歷年高考必考的熱門之一，在近幾年高考取，也常在計(jì)算題的第一題中察看；牛頓運(yùn)動(dòng)定律是高中物理的核心內(nèi)容，是解決力學(xué)識(shí)題的重要門路之一，每年高考試題中均有表現(xiàn)，而運(yùn)動(dòng)學(xué)與動(dòng)力學(xué)的聯(lián)合察看更是新課標(biāo)高考命題的熱門和要點(diǎn)，題型有選擇題、計(jì)算題、實(shí)驗(yàn)題，命題形式偏向于應(yīng)用型、綜合型和能力型?？枷蛞晃矬w的動(dòng)向均衡(多項(xiàng)選擇)固定斜面的傾角為37°，頂端安裝有定滑輪，一依據(jù)胡克定律的彈性輕繩的兩頭連結(jié)著質(zhì)量相等的物塊A、B，讓彈性繩高出定滑輪且與斜面平行，使彈性繩的原長恰巧等于物塊A到滑輪之間的距離。如圖1所示，當(dāng)連結(jié)物塊B的彈性繩與水平面間的夾角為37°時(shí)，物塊A恰巧能靜止在斜面上不沿斜面下滑，物塊B恰巧能靜止在水平面上不動(dòng)。A與斜面之間以及物塊B與水平面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。重力加快度g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8?，F(xiàn)用水平拉力F拉勻速向右拉物塊B，則在物塊A運(yùn)動(dòng)以前圖1A．物塊A遇到的摩擦力向來減小B．動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝eq\f(1,3)C．物塊B遇到的摩擦力向來不變D．F拉向來保持不變[分析]此題察看力的合成與分解、摩擦力、胡克定律等，意在察看考生的理解能力和分析能力。因?yàn)槌跏紩r(shí)物塊A恰巧能靜止在斜面上不下滑，因此物塊A遇到的靜摩擦力沿斜面向上，跟著物塊B向右運(yùn)動(dòng)，彈性繩的彈力漸漸增大，物塊A遇到的摩擦力先減小后增大，A錯(cuò)誤；設(shè)彈性繩的彈力大小為F，在題圖圖示狀況下，對物塊A由均衡條件有mgsin37°＝μmgcos37°＋F，對物塊B受力分析，水平方向有Fcos37°＝μFN，豎直方向有Fsin37°＋FN′＝mg，此中FN＝FN′，由以上三式可得μ＝eq\f(1,3)，B正確；因?yàn)閺椥岳K的原長恰巧等于A到滑輪之間的距離，設(shè)彈性繩在B上的作用點(diǎn)到滑輪頂部的豎直高度為h，彈性繩與水平方向的夾角為θ，在水平拉力向右拉B的過程中，彈性繩上的彈力為F＝keq\f(h,sinθ)(k為彈性繩的勁度系數(shù))，在物塊A運(yùn)動(dòng)以前，物塊B受地面的摩擦力為f＝μ(mg－Fsinθ)＝μ(mg－kh)，恒定不變，C正確；在物塊A運(yùn)動(dòng)以前，水平拉力F拉＝f＋Fcosθ，跟著物塊B向右運(yùn)動(dòng)，水平拉力F拉漸漸增大，D錯(cuò)誤。[答案]BC考向二連結(jié)體問題(多項(xiàng)選擇)如圖2所示，有兩個(gè)由同樣資料制成的物體A、B以輕繩連結(jié)，構(gòu)成的連結(jié)體在傾角為θ的斜面上運(yùn)動(dòng)，已知A、B的質(zhì)量分別為m1、m2，看作使勁F一準(zhǔn)時(shí)，B所受繩的拉力FT圖2A．與θ沒關(guān)B．與物體和斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)沒關(guān)C．與系統(tǒng)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)相關(guān)D．等于eq\f(m2F,m1＋m2)，僅與兩物體質(zhì)量相關(guān)[分析]對A、B構(gòu)成的整體分析，依據(jù)牛頓第二定律得a＝eq\f(F－(m1＋m2)gsinθ－μ(m1＋m2)gcosθ,m1＋m2)對B分析，有FT－m2gsinθ－μm2gcosθ＝m2a，解得FT＝eq\f(m2F,m1＋m2)，由此式可知輕繩的拉力與θ沒關(guān)，與物體和斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)沒關(guān)，與運(yùn)動(dòng)狀態(tài)沒關(guān)，僅與兩物體的質(zhì)量相關(guān)，A、B、D正確。[答案]ABD考向三用動(dòng)力學(xué)看法解決滑塊——滑板模型問題(2018·南京、鹽城二模)如圖3所示，質(zhì)量為m＝1kg的物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))，擱置在質(zhì)量M＝2kg足夠長木板的中間，物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1，木板擱置在圓滑的水平川面上。在地面上方存在兩個(gè)作用區(qū)，兩作用區(qū)的寬度均為1m，相距為d，作用區(qū)只對物塊有力的作用，Ⅰ作用區(qū)對物塊作使勁方向水平向右，Ⅱ作用區(qū)對物塊作使勁方向水平向左，作使勁大小均為3N。將物塊與木板從圖示地點(diǎn)(物塊在Ⅰ作用區(qū)內(nèi)的最左邊)由靜止開釋，已知在整個(gè)過程中物塊不會(huì)滑離木板。取g＝10m/s2。圖3(1)在物塊剛走開Ⅰ地區(qū)時(shí)，物塊的速度多大？(2)若物塊剛進(jìn)入Ⅱ地區(qū)時(shí)，物塊與木板的速度恰巧同樣，求兩作用區(qū)的界限距離d。[分析](1)由題圖可知，在Ⅰ地區(qū)時(shí)對物塊受力分析，依據(jù)牛頓第二定律得F－μmg＝mam1am1＝eq\f(F－μmg,m)＝2m/s2對木板受力分析，有μmg＝MaM1aM1＝0.5m/s2L＝eq\f(1,2)am1teq\o\al(2,1)t1＝eq\r(\f(2L,am1))＝1svm1＝am1t1＝2m/svM1＝aM1t1＝0.5m/s。(2)物塊走開左邊Ⅰ地區(qū)后μmg＝mam2am2＝1m/s2aM2＝aM1＝0.5m/s2當(dāng)物塊與木板達(dá)共同速度時(shí)：vm1－am2t2＝vM1＋aM2t2解得t2＝1sd＝vm1t2－eq\f(1,2)am2teq\o\al(2,2)＝1.5m。[答案](1)2m/s(2)1.5m考向四彈簧與剎時(shí)問題(多項(xiàng)選擇)如圖4所示，一木塊在圓滑水平面上受一恒力F作用，前面固定一足夠長的水平輕彈簧，則當(dāng)木塊接觸彈簧后，以下判斷正確的選項(xiàng)是圖4A．木塊立刻做減速運(yùn)動(dòng)B．木塊在一段時(shí)間內(nèi)速度仍增大C．當(dāng)F等于彈簧彈力時(shí)，木塊速度最大D．彈簧壓縮量最大時(shí)，木塊速度為零，但加快度不為零[分析]剛開始時(shí)，彈簧對木塊的作使勁小于外力F，木塊連續(xù)向右做加快度漸漸減小的加快運(yùn)動(dòng)，直到二力相等，此時(shí)木塊速度最大，今后，彈簧對木塊的作使勁大于外力F，木塊連續(xù)向右做加快度漸漸增大的減速運(yùn)動(dòng)，直到速度為零，但此時(shí)木塊的加快度不為零，應(yīng)選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B、C、D正確。[答案]BCD1.如圖5所示，圓滑的水平面上有一小車，以向右的加快度a做勻加快運(yùn)動(dòng)，車內(nèi)兩物體A、B質(zhì)量之比為2∶1，A、B間用彈簧相連并放在圓滑桌面上，B經(jīng)過質(zhì)量不計(jì)的輕繩與車相連，剪斷輕繩的剎時(shí)，A、B的加快度大小分別為圖5A．a(chǎn),0B．a(chǎn)，aC．a(chǎn),2aD．0,2a分析令物體B的質(zhì)量為m，剪斷輕繩前，彈簧彈力大小為F，繩索拉力大小為FT，將A、B及彈簧看作整體，則有FT＝3ma；間隔物體A為研究對象，則有F＝2ma，剪斷輕繩后，繩中拉力立刻消逝，彈簧彈力不變，因此物體A受力不變，加快度大小仍為a，而物體B所受協(xié)力為F＝maB，即aB＝2a。答案C2．如圖6所示，斜面固定，傾角為θ＝30°，物塊m和M用輕質(zhì)繩經(jīng)過斜面上的定滑輪相連結(jié)(滑輪圓滑)，一力F施加在繩上一點(diǎn)O使O點(diǎn)所受三力互相成120°角且靜止，已知M質(zhì)量為10kg，m與斜面間恰無摩擦力，則m的質(zhì)量和F的值各為(g取10m/s2)圖6A．10kg100NB．20kg100NC．5kg50ND．20kg50eq\r(3)N分析“O”點(diǎn)所受三力互成120°角且靜止，則F＝Mg＝mgsinθ，即F＝Mg＝100N，m＝eq\f(M,sinθ)＝2M＝20kg。答案B3.已知AB＝BC，且已知質(zhì)點(diǎn)在AB段的均勻速度為3m/s，在BC段的均勻速度為6m/s，設(shè)物體沿ABC直線做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，如圖7所示，則質(zhì)點(diǎn)在B點(diǎn)時(shí)速度為圖7A．4m/sB．4.5m/sC．5m/sD．5.5m/s分析由eq\x\to(v)＝eq\f(x,t)可知，3＝eq\f(\x\to(AB),t1)，6＝eq\f(\x\to(BC),t2)，故t1＝2t2，t1、t2分別為經(jīng)過AB、BC的時(shí)間，又AB中間時(shí)辰速度v1＝eq\x\to(v)AB＝3m/s，BC中間時(shí)辰速度v2＝eq\x\to(v)BC＝6m/s，設(shè)加快度為a，則vB－v1＝a·eq\f(t1,2)，v2－v1＝aeq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(t1,2)＋\f(t2,2)))。由以上可得vB＝5m/s。答案C4.(多項(xiàng)選擇)如圖8所示，水平川面上傾角為θ的斜面上，有一斜劈A，A的水平上表面有一斜劈B，B的傾角也為θ，B的斜面上有一物塊C，A、B、C一同沿斜面勻速下滑，已知A、B、C的質(zhì)量均為m，重力加快度為g，以下說法正確的選項(xiàng)是圖8A．A、B間摩擦力為零B．C對B壓力大小為mgC．A受斜面摩擦力大小為mgsinθD．斜面遇到A的摩擦力和地面的摩擦力的協(xié)力大小為3mgsinθ分析對B、C整體受力分析，受重力、支持力，依據(jù)均衡知，A、B間摩擦力為零，故A正確；對C分析，在垂直斜面方向上均衡，有FN＝mgcosθ，可知C對B的壓力大小為mgcosθ，故B錯(cuò)誤；對A、B、C整體分析，整體受重力、支持力和摩擦力，依據(jù)均衡得，斜面對A的摩擦力F1＝3mgsinθ，故C錯(cuò)誤；斜面不受地面的摩擦力，因此斜面受的摩擦力和地面的摩擦力協(xié)力大小為3mgsinθ，故D正確。答案AD5．(多項(xiàng)選擇)如圖9甲所示，質(zhì)量為M＝2kg的木板靜止在圓滑水平面上，可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊(質(zhì)量設(shè)為m)從木板的左邊緣木板表面水平?jīng)_上木板，物塊和木板的速度－時(shí)間圖像如圖乙所示，g取10m/s2，聯(lián)合圖像，以下說法正確的選項(xiàng)是圖9A．可求得物塊在前2s內(nèi)的位移5mB．可求得物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.2C．可求得