2019高中物理第四章力與運(yùn)動(dòng)課時(shí)訓(xùn)練20牛頓第二定律粵教版必修12019高中物理第四章力與運(yùn)動(dòng)課時(shí)訓(xùn)練20牛頓第二定律粵教版必修17/7蝕PAGE7蒀蕿蒄葿襖2019高中物理第四章力與運(yùn)動(dòng)課時(shí)訓(xùn)練20牛頓第二定律粵教版必修1課時(shí)訓(xùn)練20牛頓第二定律

基礎(chǔ)夯實(shí)

1.由牛頓第二定律可知,無(wú)論多么小的力都可以使物體產(chǎn)生加速度,但是用較小的力去推地

面上很重的物體時(shí),物體依舊靜止,這是由于( )

推力比靜摩擦力小

物體有加速度,但太小,不易被察覺(jué)

答案D

解析牛頓第二定律中的力F指合外力,用很小的力推物體時(shí),物體由于碰到地面摩擦的作

用,合外力依舊為零,故無(wú)加速度,D項(xiàng)正確.

2.以下列圖,A、B兩物體的質(zhì)量分別為m、2m,與水平川面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同,現(xiàn)用相同的

水平力F作用在原來(lái)都靜止的這兩個(gè)物體上,若A的加速度大小為a,則( )

??A.B物體的加速度大小為2

B.B物體的加速度也為a

??C.B物體的加速度小于2

D.B物體的加速度大于a

答案C解析對(duì)兩個(gè)物體進(jìn)行受力解析,則由牛頓第二定律可知,對(duì)A有F-fA=ma,對(duì)B有F-fB=2ma',AB??-????????-2????????其中f=μmg,f=2μmg,聯(lián)立解得a=??,a'=,可知a'<,C選項(xiàng)正確.2??23.質(zhì)量為4kg的物體碰到兩個(gè)大小分別為1N和2N的共點(diǎn)力作用,則物體的加速度大小可能是()2222答案A解析兩個(gè)力的合力的大小范圍為(2N-1N)≤F合≤(1N+2N),即1N≤F合≤3N.由牛頓第??0.25m/s2≤a≤0.75m/s2,選項(xiàng)A正確.二定律得a=??合,物體的加速度大小范圍為

1

4.人站在地面,豎直向上提起質(zhì)量為1kg的物體,物體獲得的加速度為5m/s2,g取10

2m/s.則此過(guò)程中人對(duì)物體的作用力為( )

答案C

解析物體碰到重力與人對(duì)物體的作用力,由牛頓第二定律F合=ma得F-mg=ma,即F=ma+mg=15

N.

.

以下列圖,輕彈簧上端與一質(zhì)量為m的木塊1相連,下端與另一質(zhì)量為m0的木塊2相連,整

個(gè)系統(tǒng)置于水平放置的圓滑木板上,并處于靜止?fàn)顟B(tài).現(xiàn)將木板沿水平方向突然抽出,設(shè)抽出

后的瞬時(shí),木塊1、2的加速度大小分別為a、a.重力加速度大小為g,則有()12A.a1=0,a2=gB.a1=g,a2=gC.a1=0,a2=????+??0gD.a1=g,a2=????+??0g00答案C解析本題觀察牛頓定律的瞬時(shí)性和連接體問(wèn)題,打破點(diǎn)是清楚在抽出木板的瞬時(shí)彈簧的形變量未變,彈力不變.抽出木板的瞬時(shí),彈力未變,故木塊1所受合力仍為零,其加速度為a1=0.關(guān)于木塊2,受彈簧的彈力1和重力0,依照牛頓第二定律得??1+??0????+??02mga=??=??g.F=mg00因此選項(xiàng)C正確.6.三個(gè)完好相同的物塊1、2、3放在水平桌面上,它們與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)都相同.現(xiàn)用大小相同的外力F沿圖示方向分別作用在物塊1和2上,用1F的外力沿水平方向作用在物2塊3上,使三者都做加速運(yùn)動(dòng),令a1、a2、a3分別代表物塊1、2、3的加速度,則()

A.123B.12,23a=a=aa=aa>aC.12,23D.12,23a>aa<aa>aa>a答案C

2

解析解析1、2、3三個(gè)物塊的受力情況以下列圖.

則f1=μ(mg-Fsin60°)

f2=μ(mg+Fsin60°)

f3=μmg

由牛頓第二定律得Fcos60°-f1=ma1

Fcos60°-f2=ma2

??2-f3=ma3

因f2>f3>f1,故a1>a3>a2.選項(xiàng)C正確.

7.(多項(xiàng)選擇)以下關(guān)于速度、加速度、合外力之間的關(guān)系正確的選項(xiàng)是( )

A.物體的速度越大,則加速度越大

B.物體的速度為零,則加速度為零

C.物體所受的合外力很小,但加速度可能很大

D.物體所受的合外力很大,但速度可能為零

答案CD

解析質(zhì)量一準(zhǔn)時(shí),加速度由力決定,加速度與速度無(wú)必然聯(lián)系,物體的速度為零時(shí),加速度可

為零、也可不為零;當(dāng)加速度為零時(shí),速度不變.

能力提升

8.(多項(xiàng)選擇)(2016全國(guó)Ⅰ)一質(zhì)點(diǎn)做勻速直線運(yùn)動(dòng).現(xiàn)對(duì)其施加一恒力,且原來(lái)作用在質(zhì)點(diǎn)上的

力不發(fā)生改變,則( )

質(zhì)點(diǎn)速度的方向總是與該恒力的方向相同

質(zhì)點(diǎn)速度的方向不可以能總是與該恒力的方向垂直

C.質(zhì)點(diǎn)加速度的方向總是與該恒力的方向相同

D.質(zhì)點(diǎn)單位時(shí)間內(nèi)速率的變化量總是不變

答案BC

解析勻速直線運(yùn)動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)加一恒力后,合力即該恒力,質(zhì)點(diǎn)做勻變速運(yùn)動(dòng),依照牛頓第二定

??律F=ma,可知C選項(xiàng)正確;由加速度定義式a=??可知單位時(shí)間內(nèi)速度的變化量總是不變,速

3

率的變化量不用然相等,選項(xiàng)D錯(cuò)誤;質(zhì)點(diǎn)的速度方向不用然與該恒力的方向相同,選項(xiàng)A錯(cuò)

誤;某一時(shí)辰恒力方向與速度方向垂直時(shí),速度方向馬上改變,而恒力方向不會(huì)改變,因此速

度方向不可以能總是與該恒力的方向垂直,選項(xiàng)B正確.

9.(多項(xiàng)選擇)以下列圖,水平傳達(dá)帶以速度v1勻速運(yùn)動(dòng),小物體、由經(jīng)過(guò)定滑輪且不可以伸長(zhǎng)PQ的輕繩相連,t=0時(shí)辰P在傳達(dá)帶左端擁有速度v2,P與定滑輪間的繩水平,t=t0時(shí)辰P走開(kāi)傳達(dá)帶.不計(jì)定滑輪質(zhì)量和摩擦,繩足夠長(zhǎng).正確描述小物體P速度隨時(shí)間變化的圖象可能是

( )

答案BC解析(1)若v2<v1.①當(dāng)物體P與傳達(dá)帶間的滑動(dòng)摩擦力f大于物體Q的重力G,即f>G時(shí),P向右加速,與傳達(dá)帶速度相等時(shí),以v1和傳達(dá)帶一起勻速運(yùn)動(dòng),選項(xiàng)B正確;②當(dāng)f<G時(shí),P先向右減速運(yùn)動(dòng),再向左加速運(yùn)動(dòng),加速度不變,圖象如圖甲所示.(2)若21當(dāng)f>G時(shí),P向右減速,再與傳達(dá)帶一起勻速運(yùn)動(dòng),圖象如圖乙所示,選項(xiàng)v>v.①A錯(cuò)誤;②當(dāng)f<G時(shí),P先向右減速,速度減小到傳達(dá)帶速度時(shí),P仍連續(xù)向右減速,但加速度減小了,速度減到零爾后再向左加速,選項(xiàng)C正確,D錯(cuò)誤.

甲

乙

4

10.(多項(xiàng)選擇)一質(zhì)量為m=1kg的物體在水平恒力F作用下做直線運(yùn)動(dòng),1s末撤去恒力F,其

v-t圖象以下列圖,則恒力F和物體所受阻力f的大小是( )

A.F=8NB.F=9NC.f=2ND.f=3N答案BD解析撤去恒力F后,物體在阻力作用下運(yùn)動(dòng),由-t圖象可知,13s內(nèi)物體的加速度為3v~m/s2,由牛頓第二定律f=ma可知,阻力f=3N;由題圖可知在01s內(nèi)其加速度為6m/s2,由~牛頓第二定律F-f=ma',可求得9N,選項(xiàng)B、D正確.F=11.以下列圖,質(zhì)量為m的滑塊沿傾角為θ的斜面下滑.

若斜面圓滑,求滑塊下滑的加速度大小;

若滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ,求滑塊下滑的加速度大小.

答案(1)gsinθ(2)gsinθ-μgcosθ

解析(1)滑塊僅受重力與斜面的支持力,由牛頓第二定律得mgsinθ=ma0,解得滑塊下滑加

速度為a0=gsinθ.

(2)斜面對(duì)滑塊的支持力cosθ,滑塊碰到的滑動(dòng)摩擦力大小f=μF.NN設(shè)滑塊下滑加速度為a,由牛頓第二定律得mgsinθ-f=ma,

解得加速度大小a=gsinθ-μgcosθ.

12.在以2m/s2的加速度加速上升的起落機(jī)中,給緊靠廂壁