1．太陽圍繞銀河系中心的運動可視為勻速圓周運動，其運動速度約為地球公轉(zhuǎn)速度的7倍,軌道半徑約為地球公轉(zhuǎn)軌道半徑的2X109倍。為了粗略估算銀河系中恒星的數(shù)目，可認為銀河系中所有恒星的質(zhì)量都集中在銀河系中心,且銀河系中恒星的平均質(zhì)量約等于太陽質(zhì)量,則銀河系中恒星數(shù)目約為（）A．1015B．1013C．1011D．109汽2NMP2．如圖所示,在水平面上有兩條平行金屬導軌汽2NMPMN、PQ,導軌間距為d勻強磁場垂直于導軌所在的平面向下,磁感應強度大小為B兩根金屬桿間隔一定的距離擺放在導軌上,且與導軌垂直，兩金屬桿質(zhì)量均為m,電阻均為R,兩桿與導軌接觸良好,導軌電阻不計,金屬桿與導軌間摩擦不計,現(xiàn)將桿2固定，桿1以初速度v滑向桿2,為使兩桿不相碰，貝U0兩桿初始間距至少為（）mRvmRv2mRv000°B2d2°2B2d2°B2d2D．4mRvD．4mRv0B2d2—束包含a、b兩種不同頻率的光，照射到金屬板MN上。點，其MOQPNMOQPN22中a光能使金屬板發(fā)生光電效應，現(xiàn)在MN板前放一兩面平行的玻璃磚，結(jié)果光束被分成與入射光平行的兩束出射光，分別射到P、Q兩點，如圖所示，則()a光射到P處a光在真空中波長大于b光在真空中波長a光在玻璃中傳播速度大于b光在玻璃中傳播速度用同一雙縫干涉儀做光的雙縫干涉實驗，a光條紋間距大于b光條紋間距質(zhì)量m的汽車在平直公路上以恒定功率P由靜止開始運動，汽車所受阻力是車重的倍，由以上信息和你在高中階段所學過的物理知識，能求出的物理量有()汽車加速運動的時間B.汽車加速過程中的位移C.汽車的最大速度D.汽車的速度為最大速度一半時的加速度vv如圖所示，兩加上電壓的水平平行金屬板之vv間放了一薄帶電金屬網(wǎng)，形成了上下兩個勻強電場空間，場強分別為E］、E。兩不計重力的帶電微粒從離開金屬網(wǎng)d、d處先后水平212射入電場（不考慮兩微粒間的庫侖力），運動軌跡與金屬網(wǎng)相交于同一點，則（）兩微粒帶同種電荷若兩微粒初速度相同，則到達金屬網(wǎng)所用的時間相同不改變其他物理量，僅將E和d同時減半，兩粒子仍然能相11交于同一點若E=E,d〉d,則上方微粒的荷質(zhì)比（帶電量與質(zhì)量的比值）1212較大如圖所示，在某空間同時存在著相互正交的勻強電場E和勻強磁場B，電場方向豎直向下，有質(zhì)量分別為m、m的a、b兩帶負電的微12粒,a的電量為q，恰能靜止于場中空間的c點，b的電量為q，在12過c點的豎直平面內(nèi)做半徑為r的勻速圓周運動，在c點a、b相碰X并粘在一起后做勻速圓周運動，則（）X、b粘在一起后在豎直平面內(nèi)以速率Bq+q2）r做勻速m+m12、b粘在一起后仍在豎直平面內(nèi)做半徑為r的勻速圓TTTE、b粘在一起后在豎直平面內(nèi)做半徑大于r的勻速圓周運動

、b粘在一起后在豎直平面內(nèi)做半徑為」^r的勻速圓周運動q1+q27．質(zhì)子和中子是由更基本的粒子即所謂“夸克”組成的．兩個強作用電荷相反（類似于正負電荷）的夸克在距離很近時幾乎沒有相互作用（稱為“漸近自由”）；在距離較遠時，它們之間就會出現(xiàn)很強的引力（導致所謂“夸克禁閉”）．作為一個簡單的模型，設這樣的兩夸克

之間的相互作用力F與它們之間的距離r的關系為：0,0VrVriF=<—F,rWrWr0120,r>r2式中F為大于零的常量,負號表示引力.用U表示夸克間的勢能,0取無窮遠為勢能零點.下列U—r圖示中正確的是取無窮遠為勢能零點.下列U—r圖示中正確的是8．如圖所示,在甲、乙兩個相同的水平圓盤上,分別沿半徑方向放置用長度相同的細線相連質(zhì)量均為m的小物體A（位于轉(zhuǎn)軸處）、B和C、D,它們與圓盤之間的動摩擦因數(shù)相等。當甲、乙的角速度大到A和B、C和D恰好將要相對圓盤滑動時，貝I」下列說法中錯誤的甲乙.°是（A．若突然剪斷細線,A仍靜止，B向外滑動B．若突然剪斷細線，CA．若突然剪斷細線,A仍靜止，B向外滑動B．若突然剪斷細線，C仍靜止，D向外滑動C．若突然剪斷細線，C、D均向外滑動D.當角速度繼續(xù)增加時，C、D將向外滑動圖1（I）為研究滑塊的運動，選用滑塊、鉤碼、圖1紙帶、毫米刻度尺、帶滑輪的木板、以及由漏斗和細線構(gòu)成的單擺等組成如圖1所示的裝置，實驗中，滑塊在鉤碼作用下拖動紙帶做勻加速直線運動，同時讓單擺垂直于紙帶運動方向做小擺幅擺動，漏斗可以漏出很細的有色液體，在紙帶上留下的痕跡記錄了漏斗在不同時刻的位置，如圖2所示。漏斗和細線構(gòu)成的單擺在該實驗中所起的作用與下列哪個儀器相同（填寫儀器序號）A、打點計時器B、秒表C、毫米刻度尺D、電流表如果用該實驗裝置測量滑塊加速度，對實驗結(jié)果影響最圖2大的原因是：（II）現(xiàn)提供如下器材，測定定值電阻R（約為5KQ）的阻值Xa.兩相同電流計G、G（50UA，內(nèi)阻約4K412i電阻箱R(0~Q)1電阻箱R(0~Q)2電源E（電動勢約3V，內(nèi)阻不計）滑動變阻器R（最大阻值20Q）開關兩個，導線若干由于電流計量程很小，需要先將它們進行改裝，某同學設計了用半偏法測電流計內(nèi)阻的電路，如圖，實驗過程如下：先將R調(diào)為最大，2然后閉合K、K,調(diào)節(jié)R、R,保證滿偏，使半偏（填寫元件符號）由此測得電流計G的阻值；2若測得電流計內(nèi)阻為Q,要將G改裝成量程為3V的電壓表，需串2聯(lián)的電阻值為___________采用改裝后的電壓表并伏安法測量待測電阻阻值，請在虛線框內(nèi)畫出實驗電路圖?！?m跳板跳水”其運動過程可簡化為：運動員走上跳板，跳板被壓縮到最低點C,跳板又將運動員豎直向上彈到最高點A，然后運動員做自由落體運動，豎直落入水中。將運動員視為質(zhì)點。已知運動員質(zhì)量為m，重力加速度為g，取跳板的水平點為B，AB間、BC間和B與水面間的豎起距離分別為h、h、h，如圖所示，123求：（1）運動員入水前速度大?。唬?）跳板被壓縮到最低點C時具有的彈性勢能（假設從C到B的過程中，運動員獲得的機械能為跳板最大彈性勢能的k倍，k<1）。有一勻強磁場區(qū)域，區(qū)域的上下邊界MM，、NN與水平面平行，磁場的磁感應強度為B，方向如圖所示，磁場上下邊界的距離為H。一矩形線圈abed位于豎直平面內(nèi)，其質(zhì)量為m，電阻為R，ab邊長L,bd邊長L,且LVH?，F(xiàn)令線框從離磁場區(qū)域上邊界MM、122aip的距離為h處自由下落，當ed邊已進入磁場，ab邊還未進入磁場的某一時刻，線框的速度已到達其完全進入磁場前的最大值，線框下落過程中ed邊始終與磁場邊界平行。試求：（1）線框完全進入磁場前速度的最大值；（2）從線框開始下落到ed邊剛剛到達磁場區(qū)域下邊界NN的過程中，磁場作用于線框的安培力所做的功；（3）線框ed邊剛穿出磁場區(qū)域下邊界NN、時線框的加速度?！癳dhMM、XXXXXXHXXXBXXXXXXXXNNN＇如圖所示，傾角為9=30°的斜面固定于水平地面上，在斜面底端O處固定一輕質(zhì)彈簧，斜面頂端足夠高。斜面上OM段光滑，M點以上均粗糙。質(zhì)量為m的物塊A在M點恰好能靜止，在離M點距離為L的N點處，有一質(zhì)量為加的光滑物塊B以初速度化=亦滑向物塊A，若物塊間每次碰撞(碰撞時間極短)后即緊靠在一起但不粘連，物塊間、物塊和彈簧間的碰撞均為正碰。求：物塊A在M點上方時，離M點的最大距離;系統(tǒng)產(chǎn)生的總內(nèi)能E。題號12345678答案CCACDBCDBC9.(I)(6分)①A（3分）KL_lE②漏斗重心變化導致單擺有效擺長變化，從而改變KL_lE①GG12(4分)①GG12(4分)②KQ(4分)（II）（12分）如圖（安培表外接也可以）（4分）10.（1）運動員從A到水面的過程中機械能守恒，有:mg(h+h)=mv2132解得：v=：2g(h+h)13（2）運動員從C到B的過程中，運動員和板組成系統(tǒng)的彈性勢能部分轉(zhuǎn)化為運動員的重力勢能，即：kE=mg（h+h）P12解得：E=mg（h+h）/kP1211.（1）設速度大小為v，此時線框的重力和線框ab邊受到的安培1力平衡，令此時線框中的電流強度為I,應有BIL=mg（2分），111I=BLVi（2分），故v=述（2分）1R1B2L21（2）設線框達到速度v時，cd邊進入磁場的深度為h，從下落到此11

時安培力對線框做功為W。對于線框由動能定理，得1mg(h+h)+W=丄mv2…①(1分)1121線框從有速度V到完全進入磁場時，線框作勻速運動，此過程中1安培力對線框做功W,由動能定理有mg(L-h)+W=0…②(1分)，2212從線框完全進入磁場Ucd邊剛到磁場區(qū)域下邊界NN'的過程中，線框中無電流，故此過程中安培力對線框所做的功為零(1分)，所以整個過程中磁場作用于線框的安培力所做的總功為W安=W+W…③，由①、②、③式12可得，W、二1mv2-mg(h+L)=m3g2R2-mg(h+L)…④(1分)安2i'2丿2B4L4621設線框的cd邊剛剛穿出磁場區(qū)域下邊界NN時線框的速度v,2則從線框剛下落到cd邊穿出磁場的整個過程中，由動能定理，可得mg(h+H)+W=1mv2-0…⑤(1分)，安22由④、⑤式解得v=：2g(H-L)+mgE…⑥(1分)2\|2B4L41線框的cd邊剛出磁場時只有ab邊切割磁感線，使線框中產(chǎn)生感應電流，導致ab邊受到向上的安培力，設此時線框的加速度為a，且設向下的方向為正方向，則由電磁感應定律及牛頓第二定律有mg-有mg-BLBLv=maR…⑦(1分)由⑥、⑦式可解得a=g_2gB4Li4(H-L2)+g2V0m2R2所以所求加速度大小ajUBmEZGZ：-g(1分)，方向m2R2豎直向上。

12.(1)設物塊B第一次和物塊A碰前的速度為U/碰后的共同速度為u，物塊B從N運動到M點由動能定理有22mgLsinO二12m212m2①2120對物塊B和物塊A,在碰撞過程中由動量守恒定律有2mu=(2m+m)u②12物塊A、B從第一次在M點相碰后至再次回到M點的過程中機械能守恒，兩物塊速度大小不變，方向反向。其后物塊A、B將做勻減速運動，設加速度分別設為a、a.12由牛頓第二定律有，對物塊A:“mgcosO+mgsinO=ma對光滑物塊B:2mgsin0=2ma2又由題意中