第19頁/共19頁2018—2019學年普通高中物理學業(yè)質量檢測試卷一、選擇題：（本大題共8小題，每小題6分，共48分。在每題給出的四個選項中，第1～5題只有一項符合題目要求：6～8題有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯或不選的得0分。）1.下列敘述錯誤的是（）A.力學中物體被看成質點，運用了理想化模型法B.伽利略研究力和運動的關系時，采用了理想實驗法C.電學中電阻、電場強度、電勢等物理量的定義，均運用了比值定義法D.平均速度定義式中，當時的平均速度可看成瞬時速度，這運用了等效替代法【答案】D【解析】【詳解】A．質點是來用代替物體的有質量的點，并不存在，采用的是理想化物理模型法，故A不符合題意；B．伽利略研究力與運動的關系時，采用了理想實驗法，得出物體的運動不需要力來維持。故B不符合題意；C．電學中電阻、電場強度和電勢等物理量的定義，都運用了比值定義法，故C不符合題意；D．平均速度定義式中，當時的平均速度可看成瞬時速度，運用了極限分析法，不是等效替代法，故D符合題意。故選D。2.在研究小球做平拋運動規(guī)律實驗中，所獲得的實驗數(shù)據(jù)經計算機處理后得到如圖所示的y—x2圖像，其中y表示小球的豎直位移，x表示小球的水平位移，不計空氣阻力，取g=9.8m/s2，則小球做平拋運動的初速度大小為（）A.2m/s B. C.1m/s D.4.9m/s【答案】C【解析】【詳解】由平拋運動的規(guī)律知聯(lián)立解得可知y-x2圖線斜率解得v0=1m/s故選C。3.一人乘電梯從底樓到頂樓，若從電梯啟動時開始計時，18s末電梯到達頂樓停下，此過程中他對電梯地板的壓力大小F與其重力大小G的比值隨時間變化的圖象如圖所示，g取10m/s2，則底樓地板距頂樓地板的距離為（）A.36m B.40.5m C.42m D.45m【答案】D【解析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律求出頭3秒內的加速度，同時求出3秒末的速度，再根據(jù)牛頓第二定律求出后3s內的加速度，根據(jù)速度時間公式求出后3s末的速度．根據(jù)運動學公式分別求出三段時間內的位移，從而得出上升的高度．【詳解】在前3s內，，加速度為：，3s末的速度為：；3-15s內，加速度為：，則15s末的速度為；在0～3s內的位移為：；在3～15s內的位移為：；15～18s內：，加速度為：；18s末速度恰好減為0，位移為：，則在18s內上升的高度為：，D正確．4.一顆月球衛(wèi)星在距月球表面高為h的圓形軌道運行，已知月球半徑為R，月球表面的重力加速度大小為，引力常量為G，由此可知（）A.月球的質量為B.月球表面附近的環(huán)繞速度大小為C.月球衛(wèi)星在軌道運行時的向心加速度大小為D.月球衛(wèi)星在軌道上運行的周期為【答案】A【解析】【分析】【詳解】A．“嫦娥一號”衛(wèi)星繞月做勻速圓周運動，由月球的萬有引力提供向心力，則得：在月球表面上，萬有引力等于重力，根據(jù)公式得，故A正確；B．根據(jù)公式解得，故B錯誤；C．根據(jù)公式解得，故C錯誤；D．根據(jù)公式解得，故D錯誤。5.如圖所示，在一個邊長為a的正六邊形區(qū)域內存在磁感應強度為B，方向垂直于紙面向里的勻強磁場，三個相同帶正電的粒子，比荷為，先后從A點沿AD方向以大小不等的速度射入勻強磁場區(qū)域，粒子在運動過程中只受到磁場力作用，已知編號為①的粒子恰好從F點飛出磁場區(qū)域，編號為②的粒子恰好從E點飛出磁場區(qū)域，編號為③的粒子從ED邊上的某一點垂直邊界飛出磁場區(qū)域，則（）

A.編號為①的粒子在磁場區(qū)域內運動的時間為B.編號為②的粒子在磁場區(qū)域內運動的時間為C.三個粒子進入磁場的速度依次增加D.三個粒子在磁場內運動的時間依次增加【答案】C【解析】【詳解】粒子在磁場中運動有，解得，ABD．編號①、②、③粒子在磁場中運動軌跡對應的圓心角分別為、、，則三個粒子在磁場中運動的時間分別為，，則三個粒子在磁場中運動的時間越來越短，故ABD錯誤；C．三個粒子在磁場中運動軌跡半徑越來越大，設六邊形邊長為a,則，，由可得，三個粒子進入磁場的速度依次增加，故C正確。故選C。

6.如圖，一光滑的輕滑輪用細繩OO'懸掛于O點；另一細繩跨過滑輪，其一端懸掛物塊a，另一端系一位于水平粗糙桌面上的物塊b．外力F向右上方拉b，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)．若F方向不變，大小在一定范圍內變化，物塊b仍始終保持靜止，則A.繩OO'的張力也在一定范圍內變化B.物塊b所受到的支持力也在一定范圍內變化C.連接a和b的繩的張力也在一定范圍內變化D.物塊b與桌面間的摩擦力也在一定范圍內變化【答案】BD【解析】【分析】【詳解】物塊b仍始終保持靜止，可知物塊a也始終保持靜止，滑輪兩側繩子的夾角也不變，可知連接a和b的繩的張力等于物塊a的重力，所以連接a和b的繩的張力保持不變，夾角不變，所以．繩OO'的張力也不變，故A、C錯誤；對b進行受力分析可知，當若F方向不變，大小在一定范圍內變化時，而重力mg和繩子的拉力FT保持不變，所以．物塊b所受到的支持力也在一定范圍內變化，物塊b與桌面間的摩擦力也在一定范圍內變化，故B、D正確7.如圖所示，半圓形光滑軌道固定在水平地面上，半圓的直徑與地面垂直，其半徑為R，若小物塊進入半圓軌道后不脫離半圓軌道（從兩端點離開除外），則小物塊進入半圓軌道時的速度大小可能為（重力加速度為g）（）A. B. C. D.【答案】AD【解析】【分析】【詳解】若物塊恰好通過軌道的最高點，在最高點處有mg=m從最低點到最高點的過程，由機械能守恒定律得解得v0=若物塊恰好到達軌道圓心的等高處，則由機械能守恒定律得mgR=可得v0=所以小物塊進入半圓軌道時的速度大小范圍為v0≥或0＜v0≤，故AD正確，BC錯誤。故選AD。8.如圖所示，兩根足夠長且平行的光滑金屬導軌與水平面成53°夾角固定放置，導軌間連接一阻值為6Ω的電阻R，導軌電阻忽略不計；在兩平行虛線m、n間有一與導軌所在平面垂直、磁感應強度為B的勻強磁場，導體棒a的質量為ma=0.4kg，電阻Ra=3Ω；導體棒b的質量為mb=0.1kg，電阻Rb=6Ω；它們分別垂直導軌放置并始終與導軌接觸良好，a、b從開始相距L0=0.5m處同時由靜止開始釋放，運動過程中它們都能勻速穿過磁場區(qū)域，當b剛穿出磁場時，a正好進入磁場（g取10m/s2，不計a、b之間電流的相互作用）．則（）A.當a、b分別穿越磁場的過程中，通過R的電荷量之比為3：1B.在穿越磁場的過程中，a、b兩導體棒勻速運動的速度大小之比為3：1C.磁場區(qū)域沿導軌方向的寬度d=0.25mD.在整個過程中，產生的總焦耳熱為1J【答案】BCD【解析】【詳解】A．通過電荷量的表達式為根據(jù)閉合電路歐姆定律，有根據(jù)法拉第電磁感應定律，有聯(lián)立可得在b穿越磁場的過程中，b是電源，a與R是外電路，電路的總電阻為根據(jù)并聯(lián)電路規(guī)律，則通過R的電荷量為同理a棒在磁場中勻速運動時，電路中總電阻為通過R的電荷量為聯(lián)立以上各式可得故通過R的電荷量之比為，選項A錯誤；B．設b在磁場中勻速運動的速度大小為vb，產生的感應電動勢為則b中的電流為由于b在磁場中做勻速運動，由以上兩式得同理a棒在磁場中勻速運動時，有聯(lián)立可得故兩導體棒勻速運動的速度大小之比為，選項B正確；C．設b在磁場中運動時間為t，則有b在磁場中做勻速直線運動，則有根據(jù)速度位移公式，有且根據(jù)上問可知聯(lián)立以上各式解得故磁場區(qū)域沿導軌方向的寬度d為0.25m，選項C正確；D．由功能關系，焦耳熱等于導體克服安培力做的功，a受的安培力大小為安培力做功為同理則在整個過程中，電路中共產生的焦耳熱為故產生的總焦耳熱為1J，選項D正確。故選BCD。二．實驗（第9題每空1分，共7分；第10題每小題2分，共8分。本大題共15分）9.某同學探究彈力與彈簧伸長量的關系．（1）將彈簧懸掛在鐵架臺上，將刻度尺固定在彈簧一側，彈簧軸線和刻度尺都應在________方向（填“水平”或“豎直”）．（2）彈簧自然懸掛，待彈簧______時，長度記為L0，彈簧下端掛上砝碼盤時，長度記為Lx；在砝碼盤中每次增加10g砝碼，彈簧長度依次記為L1至L6，數(shù)據(jù)如下表表：代表符號L0LxL1L2L3L4L5L6數(shù)值（cm）25.3527.3529.3531.3033.435.3537.4039.30表中有一個數(shù)值記錄不規(guī)范，代表符號為_______．由表可知所用刻度尺的最小分度為______．（3）如圖是該同學根據(jù)表中數(shù)據(jù)作的圖，縱軸是砝碼的質量，橫軸是彈簧長度與____________的差值（填“或”）．（4）由圖可知彈簧的勁度系數(shù)為_________N/m；通過圖和表可知砝碼盤的質量為_________g（結果保留兩位有效數(shù)字，重力加速度取9.8m/s2）．【答案】①.豎直；②.穩(wěn)定；③.；④.；⑤.；⑥.4.9；⑦.10；【解析】【詳解】試題分析：①將彈簧懸掛在鐵架臺上，將刻度尺固定在彈簧一側，彈簧軸線和刻度尺都應在豎直方向．②表中有一個數(shù)值記錄不規(guī)范，尺的最小分度值為1mm，所以長度應為33．40cm，由表可知所用刻度尺的最小刻度為1mm．③在砝碼盤中每次增加10g砝碼，所以彈簧的形變量應該是彈簧長度與的差值．④充分利用測量數(shù)據(jù)，通過圖和表可知所以砝碼盤的質量為考點：探究彈力與彈簧伸長量的關系實驗【名師點睛】彈簧測力計的原理是在彈簧的彈性限度內，彈簧的伸長與受到的拉力成正比．對于實驗問題，我們要充分利用圖象處理實驗數(shù)據(jù)來減少偶然誤差．10.如圖甲所示，一節(jié)干電池、開關S、電阻箱R和阻值未知的定值電阻（做保護電阻用）串聯(lián)組成電路。依據(jù)以下實驗步驟，測量干電池電動勢E和內阻r的值。（1）多用電表的紅、黑表筆均插入多用電表的表筆接線孔，按照多用電表的使用規(guī)則：黑表筆應插入多用電表的_____接線孔；紅表筆應插入多用電表的____接線孔。（均選填“＋”或“－”）（2）保護電阻阻值未知，根據(jù)以下實驗步驟，測量保護電阻抝的阻值：①閉合開關S，調節(jié)電阻箱，讀出其示數(shù)R0。②紅、黑表筆正確插入接線孔之后，把多用電表的選擇開關置于直流電壓擋的“0～2V”量程，與“＋”接線孔相連的那支表筆接電路中的a點，另一支表筆接電路中的b點，記下電壓表的示數(shù)U1。③與“＋”接線孔相連的那支表筆仍然接電路中的a點，另一支表筆接電路中的c點，記下此時電壓表的示數(shù)U2。④電阻R1的表達式為R1＝_____。（用U1、U2、R0表示）⑤多次改變電阻箱的阻值，重復以上步驟，測出R1的平均值。（3）接下來測干電池的電動勢E和內阻r，為了保證測量結果盡可能精確，實驗步驟依次是：①與“＋”接線孔相連的那支表筆仍然接電路中的a點，另一支表筆接電路中的____（選填“b”或“c”）點，調節(jié)電阻箱阻值R，記下此時電壓表的示數(shù)U。②多次改變電阻箱阻值R，記錄下對應的電壓U。③以為縱坐標、為橫坐標，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出圖線如圖乙所示

④若保護電阻的阻值為3.1Ω，分析圖線可知：干電池的電動勢E＝______V，內阻r＝_____Ω?！敬鸢浮竣?-②.+③.④.b⑤.2.0⑥.0.9【解析】【詳解】（1）[1][2]多用電表的紅、黑表筆均插入多用電表的表筆接線孔，按照多用電表的使用規(guī)則：黑表筆應插入多用電表的“-”接線孔；紅表筆應插入多用電表的“+”接線孔。（2）④[3]根據(jù)歐姆定律可知解得（3）①[4]與“＋”接線孔相連的紅表筆仍然接電路中的a點，黑表筆接電路中的b點，調節(jié)電阻箱阻值R，記下此時電壓表的示數(shù)U。④[5][6]由閉合電路的歐姆定律變形可得由圖可知，解得E=2.0V，r=0.9Ω三．計算題（要求寫出必要的物理公式和物理過程；11題14分；12題18分。共32分）11.如圖所示，在方向水平向右的勻強電場中（圖中未畫出），有一固定光滑絕緣的半球形碗，碗的半徑為R。有一個質量為m、電荷量為+q的小球，靜止在距碗底高度為的碗內右側表面上。（1）求勻強電場電場強度的大小；（2）若將勻強電場方向變?yōu)樨Q直向下，求小球運動到碗底時對碗的壓力大小。

【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）對小球受力分析，如圖，設小球和圓心連線與水平方向夾角為θ，則得受力分析可得得（2）小球從靜止開始運動到碗底過程中，根據(jù)動能定理根據(jù)向心力公式可解得所以，根據(jù)牛頓第三定律可得小球對碗底的壓力大小為12.如圖所示，MN為固定的豎直光滑四分之一圓弧軌道，N端與水平面相切，軌道半徑R=0.9m，粗糙水平端NP長L=1m，P點右側有一與水平方向成=30°角的足夠長的傳送帶與水平面在P點平滑連接，傳送帶逆時針轉動的速率恒為3m/s，一質量為1kg可視為質點的物塊A從圓弧軌道最高點M由靜止開始沿軌道滑下，物塊A與NP段間的動摩擦因數(shù)，靜止在P點的另一個物塊B與A完全相同，B與傳送帶間的動摩擦因數(shù)，A與B碰撞是完全彈性碰撞，重力加速度，求：（1）物塊A滑下后首次到達最低點N時對軌道的壓力；（2）A運動到P點時的速度是多大？（3）從A、B第一次碰撞后到第二次碰撞前，B與傳送帶之間由于摩擦而產生的熱量；

【答案】（1）30N，方向向下；（2）4m/s；（3）12.25J【解析】【詳解】（1）從M到N由機械能守恒定律在N點時得N=3mg=30N方向向下（2）A從N點運動到P點時解得（3）AB發(fā)生彈性碰撞則得設傳送帶的速率為v，據(jù)題v=3m/s

物塊B滑上傳送帶后所受的滑動摩擦力沿斜面向下，沿傳送帶向上勻減速運動直至速度為零，加速度大小設為a1，根據(jù)牛頓第二定律得mgsinθ+μ2mgcosθ=ma1得a1=gsinθ+μ2gcosθ代入數(shù)據(jù)解得a1=10m/s2B向上勻減速運動的時間位移此過程相對運動路程△s1=vt1+x1=3×0.4+0.8=2mB的速度減至零反向加速，加速度仍為a1，與傳送帶共速后勻速運動直至與A再次碰撞，加速時間為位移為此過程相對運動路程△s2=vt2-x2=0.45m全過程生熱Q=μ2mgcosθ（△s1+△s2）代入數(shù)據(jù)解得Q=12.25J四.【物理選修3-3】（第1小題6分、第2小題9分。共15分）13.下列說法中正確的是_________________A.只要知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)，就可以算出氣體分子的體積B.懸浮在液體中微粒的無規(guī)則運動并不是分子運動，但微粒運動的無規(guī)則性，間接反映了液體分子運動的無規(guī)則性C.空氣中的水蒸氣的壓強越小，敞口容器中水蒸發(fā)一定越快D.理想氣體在某過程中從外界吸收熱量，其內能可能減小E.熱量能夠從高溫物體傳到低溫物體，也能夠從低溫物體傳到高溫物體【答案】BDE【解析】【詳解】A．因為氣體分子間距很大，知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數(shù)無法直接求出分子的體積，只能求出分子所占據(jù)的空間；故A錯誤；B．在液體中微粒的無規(guī)則運動是布朗運動，并不是分子運動，但微粒運動的無規(guī)則性，間接反映了液體分子運動的無規(guī)則性；故B正確；C．空氣相對濕度小時，水蒸發(fā)越快，與空氣中的水蒸氣的壓強的大小無關；故C錯誤；D．做功和熱傳遞是改變內能的兩種方式，理想氣體在某過程中從外界吸收熱量，若同時對外做功，其內能可能減?。还蔇正確；E．根據(jù)熱力學第二定律可知，熱量能夠從高溫物體傳高低溫物體，也能夠在一定的條件下從低溫物體傳到高溫物體，如空調．故E正確；故選BDE．【點睛】氣體分子間距較大，無法根據(jù)阿伏加德常數(shù)求解分子的體積；布朗運動間接反映了液體分子運動的無規(guī)則性；相同溫度下，水的飽和汽的壓強是一定的；做功與熱傳遞都可以改變物體的內能；根據(jù)熱力學第二定律分析．14.如圖所示，一水平放置的薄壁圓柱形容器內壁光滑，長為L，底面直徑為D，其右端中心處開有一圓孔．質量為m的理想氣體被活塞封閉在容器內，器壁導熱良好，活塞可沿容器內壁自由滑動，其質量、厚度均不計．開始時氣體溫度為300K，活塞與容器底部相距L.現(xiàn)對氣體緩慢加熱，已知外界大氣壓強為p0.求溫度為480K時氣體的壓強．【答案】【解析】【詳解】開始加熱時，在活塞移動的過程中，氣體做等壓變化，由蓋呂薩克定律求出活塞緩慢移到最右端時的溫度；活塞移至最右端后，氣體做等容變化，根據(jù)查