2021年上海市嘉定區(qū)高考物理二模試卷

一、單選題（本大題共12小題，共40.0分）

1.2018年11月1日，第四十一顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星成功發(fā)射。此次發(fā)射的北斗導(dǎo)航衛(wèi)星是北斗三號(hào)系

統(tǒng)的首顆地球靜止軌道（GEO）衛(wèi)星，也是第十七顆北斗三號(hào)組網(wǎng)衛(wèi)星。該衛(wèi)星大幅提升了我國

北斗系統(tǒng)的導(dǎo)航精度。已知靜止軌道（GEO）衛(wèi)星的軌道高度約36000km地球半徑約6400km,

地球表面的重力加速度為g,請你根據(jù)所學(xué)的知識(shí)分析該靜止軌道（GEO）衛(wèi)星處的加速度最接近

多少（）

A.如B.\gC.D.劫

2.地光是在地震前夕出現(xiàn)在天邊的一種奇特的發(fā)光現(xiàn)象，它是放射性元素氮因衰變釋放大量的帶

電粒子，通過巖石裂隙向大氣中集中釋放而形成的。已知絲2Rn的半衰期為3.82d,經(jīng)衰變后變

成穩(wěn)定的第6Pb.下列說法正確的是（）

A.氧核四2Rn的中子數(shù)為86,質(zhì)子數(shù)為136

B.該衰變要經(jīng)過4次a衰變和4次0哀變

C.該衰變過程，遵循質(zhì)量守恒、電荷數(shù)守恒

D.標(biāo)號(hào)為a、b、c、d的4個(gè)氨核絲2所經(jīng)3.82d后一定剩下2個(gè)核未衰變

3.某同學(xué)在“用雙縫干涉測光的波長”實(shí)驗(yàn)中，利用綠光做光源在光屏[[[][

上得到如圖所示的干涉條紋，下列與此實(shí)驗(yàn)相關(guān)的判斷正確的是（）|]

A.若改用白光做光源，將得到黑白相間的條紋■■■■■—

B.若改用紅光做光源，亮條紋間距將變窄

C.若想增大亮條紋間距，可以采取增大雙縫到屏的距離

D.若增大雙縫間距，亮條紋間距將變寬

4.振動(dòng)著的單擺擺球，通過平衡位置時(shí)，它受到的回復(fù)力（）

A.指向地面B.指向懸點(diǎn)

C.數(shù)值為零D.垂直擺線，指向運(yùn)動(dòng)方向

5.一人乘電梯從底樓到頂樓，若從電梯啟動(dòng)時(shí)開始計(jì)時(shí)，18s末電梯到達(dá)頂樓停下，此過程中他對

電梯地板的壓力大小尸與其重力大小G的比值隨時(shí)間變化的圖象如圖所示，g取10m/s2,則底

樓地板距頂樓地板的距離為（）

031518火

A.36，"B.40.5mC.42mD.45，"

6.將一物體用輕質(zhì)細(xì)線拴住，一端固定于懸點(diǎn)。點(diǎn)，將物體拉至細(xì)線處于水平狀態(tài)，無初速釋放

物體.物體下擺到懸點(diǎn)正下方過程中，物體的重力瞬時(shí)功率變化情況是（）

A.一直增大B.一直減小C.先增大后減小D.先減小后增大

7.如圖所示為一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)A變化到狀態(tài)8的p-7圖，在

A

由力變化到B的過程中（）“

A.氣體的密度一直變大__________?

OT

B.氣體的內(nèi)能一直變大

C.氣體的體積一直減小

D.單位時(shí)間內(nèi)撞擊到器壁單位面積上的分子數(shù)一直減少

8.據(jù)報(bào)道，今年3月31日，我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用“長征三號(hào)乙"運(yùn)載

火箭，將法國泰雷茲阿萊尼亞宇航公司為香港亞太通信衛(wèi)星有限公司研制!\

的“亞太7號(hào)”通信衛(wèi)星成功送入同步軌道.該通訊衛(wèi)星在P點(diǎn)（軌道1）

與軌道2的切點(diǎn)）點(diǎn)火變軌，由近地圓軌道1變?yōu)闄E圓軌道2,然后在Q點(diǎn)

（軌道2與軌道3的切點(diǎn)）點(diǎn)火變軌，由橢圓軌道2變?yōu)橥杰壍?,如圖

所示.則該通信衛(wèi)星（）

A.在地面的發(fā)射速度可能大于11.2km/s

B.沿圓軌道1通過P點(diǎn)的速度小于沿橢圓軌道2通過P點(diǎn)的速度

C.沿橢圓軌道2通過P點(diǎn)的速度小于沿橢圓軌道2通過。點(diǎn)的速度

D.沿橢圓軌道2通過。點(diǎn)的加速度大于沿圓軌道3通過。點(diǎn)的加速度

9.如圖所示，一帶負(fù)電的金屬環(huán)繞軸0。'以角速度3勻速旋轉(zhuǎn)，在環(huán)左側(cè)軸線上的小磁針最后平衡

時(shí)N極的指向（）

A.N極豎直向上B.N極豎直向下C.N極沿軸線向左D.N極沿軸線向右

10.如圖所示，一個(gè)粗細(xì)均勻的U形管內(nèi)裝有同種液體，在管口右端蓋板A密閉，A

兩液面的高度差為6,U形管內(nèi)液柱的總長度為4九.現(xiàn)拿去蓋板，液體開始運(yùn)

動(dòng)，當(dāng)兩液面高度相等時(shí)，右側(cè)液面下降的速度為（）

L

1

1

2

1

AB.L

I

L

4

cL

I

-

,

6

DL

1

-

8

—

11.某同學(xué)在探究電流的磁效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，將小磁針放置在水平桌面

上，導(dǎo)線放置在小磁針的正上方，如圖所示。將開關(guān)閉合，發(fā)

現(xiàn)小磁針無偏轉(zhuǎn)，經(jīng)檢查實(shí)驗(yàn)電路無故障。關(guān)于這次實(shí)驗(yàn)，下

列說法正確的是（）

A.通電導(dǎo)線的周圍不存在磁場，所以小磁針不偏轉(zhuǎn)

B.調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使電流變大，小磁針將會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)

C.將電流反向，小磁針一定會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)

D.將導(dǎo)線在水平面內(nèi)旋轉(zhuǎn)90。，使導(dǎo)線與小磁針平行，再閉合開關(guān)小磁針將會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)

12.空間存在如圖所示的電場，AB為同一電場線上的兩點(diǎn)，現(xiàn)在A8

間連接--根光滑曲管，且曲管與電場線重合，一質(zhì)量為〃，的帶

電粒子以一定的初速度從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到8點(diǎn)，重力不計(jì)，以下分

析正確的是（）

A.該粒子一定帶正電

B.該粒子運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒

C.若某一瞬時(shí)帶點(diǎn)粒子速度為口對管壓力為N,則所處位置曲率半徑為處

N

D.帶電粒子運(yùn)動(dòng)過程中速度有可能先增大后減小

二、填空題（本大題共5小題，共20.0分）

13.（1）靜止的原子核能昭處在一個(gè)勻強(qiáng)磁場中，當(dāng)它自發(fā)地放出一個(gè)a粒子后變成一個(gè)新核.若a粒

子放出時(shí)的速度方向與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直，則a粒子與新核做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑之比為

從a粒子放出到它與新生核相遇的過程中，a粒子至少轉(zhuǎn)圈.

(2)已知氮核的質(zhì)量為14.00735”，氧核的質(zhì)量為17.00454m氮核的質(zhì)量為4.00387”，質(zhì)子的質(zhì)量

為1.00815a,則核反應(yīng)尹N+加er，。+出是______(填“釋能”“吸能”)反應(yīng)，能量變

化了/(I”相當(dāng)于931MeV).

14.一列簡諧橫波在一均勻介質(zhì)中傳播，圖甲是介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)尸的振動(dòng)圖象，當(dāng)質(zhì)點(diǎn)P開始振動(dòng)時(shí)計(jì)

時(shí)開始，t=0.15s的波形如圖乙所示，。為介質(zhì)中的另一質(zhì)點(diǎn)，則該波的波速為m/s,

質(zhì)點(diǎn)尸、Q平衡位置之間的距離為cnu

15.電影特技中有一種叫做“快鏡頭”的放映方法.對于一個(gè)從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的汽車,

正常放映時(shí)，屏幕上汽車的加速度為4，汽車運(yùn)動(dòng)到某點(diǎn)時(shí)的速度為也當(dāng)使用n(n>l)倍速度

(即播放時(shí)間為正常放映時(shí)間的》的“快鏡頭”時(shí)，屏幕上汽車的加速度為,汽車運(yùn)動(dòng)

到同一點(diǎn)的速度為

16.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體，處在A狀態(tài)時(shí)，溫度為以=27。&

則在狀態(tài)B的溫度為汽.氣體從狀態(tài)A等容變化到狀態(tài)M,再等

壓變化到狀態(tài)B的過程中對外所做的功為J.(^latm=1.0x

105Pa)

17.某同學(xué)制作了一水果電池，欲測定該電池的電動(dòng)勢E和內(nèi)阻兀給定器材如下：

4待測水果電池EB.電流表G(量程10wA,內(nèi)阻約400)C.電阻箱R(0?999.90)D.開關(guān)S及導(dǎo)線

(1)因?yàn)殡娏鞅鞧內(nèi)阻的準(zhǔn)確值未知，所以他用如圖甲所示的電路測量其內(nèi)阻力.已知圖中電流表A

的內(nèi)阻為以在某次測量中，讀出電流表4、電流表G的讀數(shù)分別為〃、lc,則內(nèi)阻％=.

(2)若電流表G內(nèi)阻的測量值6=40.00.現(xiàn)采用圖乙所示的電路測量水果電池的電動(dòng)勢.E和內(nèi)阻r.

根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪出的亍-R圖象如圖丙所示，則圖線斜率表示的物理意義是.根據(jù)圖象求出

該電池的電動(dòng)勢E=H內(nèi)阻r=僅(結(jié)果保留整數(shù))

比A“

舞疆圜蜀疆

圓If麗l叁lf畫t牖ff庖ll宣l

聒蹤器身簫植舄

■典畫圖則瞋甄

盤”需M面喘福昌

F一?一

乙1

內(nèi)

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共I小題，共U.0分）

18.現(xiàn)用頻閃照相方法來研究物塊的勻加速直線運(yùn)動(dòng)。在一小物塊沿斜面向下運(yùn)動(dòng)的過程中，用頻

閃相機(jī)拍攝的不同時(shí)刻物塊的位置如圖所示。拍攝時(shí)頻閃頻率是5Hz；通過斜面上固定的刻度

尺讀取的5個(gè)連續(xù)影像間的距離依次為修、小、叼、/,已知斜面頂端的高度人和斜面的長度s。

數(shù)據(jù)如下表所示（單位：cm）。

%2%3hS

10.7615.0519.3423.6548.0080.00

根據(jù)表中數(shù)據(jù)，完成下列填空（所有結(jié)果都保留3位有效數(shù)字）:

（1）物塊在B點(diǎn)的速度m/s；

（2）物塊的加速度a=m/s2：

（3）物塊由靜止釋放的位置距離A點(diǎn)的距離為cm。

四、計(jì)算題（本大題共2小題，共29.0分）

19.如圖所示，截面是直角梯形的物塊靜置于光滑水平地面上，其兩個(gè)側(cè)面恰好與兩個(gè)固定在地面

上的擋板X和V相接觸.圖中AB高H=0.3機(jī)、AD^L=0.5m,斜面傾角0=37。.可視為質(zhì)點(diǎn)

的小物塊P（圖中未畫出）質(zhì)量m=1kg,它與斜面的動(dòng)摩擦因數(shù)〃可以通過更換斜面表面的材料

進(jìn)行調(diào)節(jié)，調(diào)節(jié)范圍是0W〃<l.（sin37。=0.6,cos37。=0.8,重力加速度g??！,Om/s?）

（1）令〃=0,將P由O點(diǎn)靜止釋放，求小物塊P在斜面上的運(yùn)動(dòng)時(shí)間;

(2)令〃=0.5,在。點(diǎn)給P一個(gè)沿斜面向下的初速度為=2m/s,求小物塊P落地時(shí)的動(dòng)能；

(3)對于不同的〃，每次都在。點(diǎn)給小物塊P一個(gè)沿斜面向下足夠大的初速度以保證它能滑離斜面,

20.有一質(zhì)量為機(jī)的玩具小車放在粗糙的水平面上，小車底部裝有單匝的矩形導(dǎo)線框"4,"邊的

長度為2L,A邊的長度為3ad邊的電阻為2K,兒邊的電阻為R,其余邊的電阻不計(jì)。小車

與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，小車的右側(cè)有兩個(gè)邊長為2Z.的正方形磁場區(qū)域，間隔也為2L,

磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小均為8,方向分別為垂直于水平面向上和向下，如圖所示?，F(xiàn)在外力作用下，

保證小車以速度為勻速通過兩磁場區(qū)域。重力加速度為g。

??：XX

??：XX

仁如…不二或—4^—公二I

(1)從歷邊進(jìn)入磁場開始計(jì)時(shí).，畫出“d間的電壓4d隨時(shí)間『的變化關(guān)系，并標(biāo)注必要的坐標(biāo)值；

(2)小車線框完全通過兩磁場過程中外力所做的功W和加邊產(chǎn)生的焦耳熱Q；

(3)若兒邊剛要進(jìn)入左側(cè)磁場時(shí)撤去外力，此時(shí)小車的速度為孫，發(fā)現(xiàn)線框aa邊在離開右側(cè)磁場瞬

間，小車的速度恰好減小為0,求小車線框穿過整個(gè)磁場區(qū)域所經(jīng)歷的總時(shí)間％

【答案與解析】

1.答案：A

解析：解：當(dāng)衛(wèi)星在地面時(shí)：m9=鬻

衛(wèi)星若地球運(yùn)動(dòng)時(shí)萬有引力提供向心力可得：ma=/黑

r-r*?xIQR2,6400x1()3、？1

明以、：—=-----=(------------------------------------V?-

g(R+九/V6400X103+36000X103739

可知該靜止軌道(GE。)衛(wèi)星處的加速度最接近白0故A正確，BCD錯(cuò)誤

36

故選：Ao

地面附近物體的重力等于萬有引力；衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由萬有引力提供。

明確萬有引力提供向心力是解決該類問題的關(guān)鍵，理解第一宇宙速度的意義，會(huì)求加速度的表達(dá)式。

2.答案:B

解析：解：A、氫核的質(zhì)子數(shù)為86,中子數(shù)為222-86=136,故A錯(cuò)誤；

B、設(shè)此衰變過程中經(jīng)歷了要經(jīng)過X次a衰變和￥次夕衰變，

2

根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可得其衰變方程為：HRn-第6pb+X4He+可遇，由222=206+

4X,86=82+2X-Y,聯(lián)立解得：X=4,Y=4,故8正確；

C、該衰變過程釋放能量存在質(zhì)量虧損，但遵循質(zhì)量數(shù)守恒、電荷數(shù)守恒，故C錯(cuò)誤；

。、半衰期適用于大量的原子核，對于少量的原子核不適用，故。錯(cuò)誤。

故選：Bo

根據(jù)原子核的組成判斷質(zhì)子數(shù)與中子數(shù)；

根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒判斷a、/?衰變的次數(shù)；

半衰期是原子核有半數(shù)發(fā)生衰變所需的時(shí)間，是一種統(tǒng)計(jì)規(guī)律；

本題考查的原子核的組成、原子核的衰變，要抓住衰變的過程中質(zhì)量數(shù)守恒與電荷數(shù)守恒的特點(diǎn)。

3.答案：C

解析：

根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式Ax=a判斷條紋間距的變化.

解決本題的關(guān)鍵掌握雙縫干涉條紋的間距公式，并且知道各種色光波長的大小關(guān)系.

A、改用白光做光源，得到彩色的干涉條紋，故4錯(cuò)誤；

B、改用紅光做光源，則波長變大，根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式=知，亮條紋間距變寬，故

a.

8錯(cuò)誤；

C、若想增大亮條紋間距，根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式Zx=知，可以采取增大雙縫到屏的距離，

故C正確；

D、根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式=知，增大雙縫間距，則亮條紋間距變窄，故。錯(cuò)誤.

故選：C.

4.答案：C

解析：解：擺球受到的回復(fù)力是重力沿圓弧切線方向上的分力，經(jīng)過平衡位置時(shí)，回復(fù)力為零。由

于單擺做圓周運(yùn)動(dòng)在平衡位置，合力不為零，合力提供向心力，方向指向懸點(diǎn)。故C正確，A、8、

。錯(cuò)誤。

故選：Co

單擺的回復(fù)力是重力沿圓弧切線方向上的分力，方向指向平衡位置.

解決本題的關(guān)鍵知道單擺做簡諧運(yùn)動(dòng)回復(fù)力的來源，知道在平衡位置，回復(fù)力為零，合力不為零.

5.答案：D

解析：解：在前3s內(nèi)，加速度為：=lm/s2

3s末的速度為：%=Qih=1x3m/s=3mls°

3—15s內(nèi)，加速度為：a2=0

則5s末的速度為：v2==3m/So

在。?3s內(nèi)的位移為：=4.5m

在3?15s內(nèi)的位移為：x2=巧功=3mlsx12s=36m

F92

15?18s內(nèi)的加速度為：a3='~^=-lm/s

18s末速度恰好減為0,位移為：x3=172t3+73儲(chǔ)=4.5zn

則在18s內(nèi)上升的高度為：s=%+小+%=45m

故選：D。

根據(jù)牛頓第二定律求出頭3秒內(nèi)的加速度，同時(shí)求出3秒末的速度，再根據(jù)牛頓第二定律求出后3s

內(nèi)的加速度，根據(jù)速度時(shí)間公式求出后3s末的速度.根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分別求出三段時(shí)間內(nèi)的位移，

從而得出上升的高度

加速度是聯(lián)系力學(xué)和運(yùn)動(dòng)學(xué)的橋梁，通過加速度，可以根據(jù)力求運(yùn)動(dòng)，也可以根據(jù)運(yùn)動(dòng)求力

6.答案：C

解析:如圖所示，在水平位置A處，由于小球的速度va=0,因此此時(shí)小球重力的功率Pa=mgva=

0.在繩豎直時(shí)的B處，小球的速度vb與重力方向垂直,此時(shí)小球重力的功率Pb=mgvbcos90°=0.

當(dāng)小球在A、B之間任何位置C時(shí)，小球的速度不為零，而且速度方向與重力方向的夾角為銳角，

所以小球重力的功率Pc=mgcos^O0-a)vc>0.根據(jù)以上分析可知，小球從A處開始下落的過程

中，重力的功率先由零開始增大，然后再逐漸減小到零.

解析：解：C、氣體先等壓變化后等溫變化，結(jié)合圖象及理想氣體狀態(tài)方程崇=C,體積一直增大,

故C錯(cuò)誤。

4由p=*質(zhì)量一定，體積一直增大，氣體的密度一直減小，故A錯(cuò)誤。

C、理想氣體內(nèi)能的變化可以由溫度的變化來判斷；由狀態(tài)A變化到狀態(tài)8,氣體的溫度先升高后不

變，氣體的內(nèi)能先增大后不變，故C錯(cuò)誤。

。、理想氣體壓強(qiáng)的微觀表達(dá)式為p=|nEk；等壓變化階段，溫度升高，分子的平均動(dòng)能增大，則

單位時(shí)間內(nèi)撞擊到器壁單位面積上的分子數(shù)減??；在等溫變化階段，分子平均動(dòng)能不變，壓強(qiáng)減小，

則單位時(shí)間內(nèi)撞擊到器壁單位面積上的分子數(shù)減小，故。正確。

故選：D。

利用p-T圖象及理想氣體狀態(tài)方程判斷體積的變化；由密度公式及體積變化情況判斷密度的變化;

氣體內(nèi)能只包含氣體分子動(dòng)能，根據(jù)溫度的變化來判斷氣體內(nèi)能的變化；根據(jù)理想氣體壓強(qiáng)的微觀

表達(dá)式來判斷單位時(shí)間內(nèi)撞擊到器壁單位面積上的分子數(shù)的變化。

本題考查了理想氣體狀態(tài)方程、氣體壓強(qiáng)的微觀意義、氣體內(nèi)能等知識(shí)點(diǎn).解答理想氣體狀態(tài)方程

與圖象的綜合問題的關(guān)鍵在于找到兩個(gè)規(guī)律之間的聯(lián)系，弄清氣體狀態(tài)變化過程中各狀態(tài)量的變化

情況

8.答案：B

解析：

第二宇宙速度是脫離地球束縛的發(fā)射速度，故人造地球衛(wèi)星的發(fā)射速度均小于第二宇宙速度，根據(jù)

衛(wèi)星做近心運(yùn)動(dòng)和離心運(yùn)動(dòng)分別討論在切點(diǎn)不同軌道上速度的大小。

掌握第二宇宙速度的物理意義和衛(wèi)星變軌原理是正確解題的關(guān)鍵。

A.11.2km/s是發(fā)射脫離地球束縛衛(wèi)星的速度，人造地球衛(wèi)星的發(fā)射速度均小于11.2km/s,故A錯(cuò)誤；

B.在軌道2上經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)，衛(wèi)星要做離心運(yùn)動(dòng)，故有G萼《，在軌道1上經(jīng)過尸點(diǎn)時(shí)萬有引力

等于向心力G萼=Tn吐，可知沿圓軌道1通過P點(diǎn)的速度小于沿橢圓軌道2通過P點(diǎn)的速度，故B

正確；

C.從P至。萬有引力對衛(wèi)星做負(fù)功，衛(wèi)星動(dòng)能減小，故在橢圓軌道上經(jīng)過。點(diǎn)的速度小于經(jīng)過尸點(diǎn)

的速度，故c錯(cuò)誤；

。.不管軌道3還是軌道2上經(jīng)過。點(diǎn)時(shí)都只受到一個(gè)外力一萬有引力G袈=ma,所以在橢圓軌道

上經(jīng)過Q點(diǎn)時(shí)的加速度等于在圓軌道上經(jīng)過。點(diǎn)時(shí)的加速度，故力錯(cuò)誤.

故選B。

9.答案：C

解析：

帶負(fù)電旋轉(zhuǎn)，則可知電流方向，再由右手螺旋定則可知磁極的方向，再根據(jù)磁極間的相互作用可知

小磁針的偏轉(zhuǎn)方向。

本題考查右手螺旋定則及磁極間的相互作用，要求能熟練準(zhǔn)確的應(yīng)用右手螺旋定則，注意電流的方

向與負(fù)電荷的運(yùn)動(dòng)方向相反。

帶負(fù)電金屬環(huán)，如圖所示的旋轉(zhuǎn).則金屬環(huán)的電流方向與旋轉(zhuǎn)方向相反，再由右手螺旋定則可知金

屬環(huán)產(chǎn)生的磁場方向：水平向左，因此小磁針N極沿軸線向左，故C正確，A8。錯(cuò)誤。

故選Co

10.答案：D

解析：解：設(shè)管子的橫截面積為S,液體的密度為p.拿去蓋板，液體開始運(yùn)動(dòng)，根據(jù)機(jī)械能守恒定律

得

phSg?p4hSv2

解得，v=Jggh

故選力

拿去蓋板，液體開始運(yùn)動(dòng)，當(dāng)兩液面高度相等時(shí)，液體的機(jī)械能守恒，即可求出右側(cè)液面下降的速

度.當(dāng)兩液面高度相等時(shí)，右側(cè)高為〃液柱重心下降了：無，液柱的重力勢能減小轉(zhuǎn)化為整個(gè)液體的

動(dòng)能.

本題運(yùn)用機(jī)械能守恒定律研究液體流動(dòng)的速度問題，要注意液柱力不能看成質(zhì)點(diǎn)，要分析其重心下

降的高度.

11.答案：D

解析：解：A從開關(guān)斷開時(shí)小磁針N極垂直于紙面向里，N極指向地磁場方向，由右手螺旋定則可

知通電導(dǎo)線在其正下方小磁針?biāo)谖恢卯a(chǎn)生的磁場與地磁場方向相同，因此小磁針不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故

4、8錯(cuò)誤；

C、將電流反向，小磁針?biāo)谖恢锰幒洗艌隹赡苋匀慌c地磁場方向重合，小磁針未必會(huì)偏轉(zhuǎn)，故C

錯(cuò)誤；

。、將導(dǎo)線在水平面內(nèi)旋轉(zhuǎn)90。，電流的磁場和地磁場方向不再重合，小磁針將轉(zhuǎn)向兩磁場合磁場的

方向，故。正確。

故選：Do

根據(jù)電流周圍磁場與地磁場，結(jié)合右手螺旋定則，及矢量的疊加法則，即可分析求解。

考查電流的磁場與地磁場的應(yīng)用，理解矢量的疊加法則，掌握右手螺旋定則的內(nèi)容，注意電路中電

流方向是解題的關(guān)鍵。

12.答案：C

解析：解：A、由題，帶電粒子以一定的初速度從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，粒子可能做加速運(yùn)動(dòng)，也可能

做減速運(yùn)動(dòng)，所以不能判斷出粒子的電性.故A錯(cuò)誤；

8、粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡與電場線重合，可能電場力做正功，粒子做加速運(yùn)動(dòng)，也可能電場力做負(fù)功，粒

子做減速運(yùn)動(dòng)，所以粒子的機(jī)械能不守恒.故B錯(cuò)誤；

C、粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡與電場線重合，所以受到的電場力的方向始終沿運(yùn)動(dòng)軌跡的切線方向，粒子受到

2

的管壁的支持力提供向心力，由向心力的公式得：N=—,即：

r

2

所處位置曲率半徑為=嗎.故正確；

rNC

。、粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡與電場線重合，可能電場力做正功，粒子一直做加速運(yùn)動(dòng)，也可能電場力做負(fù)

功，粒子一直做減速運(yùn)動(dòng).不可能出現(xiàn)速度先增大后減小，或先減小后增大的情況.故。錯(cuò)誤.

故選：C

由軌跡的彎曲方向判斷帶電粒子所受電場力的大致方向，確定帶電粒子的電性.根據(jù)機(jī)械能守恒的

條件判定機(jī)械能是否守恒.根據(jù)向心力的表達(dá)式判定曲率半徑的大小：根據(jù)電場力做功的正負(fù)判斷

電勢能的大小和動(dòng)能的大小.

該題中，由于帶電粒子是以一定的初速度從A點(diǎn)向B運(yùn)動(dòng)，雖然運(yùn)動(dòng)的軌跡沿電場線的方向，但是

粒子可能做加速運(yùn)動(dòng)，也可能做減速運(yùn)動(dòng)，這才是解答的關(guān)鍵所在.

13.答案：45：1；13；吸能;2.2x10-13

解析：解：(1)原子核衰變時(shí)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律可知，新核與a粒子的動(dòng)量p大小相等，

它們在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律可得：=《，軌道半徑「=舞=親，

*fCJDqts

p

它們的軌道半徑之比：產(chǎn)="v~=詈==*

新核的核B"a

做圓周運(yùn)動(dòng)的周期，則它們的周期之比：

qB

2mia

上=壽_=空處=qX"二=衛(wèi)

T新核健叫斷核238-4213，

。新核B

它們再次相遇時(shí)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，a粒子需要轉(zhuǎn)13圈，新核需要轉(zhuǎn)10圈；

(2)根據(jù)題意反應(yīng)前的質(zhì)量為：m1=14.00735u+4.00387u=18.01122u,

反應(yīng)后：m2—17.00454u+1.00815u=18.01269u,

m2>nh因此質(zhì)量增量了，故是吸能反應(yīng).

根據(jù)質(zhì)能方程有：△E=△me2=(18.01269-18.01122)X931.MeV=1.36857Mev?2.2x10-137；

故答案為：(1)45：1；13；(2)吸能；2.2x10-13.

(1)原子核衰變過程動(dòng)量守恒，衰變新核與a粒子都做圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律求出軌道半徑，然

后求出半徑之比，求出新核與粒子的周期，然后根據(jù)新核與a粒的周期分析答題.

(2)通過反應(yīng)前后質(zhì)量的變化，即可判斷吸能還是放能，然后根據(jù)質(zhì)能方程求出能量的大小.

(1)本題比較簡單考查了粒子的圓周運(yùn)動(dòng)、動(dòng)量守恒，題目難度不大，應(yīng)牢牢固掌握基礎(chǔ)知識(shí)，靈活

應(yīng)用基礎(chǔ)知識(shí)是即可正確解題.

(2)本題考查了核反應(yīng)前后的質(zhì)量變化以及質(zhì)能方程的應(yīng)用，屬于簡單基礎(chǔ)題目.

14.答案：0.414

解析：解：根據(jù)圖甲可知該波的周期T=1s,根據(jù)圖乙可知該波的波長為：A=2x20cm=OAm

則該波的波速為：v=^：-OAm/s；

質(zhì)點(diǎn)P開始振動(dòng)時(shí)質(zhì)點(diǎn)。已經(jīng)振動(dòng)At=1-0.15s=0.35s,則質(zhì)點(diǎn)P、。平衡位置之間的距離為:

△%=v△t=0.14m=14cm

故答案為：0.4；14。

根據(jù)圖甲可知該波的周期，根據(jù)圖乙可知該波的波長，根據(jù)求解該波的波速；

求出質(zhì)點(diǎn)尸比質(zhì)點(diǎn)。晚振動(dòng)多長時(shí)間，再根據(jù)△%="△t求解。

本題主要是考查了波的圖象；解答本題關(guān)鍵是要能夠根據(jù)圖象直接讀出波長和周期，道波速、波長

和頻率之間的關(guān)系〃=/九

15.答案：n2a；nv

解析：解：由題，使用〃倍速度的“快鏡頭”，則有巧=皿.由于使用“快鏡頭”時(shí)，物體發(fā)生的位

移在屏幕上與不使用“快鏡頭”時(shí)相同，由公式a=，得知，x相同，則有%="①

故答案為：n2a,nv.

由題，使用〃倍速度的“快鏡頭”，則知%="%.使用“快鏡頭”時(shí)，物體發(fā)生的位移在屏幕上與

不使用“快鏡頭”時(shí)相同，根據(jù)公式戶=2ax,分析加速度的關(guān)系.

解答本題的關(guān)鍵是抓住使用“快鏡頭”時(shí)，物體發(fā)生的位移在屏幕上與不使用“快鏡頭”時(shí)相同，

再由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解加速度的關(guān)系.

16.答案：-33；300

解析：解：由圖可知，對于一定質(zhì)量的理想氣體，

在4狀態(tài)時(shí)，

PA=2.5atm,VA=3L,北=27+273=300K

在B狀態(tài)時(shí)，

PB=latm,VB=6L,TB=?

根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程可得

PA匕JB-B

TA~TB

代入數(shù)據(jù)解得7B=240/c=-33℃

氣體從狀態(tài)A等容變化到狀態(tài)M的過程中，氣體的體積不變，所以此過程中不對外部做功，

從狀態(tài)M等壓變化到狀態(tài)B的過程中，封閉氣體的壓強(qiáng)不變，壓力的大小為F=PS,

氣體對外做的功的大小為W=FL=PS-L=P=l.Ox105Pax(6-3)xIO-3=300/。

故答案為：-33。0300J

由圖象可知A和B狀態(tài)的各個(gè)狀態(tài)參量，根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程可以求得在8狀態(tài)時(shí)氣體的溫度，

在等壓變化的過程中，封閉氣體的壓力不變，根據(jù)功的公式W=FL可以求得氣體對外做功的大小。

根據(jù)圖象，找出氣體在不同的狀態(tài)下的狀態(tài)參量，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程計(jì)算即可，在計(jì)算做功的

大小的時(shí)候，要注意A到M的過程，氣體的體積不變，氣體對外不做功。只在"到B的等壓的過程

中對外做功。

17.答案:⑴答;(2)電動(dòng)勢的倒數(shù),6,20

解析：試題分析：(1)電流表G和電流表A并聯(lián)，兩端電壓相等，根據(jù)歐姆定律列式求解即可；

(2)先根據(jù)閉合電路歐姆定律列式，變形得到:-R關(guān)系公式，結(jié)合圖象求解出電動(dòng)勢和電源內(nèi)電阻.

(1)電流表G和電流表A并聯(lián)，兩端電壓相等，根據(jù)歐姆定律，有：

hrG=^ArA

解得：山=平

'G

(2)根據(jù)閉合電路歐姆定律，有：E=/(r+rc+/?)；

變形得到：;=$R+學(xué)=$R+嗜

/EEEE

由圖象得到縱軸截距為：10AT…①

C

當(dāng)橫坐標(biāo)為1800時(shí)，縱坐標(biāo)為40/pi,故有：40=；?180+字…②

EE

由①②聯(lián)立解得：E=6IZ,r=2O0；

故答案為：(1)整；(2)電動(dòng)勢的倒數(shù)，6,20.

18.答案：0.6451.078.68

解析：解：(1)拍攝時(shí)頻閃頻率是5%,周期7=0.2s,根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于

該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上8點(diǎn)時(shí)小車的瞬時(shí)速度大?。?誓=嗤翳X

10-2/n/s=0.645m/s；

(2)根據(jù)逐差法知物塊的加速度a=，3+%宗】+0),代入數(shù)據(jù)解得。=i.07m/s2

(3)根據(jù)速度位移關(guān)系由靜止到8的位移為x=璉,物塊由靜止釋放的位置距離A點(diǎn)的距離為久°=乂-

2a

%i，聯(lián)立解得%°=8.68cmo

故答案為：(1)0.645(2)1.07(3)8.68

(1)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上B點(diǎn)時(shí)小車

的瞬時(shí)速度大小；

(2)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式Ax=aK可以求出加速度的大小；

(3)根據(jù)速度位移關(guān)系由靜止到B的位移為”=璉,物塊由靜止釋放的位置距離A點(diǎn)的距離為X。=x-

2a

要提高應(yīng)用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實(shí)驗(yàn)問題的能力，在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的理解

與應(yīng)用。

19.答案：解：(1)當(dāng)〃=0時(shí)，P沿斜面下滑的加速度為“，

由牛頓第二定律得：mgsind=ma,解得：a=gsin。=6m/s?,

由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：L=1at2,

解得：￡=—s?0.41s，

6

(2)設(shè)落地時(shí)P的動(dòng)能為Ek，P沿斜面下滑到落地，由動(dòng)能定理得：

17

mg(H+LsinO)—[imgLcosd=EK--mv^,

解得：EK=6/；

(3)P在斜面上下滑過程中梯形物塊受力如圖：

由平衡條件可得F+Nsind=fcosO,

所以尸=fjLmgcosdcosd-mgcosBsind

代入數(shù)據(jù)，得F=6.4〃-4.8,

擋板X受壓力，則F>0,所以6.4〃一4.8>0,得〃>0.75

依題意，所以〃的取值范圍為0.75<〃<1

答：(1)令〃=0,將P由。點(diǎn)靜止釋放，小物塊尸在斜面上的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為0.41s；

(2)令〃=0.5,在。點(diǎn)給P一個(gè)沿斜面向下的初速度%=2m/s,小物塊尸落地時(shí)的動(dòng)能為6J：

(3)0.75<〃<1時(shí)，擋板X始終受到壓力的作用.

解析：(1)由牛頓第二定律求出加速度，由勻變速運(yùn)動(dòng)的位移公式求出運(yùn)動(dòng)時(shí)間；

(2)由動(dòng)能定理可以求出物塊的動(dòng)能；

(3)對物塊受力分析，應(yīng)用平衡條件可以求出動(dòng)摩擦因數(shù).

本題考查動(dòng)能定理的應(yīng)用，在解題時(shí)要正確進(jìn)行受力分析，并且合理選擇研究過程，找出正確的物

理規(guī)律求解.

20.答案：解：(1)兒邊進(jìn)入左側(cè)磁場區(qū)域時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢為后=

14...........1------：

BLv0

丁叫......?…：―;

線框中感應(yīng)電流為/=卷=鬻0山/jJ;

?I;r?：r?r?

根據(jù)楞次定律知線框中感應(yīng)電流沿順時(shí)針方向，則a端的電壓低于d

_2Af,I

端的電勢，uad<0

根據(jù)串聯(lián)電路分壓規(guī)律可知，Uad=-^E=~lBLv