2020年山東省新高考物理試卷題號 -二三四總分得分一、單選題（本大題共8小題，共24.0分）一質(zhì)量為m的乘客乘坐豎直電梯下樓，其位移s與時間看的關(guān)系圖象如圖所示。乘客所受支持力的大小用Fn表示，速度大小用v表示。重力加速度大小為g。以下判斷正確的是（ ）0?t1時間內(nèi)，v增大，F(xiàn)N>mgt1~t1時間內(nèi)，v減小，F(xiàn)N<mg12?13時間內(nèi)，v增大，F(xiàn)N<mg12?13時間內(nèi)，v減小，F(xiàn)N>mg.氚核力發(fā)生P衰變成為氮核.力e.假設(shè)含氚材料中力發(fā)生P衰變產(chǎn)生的電子可以全部定向移動，在3.2x104s時間內(nèi)形成的平均電流為5.0x10-8A.已知電子電荷量為1.6x10-19G在這段時間內(nèi)發(fā)生P衰變的氚核?H的個數(shù)為（ ）A.5.0x1014B.1.0x1016 C.2.0x1016 D.1.0x1018.雙縫干涉實驗裝置的截面圖如圖所示。光源S到Sp邑的距離相等，O點(diǎn)為Sp邑連線中垂線與光屏的交點(diǎn)。光源S發(fā)出的波長為為的光，經(jīng)S1出射后垂直穿過玻璃片傳播到O點(diǎn)，經(jīng)s2出射后直接傳播到O點(diǎn)，由S1到O點(diǎn)與由S2到O點(diǎn)，光傳播的時間差為△t.玻璃片厚度為103玻璃對該波長光的折射率為1.5,空氣中光速為c，不計光在玻璃片內(nèi)的反射。以下判斷正確的是（ ）a5》 nI- "m n舊A.△t= B.△t=. C.△t= D.△t=.一列簡諧橫波在均勻介質(zhì)中沿％軸負(fù)方向傳播，已知％=3處質(zhì)點(diǎn)的振動方程為2jt 3尸Acos（"）,則tfT時刻的波形圖正確的是（ ）第1頁，共21頁

.圖甲中的理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比n1：n2=22：3,輸入端a、b所接電壓u隨時間t的變化關(guān)系如圖乙所示。燈泡L的電阻恒為15Q，額定電壓為24V.定值電阻R1=10Q、R2=5Q,滑動變阻器R的最大阻值為10Q.為使燈泡正常工作，滑動變阻器接入電路的電阻應(yīng)調(diào)節(jié)為( )A.1Q B.5Q C.6Q D.8Q. 一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)a-b、b-c、c-a三個過程后回到初始狀態(tài)a，其p-V圖象如圖所示。已知三個狀態(tài)的坐標(biāo)分別為a(V0,2p0)、b(2%,p0)、c(3V0,2p0)。以下判斷正確的是( )A.氣體在a-b過程中對外界做的功小于在b-c過程中對外界做的功B.氣體在a-b過程中從外界吸收的熱量大于在b-c過程中從外界吸收的熱量C.在c-a過程中，外界對氣體做的功小于氣體向外界放出的熱量D.氣體在c-a過程中內(nèi)能的減少量大于b-c過程中內(nèi)能的增加量.我國將在今年擇機(jī)執(zhí)行“天問1號”火星探測任務(wù)。質(zhì)量為m的著陸器在著陸火星前，會在火星表面附近經(jīng)歷一個時長為t0、速度由%減速到零的過程。已知火星的質(zhì)量約為地球的0.1倍，半徑約為地球的0.5倍，地球表面的重力加速度大小為g,第2頁，共21頁忽略火星大氣阻力。若該減速過程可視為一個豎直向下的勻減速直線運(yùn)動，此過程中著陸器受到的制動力大小約為（ ）。 1飛 嗎A.m（0.4g-）B.m（0.4g+,）C.m（0.2g-,）D.m（0.2g+）.如圖所示，一輕質(zhì)光滑定滑輪固定在傾斜木板上，質(zhì)量分別為m和2m的物塊4、B，通過不可伸長的輕繩跨過滑輪連接，4、B間的接觸面和輕繩均與木板平行。4與B間、B與木板間的動摩擦因數(shù)均為內(nèi)設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。當(dāng)木板與水平面的夾角為45°時，物塊4、B剛好要滑動，則g的值為（ ）A.' B.； C.' D.'二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）.截面為等腰直角三角形的三棱鏡如圖甲所示。DE為嵌在三棱鏡內(nèi)部緊貼BB/CC面的線狀單色可見光光源，DE與三棱鏡的4BC面垂直，D位于線段BC的中點(diǎn)。圖乙為圖甲中4BC面的正視圖。三棱鏡對該單色光的折射率為血，只考慮由DE直接射向側(cè)面44，C的光線。下列說法正確的是（）A.光從44/CC面出射的區(qū)域占該側(cè)面總面積的;B.光從44/CC面出射的區(qū)域占該側(cè)面總面積的?C.若DE發(fā)出的單色光頻率變小，44/CC面有光出射的區(qū)域面積將增大D.若DE發(fā)出的單色光頻率變小，44/CC面有光出射的區(qū)域面積將減小10.真空中有兩個固定的帶正電的點(diǎn)電荷，電荷量不相等。一個帶負(fù)電的試探電荷置于二者連線上的。點(diǎn)時，僅在電場力的作用下恰好保持靜止?fàn)顟B(tài)。過。點(diǎn)作兩正電荷連線的垂線，以O(shè)點(diǎn)為圓心的圓與連線和垂線分別交于a、c和b、d，如圖所示。以下說法正確的是（ ）第3頁，共21頁

a點(diǎn)電勢低于O點(diǎn)b點(diǎn)電勢低于c點(diǎn)C.該試探電荷在a點(diǎn)的電勢能大于在b點(diǎn)的電勢能D.該試探電荷在c點(diǎn)的電勢能小于在d點(diǎn)的電勢能11.如圖所示，質(zhì)量為M的物塊A放置在光滑水平桌面上，右側(cè)連接一固定于墻面的水平輕繩，左側(cè)通過一傾斜輕繩跨過光滑定滑輪與一豎直輕彈簧相連?，F(xiàn)將質(zhì)量為m的鉤碼B掛于彈簧下端，當(dāng)彈簧處于原長時，將B由靜止釋放，當(dāng)B下降到最低點(diǎn)時（未著地），A對水平桌面的壓力剛好為零。輕繩不可伸長，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，物塊A始終處于靜止?fàn)顟B(tài)。以下判斷正確的是（ ）M<2m2mM<2m2m<M<3mC.在B從釋放位置運(yùn)動到最低點(diǎn)的過程中，所受合力對B先做正功后做負(fù)功D.在B從釋放位置運(yùn)動到速度最大的過程中，B克服彈簧彈力做的功等于B機(jī)械能的減少量12.如圖所示，平面直角坐標(biāo)系的第一和第二象限分別存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等、方向相反且垂直于坐標(biāo)平面的勻強(qiáng)磁場，圖中虛線方格為等大正方形。一位于Oxy平面內(nèi)的剛性導(dǎo)體框abcde在外力作用下以恒定速度沿y軸正方向運(yùn)動（不發(fā)生轉(zhuǎn)動）。從圖示位置開始計時，4s末bc邊剛好進(jìn)入磁場。在此過程中，導(dǎo)體框內(nèi)感應(yīng)電流的大小為I,ab邊所受安培力的大小為Fab二者與時間t的關(guān)系圖象可能正確的是（ ）第4頁，共21頁JJJJ01234 t?1234三、實驗題（本大題共2小題，共14.0分）.2020年5月，我國進(jìn)行了珠穆朗瑪峰的高度測量，其中一種方法是通過使用重力儀測量重力加速度，進(jìn)而間接測量海拔高度。某同學(xué)受此啟發(fā)就地取材設(shè)計了如下實驗，測量當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊拇笮?。實驗步驟如下：（。如圖甲所示，選擇合適高度的墊塊，使木板的傾角為53°，在其上表面固定一與小物塊下滑路徑平行的刻度尺（圖中未畫出）。（ii）調(diào)整手機(jī)使其攝像頭正對木板表面，開啟視頻錄像功能。將小物塊從木板頂端釋放，用手機(jī)記錄下小物塊沿木板向下做加速直線運(yùn)動的情況。然后通過錄像的回放，選擇小物塊運(yùn)動路徑上合適的一點(diǎn)作為測量參考點(diǎn)，得到小物塊相對于該點(diǎn)的運(yùn)動距離L與運(yùn)動時間看的數(shù)據(jù)。（iii）該同學(xué)選取部分實驗數(shù)據(jù)，畫出了.4圖象，利用圖象數(shù)據(jù)得到小物塊下滑的加速度大小為5.6m/s2。（iv）再次調(diào)節(jié)墊塊，改變木板的傾角，重復(fù)實驗?；卮鹨韵聠栴}：（1）當(dāng)木板的傾角為37°時，所繪圖象如圖乙所示。由圖象可得，物塊過測量參考點(diǎn)時速度的大小為m/s；選取圖線上位于坐標(biāo)紙網(wǎng)格交叉點(diǎn)上的A、B兩點(diǎn)，利用A、B兩點(diǎn)數(shù)據(jù)得到小物塊下滑加速度的大小為 m/s2（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）。（2）根據(jù)上述數(shù)據(jù)，進(jìn)一步分析得到當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮?m/s2.（結(jié)果保留2位有效數(shù)字，sin37°=0.60,cos37°=0.80）第5頁，共21頁.實驗方案對實驗測量的精度有直接的影響，某學(xué)習(xí)小組對“測量電源的電動勢和內(nèi)阻”的實驗方案進(jìn)行了探究。實驗室提供的器材有：干電池一節(jié)（電動勢約1.5K內(nèi)阻小于1Q）；電壓表丫（量程3K內(nèi)阻約3kQ）；電流表A（量程0.6A，內(nèi)阻約1Q）；滑動變阻器R（最大阻值為20Q）；定值電阻RI（阻值2Q）；定值電阻R2（阻值5Q）；開關(guān)一個，導(dǎo)線若干。（1）該小組按照圖甲所示的電路進(jìn)行實驗，通過調(diào)節(jié)滑動變阻器阻值使電流表示數(shù)逐漸接近滿偏，記錄此過程中電壓表和電流表的示數(shù)，利用實驗數(shù)據(jù)在U-/坐標(biāo)紙上描點(diǎn)，如圖乙所示，結(jié)果發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)的變化范圍比較小，出現(xiàn)該現(xiàn)象的主要原因是 。（單選，填正確答案標(biāo)號）A.電壓表分流艮干電池內(nèi)阻較小C滑動變阻器最大阻值較小。.電流表內(nèi)阻較?。?）針對電壓表示數(shù)的變化范圍比較小的問題，該小組利用實驗室提供的器材改進(jìn)了實驗方案，重新測量得到的數(shù)據(jù)如表所示。序號1234567I,/A0.080.140.200.260.320.360.40U/K1.351.201.050.880.730.710.52請根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，回答以下問題：①圖丁的坐標(biāo)紙上已標(biāo)出后3組數(shù)據(jù)對應(yīng)的坐標(biāo)點(diǎn)，請在坐標(biāo)紙上標(biāo)出前4組數(shù)據(jù)對應(yīng)的坐標(biāo)點(diǎn)并畫出U-1圖象。②根據(jù)實驗數(shù)據(jù)可知，所選的定值電阻為 （填“R1”或“R2”）。③用筆畫線代替導(dǎo)線，請在圖丙上按照改進(jìn)后的方案，將實物圖連接成完整電路。岳二忸］西區(qū)［岳二忸］西區(qū)［四、計算題（本大題共4小題，共46.0分）第6頁，共21頁.中醫(yī)拔罐的物理原理是利用玻璃罐內(nèi)外的氣壓差使罐吸附在人體穴位上，進(jìn)而治療某些疾病。常見拔罐有兩種，如圖所示，左側(cè)為火罐，下端開口；右側(cè)為抽氣拔罐，下端開口，上端留有抽氣閥門。使用火罐時，先加熱罐中氣體，然后迅速按到皮膚上，自然降溫后火罐內(nèi)部氣壓低于外部大氣壓，使火罐緊緊吸附在皮膚上。抽氣拔罐是先把罐體按在皮膚上，再通過抽氣降低罐內(nèi)氣體壓強(qiáng)。某次使用火罐時，罐內(nèi)氣體初始壓強(qiáng)與外部大氣壓相同，溫度為450K，最終降到300K，因皮膚凸起，內(nèi)部氣體體積變?yōu)楣奕莘e的;?若換用抽氣拔罐，抽氣后罐內(nèi)剩余氣體體積變?yōu)槌闅獍喂奕莘e的;，罐內(nèi)氣壓與火罐降溫后的內(nèi)部氣壓相同。罐內(nèi)氣體均可視為理想氣體，忽略抽氣過程中氣體溫度的變化。求應(yīng)抽出氣體的質(zhì)量與抽氣前罐內(nèi)氣體質(zhì)量的比值。.單板滑雪U型池比賽是冬奧會比賽項目，其場地可以簡化為如圖甲所示的模型：U形滑道由兩個半徑相同的四分之一圓柱面軌道和一個中央的平面直軌道連接而成，軌道傾角為17.2°.某次練習(xí)過程中，運(yùn)動員以%=10m/s的速度從軌道邊緣上的M點(diǎn)沿軌道的豎直切面ABCD滑出軌道，速度方向與軌道邊緣線AD的夾角a=72.8°騰空后沿軌道邊緣的N點(diǎn)進(jìn)入軌道。圖乙為騰空過程左視圖。該運(yùn)動員可視為質(zhì)點(diǎn)，不計空氣阻力，取重力加速度的大小g=10m/s2,sin72.8°=0.96,cos72.8°=0.30.求:(1)運(yùn)動員騰空過程中離開AD的距離的最大值d；(2)M、N之間的距離L。第7頁，共21頁317.某型號質(zhì)譜儀的工作原理如圖甲所示。M、N為豎直放置的兩金屬板，兩板間電壓為U，Q板為記錄板，分界面P將N、Q間區(qū)域分為寬度均為d的I、H兩部分，M、N、P、Q所在平面相互平行，a、b為M、N上兩正對的小孔。以a、b所在直線為z軸，向右為正方向，取z軸與Q板的交點(diǎn)O為坐標(biāo)原點(diǎn)，以平行于Q板水平向里為％軸正方向，豎直向上為y軸正方向，建立空間直角坐標(biāo)系Oxyz.區(qū)域I、n內(nèi)分別充滿沿x軸正方向的勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小、電場強(qiáng)度大小分別為B和E.一質(zhì)量為m,電荷量為+q的粒子，從a孔飄入電場（初速度視為零），經(jīng)b孔進(jìn)入磁場，過P面上的c點(diǎn)（圖中未畫出）進(jìn)入電場，最終打到記錄板Q上。不計粒子重力。（1）求粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑R以及c點(diǎn)到z軸的距離L；（2）求粒子打到記錄板上位置的x坐標(biāo)；（3）求粒子打到記錄板上位置的y坐標(biāo)（用R、d表示）；（4）如圖乙所示，在記錄板上得到三個點(diǎn)八、s2、%,若這三個點(diǎn)是質(zhì)子H、氚核山、氮核H的位置，請寫出這三個點(diǎn)分別對應(yīng)哪個粒子（不考慮粒子間的相互作用，不要求寫出推導(dǎo)過程）。第8頁，共21頁

d18.如圖所示，一傾角為0的固定斜面的底端安裝一彈性擋板，P、Q兩物塊的質(zhì)量分別為m和4m，Q靜止于斜面上A處。某時刻，P以沿斜面向上的速度%與Q發(fā)生彈性碰撞。Q與斜面間的動摩擦因數(shù)等于tan0,設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。P與斜面間無摩擦，與擋板之間的碰撞無動能損失。兩物塊均可以看作質(zhì)點(diǎn)，斜面足夠長，Q的速度減為零之前P不會與之發(fā)生碰撞。重力加速度大小為g。（1）求P與Q第一次碰撞后瞬間各自的速度大小匕1、々1；（2）求第n次碰撞使物塊Q上升的高度hn；（3）求物塊Q從A點(diǎn)上升的總高度H；（4）為保證在Q的速度減為零之前P不會與之發(fā)生碰撞，求A點(diǎn)與擋板之間的最小距離s。第9頁，共21頁答案和解析.【答案】D【解析】解：4、由于s-1圖象的斜率表示速度，由圖可知在0?t］時間內(nèi)速度增加，即乘客的加速度向下運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律得：mg-FN=ma，解得：FN=mg-ma，則FN<mg，處于失重狀態(tài)，故4錯誤；B、在t「12時間內(nèi)，s-1圖象的斜率保持不變，所以速度不變，即乘客勻速下降，則FN=mg,故B錯誤；CD、在12?13時間內(nèi)，s-1圖象的斜率變小，所以速度減小，即乘客的減速下降，根據(jù)牛頓第二定律得：FN-mg=ma，解得：FN=mg+ma，則FN>mg，處于超重狀態(tài)，故C錯誤，D正確；故選：D。根據(jù)s-1圖象的斜率表示速度，判斷在不同的時間段內(nèi)物體的運(yùn)動狀態(tài)，然后根據(jù)牛頓第二定律求得乘客所受支持力的大小與自身重力的大小關(guān)系。本題考查了s-1圖象斜率的物理意義、超失重問題，要求同學(xué)們能夠明白圖象斜率的物理意義，并會通過牛頓第二定律分析超失重現(xiàn)象。.【答案】B【解析】解：根據(jù)電流的定義式：/='該段時間內(nèi)產(chǎn)生的電荷量為：q=It=5.0x10-8x3.2x104C=1.6x10-3C根據(jù)衰變方程得：；; ；;■ ，可知這段時間內(nèi)發(fā)生6衰變的氚核力的個數(shù)為：q1.6XID-3.八一,,一一a ?…、1，:== =1.0x1016,故B正確，4CD錯誤。€1.6X1C故選：B。根據(jù)電流的定義式求出該段時間內(nèi)產(chǎn)生的電荷量，又根據(jù)衰變方程可知電子個數(shù)與氚核?方的個數(shù)相同，由公式為；-求解即可。本題考查了衰變方程及電流的定義式的綜合應(yīng)用，給人以耳目一新的感覺，體現(xiàn)了新高考以學(xué)科核心素養(yǎng)的能力立意。3.【答案】4【解析】解：由于玻璃對該波長光的折射率為n=1.5,則光在該玻璃中傳播速度為：vc==:光從s到s1和至1」邑的時間相等，設(shè)光從s1到O點(diǎn)的時間為t］，從邑到O點(diǎn)的時間為12,O點(diǎn)到S2的距離為L，則有：L-10Amt1= +光傳播的時間差為：△t=11-12="-"=,故4正確、BCD錯誤。故選：4。求出光在該玻璃中傳播速度，求出光從S1到O點(diǎn)的時間和從S2到O點(diǎn)的時間，兩段時第10頁，共21頁間之差即為△K由此求解。本題主要是考查雙縫干涉中光的傳播和光的折射，弄清楚光傳播的情況，結(jié)合折射定律求解波在玻璃中傳播的速度即可得解。4.【答案】D5 3 5【解析】解：45、因％=A處質(zhì)點(diǎn)的振動方程為尸Acos（"），當(dāng)t=T時刻，％=入處質(zhì)點(diǎn)的位移為：產(chǎn)Acos（.xjr）=0，那么對應(yīng)四個選項中波形圖％;入的位置，可知，AB選項不符合題意，故AB錯誤；CD、再由波沿％軸負(fù)方向傳播，依據(jù)微平移法，可知，在t=T的下一時刻，在％=小處質(zhì)點(diǎn)向y軸正方向振動，故D正確，C錯誤；故選：D。3 5將t=T代入4力處質(zhì)點(diǎn)的振動方程中，求得此時此質(zhì)點(diǎn)的位置，再根據(jù)波的傳播方向來判定質(zhì)點(diǎn)的振動方向，從而即可求解?？疾椴▌訄D象，及振動方程的應(yīng)用，掌握波的傳播方向來判定質(zhì)點(diǎn)振動方向的方法，注意波動圖象與振動圖象的區(qū)別。.【答案】A【解析】解：輸入端。、b所接電壓u隨時間t的變化關(guān)系如圖乙所示，可知，輸入電壓U1=220匕依據(jù)理想變壓器電壓與匝數(shù)關(guān)系式：1-，且n1：n2=22：3解得：U2=30V由于燈泡L的電阻恒為R=15Q，額定電壓為U=24V.因能使燈泡正常工作，那么通過燈泡的電流：/=，=>=1.6A那么定值電阻Rr10Q兩端電壓為：U/=U2-U=30V-24V=6V依據(jù)歐姆定律，則有通過其的電流為：//=：=；A=0.6A因此通過定值電阻R2=5Q的電流為：I”=1.6A-0.6A=1A由于定值電阻R2與滑動變阻器串聯(lián)后與定值電阻R1并聯(lián)，那么定值電阻R2與滑動變阻器總電阻為：R'=-=|Q=6Q因定值電阻R2=5Q,因此滑動變阻器接入電路的電阻應(yīng)為：R滔6Q-5Q=1Q綜上所述，故A正確，BCD錯誤； 目故選：A。根據(jù)圖乙電壓u隨時間t的變化關(guān)系，確定理想變壓器的輸入電壓，再由變壓器的電壓與匝數(shù)關(guān)系，求得變壓器的輸出電壓，依據(jù)燈泡能正常工作，由1=,求得通過其電流，從而算出通過滑動變阻器的電流，最后由R=’,解得滑動變阻器接入電路的電阻?？疾槔硐胱儔浩鞯淖儔罕裙?，掌握電路串、并聯(lián)的特點(diǎn)，理解歐姆定律的應(yīng)用，注意交流電的有效值與最大值的區(qū)別，.【答案】C第11頁，共21頁【解析】解：4、根據(jù)p-V圖象的面積表示氣體做功，得氣體在a_b過程中對外界做的死十濟(jì) 3功為：w片_ /..=...,,1.,，bTc過程中氣體對外界做的功為：wbc=向+年n 3二'：T..V.,.-.',,',,，所以氣體在atb過程中對外界做的功等于在btc過程中對外界做的功故4錯誤；B、氣體在atb過程中，因為a、b兩個狀態(tài)的pV相等，所以Ta=Tb，即△4b=0,根據(jù)熱力學(xué)第一定律^U=Q+W可知，從外界吸收的熱量為Qab=T：「氣體在btc過程中，因為c狀態(tài)的pV大于b狀態(tài)的pV,所以T尸Tc，即△Ubc>0,根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=Q+W可知，在btc過程中從外界吸收的熱量為：Qbc=△Ubc%,則有：Qab<Qbc，故B錯誤；。、在cta過程中，氣體等壓壓縮，溫度降低，即4Uca<0,根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=Q+W可知，外界對氣體做的功小于氣體向外界放出的熱量，故C正確；D、因為Ta=Tb，而一定質(zhì)量理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，所以氣體在cta過程中內(nèi)能的減少量等于btc過程中內(nèi)能的增加量，故D錯誤。故選：C根據(jù)p-V圖象的面積表示氣體做功，應(yīng)用氣態(tài)方程判斷氣體體積如何變化，然后應(yīng)用熱力學(xué)第一定律答題。本題考查氣體的狀態(tài)方程中對應(yīng)的圖象，分析清楚圖示圖象、知道理想氣體內(nèi)能由氣體的溫度決定即可解題，解題時要抓住p-V圖象的面積表示氣體做功。.【答案】B【解析】解：根據(jù)重力等于萬有引力，得：Mtnmg-G屋火星表面的重力加速度為1二巴1上 丹著陸器減速運(yùn)動的加速度大小為，=ru對著陸器根據(jù)牛頓第二定律有:F-0.4mg=ma解得，=EU"JI，，故B正確，ACD錯誤；故選：B。根據(jù)萬有引力等于重力求出火星表面的重力加速度，根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式和牛頓第二定律即可求解制動力大小。本題考查萬有引力定律與牛頓第二定律的綜合問題，關(guān)鍵是知道在天體表面重力等于萬有引力，同時分析好運(yùn)動情況和受力情況，靈活運(yùn)動運(yùn)動學(xué)公式和牛頓第二定律列式求解。.【答案】C【解析】解：根據(jù)題意分析，物塊A、B剛好要滑動時，應(yīng)該是物體A相對物體B向上滑動，設(shè)繩子拉力為F,對A受力分析，由平衡條件得：F=mgsin45°+gmgcos45°第12頁，共21頁物體B相對斜面向下滑動，對B受力分析，由平衡條件得：2mgsin45°=F+四mgcos45°+g(2m+m)gcos45°聯(lián)立解得：四=:故C正確，ABD錯誤。故選：C。物塊A、B剛好要滑動時，應(yīng)該是物體A相對物體B向上滑動，物體B相對斜面向下滑動，分別對兩個物體進(jìn)行受力方向，由平衡條件列方程即可。本題考查的是多個物體的平衡問題，關(guān)鍵是要對所選取的研究對象做好受力分析，切記不要少力，同時要注意滑動摩擦力中的正壓力的求解。.【答案】AC【解析】解：AB、由題意可知：k=,=：=：一，可知臨界角為45o，因此從D點(diǎn)發(fā)出的光，豎直向上從M點(diǎn)射出的光線恰好是出射光線的邊緣，同時C點(diǎn)也恰好是出射光線因此光線只能從MC段射出，根據(jù)幾何關(guān)系可知，M恰好為AC的中點(diǎn)，因此在平面上有一半的面積有光線射出，故A正確，B錯誤；CD、由于頻率越高，折射率越大，當(dāng)光源發(fā)出的光的頻率變小，折射率也會變小，導(dǎo)致臨界角會增大，這時M點(diǎn)上方也會有光線出射，因此出射光線區(qū)域的面積將增大，故C正確，D錯誤。故選：AC。根據(jù).?：/，=求出臨界角，根據(jù)幾何關(guān)系和折射定律可知，M恰好為AC的中點(diǎn)，光線只能從MC段射出，光從AA/CC面出射的區(qū)域有一半的面積有光線射出；光的頻率變小，折射率也會變小，導(dǎo)致臨界角會增大，這時M點(diǎn)上方也會有光線出射，因此出射光線區(qū)域的面積將增大。本題考查了全反射、折射定律、臨界角等是幾何光學(xué)問題，解決本題的關(guān)鍵是抓住臨界狀態(tài)，作出光路圖，借助幾何關(guān)系求解。.【答案】BD【解析】解：A、根據(jù)帶負(fù)電的試探電荷在0點(diǎn)，僅在電場力的作用下恰好保持靜止?fàn)顟B(tài)，可知，E0=0，再依據(jù)正點(diǎn)電荷在某點(diǎn)電場強(qiáng)度是兩點(diǎn)連線背離正點(diǎn)電荷，則兩正點(diǎn)電荷連線的電場線方向如下圖所示，由沿著電場線方向，電勢是降低的，則有h點(diǎn)電勢高于0點(diǎn)，故A錯誤；日；口：B、由于b點(diǎn)離右邊正點(diǎn)電荷距離較遠(yuǎn)，而c點(diǎn)離右邊正點(diǎn)電荷較近，則有b點(diǎn)電勢低第13頁，共21頁于C點(diǎn)，故B正確；。、因a點(diǎn)電勢高于O點(diǎn)，而O點(diǎn)電勢高于b點(diǎn)，那么a點(diǎn)電勢高于b點(diǎn)，那么負(fù)試探電荷從高電勢到低電勢，其電勢能增加，則該試探電荷在a點(diǎn)的電勢能小于在b點(diǎn)的電勢能，故C錯誤；D、因b、d兩點(diǎn)關(guān)于O點(diǎn)對稱，它們電勢相等，由于c點(diǎn)電勢高于b點(diǎn)，那么c點(diǎn)電勢高于d點(diǎn)，因此負(fù)試探電荷從高電勢到低電勢，其電勢能增加，則該試探電荷在c點(diǎn)的電勢能小于在d點(diǎn)的電勢能，故D正確。故選：BD。依據(jù)僅在電場力的作用下恰好保持靜止?fàn)顟B(tài)，可判定O點(diǎn)的電場強(qiáng)度為零，從而確定兩正點(diǎn)電荷的電荷量大小，再根據(jù)沿著電場線方向電勢降低，進(jìn)而確定電勢高低，最后依據(jù)負(fù)電荷從高電勢到低電勢，其電勢能增加，從低電勢到高電勢，其電勢能降低，即可求解?？疾椴坏攘客N正點(diǎn)電荷的電場強(qiáng)弱與電勢高低的應(yīng)用，掌握點(diǎn)電荷在某點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向確定，及理解矢量的合成法則，注意理解電荷的電勢能大小與電勢、電荷量，及電性均有關(guān)。.【答案】ACD【解析】解：AB、由題意可知B物體可以在開始位置到最低點(diǎn)之間做簡諧振動，根據(jù)簡諧運(yùn)動的對稱性，在最低點(diǎn)的加速度為豎直向上的g，由牛頓第二定律得：T-mg=mg，解得在最低點(diǎn)時有彈簧彈力為：T=2mg；對A分析，設(shè)繩子與桌面間夾角為仇根據(jù)A對水平桌面的壓力剛好為零，有：2mgsinO=Mg，故有M<2m，故A正確，B錯誤；C、由題意可知B從釋放位置到最低點(diǎn)過程中，開始彈簧彈力小于重力，物體加速，合力做正功；后來彈簧彈力大于重力，物體減速，合力做負(fù)功，故C正確；D、對于B，在從釋放到速度最大過程中，B機(jī)械能的增加量等于彈簧彈力所做的負(fù)功，即B機(jī)械能的減少量等于B克服彈簧彈力所做的功，故D正確。故選：ACD。根據(jù)簡諧運(yùn)動的對稱性，由牛頓第二定律求得最低點(diǎn)時有彈簧彈力，對A受力分析列平衡方程求得M與2m的關(guān)系；根據(jù)運(yùn)動情況和受力情況分析B從釋放位置運(yùn)動到最低點(diǎn)的過程中，所受合力對B做功情況；根據(jù)功能關(guān)系求得B克服彈簧彈力做的功等于B機(jī)械能的減少量。本題考查了受力分析、簡諧運(yùn)動、平衡狀態(tài)、功能關(guān)系等知識，是一道綜合性較強(qiáng)的題目，對學(xué)生熟練應(yīng)用相關(guān)規(guī)律解題要求較高，需要較高的推理及綜合分析問題的能力。12.【答案】BC【解析】解：AB、因為4s末bc邊剛好進(jìn)入磁場，可知線框的速度為每秒向上運(yùn)動一格，故在0-1s內(nèi)只有ae切割磁感線，設(shè)方格邊長L，根據(jù)E1=2BLv可知電流恒定；2s末時線框在第二象限長度最長，此時E2=3BLv這時電流可知，故A錯誤，B正確；CD、ab受到安培力Fab=BILab，可知在0-1s內(nèi)ab邊受到安培力線性增加；1s末安培力為Fab=BI1L，第14頁，共21頁

2s末安培力心’=.「「；」3,所以Fab‘=3Fab，由圖象知，C正確，D錯誤。故選：BC。明確線框的速度為每秒勻速向上運(yùn)動一格，準(zhǔn)確分析切割磁感線有效長度變化，根據(jù)導(dǎo)體切割磁感線感應(yīng)電動勢公式結(jié)合閉合電路歐姆定律分析電流變化，并計算安培力；在0-1s內(nèi)只有2格長度切割磁感線，2s末有效長度3格，2s末-4s末第二象限有效長度3格，第一象限有效長度有0增至2格，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢反向，回路電流減小。此題綜合考查了導(dǎo)體切割磁感線感應(yīng)電動勢、電流、安培力的計算。難點(diǎn)在于切割磁感線有效長度的計算和兩個象限感應(yīng)電動勢的關(guān)系。.【答案】0.323.19.4【解析】解：（1）設(shè)物塊過測量參考點(diǎn)時速度的大小為%，根據(jù)位移-時間關(guān)系可得:12L=v01+二;：所以有：.=2v0+at，當(dāng)t=0時速度即為參考點(diǎn)的速度，故2v0=0.64m/s解得：v0=0.32m/s圖象的斜率表示加速度，則有：a=；：「二m/s2=3.1m/s2；（2）木板的傾角為53°，小物塊加速度大小為a0=5.6m/s2，對小物塊根據(jù)牛頓第二定律可得：mgsin53°-gmgcos53°=ma0，當(dāng)傾角為37°時，有：mgsin37°-gmgcos37°=ma聯(lián)立解得：g=9.4m/s2。故答案為：（1）0.32或0.33；3.1；（2）9.4。（1）根據(jù)位移-時間關(guān)系得到：-t的關(guān)系式，根據(jù)圖線的截距和斜率求解；（2）當(dāng)木板的傾角分別為53°、37°時，對小物塊進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方程求解。本題主要是考查測定重力加速度實驗，要求能夠理解實驗原理和實驗操作方法，知道數(shù)據(jù)的處理方法，注意圖象的單位不要弄錯！.【答案】（1）B；⑵①H二千訐計+千琳*士+6科二十:王InmsiDflHSSmmas■■■■■■■■■■■■RIMV???，11⑵①H二千訐計+千琳*士+6科二十:王InmsiDflHSSmmas■■■■■■■■■■■■RIMV???，11anlBMIM②R1；第15頁，共21頁0③0③【解析】解：（1）路端電壓：U=E-Ir,當(dāng)電源內(nèi)阻r太小時，干路電流I有較大變化時，Ir變化很小，電壓表示數(shù)即路端電壓U=E-Ir變化很小，電壓表示數(shù)變化范圍很小，故選B；（2）①根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)描出對應(yīng)點(diǎn)，然后根據(jù)坐標(biāo)系內(nèi)描出的點(diǎn)作出圖象，作圖象時使盡可能多的點(diǎn)在直線上，不能穿過直線的點(diǎn)應(yīng)對稱地分布在直線兩側(cè)，圖象如圖所示；亍fJ11],4,.'I"*T,I'f[ MlLLjioG4:ks3：ssbmtmi::ioG4:ks3：ssbmtmi::>SBS!SRU：USH：：：：：S??8:i：!SK：snnisin:s::;isiH：s■MiHignHi■■”■m I02riTTail020J040S040.7"兒②由圖示圖象可知，電源與定值電阻整體組成的等效電源內(nèi)阻：r+R=，-二.Q=2.67Q，由題意可知，電源內(nèi)阻小于1Q，則定值電阻應(yīng)選擇R?、蹜?yīng)用伏安法測電源電動勢與內(nèi)阻，電壓表測路端電壓，電流表測電路電流，電源內(nèi)阻較小，為使電壓表示數(shù)變化明顯，把定值電阻與電源整體當(dāng)作等效電源，為減小實驗誤差，相對于電源電流表應(yīng)采用外接法，實物電路圖如圖所示；故答案為：（1）B；（2）①圖象如圖所示；②R1；③實物電路圖如圖所示。（1）當(dāng)電源內(nèi)阻較小時，電路電流變化時路端電壓變化減小。第16頁，共21頁（2）①根據(jù)表中實驗數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)描出對應(yīng)點(diǎn)，然后根據(jù)坐標(biāo)系內(nèi)描出的點(diǎn)作出圖象；②根據(jù)圖示圖象求出電源等效電阻，然后選擇定值電阻；③根據(jù)實驗原理與題意連接實物電路圖。本題考查了測電源電動勢與內(nèi)阻實驗，考查了實驗器材的選擇，知道實驗原理是解題的前提與關(guān)鍵；要掌握實驗器材的選擇原則。15.【答案】解：設(shè)火罐內(nèi)氣體初始狀態(tài)參量分別為p1、T1、匕，溫度降低后狀態(tài)參量分別為p2、T2、丫2，罐的容積為丫0，由題意知：p1=p0、T1=450K、匕=丫0、T2=300K、V亍二,①由理想氣體狀態(tài)方程得：=’.'②解得：p2=0.7p0③對于抽氣罐，設(shè)初態(tài)氣體狀態(tài)參量分別為p3、V3，末態(tài)氣體狀態(tài)參量分別為p4、V4，罐的容積為V/0，由題意知：p3=p0、V3=0、〃4=p2④由玻意耳定律得：p0V/0=p2V4⑤聯(lián)立②⑤式，代入數(shù)據(jù)得V『二;⑥設(shè)抽出的氣體的體積為^V，由題意知△V=V4二；⑦AV故應(yīng)抽出氣體的質(zhì)量與抽氣前罐內(nèi)氣體質(zhì)量的比值為：1-..⑧A橢1聯(lián)立③⑤⑥⑦⑧式，代入數(shù)據(jù)得：=。答：應(yīng)抽出氣體的質(zhì)量與抽氣前罐內(nèi)氣體質(zhì)量的比值為:【解析】求出火罐內(nèi)氣體初始狀態(tài)參量和溫度降低后狀態(tài)參量，由理想氣體狀態(tài)方程求解末狀態(tài)的壓強(qiáng)；對于抽氣罐，由玻意耳定律求解末狀態(tài)的體積，根據(jù)體積關(guān)系求解應(yīng)抽出氣體的質(zhì)量與抽氣前罐內(nèi)氣體質(zhì)量的比值。本題主要是考查了理想氣體的狀態(tài)方程；解答此類問題的方法是：找出不同狀態(tài)下的三個狀態(tài)參量，分析理想氣體發(fā)生的是何種變化，利用理想氣體的狀態(tài)方程列方程求解。16.【答案】解：（1）在M點(diǎn)，設(shè)運(yùn)動員在ABCD面內(nèi)垂直AD方向的分速度為匕，由運(yùn)動的合成與分解規(guī)律得：v1=vMsin72.8°…①設(shè)運(yùn)動員在ABCD面內(nèi)垂直AD方向的分加速度為a1，由牛頓第二定律得：mgcos17.2°=ma1…②由運(yùn)動學(xué)公式得：d=.…③聯(lián)立①②③式，代入數(shù)據(jù)得：d=4.8m?一④（2）在M點(diǎn)，設(shè)運(yùn)動員在ABCD面內(nèi)平行AD方向的分速度為v2，由運(yùn)動的合成與分解規(guī)律得：v2=vMccos72.8°…⑤第17頁，共21頁

設(shè)運(yùn)動員在ABCD面內(nèi)平行AD方向的分加速度為。2，由牛頓第二定律得:mgsin17.2°=ma2?…⑥設(shè)騰空時間為K由運(yùn)動學(xué)公式得：％=…⑦沿斜面方向根據(jù)位移-時間關(guān)系可得：L=v21+'：1'+…⑧聯(lián)立①②⑤⑥⑦⑧式，代入數(shù)據(jù)得：L=12m。答：（1）運(yùn)動員騰空過程中離開AD的距離的最大值為4.8m；（2）M、N之間的距離為12m?！窘馕觥浚?）在M點(diǎn)由運(yùn)動的合成與分解規(guī)律得到垂直于AD面的速度大小和加速度大小，由運(yùn)動學(xué)公式求解d；（2）在M點(diǎn)由運(yùn)動的合成與分解規(guī)律得到沿AD面向下的分速度，由牛頓第二定律求解加速度，再根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式求解。本題主要是考查牛頓第二定律的綜合應(yīng)用問題以及斜上拋問題的分析，關(guān)鍵是弄清楚物體的運(yùn)動過程和受力情況，利用牛頓第二定律求解加速度，將速度和加速度同時進(jìn)行分解，再根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式進(jìn)行解答；知道加速度是聯(lián)系靜力學(xué)和運(yùn)動學(xué)的橋梁。17.【答案】解：（1）粒子在M、N間的電場中加速，由動能定理得：qU=j.，t「-0粒子在區(qū)域I內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=m-解得：R=".-：設(shè)粒子在磁場中做圓周運(yùn)動對應(yīng)的圓心角為a，由幾何關(guān)系得:d2+（R-L）2=R2cosa=，cosa=，sina=，解得：L='；-；/（2）設(shè)粒子在區(qū)域II中粒子沿z軸方向的分速度為匕，粒子沿l軸方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，粒子在z軸方向做勻速直線運(yùn)動，粒子在z軸方向分速度：vz=vcosa在z軸方向：d=vt沿％軸方向：%=?,?,-…r mdE解得：x=_. ..,,（3）設(shè)粒子沿y軸方向偏離z軸的距離為》其中在區(qū)域II中沿y軸方向偏離的距離為y'，貝U：y'=vtsina由題意可知：y=L+y' 屋解得：y=R-J ，i+G二（4）粒子打到記錄板上位置的X坐標(biāo)：x=一二；=..粒子比荷k=越大X越大，由于k質(zhì)/k氦核〉”核，則X質(zhì)子＞，產(chǎn)X氚核，第18頁，共21頁由圖乙所示可知，％、s2、s3分別對應(yīng)：氚核力、氮核1為、質(zhì)子1H的位置；答：（1）粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑R是.‘二'c點(diǎn)到z軸的距離L為二-二一：【'r1-3UCjrfir（2）粒子打到記錄板上位置的％坐標(biāo)是_1；（3）粒子打到記錄板上位置的y坐標(biāo)是：R-.!-'.':；+ .；（4）sps2、s3分別對應(yīng)氚核?H、氮核IHe、質(zhì)子1H?！窘馕觥浚?）粒子在M、N間加速，由動能定理求出粒子到達(dá)b孔時的速度，粒子在區(qū)域I中做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，應(yīng)用牛頓第二定律求出粒子做圓周運(yùn)動的軌道半徑；應(yīng)用幾何知識求出c到z軸的距離。（2）粒子在區(qū)域II中沿l軸方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，應(yīng)用運(yùn)動學(xué)公式可以求出粒子打在記錄板位置的％坐標(biāo)。（3）粒子在II區(qū)域沿y軸方向做勻速直線運(yùn)動，應(yīng)用運(yùn)動學(xué)公式求出粒子打到記錄板上位置的y坐標(biāo)。（4）根據(jù)粒子％坐標(biāo)大小判斷粒子對應(yīng)位置。本題考查了帶電粒子在電場與磁場中的運(yùn)動，根據(jù)題意分析清楚粒子運(yùn)動過程是解題的前提與關(guān)鍵，分析清楚粒子運(yùn)動過程后，應(yīng)用動能定理、牛頓