安徽省蚌埠市蒙城第四中學(xué)高二物理聯(lián)考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分．每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意1.如圖所示，用一根細(xì)繩和一根輕直桿組成三角支架，繩的一端繞在手指上，桿的一端頂在掌心，當(dāng)A處掛上重物時(shí)，繩與桿對(duì)手指和手掌均有作用，對(duì)這兩個(gè)作用力的方向判斷完全正確的是的（）A． B． C． D．參考答案：D【考點(diǎn)】力的合成與分解的運(yùn)用；共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用．【分析】對(duì)重物分析，重物受重力及繩子的拉力，因細(xì)繩是連續(xù)的，故繩子上各點(diǎn)的拉力均等于物體的重力，由此可判斷手指的受力方向；對(duì)結(jié)點(diǎn)進(jìn)行受力分析，則可知桿對(duì)結(jié)點(diǎn)的彈力方向，即可判出桿對(duì)手掌的作用力的方向．【解答】解：重物受繩子的拉力及物體本身的重力而處于平衡，故繩子的拉力等于物體的重力；而繃緊的繩子各處的拉力相等，故繩子對(duì)手指有大小為mg的拉力，方向沿繩的方向背離手指的方向；結(jié)點(diǎn)A處受繩子向下的拉力及沿繩向上的拉力，二力的合力應(yīng)沿桿的方向向里壓桿，故桿對(duì)手掌有向里的壓力；故答案為D．2.電流天平可以用來測(cè)量勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小。測(cè)量前天平已調(diào)至平衡，測(cè)量時(shí)，在左邊托盤中放入質(zhì)量為m的砝碼，右邊托盤中不放砝碼，將一個(gè)質(zhì)量為m0、匝數(shù)為n、下邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的矩形線圈掛在右邊托盤的底部，再將此矩形線圈的下部分放在待測(cè)磁場(chǎng)中。如圖甲所示，線圈的兩頭連在如圖乙所示的電路中，不計(jì)連接導(dǎo)線對(duì)線圈的作用力，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r.開關(guān)S閉合后，調(diào)節(jié)可變電阻至R1時(shí)，天平正好平衡。此時(shí)電壓表讀數(shù)為U；已知m0>m，取重力加速度為g，則（

）A.矩形線圈中電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針方向B.矩形線圈的電阻C.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小D.若僅將磁場(chǎng)反向，在左盤添加質(zhì)量為2m0-m的砝碼可使天平重新平衡參考答案：C【詳解】A.已知m0>m，要使線圈處于平衡狀態(tài)，則所受安培力的方向應(yīng)該向上，根據(jù)左手定則可知線圈中電流的方向應(yīng)該是逆時(shí)針方向，故A錯(cuò)誤；B.根據(jù)閉合電路歐姆定律可得，解得矩形線圈的電阻，故B錯(cuò)誤；C.根據(jù)平衡條件可得，而，，解得勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小，故C正確；D.開始線圈所受安培力的方向向上，僅將磁場(chǎng)反向，則安培力方向反向，變?yōu)樨Q直向下，相當(dāng)于右邊多了兩倍的安培力大小，所以需要在左邊加砝碼，添加質(zhì)量為的砝碼可使天平重新平衡，故D錯(cuò)誤；3.如圖所示，為等量正電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)，M、N為對(duì)稱線上兩點(diǎn)。下列說法正確的是A．M點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向方向向上B．M點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)一定大于N點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)C．將正電荷從M點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功D．將電子從M點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功參考答案：AC4.（單選）某電場(chǎng)中等勢(shì)面分布如圖所示，圖中虛線表示等勢(shì)面，過a、b兩點(diǎn)的等勢(shì)面電勢(shì)分別為9V和1V，則a、b連線的中點(diǎn)c處的電勢(shì)應(yīng)（）A．肯定等于5VB．大于5VC．小于5VD．可能等于5V參考答案：考點(diǎn)：電勢(shì)．專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題．分析：根據(jù)沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)逐漸降低，判斷出電場(chǎng)線的方向，根據(jù)等勢(shì)面的形狀判斷場(chǎng)強(qiáng)的強(qiáng)弱．解答：解：由題：a點(diǎn)的電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)，可知，電場(chǎng)線從a等勢(shì)面指向b等勢(shì)面；若是勻強(qiáng)電場(chǎng)C處的電勢(shì)為5V，而由等勢(shì)面的形狀可知（等勢(shì)面一定跟電場(chǎng)線垂直）電場(chǎng)強(qiáng)度左邊強(qiáng)，右邊弱，因此Uac＞Ucb，則c處的電勢(shì)應(yīng)小于5V．故C正確．故選：C5.如圖所示，絕緣擺線長(zhǎng)為L(zhǎng)，擺球帶正電，懸于O點(diǎn)，當(dāng)它擺過豎直線OC時(shí)，便進(jìn)入或離開一個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于單擺的擺動(dòng)平面，在擺角小于5°時(shí)，擺球沿著ACB來回?cái)[動(dòng)，下列說法正確的是A．A點(diǎn)和B點(diǎn)處于同一水平面上B．在A點(diǎn)B點(diǎn)，線上的拉力大小不相等C．單擺的振動(dòng)周期D．單擺向右或向左運(yùn)動(dòng)經(jīng)過D點(diǎn)時(shí)，線上拉力大小相等參考答案：AC二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計(jì)16分6.（4分）如圖所示，水平放置的兩平行金屬板間距為d，電壓大小為U，上板中央有孔，在孔正下方的下板表面上有一個(gè)質(zhì)量為m，電量為－q的小顆粒，將小顆粒由靜止釋放，它將從靜止被加速，然后沖出小孔，則它能上升的最大高度h=_________________。參考答案：7.如圖是正弦式電流的圖像，由圖可知：該交變電流的頻率為

Hz，電壓的有效值為

V。參考答案：

50

；

100

8.（4分）已知空氣的擊穿電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)為2×106V/m，測(cè)得某一次閃電火花長(zhǎng)1000m，設(shè)閃電火花的路徑為直線,則發(fā)生這次閃電時(shí)，放電路徑兩端的電勢(shì)差U=________V。若這次閃電通過的電荷量為30C，則釋放的能量△E=___________J。參考答案：2×109、6×10109.（單選題）如圖，用平行于斜面的推力使物體靜止于傾角為θ的固定斜面上，下列表述正確的是A．斜面對(duì)物體的摩擦力一定沿斜面向下B．斜面對(duì)物體的摩擦力一定沿斜面向上C．斜面對(duì)物體的摩擦力可能為零

D．物體對(duì)斜面的壓力可能為零參考答案：C10.(1)研究光電效應(yīng)的電路如圖所示．用頻率相同、強(qiáng)度不同的光分別照射密封真空管的鈉極板(陰極K)，鈉極板發(fā)射出的光電子被陽(yáng)極A吸收，在電路中形成光電流．下列光電流I與A、K之間的電壓UAK的關(guān)系圖象中，正確的是________．(2)鈉金屬中的電子吸收光子的能量，從金屬表面逸出，這就是光電子．光電子從金屬表面逸出的過程中，其動(dòng)量的大小________(選填“增大”、“減小”或“不變”)參考答案：

(1).C

(2).減小【詳解】(1)光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率有關(guān)，與光照強(qiáng)度無關(guān)，因此在入射光頻率相同的情況下，光電子的最大初動(dòng)能相同，對(duì)應(yīng)的遏止電壓相同。在能發(fā)生光電效應(yīng)的前提下，光電流隨著光照強(qiáng)度的增大而增大。故C項(xiàng)正確，ABD三項(xiàng)錯(cuò)誤。(2)光電子從金屬表面逸出的過程中，由于要克服金屬束縛做功，速度減小，動(dòng)量減小。11.參考答案：12.當(dāng)用具有1.87eV能量的光子照射到n=3激發(fā)態(tài)的氫子時(shí)，氫原子吸收該光子后被電離，則電離后電子的動(dòng)能為：

。參考答案：13.在如圖所示的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，垂直放有一段長(zhǎng)0.05m的通電直導(dǎo)線，當(dāng)通以水平向右的電流時(shí)，受到的安培力方向是＿＿＿＿＿，若電流的大小是0.8A，受到的安培力大小為0.02N，則該勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感強(qiáng)度B=＿＿＿＿T。參考答案：豎直向下、0.5三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，每小題11分，共計(jì)22分14.為了測(cè)定電源電動(dòng)勢(shì)E的大小、內(nèi)電阻r和定值電阻R0的阻值，某同學(xué)利用DIS設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路．閉合電鍵S1，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向某一方向移動(dòng)時(shí)，用電壓傳感器1，電壓傳感器2和電流傳感器測(cè)得數(shù)據(jù)，并根據(jù)測(cè)量數(shù)據(jù)計(jì)算機(jī)分別描繪了如圖乙所示的M、N兩條U﹣I直線．請(qǐng)回答下列問題：（1）根據(jù)圖乙中的M、N兩條直線可知

．A．直線M是根據(jù)電壓傳感器1和電流傳感器的數(shù)據(jù)畫得的B．直線M是根據(jù)電壓傳感器2和電流傳感器的數(shù)據(jù)畫得的C．直線N是根據(jù)電壓傳感器1和電流傳感器的數(shù)據(jù)畫得的D．直線N是根據(jù)電壓傳感器2和電流傳感器的數(shù)據(jù)畫得的（2）圖象中兩直線交點(diǎn)處電路中的工作狀態(tài)是

．A．滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭P滑到了最左端B．電源的輸出功率最大C．定值電阻R0上消耗的功率為0.5WD．電源的效率達(dá)到最大值（3）根據(jù)圖乙可以求得定值電阻R0=

Ω，電源電動(dòng)勢(shì)E=

，內(nèi)電阻r=

Ω．參考答案：（1）BC；（2）ABC；（3）2.0，1.50，1.0【考點(diǎn)】測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻．【分析】（1）定值電阻的U﹣I圖線是正比圖線，電源的U﹣I圖線是向下傾斜的圖線；（2）兩個(gè)圖線的交點(diǎn)是將電阻和電源直接相連時(shí)電路中的電壓和電流值；（3）定值電阻的U﹣I圖線是正比圖線，斜率表示電阻；電源的U﹣I圖線的縱軸截距表示電動(dòng)勢(shì)，斜率表示內(nèi)電阻；【解答】解：（1）由圖可知電壓傳感器1測(cè)電源的路端電壓，電壓傳感器2測(cè)R0兩端的電壓；電流傳感器測(cè)電路中的電流；由圖可知，M圖象中的電壓隨電流的增大而增大，故M應(yīng)為R0兩端的電壓；而N圖象中電壓隨電流的增大而減小，符合閉合電路的歐姆定律U=E﹣Ir，故N顯示的是電源的輸出電壓與電流的關(guān)系；故選BC；

（2）A、當(dāng)定值電阻和電源的電流、電壓相等時(shí)，一定是電阻直接與電源相連；故滑動(dòng)變阻器是短路，滑片達(dá)到最左側(cè)；故A正確；B、滑動(dòng)變阻器短路時(shí)，外電阻與內(nèi)電阻最接進(jìn)，故電源輸出功率最大，故B正確；C、此時(shí)電阻的電壓為1V，電流為0.5A，故功率為0.5W，故C正確；D、此時(shí)外電阻最小，效率最低，故D錯(cuò)誤；故選：ABC；

（3）定值電阻的U﹣I圖線是正比圖線，圖線的斜率表示電阻，為2.0Ω；圖線N的縱軸截距表示電動(dòng)勢(shì)，為1.50V；斜率表示內(nèi)電阻，為1.0Ω；故答案為：（1）BC；（2）ABC；（3）2.0，1.50，1.015.檢測(cè)一個(gè)標(biāo)稱值為5的滑動(dòng)變阻器的阻值。可供使用的器材如下：A．待測(cè)滑動(dòng)變阻器，全電阻約為5（電阻絲繞制緊密，匝數(shù)清晰可數(shù)）B．電流表A1，量程0.6A，內(nèi)阻約為0.6C．電流表A2，量程3A，內(nèi)阻約為0.12D．電壓表V1，量程15V，內(nèi)阻約為15KE．電壓表V2，量程3V，內(nèi)阻約為3KF．滑動(dòng)變阻器R，全電阻約20G．直流電源E，電動(dòng)勢(shì)3V，內(nèi)阻不計(jì)H．游標(biāo)卡尺L．毫米刻度尺J．開關(guān)S，導(dǎo)線若干（1）用伏安法測(cè)定的全電阻值，所選電流表為

（填A(yù)1或A2）所選電壓表為

（填V1或V2）

（2）在所給的方框內(nèi)畫出測(cè)量電路原理圖

參考答案：①

A1，

v2

2電路略（分壓式，外接）四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分16.質(zhì)量為m＝2kg的物體靜止在水平面上，它們之間的動(dòng)摩擦系數(shù)μ＝0.5,現(xiàn)在對(duì)物體施加以如圖6所示的拉力F＝10N，與水平方向夾角θ＝37°，經(jīng)t＝10s后撤去力F，在經(jīng)一段時(shí)間，物體又靜止．(sin37°＝0.6)求：(1)10s前和10s后物體的加速度a1和a2的大小；（2）物體運(yùn)動(dòng)過程中最大速度是多少？(3)物體運(yùn)動(dòng)的總位移是多少？(g取10m/s2)參考答案：

(1)前10s一直做勻加速運(yùn)動(dòng)，接下來物體做勻減速運(yùn)動(dòng)由：Fcosθ－μ(mg－Fsinθ)＝ma1；物體10s前的加速度為：a1＝0.5m/s2；10s后物體加速度：a2＝μg＝5m/s2。（2）10s末的速度最大：vm＝a1t＝5m/s。(3)前10s的位移：x1＝a1t2＝25m；10s后的位移：x2＝＝2.5m；則總位移x＝x1＋x2＝27.5m。

17.（18分）如圖所示，半徑R=0.8m的光滑1/4圓弧軌道固定在光滑水平面上，軌道上方的A點(diǎn)有一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)量m=1kg的小物塊。小物塊由靜止開始下落后打在圓弧軌道上的B點(diǎn)但未反彈，在該瞬間碰撞過程中，小物塊沿半徑方向的分速度即刻減為零，而沿切線方向的分速度不變，此后小物塊將沿著圓弧軌道滑下。已知A點(diǎn)與軌道的圓心O的連線長(zhǎng)也為R，且AO連線與水平方向的夾角為30°，C點(diǎn)為圓弧軌道的末端，緊靠C點(diǎn)有一質(zhì)量M=3kg的長(zhǎng)木板，木板的上表面與圓弧軌道末端的切線相平，小物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，g取10m/s2。求：（1）小物塊剛到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度；（2）小物塊沿圓弧軌道到達(dá)C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道壓力FC的大??；（3）木板長(zhǎng)度L至少為多大時(shí)小物塊才不會(huì)滑出長(zhǎng)木板？參考答案：（1）由幾何關(guān)系可知，AB間的距離為R

(1分)

小物塊從A到B做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有

①

(2分)

代入數(shù)據(jù)解得vB=4m/s，方向豎直向下

(2分)

（2）設(shè)小物塊沿軌道切線方向的分速度為vBx，因OB連線與豎直方向的夾角為60°，故vBx=vBsin60°②

(2分)

從B到C，只有重力做功，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有

③

(2分)

代入數(shù)據(jù)解得m/s

(1分)

在C點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律有

④

(2分)

代入數(shù)據(jù)解得N

(1分)

再根據(jù)牛頓第三定律可知小物塊到達(dá)C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力FC=35N

(1分)

（3）小物塊滑到長(zhǎng)木板上后，它們組成的系統(tǒng)在相互作用過程中總動(dòng)量守恒，減少的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能。當(dāng)物塊相對(duì)木板靜止于木板最右端時(shí)，對(duì)應(yīng)著物塊不滑出的木板最小長(zhǎng)度。根據(jù)動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律有mvC=(m+M)v

⑤

(2分)