2022-2023學年河南省花洲實驗高級中學物理高二第二學期期中達標檢測試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關(guān)于氣體壓強的理解，哪一種理解是錯誤的（）A．將原先敞口的開口瓶密閉后，由于瓶內(nèi)氣體重力太小，它的壓強將遠小于外界大氣壓強B．氣體壓強是由于氣體分子不斷撞擊器壁而產(chǎn)生的C．氣體壓強取決于單位體積內(nèi)氣體分子數(shù)及其平均動能D．單位面積器壁受到氣體分子碰撞產(chǎn)生的平均壓力在數(shù)值上等于氣體壓強的大小2、在一定速度下發(fā)生變化的孤立體系,其總熵()A．不變B．可能增大或減小C．總是增大D．總是減小3、某溫控電路的原理如圖所示，RM是半導體熱敏電阻，R是滑動變阻器，某種儀器要求在15℃～27℃的環(huán)境中工作．當環(huán)境溫度偏高或偏低時，控制器會自動啟動降溫或升溫設備．下列說法中正確的是A．環(huán)境溫度降低，RM的阻值減小B．環(huán)境溫度升高，Uab變大C．滑片P向下移動時，Uab變大D．調(diào)節(jié)滑片P能改變升溫和降溫設備啟動時的臨界溫度4、如圖所示，在傾角的光滑斜面上，物塊A靜止在輕彈簧上面，物塊B用細線與斜面頂端相連，物塊A、B緊挨在一起但它們之間無彈力，已知物塊A、B質(zhì)量分別為和，重力加速度為，，．某時刻將細線剪斷，則在細線剪斷瞬間，下列說法正確的是A．物塊B的加速度為 B．物塊A的加速度為C．物塊A、B間的彈力為 D．彈簧的彈力為5、下列說法正確的是（）A．只要穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，就有感應電流產(chǎn)生，與線圈是否閉合無關(guān)B．只要閉合導體運動，導線中就一定有感應電流C．閉合電路的導體，不做切割磁感線的運動時，線圈中一定沒有感應電流D．當穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化時，閉合電路中就一定有感應電流6、以下說法正確的是（）A．擴散現(xiàn)象只能發(fā)生在氣體與氣體間B．擴散現(xiàn)象只能發(fā)生在液體與液體間C．擴散現(xiàn)象只能發(fā)生在固體與固體間D．任何物質(zhì)間都可發(fā)生相互擴散二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在線圈上端放置一盛有冷水的金屬杯，現(xiàn)接通交流電源，過了幾分鐘，杯內(nèi)的水沸騰起來．若要縮短上述加熱時間，下列措施可行的有（）A．增加線圈的匝數(shù) B．提高交流電源的頻率C．將金屬杯換為瓷杯 D．取走線圈中的鐵芯8、用a，b兩單色光分別照射同一雙縫干涉裝置，在距雙縫恒定距離的屏上得到如圖所示的干涉圖樣，其中圖甲是a光照射時形成的，圖乙是b光照射形成的，當由a、b組成的復合光由一個介質(zhì)進入另一介質(zhì)時，下列光路圖有可能正確的是（）A． B．C． D．9、質(zhì)量為m的物塊甲以3m/s的速度在光滑水平面上運動，有一輕彈簧固定于其左端，另一質(zhì)量也為m的物塊乙以4m/s的速度與甲相向運動，如圖所示．則（）A．甲、乙兩物塊在彈簧壓縮過程中，由于彈力屬于內(nèi)力作用，故系統(tǒng)動量守恒B．當兩物塊相距最近時，甲物塊的速率為零C．甲物塊的速率可能達到5m/sD．當甲物塊的速率為1m/s時，乙物塊的速率可能為2m/s，也可能為010、如圖所示，兩列簡諧橫波的振幅都是20cm，傳播速度大小相同，虛線波的頻率為2Hz，沿x軸負方向傳播；實線波沿x軸正方向傳播，某時刻兩列波在如圖所示區(qū)域相遇，以下判斷正確的是（）A．實線波與虛線波的周期之比為1:2B．兩列波在相遇區(qū)域會發(fā)生干涉現(xiàn)象C．平衡位置為x=6m處的質(zhì)點此時刻速度為零D．平衡位置為x=4.5m處的質(zhì)點此刻位移三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）欲用伏安法測定一段阻值約為5Ω左右的金屬導線的電阻，要求測量結(jié)果盡量準確，現(xiàn)備有以下器材：A．電池組（3V，內(nèi)阻1Ω）B電流表（0~3A，內(nèi)阻0.0125Ω）C．電流表（0~0.6A，內(nèi)阻0.125Ω）D．電壓表（0~3V，內(nèi)阻3kΩ）E.電壓表（0~15V，內(nèi)阻15kΩ）F.滑動變阻器R1（0~20Ω，額定電流1A）G.滑動變阻器R2（0~2000Ω，額定電流0.3A）H.開關(guān)、導線（1）電流表選擇______電壓表選擇______滑動變阻器應選用的是______。（填寫器材的字母代號）（2）實驗電路應采用電流表______（選填“內(nèi)”或“外”）接法，采用此接法測得的電阻值比其真實值偏______（選填“大”或“小”）造成這種誤差的主要原因______。（3）為使通過待測金屬導線的電流能在0~0.5A范圍內(nèi)改變，請按要求在方框內(nèi)畫出測量測金屬導線的電阻的原理電路圖____。并連接電路______。12．（12分）用單擺測定重力加速度的實驗裝置如圖甲所示。（1）組裝單擺時，應在下列器材中選用________（填選項前的字母）。A．長度為1m左右的細線B．長度為30cm左右的細線C．直徑為1.8cm的塑料球D．直徑為1.8cm的鐵球（2）測出懸點O到小球球心的距離（擺長）L及單擺完成n次全振動所用的時間t，則重力加速度g=________（用L、n、t表示）。（3）在某次測量中，若單擺振動50次的時間如圖乙所示，則其振動周期為_____s（4）用多組實驗數(shù)據(jù)做出T2-L圖象，也可以求出重力加速度g。已知三位同學做出的T2-L圖線的示意圖如圖丙中的a、b、c所示，其中a和b平行，b和c都過原點，圖線b對應的g值最接近當?shù)刂亓铀俣鹊闹?。則相對于圖線b，下列分析正確的是（___）（填選項前的字母）。A．出現(xiàn)圖線a的原因可能是誤將懸點到小球下端的距離記為擺長LB．出現(xiàn)圖線c的原因可能是誤將49次全振動記為50次C．圖線c對應的g值小于圖線b對應的g值D．假設b和c是小明和小紅分別在北京大學和廣州大學用同樣的實驗裝置描繪的圖線，不考慮其他誤差，則圖線c是小明所繪四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖甲所示，在一個正方形金屬線圈區(qū)域內(nèi)存在著磁感應強度B隨時間變化的勻強磁場，磁場的方向與線圈平面垂直．金屬線圈所圍的面積S＝200cm2，匝數(shù)n＝1000，線圈電阻r＝1.0Ω．線圈與電阻R構(gòu)成閉合回路，電阻的阻值R＝4.0Ω．勻強磁場的磁感應強度隨時間變化的情況如圖乙所示．磁感應強度B的參考正方向如圖甲中所示．求：（1）在t＝2.0s時通過電阻R的感應電流I的大小和方向；（2）在t＝5.0s時刻，線圈端點a、b的電勢差Uab；（3）0～6.0s內(nèi)整個閉合電路中產(chǎn)生的熱量Q．14．（16分）交流發(fā)電機轉(zhuǎn)子是匝數(shù)n=100，邊長L=20cm的正方形線圈，置于磁感應強度B=T的勻強磁場中，繞垂直磁場方向的軸以ω=100πrad/s的角速度勻速轉(zhuǎn)動.當轉(zhuǎn)到圖示位置開始計時，已知線圈的電阻r=1Ω，外電路電阻R=99Ω.試求：(1)發(fā)電機電動勢的最大值；(2)交變電流i的瞬時值表達式；(3)外電阻R上消耗的功率.15．（12分）一個質(zhì)量為m＝100g的小球從h＝0.8m高處自由下落，落到一個厚軟墊上，若從小球接觸軟墊到小球陷至最低點經(jīng)歷了t＝0.2s，則在這段時間內(nèi)，軟墊對小球的沖量是多少？(g＝10m/s2)

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

A．將開口瓶密閉后，瓶內(nèi)氣體脫離大氣，瓶內(nèi)氣體壓強等于外界大氣壓強，故A錯誤符合題意；B．氣體壓強是由于氣體分子不斷撞擊器壁而產(chǎn)生的，故B正確不符合題意；C．根據(jù)氣體壓強的微觀解釋可知，氣體壓強取決于單位體積內(nèi)氣體分子數(shù)及其平均動能，故C正確不符合題意；D．根據(jù)可知，單位面積器壁受到氣體分子碰撞產(chǎn)生的平均壓力在數(shù)值上等于氣體壓強的大小，故D正確不符合題意。故選A。2、C【解析】

由熵增加原理可知，任何孤立體系的熵總是增加的，故C正確，A、B、D錯誤；故選C。【點睛】關(guān)鍵是知道在孤立系統(tǒng)中，一切不可逆過程必然朝著熵的不斷增加的方向進行；熵增原理是熱力學第二定律的另一種表述方法。3、D【解析】RM是半導體熱敏電阻，環(huán)境溫度降低時，RM的阻值增大，故A錯誤．環(huán)境溫度升高時，RM的阻值減小，根據(jù)串聯(lián)電路中電壓與電阻成正比，可知Uab變小，故B錯誤．滑片P向下移動時，R增大，總電流減小，則Uab變小，故C錯誤．調(diào)節(jié)滑片P時，可改變Uab，從而改變升溫和降溫設備啟動時的臨界溫度，故D正確．故選D．4、C【解析】

剪斷細線前，彈簧的彈力：

細線剪斷的瞬間，彈簧的彈力不變，仍為；

剪斷細線瞬間，對A、B系統(tǒng)，加速度為：，即A和B的加速度均為0.4g；

以B為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得

解得．

故C正確，ABD錯誤．故選C．5、D【解析】

A.只有當線圈閉合，且穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，線圈中才有感應電流；若線圈不閉合，則沒有感應電流；故A錯誤。B.閉合電路整體在磁場中作切割磁感線運動，而閉合電路中磁通量卻沒有變化，則閉合電路中就沒有感應電流，故B錯誤；C.閉合電路的一部分導體不做切割磁感線運動，若穿過閉合電路的磁感線的條數(shù)發(fā)生變化，該電路中也能產(chǎn)生感應電流，故C錯誤；D.根據(jù)感應電流產(chǎn)生的條件可知，當穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化時，該電路中一定有感應電流。故D正確。6、D【解析】不同物質(zhì)之間，由于分子的運動，總會存在著擴散現(xiàn)象，只是快慢不同(受溫度、物體形態(tài)等因素影響).如墻角放一堆煤，墻及墻體內(nèi)都會變黑.所以擴散現(xiàn)象不僅存在于液體與液體、氣體與液體、氣體與氣體之間，同樣也存在于固體與固體、氣體與固體、液體與固體之間，故ABC錯誤，D正確.故選：D二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】

當線圈中通以交變電流時，在金屬杯中將產(chǎn)生感應電動勢感應電流，根據(jù)法拉第電磁感應定律可知，感應電動勢；增加線圈的匝數(shù)可以提高交流電產(chǎn)生磁場的磁感應強度的變化率，感應電動勢增大，感應電流的功率增大，使杯內(nèi)的水沸騰所需的時間縮短；提高交流電源的頻率，磁感應強度的變化率變大，感應電動勢變大，感應電流的功率增大；故選項A、B正確．取走線圈中的鐵芯則使得線圈周圍的磁場變?nèi)?，磁感應強度變化率減小，感應電動勢變小，從而使杯內(nèi)的水沸騰所需的時間反而延長，故選項D錯誤；將金屬杯換為瓷杯后，由于陶瓷不是導體，因此瓷杯中不能產(chǎn)生感應電流，無法給水加熱，故選項C錯誤．8、BC【解析】

根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式△xλ，知乙圖條紋間距大，則b光的波長較長。根據(jù)f知，a光的頻率較大，則a光的光子能量較大；頻率大，則折射率大，若發(fā)生折射時，則偏折程度較大，再根據(jù)sinC，那么a光的臨界角較小，若發(fā)生全反射時，則a光先達到臨界角；綜上所述，故AD錯誤，BC正確；9、AD【解析】甲、乙兩物塊（包括彈簧）組成的系統(tǒng)在彈簧壓縮過程中，系統(tǒng)所受的合外力為零，系統(tǒng)動量守恒，故A正確；當兩物塊相距最近時速度相同，取碰撞前乙的速度方向為正方向，設共同速率為v，根據(jù)動量守恒定律得到mv乙-mv甲=2mv，解得v=0.5m/s．故B錯誤．若物塊甲的速率達到5m/s，方向與原來相同，則：mv乙-mv甲=-mv甲′+m乙v乙′，代入數(shù)據(jù)解得：v乙′=6m/s．兩個物體的速率都增大，動能都增大，違反了能量守恒定律．若物塊甲的速率達到5m/s，方向與原來相反，則：mv乙-mv甲=mv甲′+m乙v乙′，代入數(shù)據(jù)解得：v乙′=-5m/s，當碰撞后，乙的動能不變，甲的動能增加，系統(tǒng)總動能增加，違反了能量守恒定律．所以物塊甲的速率不可能達到5m/s，故C錯誤．甲、乙組成的系統(tǒng)動量守恒，若物塊甲的速率為1m/s，方向與原來相同，由動量守恒定律得：mv乙-mv甲=-mv甲′+m乙v乙′，代入數(shù)據(jù)解得：v乙′=2m/s；若物塊甲的速率為1m/s，方向與原來相反，由動量守恒定律得：mv乙-mv甲=mv甲′+m乙v乙′，代入數(shù)據(jù)解得：v乙′=0，故D正確．故選AD．點睛：本題考查了含彈簧的碰撞問題，處理該類問題，往往應用動量守恒定律與機械能守恒定律分析解題．分析清楚物體運動過程是正確解題的前提與關(guān)鍵，應用動量守恒定律即可正確解題；當兩物體速度相等時，彈簧被壓到最短，此時彈力最大.10、AD【解析】

A．兩列波波速相同，實線波與虛線波的波長、，波長之比為，由得，波長與周期成正比，則的周期之比為，故A正確；B．兩列波波速相同，波長不同，根據(jù)頻率不同，不能發(fā)生干涉現(xiàn)象，故B錯誤；C．平衡位置為處的質(zhì)點此刻位移為0，根據(jù)微平移法知，兩列單獨引起的速度都向下，所以合速度不為0，故C錯誤；D．平衡位置為處的質(zhì)點，兩列波長單獨引起的位移分別為，所以此刻的位移故D正確。故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、CDF外小由于電壓表的分流作用【解析】

（1）[1][2][3]電池組的電動勢是，電壓表的量程選，即選擇電壓表。金屬導線的電阻約為左右，則通過導線的電流最大值約為故電流表選。為方便實驗操作，滑動變阻器應選。（2）[4][5][6]由題意可知電流表應采用外接法；由于電壓表的分流作用，測量電流偏大，所以被測電阻測量值偏小。（3）[7][8]測量電阻的原理電路如圖，電路連接如圖12、AD2.65BD【解析】

(1)A、B項：為減小實驗誤差，擺線長度應適當長些，故A正確，B錯誤；C、D項：為了減小空氣阻力對實驗的影響，擺球質(zhì)量應大而體積較小，故C錯誤，D正確。(2)由單擺周期公式，又，聯(lián)立解得：；(3)圖中指示時間為：132.5s，則；(4)由單擺周期公式得，，由數(shù)學知識可知，圖象的斜率，當?shù)氐闹亓铀俣華項：由圖丙所示圖象可知，對圖線a，當L為零時T不零，所測擺長偏小，可能是把擺線長度作為擺長，即把懸點到擺球上端的距離作擺長，故A錯誤；B項：實驗誤將49次全振動記為50次，則周期的測量值偏小，導致重力加速度的測量值偏大，圖線的斜率k偏小，故B正確；C項：由圖可知，圖線c對應的斜率k偏小小于圖線b對應的斜率，由可知，圖線c對應的g值大于圖線b對應的g值，故C錯誤；D項：由于北京的緯度比廣州的緯度高，所以北京的重力加速度比廣州的大，由可知，圖線c是在北京大學的小明所繪，故D正確。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）方向b→