2020年上海市長寧區(qū)高考物理一模試卷題號 4四總分得分、單選題（本大題共12小題，共40.0分）. 一列機械波在不同介質(zhì)中傳播，保持不變的物理量是（）D.頻率D.保持空氣干燥A.波長 B.D.頻率D.保持空氣干燥TOC\o"1-5"\h\z.下列措施中屬于靜電防范的是（ ）A.靜電除塵 B.靜電噴涂 C.良好接地.在“用DIS描繪電場的等勢線”的實驗中，下列各種紙張在平整的木板上從上到下依次鋪放，正確的順序是（ ）A.導(dǎo)電紙、白紙、復(fù)寫紙 B.導(dǎo)電紙、復(fù)寫紙、白紙C.白紙、復(fù)寫紙、導(dǎo)電紙 D.白紙、導(dǎo)電紙、復(fù)寫紙.甲、乙兩相同小球從同一高處相隔1s先后自由下落，在下落過程中（ ）A.兩球速度差越來越大 B.兩球速度差越來越小C.兩球間距離越來越大 D.兩球間距離越來越小.一物體在互相垂直的兩個恒力F「F2作用下運動一段位移，F(xiàn)1對物體做功-3J，F(xiàn)2對物體做功4J，則F1與F2的合力對物體做功為（ ）A.7J B.5J C.-5J D.1J.圖甲是一款手機支架，其表面采用了納米微吸材料，用手觸碰無粘感，接觸到平整的硬性物體時會牢牢吸附在物體上。圖乙是手機靜止吸附在支架上的側(cè)視圖，若手機的重力為G，此時手機面與水平面夾角為仇則該支架對手機作用力大小為（）j?圖甲 圖乙D.Gtg。A.G B.Gsin。 C.GD.Gtg。.關(guān)于力的分解，下列說法正確的是（ ）一個2N的力可以分解為8N和8N的兩個分力一個3N的力可以分解為8N和4N的兩個分力一個7N的力可以分解為5N和1N的兩個分力一個8N的力可以分解為4N和3N的兩個分力.用圖象可以反映物體的運動狀態(tài)或其所受合外力的情況。甲是位移隨時間變化圖象，乙是速度隨時間變化圖象，丙是加速度隨時間變化圖象，丁是合外力隨時間變化圖象。圖象均為直線。下列根據(jù)這些圖象對物體作出的判斷中，正確的是（）第1頁，共11頁

A.圖甲物體的加速度越來越大C.圖丙物體的速度均勻增大B.圖乙物體受到的合外力越來越大D.圖丁物體的加速度均勻增大9.如圖，一質(zhì)點沿螺旋線自外向內(nèi)運動，已知其半徑轉(zhuǎn)過的圓心角0與運動時間t成正比，則質(zhì)點運動中（ ）A.角速度不變A.圖甲物體的加速度越來越大C.圖丙物體的速度均勻增大B.圖乙物體受到的合外力越來越大D.圖丁物體的加速度均勻增大9.如圖，一質(zhì)點沿螺旋線自外向內(nèi)運動，已知其半徑轉(zhuǎn)過的圓心角0與運動時間t成正比，則質(zhì)點運動中（ ）A.角速度不變B.向心加速度不變C.線速度越來越大10.11.D.合外力越來越大兩質(zhì)量相同的小球A、B，分別用輕繩懸在等高的O1、O2點，A球的懸線比B球的懸線長。把兩球的懸線均拉到水平后將小球無初速釋放，以懸點為零勢能參考面，小球經(jīng)過最低點時，動能分別為EkA、EkB，重力勢能分別為EpA、EpB，機械能分別為Ea、綜.則（ ）A-EkA>EkBEpA>EpBEA>EB B.EkA>EkBEpA<EpBEA>EBC.E,>E,E<EEE,=Ed D.E,<E,E>EDE,=EDkAkBpApBAB kAkBpApBAB電動勢為E、內(nèi)電阻為廠的電源與阻值為R的電阻連成閉合電路。t秒內(nèi)電源內(nèi)部的非靜電力移送電荷的電量及非靜電力做功分別為（ ）A.C..如圖，波源S從平衡位置開始振動，運動方向沿y軸負方向，振動周期T=0.015,產(chǎn)生的簡諧波向左、右兩個方向傳播，波速均為v=40m/s。過一段時間后，P、Q兩點開始振動。已知距離SP=1.0m、SQ=1.3m。若以Q點開始振動的時刻作為計時起點，下面四個圖象中P、Q兩點的振動圖象分別是（ ）D.丁圖和甲圖第2D.丁圖和甲圖第2頁，共11頁A.甲圖和乙圖 B.丙圖和乙圖C.丁圖和丙圖二、填空題（本大題共3小題，共12.0分）.如圖為不等量異種點電荷的電場線分布，P、Q是電場中的兩點。則兩點的電勢QP>pQ，判斷的依據(jù)是 ;電子在這兩點的電勢能關(guān)系為EPEQ.（選填“〉”或“〈”）

.傾斜索道與水平面夾角為37°,質(zhì)量為m的人站在車廂內(nèi)沿鋼索勻加速向上運動，他對箱底壓力為1.25mg。那么，車廂沿鋼索勻加速向上運動的加速度a=，車廂對人的摩擦力F=°.如圖，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r。S為單刀雙擲開關(guān)，兩電阻R「10Q,4=8Q.當開關(guān)S接1時，電流表示數(shù)為 一y二士^0.2A.則開關(guān)S接2時，電流表示數(shù)(選填“增大” 及或“減小”)，電流表示數(shù)的變化范圍可能是 。 -d1一?-三、實驗題(本大題共3小題，共18.0分).在“用油膜法估測分子大小”實驗中，油酸酒精溶液濃度為A,記下N滴溶液總體積為丫.邊長為a正方形小格的透明方格紙板上，數(shù)得油膜占有的小格個數(shù)為X.用以上字母表示：一滴油酸酒精溶液中純油酸的體積丫油酸 ；油酸分子直徑D=。.圖是某同學(xué)制作的簡易溫度計。導(dǎo)熱性能良好的玻璃泡A內(nèi)封有一定質(zhì)量的氣體，與A相連的細玻璃管B插在水銀槽中，根據(jù)B管內(nèi)外水銀面的高度差來標刻環(huán)境溫度。已知B管內(nèi)外水銀面的高度差為h1=16cm時，環(huán)境溫度為t『27℃,大氣壓為p0=76cmHg.則溫度為12=17℃時，B管內(nèi)外水銀面的高度差hfcm.要提高該溫度計的精確度，對裝置有何要求？。(寫出一點即可).“用DIS研究在溫度不變時，一定質(zhì)量的氣體壓強與體積的關(guān)系”實驗中，實驗裝置如如圖1置如如圖1。(1)保持溫度不變，封閉氣體的壓強p用測量，其體積丫由 讀出。(2)C小紅按實驗步驟開始實驗，但最后得到p和丫的乘積逐漸增大。①由此可推斷，她的實驗結(jié)果可能為圖2。②圖線彎曲的可能原因是在實驗過程中。(A)注射器中有異物(B)連接軟管中存在氣體(C)注射器內(nèi)氣體溫度升高(D)注射器內(nèi)氣體溫度降低③根據(jù)②的回答，可采取的改正措施是 。(寫出一種即可)四、計算題(本大題共2小題，共30.0分)19.如圖，小環(huán)套在與水平地面成。=30°的固定光滑桿上，用水平拉力F=回擊從h1=0.20m高處由靜止起拉動小環(huán)，直到桿的最高端h2=1.20m處撤去F，小環(huán)在空中上升到最高處h3=1.25m后開始下落并最終落到地面。不計空氣阻力，測得小環(huán)在空中運動的最小速度為同mIs0(g=10mIs2)(1)小環(huán)在空中運動時哪個位置速度最?。繉懗霰匾姆治鲞^程。(2)小環(huán)在h2高度處的速度大小為多少？(3)小環(huán)的質(zhì)量為多少？第3頁，共11頁

20.電動汽車在行駛過程中，消耗電池能量對外做功使汽車前進。汽車安裝的電池常用兩個物理量衡量其性能，如表所示：物理量定義單位電池容量電池存儲電量的多少mAh電池的能量密度p單位質(zhì)量攜帶電能的多少Wh/kg某質(zhì)量m=0.056kg的電池以恒定電流放電時，端電壓與流過電池電量的關(guān)系如圖所示。電池容量檢測系統(tǒng)在電壓為4V時顯示剩余電量100%，電壓為3V時顯示剩余電量0%.通過計算機測得曲線與電量軸所圍的面積約為7000V-mAh。(1)該曲線與電量軸所圍面積的物理意義是什么？(2)該電池的能量密度p是多少？(3)在放電過程中剩余電量從100%到80%用了時間K由圖象推測剩余電量從50%到30%約要多少時間？(4)某電動汽車除電池外總質(zhì)量為M，配上質(zhì)量為m、能量密度為p的電池，單次充電后可以在水平路面行駛距離s(s較長，近似認為全程勻速行駛)，行駛中所受阻力與總質(zhì)量成正比，比例系數(shù)為k。假設(shè)電池能量的|用來對外做功使汽車前進，寫出汽車行駛距離s的表達式。為提升電動車單次充電行駛最大距離，國家大力支持研發(fā)提高電池的能量密度，而不是僅靠增加車上電池質(zhì)量，請通過分析說明原因。 .04W800 1200 1^00 2000 5mAh第4頁，共11頁

2020年上海市長寧區(qū)高考物理一模試卷答案和解析【答案】D8.DC9.AB10.【答案】D8.DC9.AB10.C13.14.沿著電場線方向電勢降低5 1五g"C11.B<D6.A12.B7.A15.16.17.18.小環(huán)從h15.16.17.18.小環(huán)從h1高處運動到h2高處，s電一瓦)1.20-0.20sin9V^=2m增大0.2A?0.25AAVAVNNXa18玻璃管內(nèi)徑要細、A泡的體積遠大于B管的體積壓強傳感器注射器刻度。C手不要握住針筒、壓強傳感器穩(wěn)定后讀數(shù)、緩慢推動針筒等19.解：(1)小環(huán)在空中運動，只有重力做功，其機械能守恒，最高處重力勢能最大，動能最小，速度最小，即在最高處，離地高h3處。(2)小環(huán)從h2高處上升到h3高處，只有重力做功，其機械能守恒，以地面為零勢能面，則mgh2+|mv2=mgh3+詔由(1)知，Q=代入解得V2=2mIs(3)小環(huán)在桿上運動，受重力、水平拉力、桿對環(huán)的彈力作用(或受力圖)v-22 7a=^=I^=lm/S根據(jù)牛頓第二定律得Fcos0—Gsin3=ma4冉Xy—mX10x|=mXl解得m=1kg答：(1)小環(huán)在空中運動時，離地高h3處速度最小。(2)小環(huán)在h2高度處的速度大小為2m/s。(3)小環(huán)的質(zhì)量為1kg。20.解：(1)由圖示圖象可知，縱軸表示電壓：U,橫軸表示容量：〃(mA?h),圖象所圍成的面積的物理意義是：U?It,W=UIt表示電流做功，由此可知：圖象所圍面積物理意義是U?It,表示對外做功的值。(2)由題意可知：所圍的面積約為7000HmAh=7W?h,即W=7W?h,第5頁，共11頁—一WUlt7Wh能量密度：^=^=—=而而=125W?川kg；（3）電荷量：q=It,I不變則電量與時間成正比，由U-q圖象可知：剩余電量從100%到80%,通過電池電量約300mAh,剩余電量從50%到30%，通過電池電量約600mAh，則時間約為21。（4）設(shè)汽車質(zhì)量M，電池質(zhì)量m，單次充電行駛最大距離s，由題意可知，阻力與總質(zhì)量成正比，即：f=k（m+M）汽車消耗電能，克服阻力做功：fs=k（m+M）s電池能量的:用來對外做功：W=fs4mp單次充電行駛最大距離：s=旃H<!!s與m為非線性關(guān)系，有上限，可見行駛的最大距離隨著電池質(zhì)量的增加，提升得越來越慢；s與p成正比，p增大并不增加阻力，不造成電能額外損耗；可見，提高電池的能量密度p比增加電池質(zhì)量m更合理；答：（1）該曲線與電量軸所圍面積的物理意義是：圖象所圍面積物理意義是U?It，表示對外做功的值。（2）該電池的能量密度p是125W?h/kg。（3）在放電過程中剩余電量從100%到80%用了時間t,由圖象推測剩余電量從50%到30%需要的時間約為21。（4）汽車行駛距離s的表達式為：fW；行駛的最大距離隨著電池質(zhì)量的增加，提升得越來越慢；s與p成正比，p增大并不增加阻力，不造成電能額外損耗；可見，提高電池的能量密度p比增加電池質(zhì)量m更合理?！窘馕觥?解：a、根據(jù)波速與波長和頻率的關(guān)系公式v=y,當機械波由一種介質(zhì)進入另一種介質(zhì)中時，波速變化（波速由介質(zhì)決定）而頻率不變（頻率由波源決定），故波長一定變化，故A錯誤。B、波速由介質(zhì)決定，不同介質(zhì)中波速不同，故B錯誤。C機械波從一種介質(zhì)進入另一種介質(zhì)中，振動的幅度（與能量有關(guān)）可能會減小，故C錯誤。D、機械波在傳播過程中頻率保持不變，故D正確。故選：D。機械波從一種介質(zhì)進入另一種介質(zhì)中，傳播速度會發(fā)生變化，由機械波的形成原因得到頻率不變，根據(jù)波速與波長和頻率的關(guān)系得到波長的變化情況。本題關(guān)鍵明確波速、波長和頻率的關(guān)系，同時明確各個量的決定因素，基礎(chǔ)題目。.解：A、靜電除塵時除塵器中的空氣被電離，煙霧顆粒吸附電子而帶負電，顆粒向電源正極運動，屬于靜電的應(yīng)用，故A錯誤；B、靜電噴涂是利用高壓靜電電場使帶負電的涂料微粒沿著電場相反的方向定向運動，并將涂料微粒吸附在工件表面的一種噴涂方法，屬于靜電的應(yīng)用，故B錯誤；。、良好的接地可以計時導(dǎo)走靜電，防止觸電，屬于靜電的防止，故C正確；D、靜電防范是用各種措施來防止靜電對人，或財產(chǎn)造成損害；保持空氣干燥，容易產(chǎn)生靜電，不屬于靜電的防范，故D錯誤；故選：C靜電在工業(yè)和生活中有很重要的用途，有些方面靜電也會產(chǎn)生危害，靜電除塵、靜電復(fù)印、靜電噴涂、靜電植絨、靜電分選都是靜電的應(yīng)用，而靜電的防止主要是將電荷導(dǎo)走。第6頁，共11頁本題考查是關(guān)于靜電的防止與應(yīng)用，從各種實例的原理出發(fā)就可以判斷出答案，要明確靜電防止和應(yīng)用的本質(zhì)進行分析。.解：等勢線在白紙上描繪，白紙應(yīng)放在最底層。等勢點在導(dǎo)電紙上尋找，導(dǎo)電紙放在最頂層。從上到下木板上依次鋪放導(dǎo)電紙、復(fù)寫紙、白紙，故B正確，ACDcw。故選：B。作圖利用復(fù)寫紙作在白紙上，整個操作在導(dǎo)電紙上進行，可知在木板上依次鋪放導(dǎo)電紙、復(fù)寫紙和白紙；導(dǎo)電紙與電極接觸應(yīng)良好，有導(dǎo)電物質(zhì)的一面應(yīng)朝上。本題要理解實驗原理和操作方法，知道本實驗采用模擬法描繪靜電場等勢線，要在理解的基礎(chǔ)上，記牢三種紙鋪放的順序。.解：AB.設(shè)乙運動的時間為t,則甲運動時間為t+1,則兩球的速度差為：d=g（t+1）-gt=g，可見速度差始終不變，故AB錯誤；CD.兩球的距離為：+1）2—金2三城十%,可見，兩球間的距離隨時間推移，越來越大。故C正確，D錯誤。故選：C。甲乙兩球均做自由落體運動，由位移公式列出它們的距離與時間關(guān)系的表達式，再求出速度之差與時間的關(guān)系即可求解解決該題到關(guān)鍵是熟記自由落體運動的速度和位移時間公式，能推導(dǎo)出嫁衣兩小球的速度差和距離的表達式；.解：由題意可知，F(xiàn)1對物體做功為：w1=-3JF2對物體做功為：w2=4J故合力的功為：w=w1+w2=-3J+4J=1J；故D正確，ABC錯誤。故選：D。明確總功的計算，明確功是標量，合力的功等于各個分力的功的代數(shù)和。功是標量，切不可將功的合成與力的合成混為一談，力（矢量）的合成遵循平行四邊形定則，功（標量）的合成遵循代數(shù)法則！.解：手機處于靜止狀態(tài)，受力平衡，受到重力和支架對手機的作用力，根據(jù)平衡條件可知，支架對手機的作用力大小等于重力G,方向與重力方向相反，豎直向上，故A正確BCD錯誤；故選：A。手機處于靜止狀態(tài)，受力平衡，對手機受力分析，根據(jù)平衡條件分析即可。本題是共點力平衡問題，關(guān)鍵要掌握平衡條件的推論，分析力之間的關(guān)系。.解：A、8N與8N的合力范圍是0N<F<16N.可能為2N.故A正確。B、8N與4N的合力范圍是4N<F<12N.不可能為3N.故B錯誤。C、5N與1N的合力范圍是4N<F<6N.不可能為7N.故C錯誤。D、3N與4N的合力范圍是1N<F<7N.不可能為8N.故D錯誤。故選：A。兩個力的合力范圍是大于等于兩個力之差的絕對值，小于等于兩個力之和，根據(jù)該規(guī)律判斷選項的正確與否。解決本題的關(guān)鍵的掌握兩個力的合力范圍，知道合力與分力的關(guān)系。.解：A、在s-1圖象中，傾斜的直線表示物體做勻速直線運動，合外力為零，保持不變，故A錯誤；B、物體做勻加速直線運動，加速度保持不變，則合外力恒定不變，故B錯誤；C、物體加速度均勻增大，則速度增大越來越快，故C錯誤；D、根據(jù)F-1圖象知物體受到的合外力隨時間均勻增大，根據(jù)牛頓第二定律知物體的加速度均勻增大，故D正確；故選：D。由各圖象的形狀分析各圖象所表示的運動，再由運動性質(zhì)可知其受力及加速度的變化情第7頁，共11頁況。在研究圖象時，首先需要明確的是圖象的橫縱坐標及單位，然后才能根據(jù)相應(yīng)公式確定圖象的性質(zhì)。.解：AC一質(zhì)點沿螺旋線自外向內(nèi)運動，半徑R不斷減小，其半徑轉(zhuǎn)過的圓心角0與運動時間t成正比，根據(jù)3<可知，角速度大小不變，根據(jù)v=3丫，半徑減小，則線速度減小，故C錯誤，A正確；B.根據(jù)4=32r得加速度越來越小，故B錯誤；C.根據(jù)F合ma，小球所受的合外力越來越小，故D錯誤；口故選：A。一質(zhì)點沿螺旋線自外向內(nèi)運動，半徑R不斷減小，其半徑轉(zhuǎn)過的圓心角0與運動時間t成正比，根據(jù)3=；可知，角速度大小不變，根據(jù)圓周運動的基本公式即可求解。解決該題的關(guān)鍵是熟記角速度定義式，能根據(jù)題中所給的圓心角0與運動時間t成正比推導(dǎo)出角速度不變；10.解：根據(jù)動能定理得mgL=Ek，知，L越大，經(jīng)過最低點時動能Ek越大，所以EkA>EkB。以懸點為零勢能參考面，則EpA=-mgLA,EpB=-mgLB，因L/LB，所以EpA<EpB。A、B兩球在運動的過程中，只有重力做功，機械能守恒，初始位置的機械能相等，所以在最低點，兩球的機械能仍相等，即有Ea=EB.故ABD錯誤，C正確。故選：C。A、B兩球在運動的過程中，只有重力做功，機械能守恒，比較出初始位置的機械能即可知道在最低點的機械能大小。根據(jù)動能定理判斷動能的大小。根據(jù)高度關(guān)系分析重力勢能的關(guān)系。解決本題的關(guān)鍵要掌握動能定理和機械能守恒定律，通過列式進行分析。要注意重力勢能的相對性。.解：根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電流為：I=；，則t秒內(nèi)移送電荷為：q=It=鼻在電源的內(nèi)部，非靜電力做功把其他形式能轉(zhuǎn)化為電能，根據(jù)電動勢的定義式E4，得非靜電力做功為：W=qE=EIt=三3故B正確，ACD錯誤。故選：B。根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電流；電源是把其它形式的能轉(zhuǎn)化成電能的裝置，在內(nèi)電路，非靜電力做功，電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化電能；電動勢的定義式E4，W是非靜電力做的功。本題考查了閉合電路歐姆定律和非靜電力做功的知識，要知道在電源的內(nèi)部是非靜電力做功。掌握電動勢的定義式E=y。.解：由題，該波的周期T=0.015,由波速公式v=亍得，波長3=vT=40x0.01m=0.4m則USP=1.0m=2.53SQ=1.3m=3：入波源S開始振動方向沿y軸負方向，則介質(zhì)中各起振方向均沿y軸負方向。結(jié)合波形可知，當Q點開始振動時，Q點向下振動，而P點此時處于波峰，則P、Q兩第8頁，共11頁點的振動圖象為故B正確，ACD錯誤。故選：B。波源S開始振動方向沿y軸負方向，則介質(zhì)中各起振方向均沿y軸負方向，由波速公式求出波長。若以Q點開始振動的時刻作為計時的零點，根據(jù)S、Q間的距離與波長的關(guān)系，分析此時刻S質(zhì)點的振動方向及振動情況。本題解題時要注意波向右、向左同時傳播，兩列波的波形左右具有對稱性。根據(jù)兩質(zhì)點間距離與波長的關(guān)系，結(jié)合波形，分析兩質(zhì)點間狀態(tài)和位置關(guān)系，是應(yīng)具有的能力。.解：根據(jù)沿電場線方向電勢在降低判斷電勢的高低，可知電勢Q尸>%；根據(jù)負電荷在電勢低的地方電勢能大，可知電子在這兩點的電勢能關(guān)系為Ep<Eq。故填：沿著電場線方向電勢降低，<根據(jù)沿電場線電勢在降低判斷電勢的高低；根據(jù)電勢和電勢能的關(guān)系判斷電勢能的高低。本題考查電勢和電勢能的關(guān)系，關(guān)鍵是記住電勢的特點和電勢和電勢能的關(guān)系即可，基礎(chǔ)題目。.解：由于人對車廂底的正壓力為其重力的1.25倍，根據(jù)牛頓第三定律知車廂對人的支持力大小為FN=1.25mg在豎直方向上，由牛頓第二定律有：FN-mg=m(asin37°)解得：a=wg在水平方向上，由牛頓第二定律有：Ff=m(acos37°)解得：Ff4mg故答案為：g,g，3mg。對人受力分析可知，人在水平和豎直方向都有加速度，由牛頓第二定律可以求得豎直方向上的加速度大小，進而可以求得車廂的加速度和水平方向上的加速度大小，再次由牛頓第二定律可以求得摩擦力的大小。本題通過分解加速度，來找出人的水平和豎直方向的加速度之間的關(guān)系是解決本題的關(guān)鍵，也可以通過分解力來解答，但計算過程比較復(fù)雜。.解：當開關(guān)S接1時，電流表示數(shù)為0.2A；則當S接2時，外電阻減小，電流增大，所以電路中大于0.2A.即12>0.2A。1述102X10由于外電阻減小，路端電壓減小，則有12R2<114,則得12y=:「A=0.25A,故電流表示數(shù)的變化范圍為0.2A?0.25A。故答案為：增大；0.2A?0.25A。根據(jù)外電阻的變化，分析電流的最小值。由路端電壓隨外電阻增大而增大，列式分析電流的最大值。解決本題的關(guān)鍵要掌握電路中電流與外電阻的關(guān)系、路端電壓與外電阻的關(guān)系，要明確路端電壓隨外電阻增大而增大，減小而減小。第9頁，共11頁.解：（1）由N滴溶液的總體積為匕以及油酸酒精溶液的濃度為A，總體積V除以N，再乘以油酸酒精溶液的濃度A，即可求出一滴酒精溶液中純油酸的體積?；V AV（2）由油膜法的原理d=了，根據(jù)（1）中求得一滴酒精溶液中純油酸的體積彳，以及油AV膜的表面積Xa2，即可求得油酸分子的直徑獲示故答案為：丁，春4由總體積V除以N，再乘以油酸酒精溶液的濃度A，即可求出一滴酒精溶液中純油酸的體積；由油膜法的原理4=:即可求得油酸分子的直徑。解決油膜法估測分子大小的思路（1）理解分子模型，也就是理解油酸分子在水面上形成的薄膜厚度即分子直徑。（2）明確溶質(zhì)和溶劑的關(guān)系，正確求出純油酸體積V。（3）準確“數(shù)”出油膜的面積S。（4）利用d=:求得分子直徑。.解：由題意可知：p1=p0-ph『76-16=60cmHg，T『273+27=300K，T2=273+17=290K，氣體發(fā)生等容變化，由查理定律得：：=￡，即：2=^，解得：p2=58cmHg，氣體壓強：p2=p0-ph2=76-h2，解得：h2=18cm；認為氣體發(fā)生等容變化，時間上玻璃管內(nèi)水銀柱高度發(fā)生變化時氣體體積發(fā)生變化，當玻璃管內(nèi)徑很細、A氣泡的體積遠大于B管的體積時，氣體體積變化很小，可以忽略不計，可以提高溫度計的精確度