物理答案一.選擇題（48分）1415161718192021ACBDBACBDAC二.非選擇題(62分)22.（6分）vE＝m/sa＝m/s223.（10分）（1）OM，ON。(2)不會（3分）D(3）max2＝max1+mbx3。24.(12分)解：（1）根據(jù)速度﹣位移關系v2＝2a1x1，可得加速過程位移x1＝1m；（2）設機器人減速時的加速度為a2，勻速的時間為t0，則由題可知，根據(jù)位移﹣時間關系可得，總時間，解得t0＝20s，a2＝1m/s2；（3）平臺對食物豎直方向的支持力FN＝mg，水平方向的摩擦力f＝ma2，故平臺對食物的作用力大小解得25．（20分）解：（1）設滑塊到達曲面底端時的速度大小為v1，對滑塊從釋放到下滑至曲面底端的過程，對滑塊，由動能定理得：mgh﹣W克f＝﹣0代入數(shù)解得：v1＝12m/s（2）滑塊滑上木板后，對滑塊，由牛頓第二定律得：μ1mg＝ma1代入數(shù)據(jù)解得，滑塊的加速度大?。篴1＝5m/s2因μ1mg＞μ2（m+M）g，滑塊滑上木板后，木板向右勻加速直線運動對木板，由牛頓第二定律有：μ1mg﹣μ2（m+M）g＝Ma2代入數(shù)據(jù)解得，木板的加速度大小：a2＝1m/s2假設滑塊與木板經(jīng)過時間t1向右達到共同速度v2，由勻變速直線運動的速度﹣時間公式得：v2＝v1﹣a1t1＝a2t1代入數(shù)據(jù)解得：t1＝2s，v2＝2m/st1時間內(nèi)滑塊的位移大?。簒1＝m＝14m木板的位移大?。簒2＝m＝2m＜s＝3.5m，t1時刻木板還未與彈性擋板碰撞，假設成立。t1時間內(nèi)滑塊相對木板的位移：x1相＝x1﹣x2＝（14﹣2）m＝12m滑塊和木板達到共同速度v2后，假設二者一起運動，則對滑塊和木板組成的系統(tǒng)，由牛頓第二定律有：μ2（m+M）g＝（m+M）a代入數(shù)據(jù)解得：a＝1m/s2對滑塊，由牛頓第二定律有：f靜＝ma＝1×1N＝1N＜μ1mg＝0.5×1×10N＝5N，故假設成立該過程中滑塊與木板間因摩擦產(chǎn)生的熱量：Q＝μ1mgx1相＝0.5×1×10×12J＝60J（3）滑塊和木板一起勻減速運動至擋板處的位移：x3＝s﹣x2設木板運動至彈性擋板處的速度為v3，由勻變速直線運動的速度﹣位移公式得：v32﹣v22＝﹣2ax3代入數(shù)據(jù)解得：v3＝1m/s木板與彈性擋板碰后以大小為a3的加速度向左勻減速運動，對木板，由牛頓第二定律有：μ1mg+μ2（m+M）g＝Ma3代入數(shù)據(jù)解得：a3＝4m/s2木板反向后，滑塊開始以大小為a1＝5m/s2的加速度向右勻減速運動，設滑塊的速度從v3＝1m/s減為0的時間為t2，由勻變速直線運動的速度﹣時間公式得：0＝v3﹣a1t2代入數(shù)據(jù)解得：t2t2時間內(nèi)滑塊的位移：x4＝設滑塊離開曲面底端向右運動的過程中距曲面底端的最遠距離為xmax，則xmax＝x1+x3+x4[物理——選修3–4]（15分）34.BCE35解：（1）光路如圖所示，因DE與AC平行，故∠BED＝∠A＝30°，則E點的入射角α＝60°據(jù)：sinC＝，可得棱鏡對入射光全反射的臨界角C＝45°因α＞C，故光線在E點發(fā)生全反射F點的入射角β＝30°，因β＜C，光線從F點第一次射出棱鏡BEsin30°＝BD則BE＝2m，AE＝AB﹣BE＝8m﹣2m＝6m據(jù)2AFcos30°＝AE，解得AF＝2m（2）根據(jù)光在介質(zhì)中傳播速