A.B.C.D.若L8）若C若若LC向TTR120，RT2T，T）12A.B.C.D.A.B.C.D.w）WDEK）tA.B.C.D.℃A.B.C.D.在和和在）GA.B.C.D.RGR=-（、和RaakGGR是和）NLASA.B.C.D.RIIS12R）G6A.B.）A.B.C.D.C.D.LC）第1頁，共10頁、BCBIA到D）UA.B.C.D.。2VS01．d）．dA.B.C.D.D、MNSNrBωRR。、、在、為aObMNO、cd、、、到abcdOA.O）。B.C.D.。e、ab4、cd、acVVNMVAAA3vvA.）B.C.D.+mqBE0vkF（）PQVV012A.B.C.D.3Pa，U大長度如圖所示，水平管中封閉EBE1B31Bxm-142量-10qCvyM和bPB區(qū)a2yNyq第2頁，共10頁，M，取00Ng（v1（B22（）3B2、mR，與導軌間動摩擦因數(shù)rxBx=Nvs0ts1取。xmg1（1（2x1（3=T第3頁，共10頁答案和解析本題選錯誤的，故選：A。1.A溫度是分子平均動能的標志，溫度升高分子的平均動能增加，不同溫度下相同速率的分子所占比例不同解：A、分子間的距離大于r時，隨著距離減小，分子力做正功，分子勢能減??；當分子間的距離0本題考查了分子運動速率的統(tǒng)計分布規(guī)記住圖象的特點，溫度是分子平均動能的標志，要小于r時，隨著距離減小，分子力做負功，分子勢能增加，由此可知，分子間的距離為r時，分00體會平均倆字的含義。子勢能處于最小值，故A正確；3.D、布朗運動是固體顆粒的運動，反映了液體分子的無規(guī)則運動，故B錯誤；解：A、能量耗散的過程中能量向品質(zhì)低的大氣內(nèi)能轉(zhuǎn)變，但是總的能量是守恒的，能量不能憑空產(chǎn)生，也不能憑空消失，但有方向性，所以能量耗散與能量守恒不矛盾，故A錯誤；、在輪胎爆裂這一短暫過程中，氣體膨脹，對外做功，而熱傳遞很小，則根據(jù)熱力學第一定律得知：輪胎內(nèi)氣體內(nèi)能突然減小，溫度降低。故B錯誤；C、食鹽晶體是單晶體，單晶體的物理性質(zhì)沿各個方向都是不一樣的，具有各向異性；故C；、猛推活塞，密閉的氣體被絕熱壓縮，故內(nèi)能增加，溫度升高，壓強增大，外界對封閉氣體做功，故D錯誤；故選：。C、液晶像液體一樣具有流動性，而其光學性質(zhì)與某些晶體相似具有各向異性，彩色液晶顯示器利用了液晶的光學性質(zhì)具有各向異性的特點，故C錯誤；布朗運動是固體小顆粒的運動間接反映分子無規(guī)則運動；根據(jù)分子力做功分析分子勢能；單晶體表現(xiàn)為各向異性；根據(jù)熱力學第一定律和理想氣體狀態(tài)方程分析壓縮氣體時各狀態(tài)參量的變化。、由表面張力形成的原因可知，液體表面層分子分布比液體內(nèi)部稀疏，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力，故D正確；本題考查布朗運動，分子勢能及單晶體的性質(zhì)等，均屬于選修3-3中的基礎內(nèi)容；要注意準確把握各種現(xiàn)象的本質(zhì)內(nèi)容。注意對3-3的全面把握。故選：。了解第一類永動機和第二類永動機不能制成的；液晶具有各向異性；表面張力形成的原因；熱2.A力卻第一定律的內(nèi)容即可求解。解：A、同一溫度下，中等速率大的氧氣分子數(shù)所占的比例大，所以對應的圖象的峰值溫度越高，解答此題需要知道熱力學第一定律、能量守恒、液晶的各向異性以及分子表面張力形成的原因峰值對應的速度越大，故實線為0時情形，故A錯誤；等知識點，屬于概念類題目。4.AB、具有最大比例的速率區(qū)間是指曲線峰值附近對應的速率，顯然，100時對應的峰值速率大，℃故B正確；解：AB穩(wěn)定時，燈泡A與線圈L并聯(lián)，兩者電壓相等，通過線圈的電流為I過小燈泡的1C、同一溫度下，氣體分子速率分布總呈中間多，兩頭少的分布特點，即速率處中等的分子所電流為I穩(wěn)定后開關S再斷開，小燈泡要閃亮一下，這是因為線圈產(chǎn)生自感電動勢來阻2占比例最大，速率特大特小的分子所占比例均比較小，故C正確；礙磁通量的減小，這時線圈相當于電電流突然增大到原來線圈的電流I，所以可判斷出11、由題圖可知，在0和100兩種不同情況下各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比與分℃℃＞I，故A正確，B錯誤；2子速率間的關系圖線與橫軸所圍面積都應該等于1，即相等，故D正確。CD、在斷開開關后，線圈中將產(chǎn)生自感電動勢，所以線圈中的電流不會發(fā)生突變過線圈第4頁，共10頁的電流方向不變；而燈泡的電路中沒有自感，所以電流可以發(fā)生突變；由于燈泡與線圈構成回路，所以斷開開關前后，通過小燈泡的電流方向相反。故C錯誤D錯誤。故選：。變壓器只改變電壓，不改變頻率，故頻率f=C電器消耗的功率為，故B錯誤；，根據(jù)能量守恒得降壓變壓器的輸入功率為：P=P=4400W，故C正確；34穩(wěn)定后開關S再斷開，小燈泡要閃亮一下，這是因為線圈產(chǎn)生自感電動勢來阻礙磁通量的減小，、當用電器的電阻R減小時，由于電壓不變電流增大，輸電線R消耗的功率增大，故D錯誤；0這時線圈相當于電電流突然增大到原來線圈的電流I，可比較線圈電阻和燈泡電阻關系，故選：C。L進而確定線圈電阻值．根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，可以求得降壓變壓器的電流和輸電線上的電流的大小，從而可以求得輸電線和用電器消耗的功率的大小。本題主要是考查了遠距離輸電鍵是知道變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之比和升壓變壓器的輸出功率、功率損失和降壓變壓器的輸入功率之間的關系。該題關鍵是抓住小燈泡閃亮一下來判定感應電流與原電流的關系，其余都是基本關系應用．5.C解：AB若ab棒勻速運動則ab棒切割磁場產(chǎn)生的電流是恒定的，線圈產(chǎn)生的磁通量也是恒定的，不會引起副線圈的磁通量的變化，所以副線圈不會有感應電流產(chǎn)生，所以副線圈的電流為零，燈泡L不亮，電容器不帶電。故、B均錯誤；7.B解：、交流電源的周期必須和粒子在磁場中運動的周期一致，故電源的變化周期應該等于2CD若ab棒向右做勻加速直線運動，由右手定則判斷可知，ab棒中產(chǎn)生由b→a的感應電流，而且感應電流增大，感應電流通過原線圈，根據(jù)安培定則可知，原線圈中產(chǎn)生向下的磁場，而且磁場不斷增強則穿過副線圈的磁通量增大，由楞次定律判斷得知，副線圈中產(chǎn)生向下的螺旋式電流，燈泡L中有d→c的電電容器C下極板帶正電，故C正確，D錯誤。故選：C。（t-t），故A錯誤；nn-1、根據(jù)T=知，粒子回旋周期不變，在E-t圖中應有t-t=t-t=t-t，故B正確；k4332212CD根據(jù)公式r=，得v=，故最大動能E=mv=則知粒子獲得的最大動能km與D形盒的半徑有關，D形盒的半徑越大，粒子獲得的最大動能越大，與加速的次數(shù)無關。故C錯誤D也錯誤；理想變壓器是根據(jù)磁通量的變化來工作的，當原線圈的磁通量恒定時線圈是沒有感應電流的，根據(jù)變壓器的工作的原理，運用楞次定律和右手定則、安培定則結合分析原線圈中的電流的變化情況即可得出結論．故選：?；匦铀倨鞴ぷ鳁l件是交流電源的周期必須和粒子在磁場中圓周運動的周期一致，由公式T=和r=進行分析判斷．變壓器只能在交流電路中工作，變壓器是根據(jù)磁通量的變化來工作的，知道變壓器的工作的原理就可以解決本題．本題考查了回旋加速器的原理，特別要記住粒子獲得的最大動能是由D型盒的半徑，及帶電粒子的比荷決定的．8.B6.C解：AC電器的電流為I=，根據(jù)得輸電線上的電流為：，故A錯誤；解：AR是將壓力信號轉(zhuǎn)換成電信號的傳感器，即力電傳感器，故A錯誤；輸電線消耗的功率為、由I=可知，kG=a+r+R′-，因此變阻器接入電路中的電阻調(diào)大，可以測量gm第5頁，共10頁的人的最大體重增大，故B正確；本題考查了內(nèi)能、毛細現(xiàn)象、分子力與分子勢能、液體表面張力、晶體與非晶體等，知識點多，難度小，關鍵是記住基礎知識。C、如果要增加電子秤的靈敏度，需要儀表G的范圍變大，根據(jù)I=滑動變阻器R′g接入電路中的電阻應調(diào)小，故C錯誤；10.、當重力為零時電流最小，但不為零，故D錯誤；故選：。解：A圖象可知，在A→B的過程中，氣體溫度升高體積變大，且體積與溫度成正比，由，氣體壓強不變，故A正確；根據(jù)閉合電路歐姆定律列式得到電流的表達式和量程的表達式進行討論即可。、由圖象可知，在B→C的過程中，體積不變而熱力學溫度降低，由故B錯誤C錯誤；可知，壓強P減小，本題關鍵是明確電子秤的工作原理，然后結合閉合電路歐姆定律和電阻R隨人的體重G變化的函數(shù)關系式列式分析，不難。、由圖象可知，在C→D的過程中，氣體溫度不變，體積減小，由可知，壓強P增大，故9.D正確；解：A潤液體和不浸潤液體在細管中都會產(chǎn)生毛細現(xiàn)象，故A錯誤；、表面張力使液體表面有收縮的趨勢，它的方向跟液面相切，故B正確。C、在晶體熔化過程中，吸收的熱量全部用來增加晶體的分子勢能，故C正確；對于氣體，分子間距遠大于平衡距離，分子力忽略不計，故分子勢能為零，故氣體內(nèi)能是分子熱運動的平均動能之和，故D錯誤；故選：。由圖可知圖象為V-T圖象，根據(jù)圖象可知體積與熱力學溫度的關系；根據(jù)氣體狀態(tài)方程和已知的變化量去判斷其它的物理量．本題考查氣體的狀態(tài)方程中對應的圖象，在V-T圖象中等容線為過原點的直線．要注意研究過程中哪些量不變，哪些量變化．11.故選：。浸潤現(xiàn)象亦稱潤濕現(xiàn)象。當液體與固體接觸時，液體的附著層將沿固體表面延伸。當接觸角θ為銳角時，液體潤濕固體，若θ為零時，液體將展延到全部固體表面上，這種現(xiàn)象叫做浸潤現(xiàn)象潤濕現(xiàn)象的產(chǎn)生與液體和固體的性質(zhì)有關。同一種液體，能潤濕某些固體的表面，但對另外某些固體的表面就很難潤濕。解：A、由感抗公式X=2πfL頻率與電感會影響感抗的大小，故A錯誤；L、由上可知，同一電感對于不同頻率的交變電流的感抗不同，故B正確；C、金屬塊在勻強磁場中做變速運動有感應電動勢，但沒有磁通量的變化，不產(chǎn)生感應電流，故C錯誤；物體的內(nèi)能是分子熱運動的平均動能與分子間勢能之和，氣體分子間距遠大于平衡距離，分子力忽略不計，故分子勢能為零；、并聯(lián)在電路中是電壓互感器，而串聯(lián)在電路中是電流互感器，故D正確。故選：。表面存在張力是由于表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離；表面張力使液體表面有收縮的趨勢，它的方向跟液面相切。電感對交變電流的阻礙作用大小由感抗表示，由感抗公式即可求解；依據(jù)感生電場的電場線是閉合的，只有磁通量變化才能產(chǎn)生感應電流；第6頁，共10頁電壓互感器的原線圈并聯(lián)電路。根據(jù)楞次定律判斷知，導體框中產(chǎn)生的感應電流方向均沿逆時針方向，故B正確?？疾闇u流產(chǎn)生條件，及渦流對應的電場線與靜電場線的不同，掌握電壓互感器與電流互感器的區(qū)別，并對于電感對交流的影響可以根據(jù)感抗的公式，在理解的基礎上進行記憶。C、由q=可知磁通量的變化量相同，電阻相等，則通過導體框截面的電量相同，故C正確。、水平向右拉出時導體框ad邊兩端電勢差公式為U==，水平向上拉出時導體12.框ad邊兩端電勢差公式為U′==導體框cd邊兩端電勢差的絕對值不相同，故D解：A、根據(jù)右手螺旋定則M處導線在o點產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，N處導線在o點產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，合成后磁感應強度不等于0，因此垂直于紙面向外的通電直導線受到的力不為零。故A錯誤。錯誤。故選：。感應電流大小先由E=BLv和歐姆定律分析，根據(jù)焦耳定律分析產(chǎn)生的熱；感應電流方向根據(jù)楞M在a處產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，在b處產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，N在a處產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，b處產(chǎn)生的磁場方向豎直向下，根據(jù)場強的疊加知，ab兩點處磁感應強度大小相等，方向相同。當垂直于紙面向外的相同通電直導線受到的力大小相等，方向相同，故B錯誤。次定律判斷；由q=，分析通過導體框截面的電量關系根據(jù)歐姆定律和電路的連接關系，分析ad邊兩端電勢差關系。本題主要是考查了法拉第電磁感應定律和楞次定律；對于導體切割磁感應線產(chǎn)生的感應電動CM在c處產(chǎn)生的磁場方向垂直于cM偏下，在d出產(chǎn)生的磁場方向垂直dM偏下，N在c處產(chǎn)生的磁場方向垂直于cN偏下，在d處產(chǎn)生的磁場方向垂直于dN偏下，根據(jù)平行四邊形定則，E=BLv來計算。勢，可以根據(jù)14.知c處的磁場方向豎直向下，d處的磁場方向豎直向下，且合場強大小相等。因此通電直導線受到的力大小相等，方向相同，故C正確。解：由左手定則可判斷洛倫茲力方向向上，圓環(huán)受到豎直向下的重力、垂直細桿的彈力及向左的摩擦力，、c兩點的磁場方向都是豎直向下，則、c兩點處放垂直于紙面向外的相同通電直導線受到的力方向相同。故D正確。當F=qvB=mg時，小環(huán)做勻速運動v不變，摩擦力為動能不變，故B正確；洛當F=qvB＜mg時，F(xiàn)=mg-qvB時：μF=ma，所以小環(huán)做加速度逐漸增大的減速運動，直洛NN故選：CD。至停止，所以，洛倫茲力不斷減小至零，摩擦力逐漸增大，停止后為零，故D正確。根據(jù)右手螺旋定則確定兩根導線在bcd四點磁場的方向，根據(jù)平行四邊形定則進行合成。解決本題的關鍵掌握右手螺旋定則判斷電流與其周圍磁場方向的關系，會根據(jù)平行四邊形定則進行合成。當F=qvB＞mg時，F(xiàn)=qvB-mg時：μF=ma，所以小環(huán)做加速度逐漸減小的減速運動，洛洛NN倫茲力不斷減小，直到qvB=mg時環(huán)開始做勻速運動，摩擦力不斷減小至零，故A正確；綜上所述，沒有摩擦力保持某一不為零的值不變的情況，故C錯誤；故選：ABD。13.解：A設磁感應強度為線框邊長為，電阻為R則Q=則v，當速度為3v時產(chǎn)生的焦耳熱多，故A錯誤。=，又vt=L，得到Q=帶正電的小環(huán)向右運動時，受到的洛倫茲力方向向上，注意討論洛倫茲力與重力的大小關系，然后即可確定其運動形式，注意洛倫茲力大小隨著速度的大小是不斷變化的。、將導體框從兩個方向移出磁場的兩個過程中，磁通量均減小，而磁場方向都垂直紙面向里，第7頁，共10頁分析洛倫茲力要用動態(tài)思想進行分析，注意討論各種情況，同時注意結合牛頓運動定律知識，總之本題比較全面的考查了高中所學物理知識較難。解：因為上表面的電勢比下表面的低，根據(jù)左手定則，知道移動的電荷為負電荷；qvB=q，因為解得：v=因為電流I=nqvs=nqvab，解得n=故答案為：負，15.3會，解：30時空氣的相對濕度是60%，；由B=×100%。133解得P=2.545×10Pa＞2.333×10Pa，故氣溫要降到20，空氣中的水蒸氣會成為飽和汽；上表面的電勢比下表面的低。知上表面帶負電，下表面帶正電，根據(jù)左手定則判斷自由運動電荷的電性。抓住電荷所受的洛倫茲力和電場力平衡求出電荷的移動速度，從而得出單位體積內(nèi)自由運動的電荷數(shù)?！?3故答案為：2.545×10Pa，會。絕對濕度空氣中水蒸氣的壓強對濕度等于實際的空氣水氣壓強和同溫度下飽和水氣壓強的百分比，根據(jù)此定義列式求解空氣的相對濕度。解決本題的關鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及知道最終電荷在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡。解決本題的關鍵是理解并掌握絕對濕度和相對濕度的關系，難度一般。16.18.解：加熱前封閉氣體壓強為：P=P+ρgh=80cmHg積為：V=10S、溫度為：1011解：（1）純油酸的體積V等于油酸酒精溶液的體積乘以濃度，即：V=則分子直徑大小的公式為d=，油滴面積為S，T=27+273K=300K1加熱后封閉氣體壓強為：P=P+ρgh=84cmHg、體積為：V（）S=18S2022（2）根據(jù)d=則有：由理想氣體狀態(tài)方程得：A、錯誤地將油酸酒精溶液的體積直接作為油酸的體積進行計算，則計算時所用體積數(shù)值偏大，會導致計算結果偏大，故A正確；代入數(shù)據(jù)解得：T=567K2、油酸酒精溶液長時間放置，酒精揮發(fā)使溶液的濃度變則會導致計算結果偏小，故B錯誤；即：t=T-273=294℃22C、水面上痱子粉撒得較多，油膜沒有充分展開，則測量的面積S偏小，導致結果計算偏大，故C正確；故答案為：80294。根據(jù)壓強公式：P=P±ρgh求解水銀封閉氣體的壓強；根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程求解溫度。計算油膜面積時，將不完整的方格作為完整方格處則計算所用的面積S偏大，會導致計0本題考查封閉氣體壓強計算和理性氣體狀態(tài)方程的應用，關鍵是找出初末狀態(tài)參量，利用方程算結果偏小，故D錯誤；列式求解即可。17.負故答案為：①；②AC．根據(jù)d=進行推導純油酸的體積V等于油酸酒精溶液的體積乘以濃度；根據(jù)推導出的直徑表達式判斷出錯的原因．第8頁，共10頁本題考查了用油膜法”估測分子直徑大小的實驗實驗中認為油酸分子是一個個緊挨著排列⑥開的．⑦19.t⑧解：（1）圖示位置磁通量為Φ轉(zhuǎn)過90°磁通量為ΦΦ=Φ-Φ=BS12021轉(zhuǎn)過180°的過程中，磁通量的變化量Φ0。根據(jù)法拉第電磁感應定律得最大電動勢：E=NBSωm電流的有效值為I=E=，（1）先求解水的質(zhì)量，然后求解摩爾數(shù)，最后求解分子數(shù)；對于氣體，標準狀況下1mol任何氣體的體積均為22.4L，求解出摩爾數(shù)，再求解分子數(shù)；2R所產(chǎn)生的焦耳熱Q=IRtt==，電阻解得Q=（2）圖示時刻電流表的讀數(shù)為電流的有效值則：；（2）求解出每個分子占據(jù)空間體積，然后運用球模型或者立方體模型求解．本題關鍵是明確氣體和液體的區(qū)別，氣體分子間隙大，去立方體模型，液體分子間距小，取球=模型．（3）圖中得位置時線圈平面與磁場平行，則磁通量為0電動勢為最大值則：21.pVV）e=Ecosωt=NBSωcosωtm021+pVV）故答案為：（1）2BS，；（2）；（3）NBSωcosωt021pVVpVV（1）圖示位置磁通量為Φ轉(zhuǎn)過90°磁通量為Φ，Φ=ΦΦ．然后計算由圖示位置轉(zhuǎn)過021021120