2021年遼寧省沈陽市第六十九高級中學高二物理月考試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示，在正方形區(qū)域的四個頂點固定放置四個點電荷，它們的電量的絕對值相等，電性如圖中所示．K、L、M、N分別為正方形四條邊的中點，O為正方形的中心．下列關于各點的電場強度與電勢的判斷正確的是（）A.K點與M點的電場強度大小相等、方向相反B.O點的電場強度為零C.N點電場強度的大小等于L點電場強度的大小D.K、O、M三點的電勢相等參考答案：CD試題分析：根據電場的疊加原理可知：K點與M點的電場強度大小相等、方向相同，故A錯誤；根據電場的疊加原理，O點的電場強度不為零，方向水平向右，故B錯誤；兩個正電荷N點產生的合場強為零，兩個負電荷在L點產生的合場強為零，根據電場的疊加原理可知，N點電場強度的大小等于L點電場強度的大小，故C正確；在兩個等量異種電荷的電場中，連線的垂直平分線是一條等勢線，疊加后，可知K、O、M三點在同一等勢面上，電勢相等，故D正確，選CD?？键c：電勢和電場強度。2.（多選）如圖所示，為一圓形區(qū)域的勻強磁場，在O點處有一放射源，沿半徑方向射出速率為v的不同帶電粒子，其中帶電粒子1從A點飛出磁場，帶電粒子2從B點飛出磁場，對應角度值如圖所示，不考慮帶電粒子的重力。則（

）A．帶電粒子1的比荷與帶電粒子2的比荷比值為3：1B．帶電粒子1的比荷與帶電粒子2的比荷比值為C．帶電粒子1與帶電粒子2在磁場中運動時間比值為2：1D．帶電粒子1與帶電粒子2在磁場中運動時間比值為1：2參考答案：AD3.（多選題）如圖所示，電阻不計、間距為l的光滑平行金屬導軌水平放置于磁感應強度為B、方向豎直向下的勻強磁場中，導軌左端接一定值電阻R．質量為m、電阻為r的金屬棒MN置于導軌上，受到垂直于金屬棒的水平外力F的作用由靜止開始運動，外力F與金屬棒速度v的關系是F=F0+kv（F0、k是常量），金屬棒與導軌始終垂直且接觸良好．金屬棒中感應電流為I，受到的安培力大小為FA，電阻R兩端的電壓為UR，感應電流的功率為P，它們隨時間t變化圖象可能正確的有（）A．B．C．D．參考答案：BC【考點】導體切割磁感線時的感應電動勢；電功、電功率；安培力．【分析】對金屬棒受力分析，根據法拉第電磁感應定律、閉合電路歐姆定律和牛頓第二定律得出表達式，分情況討論加速度的變化情況，分三種情況討論：勻加速運動，加速度減小的加速，加速度增加的加速，再結合圖象具體分析．【解答】解：設金屬棒在某一時刻速度為v，由題意可知，感應電動勢E=BLv，環(huán)路電流，即I∝v；安培力，方向水平向左，即∝v；R兩端電壓，即∝v；感應電流功率，即．分析金屬棒運動情況，由力的合成和牛頓第二定律可得：=，即加速度，因為金屬棒從靜止出發(fā)，所以，且，即a＞0，加速度方向水平向右．（1）若，，即，金屬棒水平向右做勻加速直線運動．有v=at，說明v∝t，也即是I∝t，，，，所以在此情況下沒有選項符合．（2）若，隨v增大而增大，即a隨v增大而增大，說明金屬棒做加速度增大的加速運動，速度與時間呈指數增長關系，根據四個物理量與速度的關系可知B選項符合；（3）若，隨v增大而減小，即a隨v增大而減小，說明金屬棒在做加速度減小的加速運動，直到加速度減小為0后金屬棒做勻速直線運動，根據四個物理量與速度關系可知C選項符合；故選：BC4.參考答案：C5.（多選題）如圖甲所示為一個質量為m、電荷量為+q的圓環(huán)，可在水平放置的足夠長的粗糙細桿上滑動，細桿處于磁感應強度為B的勻強磁場中，(不計空氣阻力)，現給圓環(huán)向右的初速度v。在以后的運動過程中，圓環(huán)運動的速度圖象可能正確的是(

)。

參考答案：AD當qvB=mg時，FN=0，故f=0，故圓環(huán)做勻速直線運動，故A正確；當qvB＜mg時，細桿對圓環(huán)的支持力FN方向豎直向上，FN=mg－qvB，故f＞0，物體作減速運動，隨速度v的減小FN逐漸增大，故滑動摩擦力f逐漸增大，故物體的加速度逐漸增大，即物體作加速度逐漸增大的變減速運動，故C錯誤，而B錯誤；當qvB＞mg時，細桿對圓環(huán)的支持力FN方向豎直向下，FN=qvB－mg，故f＞0，物體作減速運動，隨速度v的減小FN逐漸減小，故滑動摩擦力f逐漸減小，故物體的加速度逐漸減小，即物體作加速度逐漸減小的變減速運動，當qvB=mg時，FN=0，故f=0，故圓環(huán)做勻速直線運動，故D正確。故選AD。二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.兩電阻絲的伏安特性曲線如圖所示，則兩電阻絲的電阻值之比R1∶R2＝______。加相同電壓在相同時間內通過的電量之比q1:q2=______。參考答案：（1）

1：3

；（2）

3：1

7.如圖所示，A、B、C三點在同一勻強電場中，已知AC⊥BC，∠ABC=30°，BC=20cm．把一個電荷量q=2×10﹣5C的正電荷從A移到B電場力做功為零，從B移到C克服電場力做功1.0×10﹣3J．則該電場的電場強度大小為

V/m，方向為

．若把C點的電勢規(guī)定為零，則該電荷在B點電勢能為

．參考答案：500，垂直AB向下，﹣1.0×10﹣3J．【考點】電勢差與電場強度的關系；電場強度；電勢能．【分析】由題意可知AB兩點電勢相等，則可知AB是一條等勢線，由電場線可等勢面的關系可知電場線；由電場力做功可求得BC兩點的電勢差，則可確定電場線的方向，由U=Ed可求得電場強度．根據電場力做功與電勢能變化的關系，確定電荷在B點電勢能．【解答】解：據題正電荷從A移到B，電場力做功為零，則由電場力做功的特點可知，AB兩點電勢相等，故AB應為等勢線．因電場線與等勢面相互垂直，故過C作AB的垂線，該垂線一定是一條電場線，如圖所示；正電荷從B到C過程，由W=Uq可知，BC兩點的電勢差UBC==V=﹣50V；即C點電勢高于B點的電勢，故電場線垂直于AB向下；BC間沿電場線的距離d=BCsin30°=0.2×0.5m=0.1m；由E=可知：電場強度E=V/m=500V/m；電荷從B移到C克服電場力做功1.0×10﹣3J，其電勢能增加1.0×10﹣3J，若把C點的電勢規(guī)定為零，該電荷在B點電勢能為﹣1.0×10﹣3J．故答案為：500，垂直AB向下，﹣1.0×10﹣3J．8.如圖所示，а、ｂ、ｃ三種粒子垂直射入勻強磁場，根據粒子在磁場中的偏轉情況，判斷粒子的帶電情況是：а________、ｂ________、ｃ________。(填“正電”、“負電”或“不帶電”)參考答案：9.如圖所示是一個雙量程電壓表，表頭是一個內阻Rg＝500Ω，滿刻度電流為Ig＝1mA的毫安表，現接成量程分別10V和100V的兩個量程，則所串聯的電阻R1＝

Ω,R2＝

Ω參考答案：9．5×103

9×104由Ug=IgRg=0．5V，所以R1兩端電壓UR1=U1-Ug=9．5V，所以；同理UR2=U2-U1=90V，。考點：串聯電路電壓和電阻的關系點評：串聯電路中電流不變，電壓比就等電阻比。10.一個正常發(fā)光的燈泡，兩端的電壓是36Ｖ，通過的電流是2A。這時燈泡的電阻是

Ω，它消耗的電功率是

W。參考答案：18，7211.（6分）如圖所示是一個雙量程電壓表，量程分別為10V和100V，表頭是一個內阻為

=500，滿偏電流為lmA的毫安表則所串聯的電阻=

，=

。

參考答案：9500，（3分）90000（3分）12.（4分）一根長為0.2m、通入電流為3A的直導線，垂直于磁感線放入磁場中某處，受到的磁場力是6×10N，則該處的磁感應強度B的大小是_________T；如果該導線的長度和電流都減小一半，則該處的磁感應強度的大小是___________T。參考答案：0.1，0.113.一多用電表的歐姆擋有三個倍率，分別是×1Ω、×10Ω、×100Ω.用×10Ω擋測量某電阻時，操作步驟正確，發(fā)現表頭指針偏轉角度很小，為了較準確地進行測量，發(fā)現表頭指針偏轉角度很小，為了較準確地進行測量，應換到________擋。如果換擋后立即用表筆連接待測電阻進行讀數，那么缺少的步驟是________，若補上該步驟后測量，表盤的示數如圖6所示，則該電阻的阻值是________Ω。參考答案：三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（6分）某同學在測定厚度均勻的圓形玻璃的折射率時，先在白紙上作一與圓形玻璃同半徑的圓，圓心為O，將圓形玻璃平放在白紙上，使其邊界與所畫的圓重合，在玻璃一側豎直插兩枚大頭針P1和P2，在另一側再先后插兩枚大頭針P3和P4，使從另一側隔著玻璃觀察時，大頭針P4、P3和P2、P1的像恰在一直線上，移去圓形玻璃和大頭針后，情況如圖所示。（1）畫出光路圖；（2）標出入射角和折射角；（3）寫出計算玻璃折射率的公式。參考答案：（1）光路圖如圖；（2分）（2）入射角和折射角如圖；(2分)（3）

(2分)

15.某同學用游標卡尺和螺旋測微器分別測量一薄的金屬圓片的直徑和厚度。讀出圖中的示數。該金屬圓片的直徑的測量值為cm。厚度的測量值為mm。參考答案：1.240；1.682四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖，水平地面上有兩個靜止的小物塊a和b，其連線與墻垂直，a和b相距l(xiāng)，b與墻之間也相距l(xiāng)；a的質量為m，b的質量為m，兩物塊與地面間的動摩擦因數均相同，現使a以初速度v0向右滑動，此后a與b發(fā)生彈性碰撞，但b沒有與墻發(fā)生碰撞．重力加速度大小為g，求物塊與地面間的動摩擦因數滿足的條件．參考答案：解：設物塊與地面間的動摩擦因數為μ要使物塊a、b能夠發(fā)生碰撞，應有：mv＞μmgl

①即μ＜

②設a與b碰撞前的速度為v1，由能量守恒得：=μmgl+

③設a與b碰撞前向的瞬間，速度大小分別為va、vb，根據動量守恒定律和能量守恒定律得：mv1=mva+mvb

④=mv+×mv；

⑤聯立④⑤式解得：vb=v1

⑥碰后，b沒有與墻發(fā)生碰撞，即b在達到墻前靜止，由功能關系得：（m）v≤μmgl

⑦聯立③⑥⑦式，得：μ≥

⑧聯立②⑧式，a與b發(fā)生碰撞、但b沒有與墻發(fā)生碰撞的條件為：≤μ＜答：物塊與地面間的動摩擦因數滿足的條件是≤μ＜．17.一根張緊的水平彈性長繩上的a、b兩點，相距14m，b點在a點的右方，如圖所示．當一列簡諧橫波沿此長繩向右傳播時，若a點的位移達到正極大時，b點的位移恰為零，且向下運動，λ＞14m．經過1.00s后，a點的位移為零，且向下運動，求這列波的波速．參考答案：解：據“一列簡諧橫波沿此長繩向右傳播時，若a點位移達正極大時，b點的位移恰為零，且向下運動”，可得出此時a、b間的最簡波形，得m因所給定時間與周期的關系未知，故運動時間存在“周期性”．即s

（n=0，1，2，…）因此可能的波速為：m/s（n=0，1，2，…）答：該波的波速可能為m/s，（n═0，1，2，…）【考點】橫波的圖象；波長、頻率和波速的關系．【分析】根據題意，當簡諧橫波沿長繩向右傳播時，若a點的位移達到正最大時，b點的位移恰為零且向下運動，結合波形，得到a，b兩點與波長關系的通項式．又據題意，經過1.00