高三下學(xué)期物理4月模擬考試試卷一、單項(xiàng)選擇題1.在放射性同位素的應(yīng)用中，以下做法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

應(yīng)該用α射線探測(cè)物體的厚度

B.

應(yīng)該用γ粒子放射源制成“煙霧報(bào)警器〞

C.

放射育種利用γ射線照射種子使遺傳基因發(fā)生變異

D.

醫(yī)院在利用放射線診斷疾病時(shí)用半衰期較長(zhǎng)的放射性同位素2.如下列圖，在水平桌面上疊放著物體a、b、c，三個(gè)物體均處于靜止?fàn)顟B(tài)。以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

c一定受到水平桌面施加的摩擦力

B.

b對(duì)a的作用力一定豎直向上

C.

c對(duì)b的摩擦力可能水平向右

D.

b對(duì)a的支持力與a受到的重力是一對(duì)作用力和反作用力3.在一次討論中，老師問(wèn)道：“假設(shè)水中相同深度處有a、b、c三種不同顏色的單色點(diǎn)光源，有人在水面上方同等條件下觀測(cè)發(fā)現(xiàn)，b在水下的像最深，c照亮水面的面積比a的大．關(guān)于這三種光在水中的性質(zhì)，同學(xué)們能做出什么判斷？〞有同學(xué)答復(fù)如下：①c光的頻率最大

②a光的傳播速度最?、踒光的折射率最大④a光的波長(zhǎng)比b光的短根據(jù)老師的假定，以上答復(fù)正確的選項(xiàng)是(

)A.

①②

B.

①③

C.

②④

D.

③④4.如圖是實(shí)驗(yàn)時(shí)用的原、副線圈都有從中點(diǎn)抽頭的理想變壓器，在原線圈上通過(guò)一個(gè)單刀雙擲開關(guān)S1與一只安培表A連接，在副線圈上通過(guò)另一個(gè)單刀雙擲開關(guān)與一個(gè)定值電阻R0相連接，通過(guò)S1、S2可以改變?cè)⒏本€圈的匝數(shù)。在原線圈上加一電壓為U的交流電后，①當(dāng)S1接a，S2接c時(shí)，安培表的示數(shù)為I1；②當(dāng)S1接a，S2接d時(shí)，安培表的示數(shù)為I2；③當(dāng)S1接b，S2接c時(shí)，安培表的示數(shù)為I3；④當(dāng)S1接b，S2接d時(shí)，安培表的示數(shù)為I4，那么〔

〕A.

I1＝I2

B.

I1＝I4

C.

I2＝I3

D.

I2＝I45.質(zhì)量的物塊靜止在光滑水平面上，t=0時(shí)刻對(duì)該物塊施加一沿水平方向的力F，F(xiàn)隨時(shí)間t按如下列圖的規(guī)律變化。以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

第2s末，物塊距離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)

B.

第2s末，物塊的動(dòng)量為5kg·m/s

C.

第4s末，物塊的速度最大

26.如下列圖，用電阻率為ρ、橫截面積為S、粗細(xì)均勻的電阻絲折成平面梯形框架，邊均與邊成60°角，?？蚣芘c一電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻忽略不計(jì)的電源相連接。垂直于豎直框架平面有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向水平向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，那么框架受到安培力的合力的大小和方向?yàn)椤?/p>

〕A.

，豎直向上

B.

，豎直向上

C.

，豎直向下

D.

，豎直向下7.如圖，固定于同一條豎直線上的A、B是兩個(gè)帶等量異種電荷的點(diǎn)電荷，電荷量分別為+Q和－Q，A、B相距為2d。MN是豎直放置的光滑絕緣細(xì)桿，另有一個(gè)穿過(guò)細(xì)桿的帶電小球p，質(zhì)量為m、電荷量為+q〔可視為點(diǎn)電荷，不影響電場(chǎng)的分布〕?，F(xiàn)將小球p從與點(diǎn)電荷A等高的C處由靜止開始釋放，小球p向下運(yùn)動(dòng)到距C點(diǎn)距離為d的O點(diǎn)時(shí)，速度大小為v。MN與AB之間的距離為d，靜電力常量為k，重力加速度為g?？芍?/p>

〕A.

C，D間的電勢(shì)差

B.

由等量異種電荷電場(chǎng)分布的特點(diǎn)知

C.

小球p經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)的加速度

D.

小球p經(jīng)過(guò)與點(diǎn)電荷B等高的D點(diǎn)時(shí)的速度8.如圖，不計(jì)空氣阻力，從O點(diǎn)水平拋出的小球抵達(dá)光滑、固定斜面上端P處時(shí)，速度方向恰好沿著斜面方向，然后緊貼斜面PQ做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

小球在斜面上運(yùn)動(dòng)的加速度大小比平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)的大

B.

小球在斜面上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中地面對(duì)斜面的支持力大于小球和斜面的總重

C.

撤去斜面，小球仍從O點(diǎn)以相同速度水平拋出，落地瞬間小球重力的功率將變大

D.

撤去斜面，小球仍從O點(diǎn)以相同速度水平拋出，落地時(shí)間將增大二、多項(xiàng)選擇題9.墨滴入水，擴(kuò)而散之，徐徐混勻。關(guān)于該現(xiàn)象的分析正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

混合均勻主要是由于碳粒和水分子發(fā)生化學(xué)反響引起的

B.

混合均勻的過(guò)程中，水分子和碳粒都做無(wú)規(guī)那么運(yùn)動(dòng)

C.

適當(dāng)加熱可以使混合均勻的過(guò)程進(jìn)行得更迅速

D.

使用碳粒更大的墨汁，混合均勻的過(guò)程進(jìn)行得更迅速10.圖甲為一列簡(jiǎn)諧橫波在某一時(shí)刻的波形圖，兩質(zhì)點(diǎn)的橫坐標(biāo)分別為和，圖乙為質(zhì)點(diǎn)b從該時(shí)刻開始計(jì)時(shí)的振動(dòng)圖像。以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

該波沿方向傳播，波速為1m/s

B.

質(zhì)點(diǎn)b經(jīng)8s振動(dòng)的路程為2m

C.

此時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)a的速度沿+y方向

D.

質(zhì)點(diǎn)a在t=2s時(shí)速度為零11.2021年1月3號(hào)“嫦娥4號(hào)〞探測(cè)器實(shí)現(xiàn)人類首次月球反面著陸，并開展巡視探測(cè)。因月球沒有大氣，無(wú)法通過(guò)降落傘減速著陸，必須通過(guò)引擎噴射來(lái)實(shí)現(xiàn)減速。如下列圖為“嫦娥4號(hào)〞探測(cè)器降落月球外表過(guò)程的簡(jiǎn)化模型。質(zhì)量m的探測(cè)器沿半徑為r的圓軌道I繞月運(yùn)動(dòng)。為使探測(cè)器平安著陸，首先在P點(diǎn)沿軌道切線方向向前以速度u噴射質(zhì)量為△m的物體，從而使探測(cè)器由P點(diǎn)沿橢圓軌道II轉(zhuǎn)至Q點(diǎn)〔橢圓軌道與月球在Q點(diǎn)相切〕時(shí)恰好到達(dá)月球外表附近，再次向前噴射減速著陸。月球質(zhì)量為M、半徑為R。萬(wàn)有引力常量為G。那么以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

探測(cè)器噴射物體前在圓周軌道I上運(yùn)行時(shí)的周期為

B.

在P點(diǎn)探測(cè)器噴射物體后速度大小變?yōu)?/p>

C.

減速降落過(guò)程，從P點(diǎn)沿軌道II運(yùn)行到月球外表所經(jīng)歷的時(shí)間為

D.

月球外表重力加速度的大小為12.如下列圖，豎直放置的兩根足夠長(zhǎng)的光滑金屬導(dǎo)軌相距L，導(dǎo)軌的兩端分別與電源〔串有一滑動(dòng)變阻器R〕、定值電阻R0、電容器〔電容為C，原來(lái)不帶電〕和開關(guān)S相連。整個(gè)空間充滿了磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直于導(dǎo)軌平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一質(zhì)量為m、電阻不計(jì)的金屬棒橫跨在導(dǎo)軌上。己知電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r，不計(jì)導(dǎo)軌的電阻。當(dāng)S接1，滑動(dòng)變阻器R接入電路一定阻值時(shí)，金屬棒ab在磁場(chǎng)中恰好保持靜止。當(dāng)S接2后，金屬棒ab從靜止開始下落，下落距離時(shí)到達(dá)穩(wěn)定速度。重力加速度為g，那么以下分析正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

當(dāng)S接1時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值

B.

當(dāng)S接2時(shí)，金屬棒從靜止開始到剛好到達(dá)穩(wěn)定速度所經(jīng)歷的時(shí)間為

C.

假設(shè)將棒由靜止釋放的同時(shí)，將S接到3，那么電容器積累的電荷量隨金屬棒速度v的變化關(guān)系為

D.

假設(shè)將棒由靜止釋放的同時(shí)，將S接到3，那么金屬棒將做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小三、實(shí)驗(yàn)題13.某實(shí)驗(yàn)小組用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。將一鋼球用細(xì)線系住懸掛在鐵架臺(tái)上，鋼球靜止于A點(diǎn)。在鋼球底部豎直地粘住一片寬度為d的遮光條。在A的正下方固定一光電門。將鋼球拉至不同位置由靜止釋放，遮光條經(jīng)過(guò)光電門的擋光時(shí)間t可由計(jì)時(shí)器測(cè)出，取作為鋼球經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度。記錄鋼球每次下落的高度h和計(jì)時(shí)器示數(shù)t，計(jì)算并比較鋼球在釋放點(diǎn)和A點(diǎn)之間重力勢(shì)能的變化大小與動(dòng)能的變化大小，就能驗(yàn)證機(jī)械能是否守恒?！?〕用計(jì)算鋼球動(dòng)能變化量的大小，用刻度尺測(cè)量遮光條寬度，示數(shù)如圖乙所示，其讀數(shù)為________cm。某次測(cè)量中，計(jì)時(shí)器的示數(shù)為0.0100s，那么鋼球經(jīng)過(guò)A時(shí)的速度________m/s〔保存三位有效數(shù)字〕?！?〕下表為該實(shí)驗(yàn)小組的實(shí)驗(yàn)結(jié)果：從表中發(fā)現(xiàn)△Ep與△Ek之間存在差異，可能造成該差異的原因是_________。A.用計(jì)算鋼球重力勢(shì)能的變化大小時(shí)，鋼球下落高度為測(cè)量釋放時(shí)鋼球球心到球在A點(diǎn)時(shí)底端之間的豎直距離

C.實(shí)驗(yàn)中所求速度是遮光條的速度，比鋼球速度略大14.某同學(xué)要用電阻箱和電壓表測(cè)量某水果電池組的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，考慮到水果電池組的內(nèi)阻較大，為了提高實(shí)驗(yàn)的精度，需要測(cè)量電壓表的內(nèi)阻。實(shí)驗(yàn)室中恰好有一塊零刻度在中央的雙向電壓表，該同學(xué)便充分利用這塊表，設(shè)計(jì)了如下列圖的實(shí)驗(yàn)電路，既能實(shí)現(xiàn)對(duì)該電壓表內(nèi)阻的測(cè)量，又能利用該表完成水果電池組電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的測(cè)量。該同學(xué)用到的實(shí)驗(yàn)器材有：待測(cè)水果電池組〔電動(dòng)勢(shì)約4V、內(nèi)阻約〕，雙向電壓表〔量程為2V、內(nèi)阻約為〕，電阻箱〔0~〕，滑動(dòng)變阻器〔0~〕，一個(gè)單刀雙擲開關(guān)及假設(shè)干導(dǎo)線?！?〕該同學(xué)按如圖1所示電路圖連線后，首先測(cè)量了電壓表的內(nèi)阻。請(qǐng)完善測(cè)量電壓表內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)步驟：①將R1的滑動(dòng)觸片滑至最左端，將開關(guān)S撥向1位置，將電阻箱阻值調(diào)為0；②調(diào)節(jié)R1的滑動(dòng)觸片，使電壓表示數(shù)到達(dá)滿偏U；③保持R1不變，調(diào)節(jié)R2，使電壓表的示數(shù)到達(dá)，讀出電阻箱的阻值，記為R0，那么電壓表的內(nèi)阻RV=________?！?〕假設(shè)測(cè)得電壓表內(nèi)阻為，可分析此測(cè)量值應(yīng)________〔填“大于〞“等于〞或“小于〞〕真實(shí)值?！?〕接下來(lái)測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)步驟如下：①將開關(guān)S撥至________〔填“1〞或“2〞〕位置，將R1的滑片移到最________端，不再移動(dòng)；②調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使電壓表的示數(shù)到達(dá)一適宜值，記錄電壓表的示數(shù)和電阻箱的阻值；③重復(fù)第二步，記錄多組電壓表的示數(shù)和對(duì)應(yīng)的電阻箱的阻值。〔4〕假設(shè)將電阻箱與電壓表并聯(lián)后的阻值記錄為R，作出圖像，如圖2所示，其中縱軸截距為b，斜率為k，那么電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式為________，內(nèi)阻的表達(dá)式為________。四、解答題15.如下列圖，一端封閉、內(nèi)徑均勻的細(xì)玻璃管長(zhǎng)為，中間有長(zhǎng)的水銀柱將一局部空氣封閉在管內(nèi)，水平放置時(shí)，A端空氣柱的長(zhǎng)度。把玻璃管在豎直平面內(nèi)緩慢倒轉(zhuǎn)到開口豎直向下后〔玻璃管轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中水銀無(wú)泄漏〕，再把開口端B緩慢插入足夠深的水銀槽內(nèi)，直到B端空氣柱的長(zhǎng)度變?yōu)闉橹?。外界大氣壓為，空氣柱可視為理想氣體，在整個(gè)過(guò)程中溫度保持不變。求：〔1〕開口豎直向下時(shí)A端空氣柱的長(zhǎng)度；〔2〕最后平衡時(shí)進(jìn)入玻璃管的水銀柱的長(zhǎng)度?！部杀４娣?jǐn)?shù)〕16.如下列圖，質(zhì)量分別為mA=2kg、mB=1kg、mC=1kg的三個(gè)小物塊A、B、C〔均視為質(zhì)點(diǎn)〕靜止在光滑水平軌道上。半徑為R=0.6m的光滑、豎直、半圓軌道最低點(diǎn)與水平軌道相切。B、C之間有一輕彈簧剛好處于原長(zhǎng)，B與輕彈簧栓接，C未與彈簧栓接?，F(xiàn)讓物塊A〔右側(cè)涂有少量質(zhì)量不計(jì)的粘膠〕以初速度=6m/s沿水平方向向右滑動(dòng)，A與B發(fā)生碰撞并粘為一體。經(jīng)過(guò)一段時(shí)間，C脫離彈簧，然后滑上光滑豎直半圓軌道?！踩=10m/s2〕求：〔1〕上述過(guò)程中彈簧的最大彈性勢(shì)能；〔2〕C脫離彈簧時(shí)的速度大?。弧?〕試討論判斷C能否到達(dá)半圓軌道的最高點(diǎn)。假設(shè)能，求出通過(guò)最高點(diǎn)時(shí)C對(duì)軌道的壓力大?。患僭O(shè)不能，請(qǐng)說(shuō)明理由。17.如下列圖，質(zhì)量M=2kg的滑板A放在水平地面上，當(dāng)A向右滑動(dòng)的速度m/s時(shí)，在A中間位置輕輕地放上一個(gè)大小不計(jì)、質(zhì)量m=1kg的小物塊B，同時(shí)給B施加一個(gè)水平向右的F=6N的恒力作用并開始計(jì)時(shí)。己知A與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.1，A與B間的動(dòng)摩擦因數(shù)?！苍O(shè)滑板A足夠長(zhǎng)，取g=10m/s2〕求：〔1〕經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間A、B到達(dá)共同速度；〔2〕從開始計(jì)時(shí)到A、B到達(dá)共同速度的時(shí)間內(nèi)，A、B間因摩擦而產(chǎn)生的熱量Q；〔3〕2s內(nèi)滑板A的位移大小。18.如下列圖，在水平方向足夠長(zhǎng)的虛線區(qū)域I〔上下邊界水平〕內(nèi)有交替變化的電磁場(chǎng)，電磁場(chǎng)按照如下列圖的規(guī)律變化，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，方向豎直向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，方向垂直紙面向里。一質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電粒子〔重力不計(jì)〕t=0時(shí)刻以初速度從上邊界A點(diǎn)豎直向下進(jìn)入?yún)^(qū)域I，時(shí)刻從下邊界C點(diǎn)離開區(qū)域I并進(jìn)入半徑為R的圓形區(qū)域II，，區(qū)域II與區(qū)域I在C點(diǎn)相切，區(qū)域II中存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為?！病、為量〕。求：〔1〕時(shí)刻粒子的速度大?。弧?〕區(qū)域I在豎直方向的寬度d；〔3〕粒子在區(qū)域II中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。

答案解析局部一、單項(xiàng)選擇題1.【解析】【解答】解：A、γ光子的貫穿能力最強(qiáng)，應(yīng)該用γ射線探測(cè)物體的厚度，A不符合題意；B、因?yàn)棣亮Ｗ拥碾婋x本領(lǐng)強(qiáng)，所以應(yīng)該用α粒子放射源制成“煙霧報(bào)警器〞，B不符合題意；C、γ光子的貫穿能力最強(qiáng)，從而使DNA發(fā)生變異，所以放射育種利用γ射線照射種子使遺傳基因發(fā)生變異，C符合題意；D、人體長(zhǎng)時(shí)間接觸放射線會(huì)影響健康，所以醫(yī)院在利用放射線診斷疾病時(shí)用半衰期較短的放射性同位素，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】a粒子穿透性最弱不能利用其穿透性檢測(cè)物體的厚度；a粒子的電離能力強(qiáng)可以制成煙霧報(bào)警器；醫(yī)院診斷疾病是利用半衰期較短的放射性元素。2.【解析】【解答】解：A、對(duì)a、b、c整體分析，受重力和支持力，二力平衡，c不受地面的摩擦力，A不符合題意；B、對(duì)物體a受力分析，受重力、支持力和靜摩擦力，根據(jù)平衡條件，b對(duì)a的作用力一定豎直向上，和c的重力平衡，B符合題意；C、以b和c整體為研究對(duì)象，受到重力、支持力和靜摩擦力，根據(jù)平衡條件，靜摩擦力平行接觸面向上，C不符合題意；D、b對(duì)a的支持力與a受到的重力作用在同一個(gè)物體上，而作用力與反作用力作用在兩個(gè)物體上，b對(duì)a的支持力大小等于a的重力垂直于斜面方向的分力大小，b對(duì)a的支持力大小與a受到的重力大小也不同，方向也不在同一條直線上，不是一對(duì)作用力和反作用力，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】利用物體的平衡條件結(jié)合受力分析可以判別三個(gè)物體的受力情況。3.【解析】【解答】不同顏色的光在同一種介質(zhì)中傳播，折射率越大，頻率越高，波長(zhǎng)越小，點(diǎn)光源在水中的深度相同，b在水下的像最深，因?yàn)橐暽?實(shí)際深度/折射率，可知b光折射率最小，，可知b光速最大，從在水面上c的出色光的區(qū)域大于a光出射光的區(qū)域可知，c光全反射的臨界角較大，，c的折射率比a的小，折射率關(guān)系，，可知D對(duì)故答案為：D

【分析】同種介質(zhì)，對(duì)于頻率不同的光來(lái)說(shuō)，介質(zhì)的折射率不同，頻率越高，折射率越大，當(dāng)光從真空傳播到介質(zhì)中去時(shí)，速度會(huì)減小，波長(zhǎng)會(huì)變短，頻率會(huì)增加，能量不變。4.【解析】【解答】在第①種情況下，S1接a，S2接c時(shí)，設(shè)副線圈加在R0上的電壓為U0，流過(guò)R0的電流為I0，根據(jù)可得，第②③④種情況，R0上的電壓分別為、2U0、U0，流過(guò)R0的電流分別為、2I0、I0，根據(jù)可得、、故答案為：B。

【分析】利用電壓之比和匝數(shù)的關(guān)系結(jié)合功率相等可以求出電流的大小。5.【解析】【解答】A．前兩秒物體一直加速運(yùn)動(dòng)，所以第2s末物塊的速度最大，此時(shí)不是離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)，A不符合題意；B．F-t圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示力的沖量。根據(jù)動(dòng)量定理可得第2s末物塊的動(dòng)量為B符合題意；C．第2s末，物塊的速度最大，第4s末，物塊的速度為零，C不符合題意；D．第3s末，物塊的加速度為方向與速度方向相反，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】利用速度等于0的位置可以判別物塊離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)；利用面積可以求出動(dòng)量的大小；利用加速度等于0可以判別速度最大；利用牛頓第二定律可以求出加速度的大小。6.【解析】【解答】根據(jù)左手定那么判斷出各段受到的安培力的方向，如圖設(shè)電路abcd上的電阻為3r，由幾何關(guān)系得，ad段的長(zhǎng)度為2L，所以ad上的電阻為2r；abcd上的電流ad上的電流ab、bc、cd上各段的安培力ad上各段的安培力各段受到的力中，F(xiàn)1和F3在左右方向的分量大小相等，方向相反，相互抵消，所以線框受到的合外力F=F4+F1cos60°+F2+F3cos60°=

那么可得方向豎直向上.故答案為：A。

【分析】利用歐姆定律結(jié)合安培力的疊加可以求出安培力合力的大小和方向。7.【解析】【解答】A．小球p由C運(yùn)動(dòng)到O時(shí)，由動(dòng)能定理得又根據(jù)UCD=2UCO聯(lián)立解得，A不符合題意；B．由等量異種電荷電場(chǎng)分布的特點(diǎn)知C、O、D三點(diǎn)電勢(shì)逐漸降低，所以UCO=UOD=－UDOB不符合題意；

C．小球p經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)受力分析如圖，由庫(kù)侖定律得它們的合力為由牛頓第二定律得mg+F=ma解得，C符合題意；D．小球p經(jīng)過(guò)與點(diǎn)電荷B等高的D點(diǎn)時(shí)的過(guò)程，由動(dòng)能定理得由電場(chǎng)特點(diǎn)可知UCO=UOD聯(lián)立解得，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】利用動(dòng)能定理可以求出電勢(shì)差的大小；利用電場(chǎng)線的分布可以比較電勢(shì)差的大小；利用牛頓第二定律可以求出加速度的大小；利用動(dòng)能定理可以求出速度的大小。8.【解析】【解答】解：A、物體在抵達(dá)斜面之前做平拋運(yùn)動(dòng)，加速度為g；在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)，由牛頓第二定律得加速度為：a═gsinα，〔α是斜面的傾角〕，可知小球在斜面上運(yùn)動(dòng)的加速度大小比平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)的小，A不符合題意；B、對(duì)于小球和斜面組成的系統(tǒng)，因?yàn)樾∏蛴醒匦泵嫦蛳碌募铀俣?，故小球在豎直方向上有豎直向下的分加速度，小球處于失重狀態(tài)，所以小球在斜面上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中地面對(duì)斜面的支持力小于于小球和斜面的總重，B不符合題意；C、撤去斜面，小球仍從O點(diǎn)以相同速度水平拋出，落地瞬間豎直方向分速度變大，重力的瞬時(shí)功率變大，C符合題意；D、比較小球在斜面上與空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。由于小球在斜面上運(yùn)動(dòng)的加速度為a＝gsinα，豎直分加速度為ay＝asinα＝gsin2α＜g，那么知撤去斜面，落地時(shí)間變短，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】利用受力分析可以比較加速度的大小；利用加速度方向可以比較支持力和重力的大?。焕秘Q直方向的速度變化可以比較重力瞬時(shí)功率的變化；利用加速度的比較可以判別運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。二、多項(xiàng)選擇題9.【解析】【解答】解：A、碳素墨水滴入清水中，觀察到的布朗運(yùn)動(dòng)是液體分子不停地做無(wú)規(guī)那么撞擊碳懸浮微粒，懸浮微粒受到的來(lái)自各個(gè)方向的液體分子的撞擊作用不平衡的導(dǎo)致的無(wú)規(guī)那么運(yùn)動(dòng)，不是由于碳粒和水分子發(fā)生化學(xué)反響引起的，A不符合題意。B、混合均勻的過(guò)程中，水分子做無(wú)規(guī)那么的運(yùn)動(dòng)，碳粒的布朗運(yùn)動(dòng)也是做無(wú)規(guī)那么運(yùn)動(dòng)，B符合題意。C、溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越劇烈，所以適當(dāng)加熱可以使混合均勻的過(guò)程進(jìn)行得更迅速，C符合題意。D、做布朗運(yùn)動(dòng)的顆粒越小，布朗運(yùn)動(dòng)越劇烈，所以要使混合均勻的過(guò)程進(jìn)行得更迅速，需要使用碳粒更小的墨汁，D不符合題意。故答案為：BC。

【分析】混合均勻是由于碳素進(jìn)行布朗運(yùn)動(dòng)即水分子的無(wú)規(guī)那么運(yùn)動(dòng)；提升溫度會(huì)使運(yùn)動(dòng)更加劇烈；碳粒太大，會(huì)導(dǎo)致水分子撞擊效果不明顯。10.【解析】【解答】A．由圖乙可得：圖甲所示時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)b在平衡位置向上振動(dòng)，故由圖甲可得：波向左傳播；A不符合題意；B．由圖乙可得：周期T=8s，振幅A=0.5m，故質(zhì)點(diǎn)b經(jīng)8s＝T振動(dòng)的路程為4A=2m，B符合題意；C．波向左傳播，故圖甲所示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)a沿-y方向向下振動(dòng)，C不符合題意；D．圖甲所示零時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)a在平衡位置，t=2s=T時(shí)刻故質(zhì)點(diǎn)a到達(dá)最低點(diǎn)，速度為零，D符合題意；故答案為：BD。

【分析】利用質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向可以判別波的傳播方向；利用振幅和周期可以求出質(zhì)點(diǎn)的路程大?。焕貌ǖ膫鞑シ较蚩梢耘袆e速度的方向；利用質(zhì)點(diǎn)的位置可以判別其速度的大小。11.【解析】【解答】A．探測(cè)器繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力解得探測(cè)器噴射物體前在圓周軌道I上運(yùn)行時(shí)的周期A符合題意；B．在P點(diǎn)探測(cè)器噴射物體的過(guò)程中，設(shè)噴射前的速度為v，根據(jù)動(dòng)量守恒可知mv=△mu+〔m-△m〕v'解得噴射后探測(cè)器的速度B不符合題意；C．探測(cè)器在軌道II上做橢圓運(yùn)動(dòng)，半長(zhǎng)軸根據(jù)開普勒第三定律可知解得減速降落過(guò)程，從P點(diǎn)沿軌道II運(yùn)行到月球外表所經(jīng)歷的時(shí)間為C不符合題意；D．假設(shè)在月球外表的放置一個(gè)質(zhì)量為m的物體，那么它受到的重力和萬(wàn)有引力相等解得月球外表重力加速度的大小D符合題意。故答案為：AD。

【分析】利用引力提供向心力可以求出運(yùn)行的周期；利用動(dòng)量守恒定律可以求出速度的大?。焕弥芷诙煽梢郧蟪鲞\(yùn)動(dòng)的時(shí)間；利用引力形成重力可以求出重力加速度的大小。12.【解析】【解答】A．S接到1位置時(shí)，有由平衡條件得mg=BIL得聯(lián)立解得A符合題意；B．S接到2位置速度恒定時(shí)有解得金屬棒ab從靜止開始下落，下落距離h時(shí)到達(dá)穩(wěn)定速度，根據(jù)動(dòng)量定理可得即其中，解得B不符合題意；CD．假設(shè)將ab棒由靜止釋放的同時(shí)，將S接到3，那么電容器積累的電荷量隨金屬棒速度v的變化關(guān)系為Q=CU=CBLv根據(jù)動(dòng)量定理可得即mg△t-BL?△Q=m△v將△Q=CBL△v代入解得mg△t-CB2L2△v=m△v所以CD符合題意。故答案為：ACD。

【分析】利用平衡條件結(jié)合歐姆定律可以求出電阻的大?。焕闷胶鈼l件結(jié)合動(dòng)量定理可以求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；利用動(dòng)量定理結(jié)合電容情已逝可以求出電荷量和速度的關(guān)系式及加速度的大小。三、實(shí)驗(yàn)題13.【解析】【解答】(1)刻度尺的最小分度值為1mm，需估讀一位，所以讀數(shù)為1.50cm；鋼球經(jīng)過(guò)A的速度為(2)表中的△Ep與△Ek之間存在差異，且有△Ek＞△EP；A．鋼球下落高度h為測(cè)量釋放時(shí)鋼球球心到球在A點(diǎn)時(shí)底端之間的豎直距離，測(cè)量的高度h偏大那么△EP偏大，A不符合題意；B．假設(shè)鋼球下落過(guò)程中存在空氣阻力，那么有重力勢(shì)能減少量大于鋼球的動(dòng)能增加量，即△EP＞