2023年貴州省畢節(jié)市高考物理二診試卷

1.某實(shí)驗(yàn)小組利用圖（甲）探究光電效應(yīng)的規(guī)律。在某次光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，得到的遏止電壓立

與入射光的頻率V的關(guān)系如圖（乙）所示。若該直線的斜率和橫截距分別為k和外,電子電荷量

的絕對值為e。則普朗克常量八和所用材料的逸出功％分別為（）

kpk

A.h=ek,Wo=ekv0B.h=-,W0=—

C.h=ek,WQ=ev0D.h=：,%=竟

2.如圖所示，甲、乙兩人做''拔河"游戲。兩人分別用伸平的手掌托起木板的一端，保持

木板水平。在甲端的木板上放兩塊磚，然后各自緩慢向兩側(cè)拖拉。若兩人的手與木板的動摩

擦因數(shù)相同，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。則在“拔河”過程中，下列判斷正確的是（）

甲-----乙

A.甲的手和木板間的摩擦力較大

B.乙的手和木板間的摩擦力較大

C.甲的手和木板間不會有相對滑動

D.甲、乙“拔河”的力屬于作用力與反作用力

3.引力波的發(fā)現(xiàn)證實(shí)了愛因斯坦100多年前所做的預(yù)測。1974年發(fā)現(xiàn)

f

了脈沖雙星間的距離在減小就已間接地證明了引力波的存在。如圖所示，

如果將脈沖雙星系統(tǒng)簡化為理想的圓周運(yùn)動模型，繞彼此連線上的。點(diǎn)*O—*

做勻速圓周運(yùn)動。若萬有引力常量為G,雙星之間的距離為3觀測到

雙星的周期為7,則可估算出雙星的（）

A.線速度B.軌道半徑C.質(zhì)量之和D.向心加速度

4.光滑斜面上，某物體在沿斜面向上的恒力作用下從靜止

開始沿斜面運(yùn)動，一段時間后撤去恒力。若不計空氣阻力，

斜面足夠長。物體的速度用"表示、動能用&表示、重力勢

能用Ep表示、機(jī)械能用E表示、運(yùn)動時間用t表示、路程用s

表示。對整個運(yùn)動過程，下圖表示的可能是()

A."隨t變化的。一t圖像B.E隨s變化的E-s圖像

C.Ep隨t變化的"一t圖像D.Ek隨s變化的以一s圖像

5.在東京奧運(yùn)會女子蹦床決賽中，中國選手朱雪瑩奪得冠軍。如圖所示,

某次比賽中，朱雪瑩雙腳離開蹦床后豎直向上運(yùn)動，把上升過程分為等距

的三段，朱雪瑩從下至上運(yùn)動過程中，依次經(jīng)歷三段的時間記為t］、t2、t3。

則t"tz：”最接近()

A.3：6：10

B.3：4：10

C.3：6：20

D.3：4：20

6.在某靜電場中，x軸上的場強(qiáng)E隨x的變化關(guān)系如圖所示，規(guī)定》軸正向?yàn)閳鰪?qiáng)正方向。下

A.乙和冷處的電場強(qiáng)度相等

B.從小處到辦處，電勢逐漸降低

C.一電子從冷處沿直線運(yùn)動到處處，速度先增大后減小

D.一電子從/處沿直線運(yùn)動到燈處，電勢能先減小后增大

7.質(zhì)量為1kg的物塊，置于水平地面上。在水平力F的作用下由靜止開始運(yùn)動，F(xiàn)與時間t的

關(guān)系如圖所示。已知物塊與地面間的動摩擦因數(shù)為0.1,最大靜摩擦力大小與滑動摩擦力大小

相等，重力加速度大小g=10m/s2。在0?4s內(nèi)，下列判斷正確的是（）

A.3s末物塊的速度最大

B.3s末物塊的動量大小為1kg-m/s

C.0?4s內(nèi)物塊所受合外力的沖量為0

C.Rmin=D.Rmin=

9.某實(shí)驗(yàn)小組用圖（a）所示的電路測量一未知電阻的阻值%。所用電壓表V（量程3V,內(nèi)阻約

3k。）、電流表4（量程0.64,內(nèi)阻約0.30）,實(shí)驗(yàn)過程如下：

圖⑶

(1)將滑動變阻器R的滑片滑到最右端。斷開開關(guān)S2,閉合開關(guān)Si，調(diào)節(jié)R,電壓表和電流表示

數(shù)如圖(b)、(c)所示。記錄兩表的示數(shù)分別為V'和___A?

(2)閉合S2,調(diào)節(jié)R使電壓表的示數(shù)仍為圖(b)所示。記錄電流表的示數(shù)0.564則待測電阻

Rx=—0。(計算結(jié)果保留三位有效數(shù)字)

(3)該實(shí)驗(yàn)中，電壓表內(nèi)阻和電流表內(nèi)阻對電阻的測量值—(填“有”或“無”)影響。

10.某實(shí)驗(yàn)小組利用圖(甲)所示裝置測量滑塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)。長木板固定于水

平實(shí)驗(yàn)臺上，一輕繩跨過定滑輪，左端與放在長木板上的滑塊(滑塊上固定有一細(xì)小方形遮光

條，寬度為d)相連，另一端可懸掛鉤碼。

鉤碼

甲

本實(shí)驗(yàn)中可用的鉤碼共有N=6個，質(zhì)量均為小。

實(shí)驗(yàn)步驟如下：

①在長木板上適當(dāng)?shù)奈恢霉潭ü怆婇T4和8,兩光電門通過數(shù)據(jù)采集器與計算機(jī)相連；

②用電子秤稱量出滑塊和遮光條的總質(zhì)量為M；

③將n(依次取n=l、2、3、4、5、6)個鉤碼掛在輕繩右端，其余(N-n)個鉤碼放置在滑塊

上；

④用手按往清裝，并使輕繩與長木板平行；

⑤接通光電門，由靜止釋放滑塊；

⑥計算機(jī)自動記錄遮光條通過光電門力、B的時間以、功，以及遮光條的后端從離開光電門A到

離開光電門B的時間t；經(jīng)數(shù)據(jù)處理后，可得到與n對應(yīng)的加速度呢

(1)關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是一。

A.本實(shí)驗(yàn)需要平衡滑塊與長木板間的摩擦力

氏本實(shí)驗(yàn)不需要平衡滑塊與長木板間的摩擦力

C滑塊和遮光條的總質(zhì)量M要遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于鉤碼的質(zhì)量Tn

D滑塊和遮光條的總質(zhì)量M要遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于鉤碼的質(zhì)量rn

(2)忽略遮光條通過光電門時速度的變化，滑塊加速度a的表達(dá)式為一。(用仇、t2、t、d表

示)

(3)利用記錄的數(shù)據(jù)擬合得到a-n圖像，如圖(乙)所示，該直線在縱軸上的截距為-b,當(dāng)?shù)?/p>

重力加速度為g,貝心的表達(dá)式為—。

(4)若僅考慮定滑輪處摩擦的影響，則〃的測量值與真實(shí)值相比—。(填“偏大”“偏小”

或“不變”)

11.如圖所示，在勻強(qiáng)磁場中，有一豎直放置且足夠長的平行金屬導(dǎo)軌，I--(=)-I

導(dǎo)軌間距為3勻強(qiáng)磁場的方向與導(dǎo)軌平面垂直。質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒從導(dǎo)

軌的頂端靜止釋放，下降s的路程時速度達(dá)到最大值為。導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)

軌垂直，且接觸良好，接在兩導(dǎo)軌間的電阻為R,導(dǎo)體棒接入電路的電阻

為r，其他部分的電阻均不計，重力加速度為g。求：

(1)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大??；

(2)導(dǎo)體棒下降s的過程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱。

12.假設(shè)你是當(dāng)年“陰極射線是帶電粒子”的支持者。你采用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置來測定陰

極射線的比荷(電荷量與質(zhì)量之比)。某次實(shí)驗(yàn)室中，真空管內(nèi)陰極K發(fā)出的陰極射線經(jīng)高壓加

速電壓加速后，穿過4中心的小孔沿中心軸。1。的方向進(jìn)入到兩塊水平正對放置的平行極板P

和P'間的區(qū)域。當(dāng)極板間不加偏轉(zhuǎn)電壓時，射線打在熒光屏的中心。點(diǎn)處，形成了一個亮點(diǎn)；

當(dāng)加上偏轉(zhuǎn)電壓U=200.0U時，亮點(diǎn)偏離到0'點(diǎn)，。'與。點(diǎn)的豎直間距為y=4.0an、水平間

距忽略不計。此時，在P和P'間的區(qū)域，再加上一個方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場。調(diào)節(jié)磁

場的強(qiáng)弱，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小8=5.0x10-47時，亮點(diǎn)重新回到o點(diǎn)。已知極板水平方向

的長度為。=5.0cm,極板間距為d=2.0cm,極板右端到熒光屏的距離為。=12.5cm。忽略

射線的重力和射線間的相互作用。

(1)推斷陰極射線帶什么性質(zhì)的電荷，寫出理由;

(2)求陰極射線打在熒光屏。點(diǎn)時速度的大小；

(3)求陰極射線的比荷。

13.某同學(xué)用油膜法估測分子直徑大小，實(shí)驗(yàn)步驟如下：

①將體積為力的純油酸溶于酒精，稀釋成總體積為V的油酸酒精溶液。用注射器吸取該溶液，

一滴一滴地滴入小量筒中，滴入N滴時，記錄體積為匕；

②在邊長為40-50cm的淺盤里倒入2.5cm深的水，將琲子粉均勻撒在水面上；

③用注射器往水面上滴1滴上述溶液，當(dāng)油酸形成的薄膜形狀穩(wěn)定后，將透明玻璃板蓋在淺

盤上，用彩色筆在玻璃板上描出油酸薄膜的形狀；

④將畫有油酸薄膜輪廓形狀的玻璃板置于坐標(biāo)紙上，坐標(biāo)紙的最小正方形邊長為服

計算出輪廓范圍內(nèi)最小正方形的總個數(shù)為n,不足半個的舍去，多于半個的算一個；

實(shí)驗(yàn)步驟①中，稀釋油酸的目的是—，油酸分子的直徑表達(dá)式&=—。假設(shè)用注射器

吸取油酸酒精溶液滴入小量筒中時，滴數(shù)少記了幾滴，由此計算出來的d將—(填“偏大”、

“偏小”或“不變”)。

14.大方縣城區(qū)有99口水井的記載，聞名于遠(yuǎn)近。如圖所示

為可以把地下井水引到地面上的設(shè)備?；钊烷y門都只能單向

打開，提壓把手可使活塞上下移動，使得空氣和水只能往上走

而不往下走?；钊弦苿訒r，閥門開啟，可將直管中的空氣

抽到閥門上面；活塞向下移動時，閥門關(guān)閉，空氣從活塞處溢

出，如此循環(huán),井水就在大氣壓的作用下通過直管被抽上來了。

閥門下方的直管末端在水井水位線之下,水井水位線距離閥門

水井水位

的高度無=9.0m,直管橫截面積5=3.0x10-3^2。現(xiàn)通過提壓把手，使直管中水位緩慢上

升陽=6.0m。已知水的密度p=1.0xl()3kg/m3,外界大氣壓強(qiáng)pg=l.oxl()5pa,重力加

速度g=10m/s2,直管中的氣體可視為理想氣體。

(i)若該設(shè)備的機(jī)械效率4=0.6,求人對把手做的功；

(ii)求直管中剩余空氣質(zhì)量2bn與直管中原空氣質(zhì)量小。之比.

15.如圖所示，一列簡諧橫波沿x軸傳播。實(shí)線為t=0時的波形圖，此時P質(zhì)點(diǎn)向y軸正方向

運(yùn)動,虛線為ti=02s時的波形圖。已知周期7>0.2s。則該波沿x軸—(填“正”或"負(fù)”)

方向傳播，波的周期為—s,速度大小為—m/s.

速度大小為c。不考慮光線在介質(zhì)中的多次反射。求:

(l)sina的值;

(2)光從射入該透明介質(zhì)到射出所用的時間。

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：根據(jù)光電效應(yīng)方程：Ekm=hv-Wo

由動能定理：Ekm=eUc

聯(lián)立得立=如_畋

ee

根據(jù)圖像得k=2

e

解得九=ek

橫截距%=華

解得逸出功為伍=e/c%,故A正確，8CO錯誤。

故選：Ao

根據(jù)光電效應(yīng)方程，以及最大初動能與遏止電壓的關(guān)系得出遏止電壓與入射光頻率的關(guān)系式，結(jié)

合圖線的斜率和截距分析判斷.

解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程，以及知道最大初動能與遏止電壓的關(guān)系，對于圖線問題，一

般的解題思路是得出物理量之間的關(guān)系式，結(jié)合圖線的斜率和截距進(jìn)行求解.

2.【答案】C

【解析】解：AB.在游戲過程中，由于甲、乙兩人在保持木板水平的前提下，緩慢向兩側(cè)拖拉木板，

表明木板和兩塊磚處于動態(tài)平衡狀態(tài)，即木板和兩塊磚所受的合外力為零。

對木板與兩塊磚整體分析，豎直方向受重力和甲乙兩手豎直向上的支持力；水平方向受甲對木板

水平向左的摩擦力、乙對木板水平向右的摩擦力，由平衡條件知，兩摩擦力等大反向，故錯

誤；

D甲、乙“拔河”的力，即甲手對木板向左的摩擦力與乙手對木板向右的摩擦力，兩力都作用在

木板上，是一對平衡力，故。錯誤；

C由于甲端木板上放兩塊磚，則甲手與木板間彈力大于乙手與木板間彈力，即甲手與木板間最大

靜摩擦力大于乙手與木板間最大靜摩擦力。

在緩慢拖拉過程中，摩擦力不可能大于乙手與木板間最大靜摩擦力，則摩擦力一定小于甲手與木

板間最大靜摩擦力，即甲手和木板間不會有相對滑動，故C正確。

故選：c。

甲乙各自緩慢向兩側(cè)水平拖拉木板，則說明木板和兩塊磚處于動態(tài)平衡狀態(tài)，合力為零。由水平

方向合力為零可得，甲、乙給木板的摩擦力等大反向；木板對甲手的壓力大于乙手，則甲手與木

板間最大靜摩擦力更大。

甲乙各自緩慢向兩側(cè)水平拖拉木板，則摩擦力不可能大于乙手與木板間最大靜摩擦力，則摩擦力

一定小于甲手與木板間最大靜摩擦力，即甲手和木板間不會有相對滑動。

甲、乙“拔河”的力，即甲手對木板向左的摩擦力與乙手對木板向右的摩擦力，是一對平衡力。

本題考查了靜摩擦力、最大靜摩擦力、作用力與反作用力、動態(tài)平衡等知識，要求學(xué)生掌握動態(tài)

平衡特征，正確進(jìn)行受力分析，列出平衡方程。

3.【答案】C

【解析】解：4根據(jù)線速度與周期的關(guān)系U=罕，由于雙星運(yùn)動半徑未知，無法求出線速度，故

A錯誤;

8.根據(jù)G四署=mi#ri=m24方，得萬=處小，七=嗎由于雙星質(zhì)量未知，無法求出

LTT4TC2L4TT2L

運(yùn)動半徑，故8錯誤；

雙星質(zhì)量之和為叫+5*+嗜1=第故

c由上式得巾1=鈦12

C正確;

/).由G"滑=機(jī)通1=m2a2,得的=G得，ci2=G詈，由于雙星質(zhì)量未知，無法求出向心加速度，

故。錯誤。

故選：Co

雙星靠相互間的萬有引力提供向心力，角速度相等，根據(jù)萬有引力提供向心力求出雙星的質(zhì)量之

和。結(jié)合其他物理量之間的關(guān)系分析。

解決本題的關(guān)鍵知道雙星靠相互間的萬有引力提供向心力，具有相同的角速度，會根據(jù)萬有引力

提供向心力進(jìn)行求解。

4.【答案】D

【解析】解：4撤去恒力前，物體沿斜面向上做勻加速運(yùn)動，撤去恒力后，物體在重力下滑分力

作用下，加速度保持不變，先沿斜面向上做勻減速運(yùn)動，然后沿斜面向下做勻加速運(yùn)動，速度方

向在到達(dá)最高點(diǎn)開始下滑時變?yōu)檠匦泵嫦蛳?，題圖中速度方向一直不變，故A錯誤：

B.撤去恒力前，恒力作正功，物體的機(jī)械能增加，撤去恒力后，只有重力做功，物體的機(jī)械能守

恒，則機(jī)械能先增大后不變，故B錯誤；

C.物體先向上運(yùn)動，重力勢能先增大，當(dāng)?shù)竭_(dá)最高點(diǎn)時后物體向下運(yùn)動，重力勢能減少，故C錯

誤；

D根據(jù)動能定理可知，撤去恒力前，合外力做正功，動能增大，撤去恒力后，只有重力做功，且

先做負(fù)功再做正功，故動能先減少后增大，動能是標(biāo)量，只有大小，沒有方向，故。正確。

故選：D。

分析物體的運(yùn)動情況，判斷圖象的形狀。由Ep=mg1s譏。分析昂-1圖象形狀。根據(jù)功能關(guān)

系分析E-s圖象形狀；根據(jù)動能定理列式，分析&-S圖象形狀。

本題主要是考查速度、動能、機(jī)械能重力勢能和圖象問題的知識；解題關(guān)鍵是知道除重力或彈力

做功以外，其它力對系統(tǒng)做多少功，系統(tǒng)的機(jī)械能就變化多少；注意運(yùn)動過程中機(jī)械能和其它形

式的能的轉(zhuǎn)化關(guān)系。

5.【答案】B

【解析】解：根據(jù)逆向思維，將朱雪瑩向上的運(yùn)動看作向下的自由落體運(yùn)動，即初速度為0、加速

度為g的勻加速直線運(yùn)動，則有

2

h=gg烤,2h=^g(t2+t3),3九=+t2+打產(chǎn)

因此ti；t2：t3=(q-C)；(C-l)；1?(1.732-1.414).-(1.414-1)；1?3；4；10

可知￡i：t2：J最接近3：4：10,故AC￡＞錯誤，8正確。

故選：B。

運(yùn)用逆向思維，將朱雪瑩向上的運(yùn)動看作向下的自由落體運(yùn)動，根據(jù)九=2gt2求解。

解答本題時，要巧用逆向思維，運(yùn)用初速度為零的勻加速直線運(yùn)動的推論求解。

6.【答案】BD

【解析】解：4根據(jù)場強(qiáng)E隨x的變化關(guān)系圖，匕和右處的電場強(qiáng)度大小相等，方向相反，故A錯

誤；

員從X2處到心處，場強(qiáng)為正值，則場強(qiáng)方向沿X軸正向，則電勢逐漸降低，故8正確;

C.一電子從小處沿直線運(yùn)動到久4處，電場力一直做負(fù)功，根據(jù)動能定理，則速度一直減小，故C

錯誤；

。.從X1處到%2處，電勢升高；從犯處到處處，電勢降低，根據(jù)公式Ep=aq,則一電子從/處沿直

線運(yùn)動到燈處，電勢能先減小后增大，故。正確。

故選：BD。

根據(jù)場強(qiáng)E隨無的變化關(guān)系圖，比較電場強(qiáng)度；

沿電場方向電勢降低：

根據(jù)動能定理，電場力一直做負(fù)功，速度減?。?/p>

電勢能與電勢關(guān)系，Ep=<pq。

本題考查學(xué)生對電場中電場線特點(diǎn)、電勢電勢能關(guān)系的掌握，解題關(guān)鍵是知道：沿電場方向電勢

降低、電勢能與電勢關(guān)系，Ep=<pq。

7.【答案】ABD

【解析】解：4、物塊所受的最大摩擦力為/=林FN=0.1xION=IN

由受力分析可知，物塊在0?1s內(nèi)靜止，在1?3s內(nèi)加速，在3?4減速，所以3s末時，物塊的速度

最大，故A正確；

B、1?3s內(nèi)，由動量定理可得卜-九=小外其中拉力的沖量由圖線與時間軸圍成的面積可求，

1_1,?

lF=-^―x1x2N.s=3N-s,解得dp=mv=IF-ft=3N-s-1x2N?s=IN?s=IN?s,

故8正確；

CD、1?4s內(nèi)，由動量定理可得（F=mv，解得u=0.5?n/s,由動能定理可得=W合，

解得“臺=gx1x0.52/=0.125/,故C錯誤，。正確。

故選：ABD.

先求出物塊所受的最大摩擦力，再由受力分析判斷各時間段內(nèi)物體的運(yùn)動性質(zhì)，以及3s末物塊的

速度；對1?3s內(nèi)，對物體根據(jù)動量定理求出3s末的動量大??；再對1?4s內(nèi)，由動量定理求出物

體的速度，最后根據(jù)動能定理求出合力做功。

本題考查動量定理、動能定理的相關(guān)知識，解決本題的關(guān)鍵是會根據(jù)圖像求變力的沖量。

8.【答案】AC

【解析】解：AB.粒子在磁場中只受洛倫茲力而做勻速圓周運(yùn)動，離開磁場做勻速直線運(yùn)動，其

運(yùn)動軌跡如圖1所示：

設(shè)粒子在磁場中運(yùn)動半徑為r,由幾何關(guān)系可得：d=-^+r,解得：r=g

因粒子的速度方向偏轉(zhuǎn)了120。，故粒子在磁場中運(yùn)動軌跡圓心角為120。，粒子在磁場中運(yùn)動時間

、/120°2nr2nd

為:tl=360X-=17

粒子在4點(diǎn)離開磁場，從4到P勻速直線運(yùn)動的時間為：12=="=登

則粒子從點(diǎn)。到P的時間為：t=t]+t2=Q容迦，故A正確，B錯誤；

CD、當(dāng)圓形磁場區(qū)域的直徑等于粒子圓周運(yùn)動軌跡的弦長時，圓形磁場區(qū)域的半徑最小，則有:

Rmm=竽="等=平，故c正確，O錯誤。

故選：ACo

粒子在磁場中只受洛倫茲力而做勻速圓周運(yùn)動，離開磁場做勻速直線運(yùn)動，畫出粒子運(yùn)動的軌跡

圖。利用軌跡的圓心角求解粒子在磁場中的運(yùn)動時間。當(dāng)圓形磁場區(qū)域的直徑等于粒子圓周運(yùn)動

軌跡的弦長時，圓形磁場區(qū)域的半徑最小，根據(jù)幾何關(guān)系求解。

本題考查了帶電粒子在磁場中運(yùn)動的問題，畫運(yùn)動軌跡圖是解決此類問題的基本功，掌握垂直速

度方向畫圓心所在的直線，依據(jù)其它條件(如出射點(diǎn)的位置，軌跡與邊界相切等)確定圓心位置，

即可確定軌跡半徑與圓心角。知道半徑與速度大小相關(guān)聯(lián)，時間與圓心角相關(guān)聯(lián)。

9.【答案】2.300.4623.0無

【解析】解：(1)電壓表的最分度值為0.1V，故在讀數(shù)的過程中需要估讀到下一位，由圖(b)可讀

得電壓表的示數(shù)為2.30U；電流表得表盤最小分度值為0.024故采用二分之一讀法，由圖(c)可讀

得電流表的示數(shù)為0.464。

(2)閉合S2之后待測電阻和定值電阻并聯(lián)，根據(jù)并聯(lián)電路分流可得待測電阻中的電流為：lx=

0.564-0.464=0.10/

n92f)

由部分電路的歐姆定律可得：/?》屋=繪。=23.00

(3)實(shí)驗(yàn)中待測電阻兩端的電壓就是電壓表的讀數(shù)，通過的電流為兩次電流表示數(shù)的差值，都是真

實(shí)值，因此電壓表內(nèi)阻和電流表內(nèi)阻對測量沒有影響。

故答案為：(1)2.30,0.46；(2)23.0；(3)無。

(1)先確定電壓表和電流表的最小分度值，再讀出讀數(shù)；

(2)先計算通過待測電阻的電流，再根據(jù)歐姆定律計算電阻；

(3)分析待測電阻兩端電壓和通過電流是否為真實(shí)值，再進(jìn)行判斷。

本題考查測量電阻的阻值，要求掌握實(shí)驗(yàn)原理和實(shí)驗(yàn)電路、分析實(shí)驗(yàn)誤差。

10.【答案】8筆菖)偏大

【解析】解：(1)4B.本實(shí)驗(yàn)是測量滑塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)，故不需要平衡滑塊與長木板

間的摩擦力，故A錯誤，B正確；

CD.本實(shí)驗(yàn)的研究對象是滑塊與鉤碼組成的整體，故不需要滑塊和遮光條的總質(zhì)量M遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于鉤碼

的質(zhì)量小，也不需要滑塊和遮光條的總質(zhì)量M遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于鉤碼的質(zhì)量m,故CO錯誤。

故選：Bo

(2)忽略遮光條通過光電門時速度的變化，滑塊經(jīng)過光電門的速度分別為以=壬vB=^

根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式可得益=vA+at

以必

聯(lián)立可得滑塊加速度的表達(dá)式為_(G-

aa一小2t

(3)以滑塊與鉤碼為整體，根據(jù)牛頓第二定律可得rung[M+(6-n)m]g=(M+6m)a

可得。=嚅誓』

可知a-n圖像的縱軸截距為-b=-fig

解得〃=1

y

(4)若僅考慮定滑輪處摩擦的影響，〃的測量值實(shí)際上包含了定滑輪處摩擦對系統(tǒng)整體摩擦力的貢

獻(xiàn)，所以〃的測量值與真實(shí)值相比偏大。

故答案為：(1)8;(2)午修：(3)。；(4)偏大

C1C2C9

(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理與實(shí)驗(yàn)操作分析判斷;

(2)在極短時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，由此得到遮光條經(jīng)過光電門的速度，再根

據(jù)加速度的定義式求解加速度；

(3)(4)由牛頓第二定律得到a與n的關(guān)系，結(jié)合圖象進(jìn)行解答，并分析誤差。

對于實(shí)驗(yàn)題，要弄清楚實(shí)驗(yàn)?zāi)康?、?shí)驗(yàn)原理以及數(shù)據(jù)處理、誤差分析等問題，一般的實(shí)驗(yàn)設(shè)計、

實(shí)驗(yàn)方法都是根據(jù)教材上給出的實(shí)驗(yàn)方法進(jìn)行拓展，延伸，所以一定要熟練掌握教材中的重要實(shí)

驗(yàn)。

II.【答案】解：(1)導(dǎo)體棒勻速時的速度為加，受力平衡，有

mg=BIL

導(dǎo)體棒切割產(chǎn)生的電動勢為

E=BLvm

由閉合電路歐姆定律得

I--

R+r

解得B=回恒

(2)系統(tǒng)能量守恒得

Q=mgs-gm喝

電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為

Q=4Q

YRRR+r”

解得：QR=白0ngs-

答：(1)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為右等立；

(2)導(dǎo)體棒下降s的過程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為QR=券5勿-標(biāo)謚)

n+FL

【解析】(1)導(dǎo)體棒的速度達(dá)到最大值時，受力平衡，合力為零；

(2)由系統(tǒng)能量守恒求電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱。

本題考查了導(dǎo)體棒豎直面切割磁感線，速度達(dá)到最大時受力平衡問題及此過程電阻R上產(chǎn)生的焦

耳熱求解問題，難度不大。

12.【答案】解：(1)陰極射線帶負(fù)電，原因是射線在K4之間或平行極板P和P'間所受電場力與電

場方向相反。

(2)當(dāng)電子受到的電場力與洛倫茲力平衡時，電子做勻速直線運(yùn)動，亮點(diǎn)重新回復(fù)到中心。點(diǎn)，根

據(jù)平衡條件有：qvB=其中d=2.0cm=0.02m

代入數(shù)據(jù)得：v=2.0x107m/s

(3)設(shè)陰極射線在偏轉(zhuǎn)電場中的偏轉(zhuǎn)距為力,由幾何關(guān)系得:

-2

代入數(shù)據(jù)得：yx=|cm=|x10m

2

根據(jù)位移一時間公式，有：yr=^at

根據(jù)牛頓第二定律有：a=當(dāng)

ma

其中d=2.0cm=0.02m

水平方向勻速直線運(yùn)動，則有：仇

聯(lián)立可得：^=||xlOnC/kg=2.1xlO^C/kg

答：(1)陰極射線帶負(fù)電；

(2)陰極射線打在熒光屏。點(diǎn)時速度的大小為2.0x107m/s；

(3)陰極射線的比荷2.1xlO^C/kg.

【解析】(1)根據(jù)帶電粒子從電場的負(fù)極向正極加速的特點(diǎn)可得，粒子帶負(fù)電；

(2)電子受到的電場力與洛倫茲力平衡時，電子做勻速直線運(yùn)動，亮點(diǎn)重新回復(fù)到中心。點(diǎn)，根據(jù)

平衡條件即可求出速度；

(3)電子在電場中做類平拋運(yùn)動，將運(yùn)動分解成沿電場強(qiáng)度方向與垂直電場強(qiáng)度方向，然后由運(yùn)動

學(xué)公式求解.電子離開電場后，做勻速直線運(yùn)動，從而可以求出偏轉(zhuǎn)距離的表達(dá)式，變型得到電

子的荷質(zhì)比表達(dá)式.

考查平拋運(yùn)動處理規(guī)律：將運(yùn)動分解成相互垂直的兩方向運(yùn)動，因此將一個復(fù)雜的曲線運(yùn)動分解

成兩個簡單的直線運(yùn)動，并用運(yùn)動學(xué)公式來求解.

13?【答案】形成單分子油膜.偏大

【解析】解：實(shí)驗(yàn)步驟①中，稀釋油酸的目的是形成單分子油膜。

一滴油酸酒精溶液含有純油酸的體積%=余;％

油膜面積s=na2

所以油酸分子的直徑表達(dá)式d=儂=3