第=page11頁，共=sectionpages11頁2022-2023學(xué)年重慶市縉云教育聯(lián)盟高二（下）期末物理試卷1.磁場對通電導(dǎo)體的作用力叫安培力，通電導(dǎo)體垂直于磁場方向放置時，關(guān)于安培力的大小有如下規(guī)律，其中正確的是(

)A.磁感應(yīng)強(qiáng)度越強(qiáng)，電流越小，導(dǎo)線越長，安培力就越大

B.磁感應(yīng)強(qiáng)度越強(qiáng)，電流越大，導(dǎo)線越長，安培力就越大

C.磁感應(yīng)強(qiáng)度越弱，電流越大，導(dǎo)線越長，安培力就越大

D.磁感應(yīng)強(qiáng)度越強(qiáng)，電流越大，導(dǎo)線越短，安培力就越大2.質(zhì)量為m的物體，在距地面h高處以13g的加速度由靜止豎直下落到地面。下列說法中正確的是(

)A.物體的重力勢能減少13mgh B.物體的動能增加13mgh3.如圖所示，一束帶電粒子以一定的初速度沿直線通過由相互正交的勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場組成的速度選擇器，然后粒子通過平板S上的狹縫P進(jìn)入平板下方的勻強(qiáng)磁場，平板下方的磁場方向如圖所示。粒子最終打在S板上，粒子重力不計，則下面說法正確的是(

)A.粒子帶負(fù)電

B.速度選擇器中的磁場方向垂直紙面向里

C.能沿直線通過狹縫P的粒子具有相同的動能

D.打在A1的粒子比打在A4.一身高約1.7m的男生在1min內(nèi)完成了20次引體向上，則該同學(xué)在1A.30W B.100W C.300W5.如圖所示為一個外電阻R和電源組成的閉合電路。在正常工作時，若1C正電荷從負(fù)極B移到正極A的過程中，非靜電力做功，將3J的其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能，同時靜電力做功0.5J。則此時該電路中電源電動勢E，電源內(nèi)電壓U內(nèi)，電源端電壓U外

A.E=2.5

V，U外=0.5

V B.E=3

V，U外=0.5

V

C.E=2.5

V，6.一定量的氣體在某一過程中，外界對氣體做了9×104J的功，氣體的內(nèi)能減少了1.2×10A.W=9×104J，△U=1.2×105J，Q=3×104J

B.7.如圖甲所示，輕質(zhì)彈簧固定在光滑斜面底端擋板上，t=0時刻，將一滑塊從固定斜面上方某處由靜止釋放，滑塊滑到彈簧上端并壓縮彈簧至最低點，然后又被彈起離開彈簧，沿斜面上升到一定高度，如此反復(fù)。通過安裝在彈簧下的壓力傳感器，測出這一過程彈簧彈力F隨時間t變化關(guān)系如圖乙所示，不計空氣阻力則(

)

A.滑塊在t1時刻剛好和彈簧接觸速度最大

B.滑塊在下滑過程中機(jī)械能守恒

C.t1～t28.關(guān)于時間和時刻，下列說法中正確的是(

)A.第4s末就是第5s初，指的是時刻

B.物體在5s內(nèi)指的是物體在第4s末到第5s末這1s的時間

C.物體在第5s內(nèi)指的是物體在第4s末到第5s末這19.某人騎自行車在平直公路上行進(jìn)，圖中的實線記錄了自行車開始一段時間內(nèi)的速度v隨時間t變化的圖象。某同學(xué)為了簡化計算，用虛線做近似處理，下面說法正確的是(

)A.在t1時刻，虛線反映的加速度比實際的大

B.在0～t1時間內(nèi)，由虛線計算出的平均速度比實際的大

C.在t1～10.如圖所示，兩個輕環(huán)a和b套在位于豎直面內(nèi)的一段半徑為R，圓心為O(圖中未畫出)的固定圓弧上，一細(xì)線穿過兩輕環(huán)，其兩端各系一質(zhì)量為m的小球。在a和b之間的細(xì)線上懸掛一質(zhì)量為M的小物塊。平衡時，a、b間的距離記為L，M的懸掛點叫做c，不計所有摩擦，下列說法正確的是(

)A.平衡時，c的位置一定在圓心O的上方

B.平衡時，若L=1.2R，則M=0.56m

C.平衡時，若L=R，則M=11.如圖，光滑軌道abc固定在豎直平面內(nèi)，c點與粗糙水平軌道cd相切，一質(zhì)量為m的小球A從高H1的a處靜止滑下，在b處與一質(zhì)量為m的滑塊B相撞后小球A靜止，小球A的動能全部傳遞給滑塊B，隨后滑塊B從c處運動到d處，且bd高H2，滑塊B通過在cd段所用時間為t，若將此過程類比為光電效應(yīng)的過程，則：A類比為______；滑塊B與c12.兩個質(zhì)量均為m=1.0kg的質(zhì)點A和B，在光滑的水平面上的同一起始線同時開始運動．A、B的初速度分別為vA0=2.0m/s，vB0=1.2m/s，方向都向右，如圖所示．在運動的同時，A、B都受到大小為F=2.0×10?1N力的作用，A受力方向向左，B13.如圖所示，相距為D、板間電壓為U的平行金屬板M、N間有垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0的勻強(qiáng)磁場；在pOy區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場；pOx區(qū)域為無場區(qū)。一正離子沿平行于金屬板、垂直磁場射入兩板間并做勻速直線運動，從H(0,A)點垂直y軸進(jìn)入第Ⅰ象限，經(jīng)Op上某點離開磁場，最后垂直x軸離開第Ⅰ象限。求：

(1)離子在金屬板M、N14.如圖所示，P、Q兩金屬板間的電勢差為10V，板間存在勻強(qiáng)電場，方向水平向左，板間的距離d=10cm，其中Q板接地，兩板間的A點距P板3cm。求：

(1)P板的電勢；

(

15.如圖所示，長為l的絕緣輕桿兩端連接A、B兩小球，其質(zhì)量分別為m1、m2，帶電量分別為?q、+q。將小球B置于水平光滑絕緣軌道內(nèi)并固定，整個裝置處于水平向右的勻強(qiáng)電場中，輕桿從圖中豎直位置由靜止釋放，可繞小球B無摩擦轉(zhuǎn)動，順時針轉(zhuǎn)過的最大角度為127°(sin37°=0.6,cos37°=0.8)

(1)求勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小E；

(2)當(dāng)輕桿轉(zhuǎn)過90°時，求桿對A球的作用力的大小答案和解析1.【答案】B

【解析】解：通電導(dǎo)體垂直于磁場方向放置時，根據(jù)F=BIL得，磁感應(yīng)強(qiáng)度越強(qiáng)，電流越大，導(dǎo)線越長，安培力就越大．

故選：B．

根據(jù)安培力的大小公式F2.【答案】B

【解析】解：設(shè)物體所受的阻力大小為f。對物體，由牛頓第二定律得mg?F=mg3，所以f=23mg。

AD、物體下降h時，重力做的功為mgh，所以物體的重力勢能減少mgh，故AD錯誤；

B、由動能定理可得，W總=ΔEK，即物體的動能增加ΔEK=3.【答案】D

【解析】解：A、帶電粒子在磁場中向左偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則，知該粒子帶正電，故A錯誤；

B、粒子經(jīng)過速度選擇器時所受的電場力和洛倫茲力平衡，而粒子的電場力水平向右，那么洛倫茲力水平向左，粒子帶正電，則磁場垂直紙面向外，故B錯誤；

C、粒子經(jīng)過速度選擇器時所受的電場力和洛倫茲力平衡，即qE=qvB，解得：v=EB，所以沿直線通過狹縫P的粒子具有相同的速度，但動能與質(zhì)量和速度都有關(guān)，而能沿直線通過狹縫P的粒子質(zhì)量關(guān)系不知道，故C錯誤；

D、在磁場中運動時間t=12T=12×2πrv，兩粒子的v相同，而打在A1的粒子比打在A2的粒子r4.【答案】B

【解析】解：該男生體重大約60kg，引體向上時向上運動的位移大約0.5m，

則克服重力做功的平均功率為：P==20mgh60=20×60×10×0.560W5.【答案】D

【解析】解：根據(jù)電動勢的定義式E=W非q知電源的電動勢E=W非q=31V=3V，電壓U內(nèi)=W電q6.【答案】B

【解析】解：外界對氣體做了9×104J的功，則W=9×104J，氣體的內(nèi)能減少了1.2×105J，則△U=7.【答案】C

【解析】解：A.滑塊在t1時刻剛好和彈簧接觸時，對滑塊熟練分析，可知重力的下滑分力大于彈簧的彈力，此時滑塊仍然加速下滑，當(dāng)彈簧彈力與重力的下滑分力大小相等時，滑塊的速度最大，故A錯誤；

B.對滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)只有重力做功和系統(tǒng)內(nèi)彈力做功，其系統(tǒng)機(jī)械能守恒，所以滑塊在下滑過程中機(jī)械能減少，減小的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，故B錯誤；

C.滑塊在下滑過程中與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，t1～t2過程，由A分析可知，滑塊的動能先增大再減小，t2時刻減為0，故彈簧彈性勢能與滑塊重力勢能之和先減小后增加，故C正確；

D.根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律，可知t2～t3過程中，彈簧減少的彈性勢能等于滑塊重力勢能和動能的增加量之和，故D錯誤。

故選：8.【答案】AC【解析】解：A.根據(jù)時間坐標(biāo)軸可知，第4秒末就是第5s初，指的是一個時刻，故A正確；

B.物體在5s內(nèi)指的是物體從0時刻到5s末的時間段，共5s的時間，故B錯誤；

C.物體在第5s內(nèi)指的是物體在第4s末到第5s末這1s的時間，故C正確；

D.根據(jù)時間坐標(biāo)軸可知，第4s初與第5s末之間的時間間隔是2s9.【答案】BD【解析】解：A、v?t圖線的斜率等于加速度，所以在t1時刻，虛線反映的加速度比實際的小，故A錯誤；

B、v?t圖線與坐標(biāo)軸所圍的面積等于位移，在0～t1時間內(nèi)，由虛線計算出的位移比實際位移大，所以計算出的平均速度比實際的大，故B正確；

C、根據(jù)v?t圖線與坐標(biāo)軸所圍圖形的面積等于位移，知在t1～t2時間內(nèi)，由虛線計算出的位移比實際的小，故C錯誤；

D、在t3～t10.【答案】AB【解析】解：A、如圖所示，ca、cb繩的拉力相等，所以兩繩的拉力的合力即M的重力一定在ab的垂直平分線上，此線一定過圓心，如果c與O點重合，則圓對輕環(huán)的彈力方向不再經(jīng)過圓心，故不可能，所以c點一定在O點的上方，故A正確；

對m受力分析，受重力和拉力，故T=mg；

B對圓環(huán)分析，受細(xì)線的兩個拉力和軌道的支持力，如圖所示，

平衡時，若L=1.2R，則sinθ=0.6RR=0.6，cosθ=1?sin2θ=0.8；cos2θ=2cos2θ?1=0.28

對M受力分析，知2Tcos2θ=Mg，得：M11.【答案】光子

2【解析】解：A球運動到c處過程由功能關(guān)系得：E=mgH1=12mv2

物塊在cd間運動過程：v=at，

由牛頓第二定律解得：a=μmgm=μg，

解得：μ=2g12.【答案】右；0?【解析】解：由牛頓第二定律可知：a=Fm=2.0×10?11.0=0.2m/s2；

A受力向左，故A做減速運動，B受力向右，故B做加速運動，作出二者的v?t圖象如圖所示；如圖所示；

當(dāng)二者速度相等時，有：vA?at=vB+at

解得：t=2s；此時共同速度v=1.6m/s；

此時二者相距最遠(yuǎn)，由圖可知，最遠(yuǎn)距離時，二者相距：x=(2+1.62?1.2+1.62)×2=13.【答案】解：(1)設(shè)帶電粒子的質(zhì)量為m、電量為q，在平行金屬板間的運動速度為v，平行金屬板間的場強(qiáng)為E0。

依題意，有：qvB0=qE0

又有：E0=UD

聯(lián)立解得：v=UB0D

(2)帶電粒子進(jìn)入pOy區(qū)域，做勻速圓周運動，設(shè)軌道半徑為r，則有：

qvB=mv2r

依題意帶電粒子進(jìn)入第Ⅰ象限轉(zhuǎn)過14圓周后從Op上離開磁場，如圖

由幾何關(guān)系得：r+r?tan45°=A

解得：r=A2

聯(lián)立解得：qm=2UBB0AD

(3)【解析】(1)正離子沿平行于金屬板垂直磁場射入兩板間做勻速直線運動時，洛倫茲力與電場力平衡，由平衡條件可求出離子在平行金屬板間的運動速度；

(2)帶電粒子進(jìn)入pOy區(qū)域做勻速圓周運動，據(jù)題由幾何關(guān)系可求出圓周運動的半徑。在磁場中根據(jù)洛倫茲力提供向心力可求出比荷；

(3)14.【答案】解：(1)場強(qiáng)水平向左，所以有UQP=10V

Q板接地，即取φQ=0，且有UQP=φQ?φP

解得φP=φQ?UQP=0?10V=?10V；

(2)將Q【解析】(1)根據(jù)電勢差與電勢關(guān)系公式UQP=φQ?φP求解P點電勢；

(2)距離改變后先根據(jù)電勢差與電場強(qiáng)度關(guān)系公式U=E15.【答