學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精山東省、湖北省部分重點中學2018屆高三第二次（12月）聯考物理試題命題學校：宜昌一中命題人：王仁俊二、選擇題:本題共8小題,每小題6分.在每小題給出的四個選項中，第14—18題只有一項符合題目要求，第19—21題有多項符合題目要求．全部選對的得6分，選對但不全的得3分,有選錯得0分。1.根據所學知識，判斷下列四個“一定”說法中正確的是(）A。物體的速度為零時，其加速度就一定為零B.合外力對物體做功為零時,物體的機械能就一定守恒C.物體所受合外力沖量的方向與物體動量變化量的方向一定相同D.做圓周運動物體的向心力一定等于物體所受的合外力【答案】C2.如圖所示，現閉合開關，將滑動變阻器的滑片向左移動，下列說法中正確的是()A。燈泡A、B都變亮B。燈泡A、B都變暗C。燈泡A變亮,燈泡B變暗D。燈泡A變暗，燈泡B變亮【答案】B【解析】閉合開關，將滑動變阻器的滑片向左移動時，電阻R3減小，電路的總電阻減小,總電流變大，路端電壓減小;則上部分支路的電流減小，通過A、B兩燈的電流均減小，則A、B兩燈均變暗，故選B.3。在一個點電荷的電場中有一質量為m、帶正電q的粒子甲從O點以速率射出，運動到A點時速率為3。另一質量為m、帶等量負電荷的粒子乙以速率4仍從O點射出，運動到B點時速率為5.若取O點電勢為零，忽略重力的影響。則（)A.在O、A、B三點中，A點電勢最高B。O、A間的電勢差比B、O間的電勢差大C.甲電荷從O到A電場力所做的功比乙電荷從O到B電場力所做的功多D.甲電荷在A點的電勢能比乙電荷在B點的電勢能大【答案】D【解析】由動能定理可知，從O到A點的正電荷：;從O到B點的負電荷：，因，則；,及在O、A、B三點中,B點電勢最高，選項A錯誤；O、A間的電勢差比B、O間的電勢差小,選項B錯誤;甲電荷從O到A電場力所做的功比乙電荷從O到B電場力所做的功少，選項C錯誤；根據，可知甲電荷在A點的電勢能為，乙電荷在B點的電勢能大，則甲電荷在A點的電勢能比乙電荷在B點的電勢能大,選項D正確;故選D。4。如圖所示，AB是固定于豎直平面內的光滑圓弧軌道，CD是固定于豎直平面內的光滑斜面軌道，AB兩點和CD兩點的高度差相同且AB的弧長與斜面CD長度相等?，F讓小球甲從A點沿圓弧軌道下滑到B點，小球乙從C點沿斜面軌道下滑到D點，兩球質量相等。以下說法正確的是（)A。甲球重力的沖量比乙球重力的沖量小B.甲球所受合外力的沖量比乙球所受合外力的沖量小C。兩球所受軌道的支持力的沖量均為零D.兩球動量的變化量相同【答案】A【解析】由機械能守恒定律可知,甲乙兩球下滑到底端的速度大小相等，因甲做加速度減小的變加速運動，可知甲的平均速度較乙大，則甲滑到底端的時間較短，根據I=mgt可知,甲球重力的沖量比乙球重力的沖量小，選項A正確；甲乙兩球滑到底端時，動量的變化大小相同，但方向不同,根據動量定理可知，合外力的沖量大小相同，但是方向不變,選項BD錯誤；根據I=FNt可知,因支持力均不為零，則兩球所受軌道的支持力的沖量均不為零,選項C錯誤;故選A。點睛：此題考查沖量即動量定理的應用問題;注意動量和動量的變化以及沖量都是矢量，不僅要考慮大小，還要注意方向。5.如甲圖所示,水平地面上有一靜止的平板車，車上放置一個1kg的小物塊,現開始用力控制小車沿水平面做直線運動，平板車和小物塊運動的圖象分別如乙圖中A、B所示。平板車足夠長，g取10m/s2，則在這個過程中（）A。物塊和平板車之間的滑動摩擦因數為0。3B。物塊在平板車上相對于車滑行的距離為24mC.物塊和平板車之間因摩擦產生的熱量為36JD。物塊相對平板車向后運動的最遠距離為36m【答案】C6。一物體做自由落體運動，若用Ek、、x、P分別表示該物體的動能、速度、位移和重力G的功率。下列四幅圖象分別定性描述了這些物理量隨時間變化的關系，其中可能正確的是（)A.B。C。D.【答案】BD【解析】根據動能定理,則Ek—t圖像是曲線，選項A錯誤；v=gt，則選項B正確；x=，則x-t圖像是曲線,選項C錯誤;，則P-t圖像是直線,選項D正確；故選BD.點睛：要想研究圖像,首先要根據物理規(guī)律找到圖像的函數關系式，然后結合數學知識分析解答。7。如圖所示，繞同一恒星運行的兩顆行星A和B，A是半徑為r的圓軌道，B是長軸為2r橢圓軌道，其中Q′到恒星中心的距離為Q到恒星中心的距離的2倍,兩軌道相交于P點.以下說法正確的是（）A.A和B經過P點時加速度相同B.A和B經過P點時的速度相同C。A和B繞恒星運動的周期相同D.A的加速度大小與B在Q′處加速度大小之比為16：9【答案】ACD【解析】由牛頓第二定律得：，解得：，經過P點時M、r都相同,則向心加速度相同，故A正確；A行星做勻速圓周運動，而B做的是橢圓運動，二者在同一點處的速度方向不相同，速度不同，故B錯誤；根據開普勒第三定律，行星和彗星圍繞同一中心天體運動，且半長軸相同，故周期相同，故C正確；B在Q′處時與恒星球心的距離為r，根據故A的加速度大小與B在Q′處加速度大小之比為，故D正確．故選ACD．點睛：本題考查萬有引力的應用，要明確一個天體在繞另一天體做圓周運動時，由萬有引力充當向心力；應用萬有引力公式、牛頓第二定律與開普勒定律可以解題．8。如圖所示，寬為L＝0.6m的豎直障礙物中間有一間距d＝0。6m的矩形孔，其下沿離地高h＝0.8m，與障礙物相距S＝1.0m處有一小球以＝5m/s的初速度水平向右拋出?？諝庾枇雎圆挥?，g取10m/s2.為使小球能無碰撞地穿過該孔，小球離水平地面的高度H可以為（)A.1.5mB.1.4mC。1。3mD.1.2m【答案】AB【解析】若小球恰能從小孔的左邊緣上邊射入小孔，則：，，聯立解得：H=1。6m；若小球恰能從小孔的右邊緣下邊射入小孔，則：,，聯立解得：H=1。312m；則能夠使小球能無碰撞地穿過該孔,小球離水平地面的高度H滿足，故選AB。三、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分。第22～32題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33~38題為選考題，考生根據要求作答。9。某同學想通過實驗測定一個定值電阻Rx的阻值。(1）該同學先用多用電表“×10”歐姆擋估測其電阻示數如圖,則其阻值為______Ω；（2)為了較準確測量該電阻的阻值，現有電源（12V,內阻可不計）、滑動變阻器（0～200Ω,額定電流1A）、開關和導線若干，以及下列電表：A．電流表(0～100mA，內阻約15。0Ω）B．電流表(0～500mA，內阻約25.0Ω)C．電壓表(0～3V,內阻約3kΩ）D．電壓表(0~15V，內阻約15kΩ)為減小測量誤差，在實驗中,電流表應選用______，電壓表應選用______（選填器材前的字母）；實驗電路應采用圖中的______(選填“甲”或“乙”）.這樣測量的阻值比真實值______(選填“偏大”或“偏小")。（3)圖是測量Rx的實驗器材實物圖，圖中已連接了部分導線。請根據在(2）問中所選的電路圖，補充完成圖中實物間的連線____。【答案】（1)。140±1(2）。A（3).D（4）。甲(5）。偏小(6）?！窘馕觥浚?）如圖，電阻阻值為14×10=140Ω；（2）電源電動勢12V，則電壓表選擇D;電路中可能出現的最大電流,故電流表選擇A；因,則電路選擇電流表外接，即選擇甲電路；因此電路中的電壓表的分流作用，使得電流的測量值偏大，則電阻的測量值偏?。唬?）實物連線如圖;10。學習了《機械能守恒定律》之后，某研究性學習小組自行設計了“探究彈簧的彈性勢能與形變量的關系"實驗.他們的方法如下：（1）如甲圖所示，在輕彈簧上端固定一只力傳感器，然后固定在鐵架臺上，當用手向下拉伸彈簧時，彈簧的彈力可從傳感器讀出.用刻度尺測量彈簧原長和伸長后的長度，從而確定伸長量。測量數據如表格所示:伸長量x/10－2m2。004.006.008。0010。00彈力F/N1。603.194。756.388。02(2)以x為橫坐標，F為縱坐標,請你在圖乙的坐標紙上描繪出彈力與伸長量關系的圖線____。并由圖線求得該彈簧的勁度系數=________(保留兩位有效數字）。(3）取下彈簧，將其一端固定于氣墊導軌左側，如圖丙所示。調整導軌水平，使滑塊自由滑動時，通過兩個光電門的時間近似相等。(4）用天平秤出滑塊的質量m=300g。(5)用滑塊壓縮彈簧,記錄彈簧的壓縮量x；釋放滑塊，記錄滑塊脫離彈簧后的速度，釋放滑塊過程中，彈簧的彈性勢能全部轉化為________________.（6)多次重復（5）中的操作，在彈簧彈性限度內得到與x的數據整理如下表所示:1234561.002.003.004.005。006。001.004。009。0016.0025。0036.000。1610。3200。4790.6480.8000。9540。0260.1030.2300.4200.64000。9100。00390。01550.03460。06300.09600.1365(7)結合上面測出的勁度系數和滑塊質量m，可得到的表達式：__________________。(8）由上述實驗可得的結論：______________________________________________.【答案】（1)。（2）。80±2N/m(3).滑塊的動能(4）.或者(5)。在實驗誤差允許的范圍內，彈簧的彈性勢能與形變量的平方成正比【解析】（2）根據數據畫出的F—x圖像如圖；根據圖像可得：（5）釋放滑塊過程中，彈簧的彈性勢能全部轉化為滑塊的動能;（7)根據所測量的數據，結合k=82N/m即m=0。3kg，歸納得出：;（8）由上述實驗可得的結論：在實驗誤差允許的范圍內,彈簧的彈性勢能與形變量的平方成正比；11.如圖所示，斜邊長6m的固定斜面與水平面的傾角θ＝37°,質量為m=1kg的小物塊A以8m/s的初速度從斜面底端開始沿斜面向上運動,同時質量也為m=1kg的小物塊B斜面頂端由靜止開始沿斜面下滑，經過一段時間后兩物塊發(fā)生碰撞，碰后兩物塊粘在一起運動。若兩物塊和斜面間的動摩擦因數均為0.25．求:（g取10m/s2，sin37°＝0。6，cos37°＝0.8）（1)兩物塊碰撞前運動的時間；(2）兩物塊碰撞后到達斜面底端時的速度大小?！敬鸢浮浚?)1s(2)6m/s【解析】（1）根據題意，A上滑做勻減速運動的加速度大小為B下滑做勻加速運動的加速度大小為設A、B碰撞前運動的時間為t，運動的位移分別為x1、x2,碰撞前的速度分別v1、v2，則代入數據聯立解得，碰撞前運動的時間為（2）設兩物塊碰撞后的速度為，運動到斜面底端的速度為由動量守恒定律得此后兩物塊一起做勻加速運動得12.如圖所示，在豎直平面內半徑為R的光滑圓形絕緣軌道的內壁，有質量分別為m和2m的A、B兩個小球用長為R的絕緣細桿連接在一起，A球不帶電,B球所帶的電荷量為—q（q〉0）。整個裝置處在豎直向下的勻強電場中。開始時A球處在與圓心等高的位置，現由靜止釋放，B球剛好能到達軌道右側與圓心等高的位置C。求：(1）勻強電場電場強度的大小E;（2）當B小球運動到最低點P時，兩小球的動能分別是多少；（3)兩小球在運動過程中最大速度的大小。【答案】（1）(2）（2）【解析】（1）B剛好到達C的過程中，系統(tǒng)轉過的角度為120°，與水平方向的夾角為60°。由動能定理可得：得:（2）AB在運動的過程中，速度大小始終相等，則在運動到p點的過程中，由動能定理可得:聯立解得：。（3）設OA轉過的角度為時，兩球有最大速度，則由動能定理可得：整理得:看見，當時,有最大速度，最大速度為（二)選考題：共45分。請考生從2道物理題、2道化學題、2道生物題中每科任選一題作答.如果多做，則每按所做的第一題計分.13.下列說法正確的是（)A。液體表面層分子間距離大于液體內部分子間距離，所以液體表面存在表面張力B。由阿伏加德羅常數、氣體的摩爾質量和氣體的密度,可以估算出理想氣體分子間的平均距離C。分子平均速率大的物體的溫度比分子平均速率小的物體的溫度高D。機械能不可能全部轉化為內能,內能也無法全部用來做功以轉化成機械能E.分子間的引力和斥力同時存在,都隨分子間距離的增大而減小【答案】ABE【解析】液體表面層分子間距離大于液體內部分子間距離，所以液體表面存在表面張力,選項A正確;由阿伏加德羅常數、氣體的摩爾質量和氣體的密度，由，可以估算出理想氣體分子間的平均距離，選項B正確；分子平均動能大的物體的溫度比分子平均動能小的物體的溫度高，選項C錯誤；機械能能全部轉化為內能，但是根據熱力學第二定律可知,內能無法全部用來做功以轉化成機械能,選項D錯誤;分子間的引力和斥力同時存在,都隨分子間距離的增大而減小，選項E正確；故選ABE。14.如圖所示，上端開口的絕熱圓柱形汽缸豎直放置在水平地面上，汽缸內部被質量為m的導熱性能良好的活塞A和質量也為m的絕熱活塞B分成高度相等的三個部分，下邊兩部分封閉有理想氣體P和Q，兩活塞均與汽缸接觸良好，活塞厚度不計,忽略一切摩擦。汽缸下面有加熱裝置，初始狀態(tài)溫度均為T0，氣缸的截面積為S,外界大氣壓強為且不變，現對氣體Q緩慢加熱。求：(1）當活塞A恰好到達汽缸上端時，氣體Q的溫度;（2)在活塞A上再放一個質量為m的物塊C,繼續(xù)給氣體Q加熱,當活塞A再次到達汽缸上端時，氣體Q的溫度?！敬鸢浮?T0，【解析】（1）設Q開始的體積為V1，活塞A移動至恰好到達汽缸上端的過程中氣體Q做等壓變化，體積變?yōu)?V1有得氣體Q的溫度為T1＝2T0（2)設放上C繼續(xù)加熱過程后P的體積為V2,氣體P做等溫變化而得此時Q的體積由理想氣體狀態(tài)方程得得此時氣體Q的溫度為15。某時刻O處質點沿y軸開始做簡諧振動，形成沿x軸正方向傳播的簡諧橫波,經過0。8s時O處質點形成的波動圖象如圖所示。P點是x軸上距坐標原點96cm處的質點.下列判斷正確的是（)A。該質點開始振動的方向沿y軸