2021屆安徽省合肥市高考物理一模試卷

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.下列屬于天然放射性衰變的是（）

S

A.加e+/Nt?0+iHB.HUt品4Th+^He

C.iHe+lBe用c+JnD.出+//He+^n

A.質(zhì)點(diǎn)在第2s末與第12s末的速度大小相等，方向相反

B.質(zhì)點(diǎn)在第2s末與第12s末的加速度大小相等，方向相反

C.質(zhì)點(diǎn)在0?5s內(nèi)與10s?15s內(nèi)的位移大小相等，方向相反

D.質(zhì)點(diǎn)在0?15s內(nèi)的位移大小為5?n

3.如圖所示，斜面體M靜置于水平桌面上，木塊m從斜面底端以初速

度處沿斜面上滑，速度減為零后又沿斜面下滑，木塊返回出發(fā)點(diǎn)時(shí)

速度為也已知“<%,斜面體M一直處于靜止?fàn)顟B(tài)，則在上述過(guò)

程中，以下說(shuō)法正確的是（）

A.桌面對(duì)M的靜摩擦力方向先水平向右后水平向左

B.桌面對(duì)”的摩擦力大小保持不變

C.桌面對(duì)M的支持力大小保持不變

D.木塊m上滑時(shí)桌面對(duì)M的支持力比下滑時(shí)桌面對(duì)M的支持力小

4.根據(jù)萬(wàn)有引力定律F=G箸和牛頓第二定律F=ma可知（）

A.不同物體在地球表面同一地點(diǎn)重力加速度相同

B.相同物體在地球表面不同高度重力加速度相同

C.在地球表面同一地點(diǎn)重力加速度與物體質(zhì)量有關(guān)

D.在地球表面不同高度重力加速度與物體質(zhì)量有關(guān)

5.如圖甲所示，有一絕緣的豎直圓環(huán)，圓環(huán)上均勻分布著正電荷，一光滑細(xì)桿沿垂直圓環(huán)平面的

軸線穿過(guò)圓環(huán)，細(xì)桿上套有一質(zhì)量為m=10g的帶正電的小球，小球所帶電荷量q=5.0x10-4C.

讓小球從C點(diǎn)由靜止釋放，其沿細(xì)桿由C經(jīng)B向4運(yùn)動(dòng)的u-t圖象如圖乙所示。且已知小球運(yùn)動(dòng)

到B點(diǎn)時(shí)，速度圖象的切線斜率最大（圖中標(biāo)出了該切線）。下列說(shuō)法正確的是（）

A.由C到4的過(guò)程中，小球的電勢(shì)能先減小后增大

B.在。點(diǎn)右側(cè)桿上，B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最大，場(chǎng)強(qiáng)大小為E=1.0K/m

C.沿著C到4的方向，電勢(shì)先降低后升高

D.C、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UCB=0.9U

6.如圖所示，不計(jì)繩的質(zhì)量及繩與滑輪的摩擦，物體4的質(zhì)量為M,水平面

光滑，當(dāng)在繩端施以尸=mg的豎直向下的拉力作用時(shí)，物體4的加速度為

%,當(dāng)在B端掛一質(zhì)量為rnkg的物體時(shí)，4的加速度為。2，則由與的關(guān)

系正確的是（）

A.CI]=B.%>a2C.&<U，2D.無(wú)法判斷

7.在高速公路的拐彎處，通常路面都是外高內(nèi)低。如圖所示，在某路段汽

車(chē)向左拐彎，司機(jī)左側(cè)的路面比右側(cè)的路面低一些。汽車(chē)的運(yùn)動(dòng)可看作

是做半徑為R的圓周運(yùn)動(dòng)。設(shè)內(nèi)外路面高度差為/I,路基的水平寬度為d,

路面的寬度為乙已知重力加速度為g。要使車(chē)輪與路面之間的橫向摩擦

力（即垂直于前進(jìn)方向）等于零，則汽車(chē)轉(zhuǎn)彎時(shí)的車(chē)速應(yīng)等于（）

二、多選題（本大題共3小題，共12.0分）

8.如圖所示，在正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，電場(chǎng)方向水平向左,

磁場(chǎng)方向垂直于紙面水平向里，一質(zhì)量為m,帶電量為+q的小球用

XXXXX

長(zhǎng)為L(zhǎng)的絕緣細(xì)線懸掛于。點(diǎn)，并在最低點(diǎn)由靜止釋放，小球向左擺到最高點(diǎn)時(shí)，懸線與豎直方

向的夾角為仇不計(jì)小球的大小和空氣阻力，重力加速度為g,則下列說(shuō)法正確的是（）

A.電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為詈絲

B.小球從釋放到擺到左側(cè)最高點(diǎn)的過(guò)程中，電勢(shì)能減小了

C.小球從釋放到擺到左側(cè)最高點(diǎn)的過(guò)程中，當(dāng)懸線與豎直方向的夾角為軟寸，懸線拉力最大

D.增大懸線的長(zhǎng)度，。會(huì)增大

9.在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，某時(shí)刻放入一個(gè)初速度為零的負(fù)電荷.若電荷只受電場(chǎng)力的作用且可以自由移

動(dòng)，則在此后的一段時(shí)間內(nèi)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.電場(chǎng)力一定對(duì)電荷做正功

B.電荷的電勢(shì)能一定減小

C.電荷只能在電場(chǎng)線上運(yùn)動(dòng)

D.電荷從電勢(shì)低的地方向電勢(shì)高的地方運(yùn)動(dòng)

10.如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)電阻為r,開(kāi)關(guān)S閉合后，

電燈L1、42均能發(fā)光，現(xiàn)將滑動(dòng)變阻器R的滑片P稍向上移動(dòng)，下￡

列說(shuō)法正確的是（）r

A.電燈A1、人均變亮

B.電燈5變暗，G變亮

C.電流表的示數(shù)變大

D.電流表的示數(shù)不變

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共16.0分）

11.某同學(xué)用圖1所示電路，測(cè)繪標(biāo)有“3.8V、0.3A”的小燈泡的燈絲電阻R隨電壓U變化的圖象

除了導(dǎo)線和開(kāi)關(guān)外，有以下一些器材可供選擇：

電流表：&（量程100mA,內(nèi)阻約2。）；

量程064內(nèi)阻約0.30）；

電壓表：匕（量程5乙內(nèi)阻約5k0）；

%（量程15IZ,內(nèi)阻15/cO）；

滑動(dòng)變阻器：8（阻值范圍0?100）;

/?2（阻值范圍0?2k0）；

電源：E］（電動(dòng)勢(shì)為1.5W內(nèi)阻約為0.20）；

E2（電動(dòng)勢(shì)為4V,內(nèi)阻約為0.04。）為了調(diào)節(jié)方便，測(cè)量準(zhǔn)確，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選用電流表,電壓表

,滑動(dòng)變阻器，電源（填器材的符號(hào)）

（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，計(jì)算并描繪出R-U的圖象如圖2所示，由圖象可知，此燈泡在不工作時(shí)，燈絲電

阻為;當(dāng)所力□電壓為3.001/時(shí)，燈絲電阻為,燈泡實(shí)際消耗的電功率為W.

12.同學(xué)們分別利用圖甲、乙所示的兩種裝置采用不同方案進(jìn)行“探究物體運(yùn)動(dòng)的加速度與所受合

力、物體質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)，其中小車(chē)4與紙帶相連，B為打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，托盤(pán)C內(nèi)裝有祛碼，

托盤(pán)自身的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)4的質(zhì)量；D為無(wú)線測(cè)力傳感器。兩種方案的不同在于：方案一采用

托盤(pán)和祛碼的重力值作為小車(chē)受到的拉力，方案二則用傳感器。直接測(cè)量繩子對(duì)小車(chē)的拉力。

（1）關(guān)于祛碼的選取，下列說(shuō)法正確的是。

A.方案一必須選取單個(gè)質(zhì)量盡量?。ㄟh(yuǎn)小于小車(chē)4的質(zhì)量）的祛碼

區(qū)方案一可以選取單個(gè)質(zhì)量較大（與小車(chē)4的質(zhì)量相近）的祛碼

C.方案二必須選取單個(gè)質(zhì)量盡量?。ㄟh(yuǎn)小于小車(chē)A的質(zhì)量）的祛碼

。.方案二可以選取單個(gè)質(zhì)量較大（與小車(chē)4的質(zhì)量相近）的祛碼

（2）兩種方案都必須將導(dǎo)軌的右端墊高以補(bǔ)償。

（3）圖丙是進(jìn)行方案一的實(shí)驗(yàn)時(shí)打出的其中一條紙帶的一部分，0、4、B、C為4個(gè)相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)，相

鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)打出的點(diǎn)沒(méi)有畫(huà)出。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接在頻率為50Hz的交流電源上。

通過(guò)對(duì)紙帶的測(cè)量，可知小車(chē)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的加速度大小為m/s2（保留2位有效數(shù)字）。

四、計(jì)算題（本大題共4小題，共44.0分）

13.在平直公路上，一汽車(chē)的速度為20m/s.從某時(shí)刻開(kāi)始剎車(chē)，在阻力作用下，汽車(chē)以5m/s2的加

速度運(yùn)動(dòng)，問(wèn)剎車(chē)后6s汽車(chē)發(fā)生位移的大??？

14.如圖甲所示，長(zhǎng)為L(zhǎng)=1.4m的木板M放在水平地面上，質(zhì)量為m=1kg的小物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))放

在木板的左端，開(kāi)始時(shí)兩者靜止?，F(xiàn)用一水平向左的力產(chǎn)作用在木板M上，通過(guò)傳感器測(cè)m、M

兩物體的加速度與外力F的變化關(guān)系如圖乙所示。己知兩物體與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，且

最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，g=10m/s2.求：

即

(l)m>M之間的動(dòng)摩擦因數(shù)“1；

(2)M的質(zhì)量及它與水平地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)如；

(3)若水平恒力F=27.8N,且始終作用在木板M上，當(dāng)小滑塊m從木板上滑落時(shí),經(jīng)歷的時(shí)間為多長(zhǎng)。

15.如圖所示，水平轉(zhuǎn)盤(pán)上放有質(zhì)量為小的物塊，當(dāng)物塊到轉(zhuǎn)軸的距離為r時(shí)，連接物塊和轉(zhuǎn)軸的繩

剛好被拉直(繩中張力為零)，物塊與轉(zhuǎn)盤(pán)間最大靜摩擦力是其重力的k倍，求：

(1)轉(zhuǎn)盤(pán)的角速度為“1=舊時(shí)繩中的張力7】;

(2)轉(zhuǎn)盤(pán)的角速度為%=

16.如圖所示，一質(zhì)量為M的平板車(chē)8放在光滑水平面上，在其右端放

一質(zhì)量為M的小木塊4M=5m,/I,B間動(dòng)摩擦因素為〃，現(xiàn)給A和

8以大小相等、方向相反的初速度火,使4開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)，B開(kāi)始向右運(yùn)動(dòng)，最后4不會(huì)滑離B,

求:

(1)4、8最后的速度大小和方向.

(2)4在B上相對(duì)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間.

(3)平板車(chē)的最小長(zhǎng)度.

參考答案及解析

1.答案：B

解析：解：力、4項(xiàng)屬于人工核轉(zhuǎn)變，故A錯(cuò)誤；

B、B項(xiàng)釋放出a粒子，屬于衰變現(xiàn)象，故B正確；

C、C項(xiàng)是原子核的人工轉(zhuǎn)變，故C錯(cuò)誤；

D、D項(xiàng)屬于輕核的聚變，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

放射性衰變是指不穩(wěn)定原子核自發(fā)地放射出射線而轉(zhuǎn)變?yōu)榱硪环N原子核的過(guò)程，放出的射線包括a、

￡和y射線，0衰變生成的是電子，a衰變生成的是a粒子，裂變是重核裂變成輕核，聚變是輕核生成

重核，據(jù)此分析即可。

本題考查對(duì)核反應(yīng)的掌握情況，要知道衰變的生成物還有幾個(gè)典型的核反應(yīng)方程，屬于基礎(chǔ)題。

2.答案：B

解析：解：A、質(zhì)點(diǎn)在第2s末與第12s末的速度均為正，方向相同，且質(zhì)點(diǎn)在第2s末的速度比第12s末

的速度小，故A錯(cuò)誤。

3、根據(jù)速度圖象的斜率等于加速度，知質(zhì)點(diǎn)在第2s末與第12s末的加速度大小相等，方向相反，故

B正確。

C、根據(jù)圖象與坐標(biāo)軸所圍的面積表示位移，知質(zhì)點(diǎn)在0?5s內(nèi)與10s?15s內(nèi)的位移大小相等，方向

相同，故C錯(cuò)誤。

D、質(zhì)點(diǎn)在0?15s內(nèi)的位移大小為x=1=10m,故￡＞錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)速度圖象能直接讀出速度的大小和方向，根據(jù)速度圖象的斜率等于加速度，分析加速度關(guān)系。

根據(jù)圖象與坐標(biāo)軸所圍的面積表示位移，分析位移關(guān)系。

對(duì)于圖象問(wèn)題要明確兩坐標(biāo)軸的含義義，圖象斜率、截距、圍成面積等意義。本題關(guān)鍵要掌握速度

圖象的斜率等于加速度，“面積”表示位移進(jìn)行分析。

3.答案：D

解析：解：設(shè)斜面的傾角為a,木塊m上滑的加速度大小為由,下滑?1

的加速度大小為&2。

Mg

雯1圖2

木塊下滑做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，木塊上滑做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，其逆過(guò)程也是初速度為零

的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由公式"2=2ax,兩個(gè)過(guò)程位移大小相等，由于可得。2<%。

上滑過(guò)程，以斜面體M和木塊TH組成的整體為研究對(duì)象，將木塊的加速度的沿水平和豎直兩個(gè)方向

分解，如圖2所示。

根據(jù)牛頓第二定律得：

水平方向有年1—max-ma^osa①

可知桌面對(duì)M的靜摩擦力方向水平向右；

豎直方向有(M+m)g-FN1=may=marina?

可得桌面對(duì)M的支持力大小為：FN1=(M+m)g-maisina③

同理可得，木塊下滑時(shí)，桌面對(duì)M的靜摩擦力方向水平向右，大小為弓2=血。2。。5戊④

因?yàn)椤?<%,由①④比較各得弓2<Ffi；

桌面對(duì)M的支持力大小為尸根=(M+m)g-ma2sina⑤

因?yàn)榈?gt;。2，由③⑤比較可得FNI</2，故A8C錯(cuò)誤，。正確。

故選：D。

以斜面體M和木塊m組成的整體為研究對(duì)象，分析受力情況，根據(jù)牛頓第二定律列式分析。

解決本題的關(guān)鍵要靈活選擇研究對(duì)象，本題采用整體法，分解加速度，而不分解力，解答比較簡(jiǎn)潔，

也可以根據(jù)隔離法分析。

4.答案：A

解析：解：根據(jù)萬(wàn)有引力與牛頓第二定律可知，F(xiàn)=G,=ma=mg,可得重力加速度g=a=箸

A、由上式知：g與物體的質(zhì)量無(wú)關(guān)，則不同物體在地球表面同一點(diǎn)的重力加速度相同，故A正確；

8、在地球表面不同高度處，物體距地心的距離R不同，故重力加速度不相同，故B錯(cuò)誤；

C、由上式知：重力加速度與地球質(zhì)量有關(guān)，與重物質(zhì)量無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤；

。、由上式知：重力加速度與物體的質(zhì)量無(wú)關(guān)，與地球的質(zhì)量有關(guān)，故。錯(cuò)誤.

故選：A.

根據(jù)萬(wàn)有引力與牛頓第二定律表達(dá)式得出重力加速度的表達(dá)式，再由表達(dá)式分析.

根據(jù)加速度的表達(dá)式，由表達(dá)式得出重力加速度的決定式是正確解題的關(guān)鍵，不難屬于基礎(chǔ)題.

5.答案：D

解析：解：AC,從C到4小球的動(dòng)能一直增大，說(shuō)明電場(chǎng)力一直做正功，故電勢(shì)能一直減小，則電勢(shì)

也一直減小，故A錯(cuò)誤，C錯(cuò)誤；

3、由乙圖可知，小球在B點(diǎn)的加速度最大，故所受的電場(chǎng)力最大，加速度由電場(chǎng)力產(chǎn)生，故3點(diǎn)的

電場(chǎng)強(qiáng)度最大,a=年=苗=0.075m/s2,a-~(

解得：￡=詈0.01x0.075=1.5K/m,

5X10-4故8錯(cuò)誤;

隊(duì)由C到B電場(chǎng)力做功為：%=詔一CB間電勢(shì)差為：=￡=噤=黑濡了=。?州.

故。正確。

故選：D.

通過(guò)乙圖的。-t圖象判斷出加速度，加速度最大時(shí)受到的電場(chǎng)力最大，電場(chǎng)強(qiáng)度最大，由電場(chǎng)力做

功即可判斷電勢(shì)能，由勿=qU求得電勢(shì)差。

本題關(guān)鍵要明確圖象的斜率等于加速度，抓住電場(chǎng)力做正功時(shí)電勢(shì)能減小，進(jìn)行分析即可。

6.答案：B

解析：解：當(dāng)在繩端施以F=mg的豎直向下的拉力作用時(shí)，對(duì)A分析，根據(jù)牛頓第二定律得，的=(=

mg

M

在B端掛一質(zhì)量為mkg的物體時(shí)，對(duì)整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得,。2=言點(diǎn)?則的>?故8正確，

4、C、。錯(cuò)誤。

故選：B。

當(dāng)用拉力尸拉時(shí)，對(duì)4分析，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，當(dāng)掛重物時(shí)，對(duì)整體分析，運(yùn)用牛頓第

二定律求出加速度，從而比較大小.

解決本題的關(guān)鍵知道掛重物時(shí)，繩子的拉力與重物的重力不等，因?yàn)?與重物都做加速運(yùn)動(dòng)，拉力小

于重物的重力.

7.答案：C

解析：

畫(huà)出汽車(chē)轉(zhuǎn)彎時(shí)的受力圖，并分析向心力來(lái)源，應(yīng)用向心力公式求解即可。

本題考查的是“火車(chē)轉(zhuǎn)彎”模型的應(yīng)用，解答時(shí)要注意合力方向的確定。

受力如圖所示。

N

設(shè)路面的斜角為。，作出汽車(chē)的受力圖，如圖.根據(jù)牛頓第二定律，得冽"皿6=切方又由數(shù)學(xué)知

識(shí)得到tan8=一聯(lián)立解得y故C正確，錯(cuò)誤。

故選Co

8.答案：BC

解析：解：4、小球由初位置擺動(dòng)到最左端的過(guò)程中，重力做負(fù)功，電場(chǎng)力做正功，對(duì)小球由動(dòng)能定

理得：mgL(l-cosd)—qELsin。=0-0

解得：E=*著"；故A錯(cuò)誤:

8、小球從釋放到擺到左側(cè)最高點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小了。故8正確;

C、小球的擺動(dòng)的過(guò)程中具有對(duì)稱(chēng)性，可知小球從釋放到擺到左側(cè)最高點(diǎn)的過(guò)程中，當(dāng)懸線與豎直方

向的夾角為?時(shí)，小球的速度最大，則需要的向心力嗒和洛倫茲力q〃B都最大；根據(jù)左手定則可知，

小球從最低點(diǎn)向左運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中洛倫茲力的方向向左下方，與繩子拉力的方向相反。由以上的分析

可知，當(dāng)懸線與豎直方向的夾角為凱寸，懸線拉力最大；故C正確；

。、根據(jù)4的分析mgL(l-cos8)-qELsin0=0-0,可知，增大懸線的長(zhǎng)度，。不會(huì)增大。故。錯(cuò)

誤。

故選：BC。

以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，受到重力、彈力和電場(chǎng)力，從4到B由動(dòng)能定理求出兩點(diǎn)的電勢(shì)差；再利用勻強(qiáng)

電場(chǎng)E=｝求出場(chǎng)強(qiáng)；

a

再以最低點(diǎn)為研究對(duì)象，利用牛頓運(yùn)動(dòng)定律，求細(xì)線的拉力.

本題的關(guān)犍能靈活應(yīng)用動(dòng)能定理、勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)公式和圓周運(yùn)動(dòng)的牛頓第二定律列方程求解.

9.答案:ABD

解析：解：4、靜止開(kāi)始的電荷會(huì)沿著電場(chǎng)力的方向運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做正功，故A正確；

8、電場(chǎng)力做正功電荷的電勢(shì)能一定減小，故3正確；

C、由于負(fù)電荷只受電場(chǎng)力，從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，故會(huì)逆著電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤：

。、逆著電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)，電勢(shì)逐漸升高，故。正確；

故選：ABD.

靜止開(kāi)始的電荷會(huì)沿著電場(chǎng)力的方向運(yùn)動(dòng)，此題需要根據(jù)電場(chǎng)力做功的特點(diǎn)判斷兩點(diǎn)電勢(shì)能的高低,

知道電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小.

本題比較簡(jiǎn)單，基礎(chǔ)性強(qiáng)，考查的知識(shí)點(diǎn)比較全面；要加強(qiáng)理解電場(chǎng)力和電場(chǎng)強(qiáng)度關(guān)系，電勢(shì)能和

電場(chǎng)力做功關(guān)系.

10.答案：BC

解析：解析：

由圖可知及與滑動(dòng)變阻器并聯(lián)，再與串聯(lián).據(jù)滑片的移動(dòng)方向判斷滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值如

何變化，由閉合電路歐姆定律判斷電路電流如何變化，根據(jù)電路電流變化求解。

本題是電路中動(dòng)態(tài)變化分析的問(wèn)題，首先要搞清電路的結(jié)構(gòu)，其次要按“部分T整體T部分”的順序

分析。

解：

48.由圖可知L1與滑動(dòng)變阻器并聯(lián)，再與L2串聯(lián)，現(xiàn)將滑動(dòng)變阻器R的滑片P稍向上移動(dòng)，滑動(dòng)變阻

器接入電路的阻值變小，電路總電阻變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流/增大，所以電燈

〃變亮，路端電壓減小，所以均與滑動(dòng)變阻器并聯(lián)電壓減小，所以及變暗.故4錯(cuò)誤8正確；

CD.干路電流/增大，力與滑動(dòng)變阻器并聯(lián)電壓減小，所以通過(guò)5的電流減小，所以電流表的示數(shù)增

大,故C正確。錯(cuò)誤。

故選BC。

11.答案：A2；匕；&；R2；20；12；0.75

解析：解：(1)因小燈泡額定電流為0.34額定電壓為3.8U,故電流表應(yīng)選A2，電壓表應(yīng)選匕，又

因測(cè)伏安特性曲線要求電壓與電流調(diào)節(jié)范圍大，故變阻器需用分壓式接法，應(yīng)選阻值小的變阻器，

故變阻器應(yīng)選%,顯然電源應(yīng)選

(2)由R-U圖象知U=0時(shí)R為20,

U=3v時(shí)R為120,

由P=?得P=0.75憶

故答案為：(1)&、匕、氏、E2

(2)2,12,0.75

根據(jù)“安全性”和“精確性”原則，電表讀數(shù)要求指針在滿刻度的;?:之間.

燈泡兩端的電壓為0,由圖可知此時(shí)燈泡的電阻為1.50；

當(dāng)燈泡兩端的電壓為3.0U時(shí)，燈泡的電阻為11.5。，燈泡為純電阻，故P=?.

測(cè)定小燈泡的伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)要求電壓與電流從零調(diào)起或要求電流電壓調(diào)節(jié)范圍大一些，因此，

滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓式接法.

12.答案：AD打點(diǎn)計(jì)時(shí)器對(duì)小車(chē)的阻力及其他阻力0.50

解析：解：(1)48、方案一采用托盤(pán)和祛碼的重力值作為小車(chē)受到的拉力，但因托盤(pán)和祛碼有向下

的加速度，則其繩子的拉力要小于托盤(pán)和祛碼的重力，會(huì)引起實(shí)驗(yàn)誤差，而減小加速度值可以減小

誤差，則方案一必須選取單個(gè)質(zhì)量盡量小(遠(yuǎn)小于小車(chē)A的質(zhì)量)的祛碼，故A正確，B錯(cuò)誤；

C。、方案二則用傳感器。直接測(cè)量繩子對(duì)小車(chē)的拉力，則所測(cè)拉力是準(zhǔn)確的，加速度可適量大些，

故C錯(cuò)誤，。正確；

故選：ADo

(2)為使小車(chē)受到的合力等于細(xì)線拉力，兩種方案都必須平衡摩擦力，即必須將導(dǎo)軌的右端墊高以補(bǔ)

償打點(diǎn)計(jì)時(shí)器對(duì)小車(chē)的阻力及其他阻力；

(3)由題可知，兩個(gè)相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間為7=5x0.02s=0.1s

2

根據(jù)公式△%=a%可以得：Xbc—Xab=aT

由題圖得：XBC~10.06cm-6.21cm=3.85cm=0.0385m,xAB=6.21cm-2.86cm=3.35cm=

0.0335m,代入上式解得a?0.50m/s2

故答案為：(1)4。；(2)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器對(duì)小車(chē)的阻力及其他阻力；(3)0.50。

(1)方案一采用托盤(pán)和祛碼的重力值作為小車(chē)受到的拉力，必須滿足祛碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)4的質(zhì)量;

方案二用傳感器。直接測(cè)量繩子對(duì)小車(chē)的拉力，加速度可適量大些；

(2)為使小車(chē)受到的合力等于細(xì)線拉力，兩種方案都必須平衡摩擦力；

(3)根據(jù)推論公式△x=。產(chǎn)求小車(chē)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的加速度大小。

解決本題的關(guān)鍵要理解實(shí)驗(yàn)原理，掌握實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理的方法，特別要搞清為什么要平衡摩擦力，知

道采用托盤(pán)和祛碼的重力值作為小車(chē)受到的拉力需要滿足的實(shí)驗(yàn)條件。

13.答案：解：設(shè)汽車(chē)從剎車(chē)到停下經(jīng)歷時(shí)間為根據(jù)"=%+at°

得：to=s=4s<6s

a—5

則6s內(nèi)的位移等于4s內(nèi)的位移為：x=^=—m=40m.

2a-10

答：剎車(chē)后6s汽車(chē)發(fā)生位移的大小為40m.

解析：根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度時(shí)間公式求出汽車(chē)速度減為零所需的時(shí)間，判斷汽車(chē)是否停止，

再結(jié)合位移公式求出剎車(chē)后6s內(nèi)發(fā)生的位移.

本題考查了運(yùn)動(dòng)學(xué)中的剎車(chē)問(wèn)題，是道易錯(cuò)題，注意汽車(chē)速度減為零后不再運(yùn)動(dòng).

14.答案：解：(1)由乙圖知，小物塊和薄木板一起運(yùn)動(dòng)的最大外力%=25N,

當(dāng)F>25/V時(shí)，小物塊與薄木板相對(duì)滑動(dòng)，對(duì)小物塊，由牛頓第二定律有：ii1mg=ma1,

2

由乙圖知，加速度：ar=4m/s,

解得:Mi=0.4；

(2)對(duì)薄木板，由牛頓第二定律有：F-^mg-^M+m)g=Ma2,

即:也”紇獨(dú)《也■應(yīng)+￡

zMM

由乙圖可知：《=；kgT，出筆產(chǎn)巴應(yīng)=—：m/s2,

M4M4

解得：M=4kg,jU2=0.1；

(3)由于F=27.8N>25N,所以從開(kāi)始小物塊就與薄木板相對(duì)滑動(dòng)對(duì)地向左做勻加速運(yùn)動(dòng)，

設(shè)薄木板加速度為。2,根據(jù)牛頓第二定律可得：口2=匕儂鏟3，

2

代入數(shù)據(jù)解得：a2=4.7m/s,方向向左，

設(shè)小物塊經(jīng)過(guò)t時(shí)間滑離木板，小物塊的位移與=??；?

薄木板的位移到=3a2t2

由于*2-X1=L

解得：t=2s。

答：(1)血、M之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.4；

(2)M的質(zhì)量及它與水平地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1；

(3)若水平恒力F=27.8N,且始終作用在木板M上，當(dāng)小滑塊沉從木板上滑落時(shí)，經(jīng)歷的時(shí)間為2s。

解析：(1)F大于25N后，小物塊和薄木板相對(duì)滑動(dòng)，對(duì)小物塊根據(jù)牛頓第二定律列式，可求得小物

塊和薄木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)；

(2)尸在0-25N內(nèi)，小物塊和薄木板相對(duì)靜止，對(duì)整體利用牛頓第二定律列式，可求得薄木板的質(zhì)量

以及薄木板與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)；

(3)F=27.5N,小物塊和薄木板相對(duì)滑動(dòng)，小物塊恰好滑到薄木板的右端時(shí)兩者位移之和等于3