湖南省二校聯考2023-2024學年高二物理第一學期期末綜合測試模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，三根相互平行的固定長直導線、和垂直紙面如圖放置，與坐標原點分別位于邊長為a的正方形的四個點上，與中的電流均為I，方向均垂直于紙面向外，中的電流為2I，方向垂直紙面向里（已知電流為I的長直導線產生的磁場中，距導線r處的磁感應強度（其中k為常數）．某時刻有一質子（電量為e）正好沿與x軸正方向成45°斜向上經過原點O，速度大小為v，則質子此時所受磁場力為()A.方向垂直紙面向里，大小為B.方向垂直紙面向外，大小為C.方向垂直紙面向里，大小為D.方向垂直紙面向外，大小為2、下面是對電源和電流概念的認識，正確的是（）A.電動勢反映了電源把電能轉化為其他形式能量的本領B.電動勢和電勢差的單位相同，電動勢實質上就是電勢差C.電流的方向就是電荷定向移動的方向D.在金屬導體中，電流的方向與自由電子定向移動的方向相反3、如圖所示，用絕緣細線懸掛一個導線框，導線框是由兩同心半圓弧導線和直導線ab、cd(ab、cd在同一水平直線上)連接而成的閉合回路，導線框中通有圖示方向的電流，處于靜止狀態(tài).在半圓弧導線的圓心處沿垂直于導線框平面的方向放置一根長直導線P.當P中通以方向向外的電流時A.導線框將向左擺動 B.導線框將向右擺動C.從上往下看，導線框將順時針轉動 D.從上往下看，導線框將逆時針轉動4、如圖所示，實線為方向未知的三條電場線，虛線1和2為等勢線．a、b兩個帶電粒子以相同的速度從電場中M點沿等勢線1的切線飛出，粒子僅在電場力作用下的運動軌跡如圖中虛線所示，則在開始運動的一小段時間內，以下說法正確的是()A.a受到的電場力較小，b受到的電場力較大B.a的速度將減小，b的速度將增大C.a一定帶正電，b一定帶負電D.a、b兩個粒子所帶電荷電性相反5、如圖所示，豎直放置的帶有一定電量的平行板電容器，板電勢高于板電勢，兩極板間距為。質量為、帶電荷量為的微粒，從板的邊緣以初速度射入電場，沿與水平方向夾角為60°的直線從板的邊緣射出，設重力加速度為。則A.兩極板間的電勢差為 B.微粒的動能減少C.微粒的電勢能減少 D.微粒的機械能減少6、下列說法正確的是（）A.任何帶電體所帶的電荷量都是元電荷的整數倍B.根據場強的定義式E=，電場中某點的電場強度和試探電荷的電荷量成反比C.各種材料的電阻率都與溫度有關，金屬的電阻率隨溫度的升高而減小D.電源的電動勢與外電路有關，外電路電阻越大，電動勢就越大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，質量為m、帶電荷量為q小滑塊放置在傾角為α、足夠長的固定光滑絕緣斜面上，斜面置于磁感應強度為B的勻強磁場中，磁場方向垂直紙面向里．現讓小滑塊在斜面上由靜止釋放，一段時間后小滑塊離開斜面．重力加速度大小為g．下列判斷正確的是A.小滑塊帶正電B.小滑塊在斜面上滑行的過程中機械能守恒C.小滑塊離開斜面時的速度大小為D.小滑塊要離開斜面時的加速度大小為g8、如圖所示，有一長方體金屬桶，左右兩側開口，其長、寬、高分別為a、b、c，置于方向向下且垂直于上、下表面的磁感應強度為B的勻強磁場中．第一次實驗時沿“→”方向通入電解質溶液；第二次實驗時在空間內裝入電解質溶液并沿“→”方向通入電流I；第三次實驗時在空間內裝入形狀和大小與所示長方體一樣的金屬板并沿“→”方向通入電流I．則下列說法正確的是（）A.三次實驗中，裝置的前、后表面都會形成電勢差B.第一次實驗時，在裝置前、后表面形成電勢差，當電勢差穩(wěn)定時，測得其大小為U，則電解質溶液的流量C.第二次實驗時后表面附近電解質溶液濃度高D.第三次實驗時，其前表面電勢低于后表面電勢9、一臺直流電動機的電阻為R，額定電壓為U，額定電流為I，當其正常工作時下述正確的是()A.電動機所消耗的電功率為IUB.t秒內所產生的電熱為IUtC.t秒內所產生的電熱為I2RtD.t秒內所產生的機械能為IUt－I2Rt10、如圖所示電場，實線表示電場線．一個初速度為v的帶電粒子僅在電場力的作用下從a點運動到b點，虛線表示其運動的軌跡．則：（）A.粒子帶正電B.粒子在a點受的電場力比b點大C.a點電勢高于b點電勢D.粒子的動能增加，電勢能減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用伏安法測某電源的電動勢和內阻，現備有下列器材：A.被測電源B.電流表A：量程0?0.6A，內阻為0.5ΩC.電壓表V：量程0?3V，內阻未知D.滑動變阻器R：0?10Ω，2AE.開關、導線若干伏安法測電池電動勢和內阻的實驗中，由于電流表和電壓表內阻的影響，測量結果存在系統誤差。在現有器材的條件下，為消除上述系統誤差，盡可能準確地測量電源的電動勢和內阻。（1）實驗電路圖應選擇上圖中的___（填“甲”或“乙”）（2）根據實驗中電流表和電壓表的示數得到了如圖丙所示的U-I圖象。由此可知，電源的電動勢E=___V，內電阻r=___Ω。（結果保留二位小數）12．（12分）在“測定電源的電動勢和內電阻”的實驗中，備有下列器材：A．待測的干電池一節(jié)B．電流表A1（量程0~3mA，內阻Rg1＝10Ω）C．電流表A2（量程0~0.6A，內阻Rg2＝0.1Ω）D．滑動變阻器R1（0~20Ω，1.0A）E．電阻箱R0（0~9999.9Ω）F．開關和若干導線（1）某同學發(fā)現上述器材中沒有電壓表，他想利用其中的一個電流表和電阻箱改裝成一塊電壓表，其量程為0~3V，并設計了圖甲所示的a、b兩個參考實驗電路（虛線框內為改裝電壓表的電路），其中合理的是______（選填“a”或“b”）電路；此時R0的阻值應取______Ω；（2）圖乙為該同學根據合理電路所繪出的I1-I2圖象（I1為電流表A1的示數，I2為電流表A2的示數）。根據該圖線可得被測電池的電動勢E＝______V，內阻r＝______Ω。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】根據安培定則，作出三根導線分別在O點的磁場方向，如圖：由題意知，L1在O點產生的磁感應強度大小為B1＝，L2在O點產生的磁感應強度大小為B2＝，L3在O點產生的磁感應強度大小為B3＝，先將B2正交分解，則沿x軸負方向的分量為B2x＝sin45°＝，同理沿y軸負方向的分量為B2y＝sin45°＝，故x軸方向的合磁感應強度為Bx＝B1+B2x＝，y軸方向的合磁感應強度為By＝B3?B2y＝，故最終的合磁感應強度的大小為，方向為tanα＝＝1，則α=45°，如圖：故某時刻有一質子（電量為e）正好沿與x軸正方向成45°斜向上經過原點O，由左手定則可知，洛倫茲力的方向為垂直紙面向外，大小為f＝eBv＝，故B正確;故選B【點睛】磁感應強度為矢量，合成時要用平行四邊形定則，因此要正確根據安培定則判斷導線周圍磁場方向是解題的前提.2、D【解析】電動勢反映了電源把其他形式能量轉化為電能的本領，選項A錯誤；電動勢的單位和電勢差相同，但電動勢與電勢差是兩個不同的物理量，它們的物理意義不同．故B錯誤．電流的方向就是正電荷定向移動的方向，選項C錯誤；在金屬導體中，電流的方向與自由電子定向移動的方向相反，選項D正確；故選D.3、D【解析】根據右手螺旋定則可得ab處的磁場方向豎直向上，cd處的磁場豎直向下，根據左手定則可得ab邊受到垂直紙面向外的安培力，cd邊受到垂直紙面向里的安培力，從上往下看，導線框將逆時針轉動，C正確考點：考查了安培力【名師點睛】先由安培定則判斷通電直導線P在導線ab、cd處的磁場方向，然后由左手定則判斷導線ab、cd所受的安培力，通過微元法解決，判斷導體的運動的規(guī)律常用的方法還有：等效法，特殊位置法，結論法4、D【解析】A．電場線的疏密表示電場的強弱，由圖可知，越向左場強越小，越向右場強越大，故a出發(fā)后的一小段時間內其所處的位置的場強越來越小，而b出發(fā)后的一小段時間內其所處的位置場強越來越大，所以出發(fā)后的一小段時間內a受到的電場力變小，b受到的電場力變大。但是不知道ab兩電荷的電量關系，不能比較ab兩點荷所受電場力的大小，故A錯誤。B．由于出發(fā)后電場力對兩電荷都做正功，故兩電荷的動能都越來越大，則兩個電荷的速度都越來越大，故B錯誤。C．由于不知道場強的方向，故不能確定電場力的方向與場強方向的關系，所以不能確定ab兩電荷的電性。故C錯誤。D．由于兩電荷所受的電場力的方向相反，故a、b兩粒子所帶的電荷的電性相反。故D正確。故選D。5、D【解析】A．根據受力分析圖可知解得選項A錯誤；B．由動能定理：得：即微粒的動能減少，B錯誤；C．由于則電勢能增加，C錯誤；D．根據能量守恒定律知微粒的電勢能和機械能之和保持不變，電勢能增加，機械能減小，D正確。故選D。6、A【解析】A．目前認為自然界中任何帶電體所帶的電荷量都是元電荷的整數倍，故A正確；B．電場中某點的電場強度與試探電荷的電荷量無關，故B錯誤；C．各種材料的電阻率都與溫度有關，金屬的電阻率隨溫度的升高而增大，故C錯誤；D．電源的電動勢與外電路無關，故D錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】帶電滑塊在滑至某一位置時，由于在洛倫茲力的作用下，要離開斜面．根據磁場方向結合左手定則可得帶電粒子的電性．由光滑斜面，所以小滑塊在沒有離開斜面之前一直做勻加速直線運動．借助于洛倫茲力公式可求出恰好離開時的速度大?。弧驹斀狻坑深}意可知：小滑塊受到的洛倫茲力垂直斜面向上，根據左手定則可得：小滑塊帶負電，故A錯誤；滑塊下滑過程中，支持力與速度垂直，且洛倫茲力與速度也垂直，因此兩個力不做功，因光滑，沒有摩擦力，因此只有重力做功，小滑塊的機械能守恒，故B正確；由題意：當滑塊離開斜面時，洛倫茲力：Bqv=mgcosα，則，故C正確；滑塊要離開斜面時，重力垂直斜面的分力與洛倫茲力平衡，則重力另一分力產生加速度，那么其加速度大小為gsinα，故D錯誤．故選BC【點睛】本題突破口是從小滑塊剛從斜面離開時，從而確定洛倫茲力的大小，進而得出剛離開時的速度大小，由于沒有離開之前做勻加速直線運動，所以由運動與力學可解出運動的時間及位移8、BC【解析】A．第一次實驗時沿“→”方向通入電解質溶液，則電解液中的正負粒子由于受洛倫茲力作用分別向后、前表面偏轉積聚，形成電勢差；第二次實驗時在空間內裝入電解質溶液并沿“→”方向通入電流I，則電解液中的正負粒子分別向右、左方向定向移動，根據左手定則，正負粒子都向后表面偏轉積聚，不會在裝置的前、后表面形成電勢差；第三次實驗時在空間內裝入形狀和大小與所示長方體一樣的金屬板并沿“→”方向通入電流I，則金屬中的負電子受洛倫茲力向后表面積聚，從而在前后表面形成電勢差．選項A錯誤；B．第一次實驗時，在裝置前、后表面形成電勢差，當電勢差穩(wěn)定時，測得其大小為U，則：則電解質溶液的流量選項B正確；C．由A的分析可知，第二次實驗時在空間內裝入電解質溶液并沿“→”方向通入電流I，則正負粒子都向后表面偏轉積聚，后表面附近電解質溶液濃度高，選項C正確；D．由A的分析可知，第三次實驗時在空間內裝入形狀和大小與所示長方體一樣的金屬板并沿“→”方向通入電流I，則金屬中的負電子受洛倫茲力向后表面積聚，前表面電勢高于后表面電勢，選項D錯誤；故選BC9、ACD【解析】A．電動機所消耗的電功率P=UI故A正確；B．電動機工作時消耗的電能大部分轉化為機械能，所以t秒內所產生的電熱小于UIt，故B錯誤；C．I2R計算的是電動機的內阻發(fā)熱的部分，是發(fā)熱的功率，所以產生的電熱為Q=I2Rt故C正確；D．t秒內所產生的機械能為電動機的總功減去發(fā)熱的部分，所以機械能為W=UIt-I2Rt故D正確。故選ACD。10、BC【解析】電場線的疏密代表電場的強弱，正電荷所受電場力的方向就是電場線的方向，而負電荷所受的電場力的方向與電場線的方向相反，沿著電場線方向電勢降低【詳解】A．由軌跡彎曲方向可判斷出電場力方向，受力方向指向弧內，與電場方向相反，則粒子帶負電荷;故A錯誤.B．電場線的疏密代表電場的強弱，a點的電場線較b點的電場線密，則粒子在a點受到的電場力大于在b點受到的電場力;故B正確.C．沿著電場線方向電勢降低，則a點電勢高于b點電勢；故C正確.D．電場力方向與速度方向夾角大于90°，一直做負功，動能減小，電勢能增大；故D錯誤.故選BC.【點睛】理解電場線的特點，明白只要合外力做正功物體的動能就增加的道理三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.乙②.3.00③.2.83【解析】（1）[1]若采用甲圖，由于電壓表的分流會使測量結果存在系統誤差；而采用乙圖，由于電流表的內阻已知，測量的內阻為電流表和電源內阻之和，所以采用乙圖會消除實驗帶來的系統誤差，使測量結果更準確。（2）[2]根據實驗中電流表和電壓表的示數得到了如圖丙所示的U-I圖象，當電流I=0時圖線與縱軸的截距即為電源的電動勢，即E=3.00V。［3］由閉合電路歐姆定律知，U=E-Ir，圖線斜率的大小即為電流表和電源內阻之和，圖線斜率r==Ω=3.33Ω所以電源的內電阻r′=3.33Ω-0.5Ω=2.83Ω12、①.b②.990③.1.48（1.46~1.49之間）④.0.84（0.82~0.87之間）【解析】（1）[1][2]上述器材中雖然沒有電壓表，但給出了兩個電流表，電路中電流最大為故電流表至少應選擇量程，故應將3mA電流表G串聯一個電阻，改裝成較大量程的電壓表使用，電表流A由于內阻較小，故應采用相