河南省平頂山市葉縣第二高級中學(xué)2022-2023學(xué)年高三物理聯(lián)考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分．每小題只有一個選項(xiàng)符合題意1.（單選）一質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動，前時(shí)間內(nèi)的平均速度為，后時(shí)間段內(nèi)的平均速度為，

的大小，不可能的是(

)

A．1

B．2

C．3

D．4參考答案：A2.（多選）如圖所示，如果把水星和金星繞太陽的運(yùn)動視為勻速圓周運(yùn)動，從水星與金星在一條直線上開始計(jì)時(shí)，若天文學(xué)家測得在相同時(shí)間內(nèi)水星轉(zhuǎn)過的角度為θ1，金星轉(zhuǎn)過的角度為θ2(θ1、θ2均為銳角)，則由此條件可求得（）A．水星和金星繞太陽運(yùn)動的周期之比B．水星和金星的密度之比C．水星和金星到太陽中心的距離之比D．水星和金星繞太陽運(yùn)動的向心加速度大小之比參考答案：ACD3.（單選）如圖所示，有兩個相同材料物體組成的連接體在斜面上向上運(yùn)動，當(dāng)作用力F一定時(shí)，m2所受繩的拉力（）A．與θ有關(guān)B．與斜面動摩擦因數(shù)有關(guān)C．與系統(tǒng)運(yùn)動狀態(tài)有關(guān)D．FT=，僅與兩物體質(zhì)量有關(guān)參考答案：考點(diǎn)：物體的彈性和彈力．版權(quán)所有專題：共點(diǎn)力作用下物體平衡專題．分析：對整體分析，運(yùn)用牛頓第二定律求出整體的加速度，隔離對m2分析，運(yùn)用牛頓第二定律求出拉力的大小，判斷與什么因素有關(guān)．解答：解：對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得：a=隔離m2分析，設(shè)物體間的拉力為T，由牛頓第二定律得：T﹣m2gsinθ﹣μm2gcosθ=m2a，解得：T=；由上數(shù)據(jù)分析知：繩子的拉力與θ無關(guān)，與動摩擦因數(shù)無關(guān)，與運(yùn)動狀態(tài)無關(guān)，僅與兩物體的質(zhì)量有關(guān)．故ABC錯誤，D正確．故選：D．點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求解，注意整體法和隔離法的運(yùn)用．4.（多選題）如圖甲所示，水平放置的平行金屬導(dǎo)軌連接一個平行板電容器C和電阻R，導(dǎo)體棒MN放在導(dǎo)軌上且接觸良好，整個裝置放于垂直導(dǎo)軌平面的磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B的變化情況如圖乙所示(圖示磁感應(yīng)強(qiáng)度方向?yàn)檎?，MN始終保持靜止，則0～t2時(shí)間（

）A．電容器C的電荷量大小始終沒變

B．電容器C的a板先帶正電后帶負(fù)電C．MN所受安培力的大小始終沒變 D．MN所受安培力的方向先向右后向左參考答案：AD考點(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律，楞次定律，左手定則5.（多選）如圖是用頻閃照相的方法獲得的彈簧振子的位移-時(shí)間圖象，下列有關(guān)該圖象的說法正確的是

A．該圖象拍攝了若干個小球的振動情況B．從圖象可以看出小球在振動過程中沿t軸方向移動的C．為了顯示小球在不同時(shí)刻偏離平衡位置的位移，讓底片沿垂直x軸方向勻速運(yùn)動D．圖象中小球的疏密顯示出相同時(shí)間內(nèi)小球位置變化快慢不同參考答案：CD二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計(jì)16分6.氫原子從能級A躍遷到能級B吸收波長為λ1的光子，從能級A躍遷到能級C吸收波長為λ2的光子，若λ2>λ1，則當(dāng)它從能級B躍遷到能級C時(shí)，將____（選填“吸收”或“放出”）波長為

的光子．參考答案：7.在《研究勻變速直線運(yùn)動的規(guī)律》實(shí)驗(yàn)中，小車拖紙帶運(yùn)動，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打出一系列點(diǎn)，處理時(shí)每隔4個點(diǎn)取一個記數(shù)點(diǎn)，測出的數(shù)據(jù)如圖。則打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下C點(diǎn)時(shí)小車的速度vC=

m/s，小車運(yùn)動的加速度a=

m/s2。參考答案：2,

2.48.場強(qiáng)為E、方向豎直向上的勻強(qiáng)電場中有兩小球A、B，它們的質(zhì)量分別為m１、m２，電量分別為、．A、B兩球由靜止釋放，重力加速度為g，則小球A和Ｂ組成的系統(tǒng)動量守恒應(yīng)滿足的關(guān)系式為．參考答案：由題意，小球A和B組成的系統(tǒng)動量守恒，必定滿足動量守恒的條件：系統(tǒng)的所受合外力為零；兩球受到重力與電場力，則知電場力與重力平衡，則得：。9.在探究物體的加速度a與物體所受外力F、物體質(zhì)量M間的關(guān)系時(shí)，采用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置．小車及車中的砝碼質(zhì)量用M表示，盤及盤中的砝碼質(zhì)量用m表示．①當(dāng)M與m的大小關(guān)系滿足________時(shí)，才可以認(rèn)為繩子對小車的拉力大小等于盤和砝碼的重力．②某一組同學(xué)先保持盤及盤中的砝碼質(zhì)量m一定來做實(shí)驗(yàn)，其具體操作步驟如下，以下做法正確的是________．A．平衡摩擦力時(shí)，應(yīng)將盤及盤中的砝碼用細(xì)繩通過定滑輪系在小車上B．每次改變小車的質(zhì)量時(shí)，不需要重新平衡摩擦力C．實(shí)驗(yàn)時(shí)，先放開小車，再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源D．用天平測出m以及小車質(zhì)量M，小車運(yùn)動的加速度可直接用公式a＝求出③另兩組同學(xué)保持小車及車中的砝碼質(zhì)量M一定，探究加速度a與所受外力F的關(guān)系，由于他們操作不當(dāng)，這兩組同學(xué)得到的a－F關(guān)系圖象分別如圖1和圖2所示，其原因分別是：

圖1

圖2圖1：____________________________________________________；圖2：_____________________________________________________.參考答案：①m?M

（2分）②B

（2分）③圖1：m過大(或M過小)，造成m不是遠(yuǎn)小于M（2分）圖2：沒有平衡摩擦力或木板的傾角過?。?分）10.甲、乙是兩顆繞地球作勻速圓周運(yùn)動的人造衛(wèi)星，其線速度大小之比為，則這兩顆衛(wèi)星的運(yùn)轉(zhuǎn)半徑之比為________，運(yùn)轉(zhuǎn)周期之比為________。參考答案：；

11.如圖所示，陰極射線管(A為其陰極)放在蹄形磁鐵的N、S兩極間，射線管的B極接在直流高壓電源的____極.此時(shí)，熒光屏上的電子束運(yùn)動軌跡________偏轉(zhuǎn)(選填“向上”、“向下”或“不”).參考答案：答案：正、向下12.（6分）用多用電表進(jìn)行了幾次測量，指針分別處于a、b的位置，如圖所示。若多用電表的選擇開關(guān)處于下面表格中所指的檔位，a和b的相應(yīng)讀數(shù)是多少？請?zhí)钤诒砀裰小?/p>

參考答案：

指針位置選擇開關(guān)所處的檔位讀

數(shù)a直流電流100mA23.0mA直流電壓2.5V0.57Vb電阻×100320Ω解析：直流電流100mA檔讀第二行“0～10”一排，最小度值為2mA估讀到1mA就可以了；直流電壓2.5V檔讀第二行“0~250”一排，最小分度值為0.05V估讀到0.01V就可以了；電阻×100檔讀第一行，測量值等于表盤上讀數(shù)“3.2”乘以倍率“100”。13.如圖所示，水平地面上有一個坑，其豎直截面為半圓，O為圓心，且AB為沿水平方向的直徑。若在A點(diǎn)以初速度v1沿AB方向平拋一小球，小球?qū)糁锌颖谏系淖畹忘c(diǎn)D；而在C點(diǎn)以初速度v2沿BA方向平拋的小球也能擊中D點(diǎn)。已知∠COD=60°，求兩小球初速度之比v1∶v2=

參考答案：

：3三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計(jì)22分14.（4分）現(xiàn)用“與”門、“或”門和“非”門構(gòu)成如圖所示電路，請將右側(cè)的相關(guān)真值表補(bǔ)充完整。(填入答卷紙上的表格)參考答案：

答案：

ABY001010100111

15.（6分）小明在有關(guān)媒體上看到了由于出氣孔堵塞，致使高壓鍋爆炸的報(bào)道后，給廠家提出了一個增加易熔片（熔點(diǎn)較低的合金材料）的改進(jìn)建議?，F(xiàn)在生產(chǎn)的高壓鍋已普遍增加了含有易熔片的出氣孔（如圖所示），試說明小明建議的物理道理。參考答案：高壓鍋一旦安全閥失效，鍋內(nèi)氣壓過大，鍋內(nèi)溫度也隨之升高，當(dāng)溫度達(dá)到易熔片的熔點(diǎn)時(shí)，再繼續(xù)加熱易熔片就會熔化，鍋內(nèi)氣體便從放氣孔噴出，使鍋內(nèi)氣壓減小，從而防止爆炸事故發(fā)生。四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分16.如圖所示，傾角為α=37°的斜面固定在水平地面上，一質(zhì)量m=1kg的小滑塊以速度v0=5m/s從底端滑上斜面．經(jīng)0.5s時(shí)的速度為零，斜面足夠長．g取10m/s2．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）求（1）滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)；（2）1s時(shí)的位移．參考答案：解：（1）小滑塊沿斜面向上做勻減速運(yùn)動，加速度大小為a1===10m/s2由牛頓第二定律得

mgsinα+μmgcosα=ma1可得μ=0.5（2）前0.5s小滑塊運(yùn)動的位移大小為x1==m=1.25m，方向沿斜面向上小滑塊向下做勻加速運(yùn)動的加速度為a2，則：mgsinα﹣μmgcosα=ma2可得后0.5s內(nèi)小滑塊的位移大小為x2==m=0.25m，方向沿斜面向下所以1s時(shí)的位移大小為x=x1﹣x2=1m方向：沿斜面向上答：（1）滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)是0.5；（2）1s時(shí)的位移為1m，方向：沿斜面向上．【考點(diǎn)】牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動的位移與時(shí)間的關(guān)系．【分析】（1）小滑塊沿斜面向上做勻減速運(yùn)動，根據(jù)速度公式求出加速度，再由牛頓第二定律可以求出滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)．（2）當(dāng)物體的速度減至零時(shí)到達(dá)斜面的最高點(diǎn)，對于下滑的過程，由牛頓第二定律求得加速度，再由位移時(shí)間公式求位移．17.在平面直角坐標(biāo)系xOy中，第I象限存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，第IV象限存在垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．一質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點(diǎn)以速度v0垂直于y軸射入電場，經(jīng)x軸上的N點(diǎn)與x軸正方向成60°角射入磁場，最后從y軸負(fù)半軸上的P點(diǎn)垂直于y軸射出磁場，如圖所示．不計(jì)粒子重力，求（1）M、N兩點(diǎn)間的電勢差UMN；（2）粒子在磁場中運(yùn)動的軌道半徑r；（3）粒子從M點(diǎn)運(yùn)動到P點(diǎn)的總時(shí)間t．參考答案：解：（1）粒子在第一象限內(nèi)做類平拋運(yùn)動，進(jìn)入第四象限做勻速圓周運(yùn)動．設(shè)粒子過N點(diǎn)的速度為v，有得：v=2v0粒子從M點(diǎn)到N點(diǎn)的過程，由動能定理有：解得：（2）粒子在磁場中以O(shè)′為圓心做勻速圓周運(yùn)動（如圖所示），半徑為O′N，有：解得：（3）由幾何關(guān)系得：ON=rsinθ設(shè)粒子在電場中運(yùn)動的時(shí)間為t1，則有：ON=v0t1粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動的周期為：設(shè)粒子在磁場中運(yùn)動的時(shí)間為t2，有：得：運(yùn)動的總時(shí)間為：t=t1+t2即：答：（1）M、N兩點(diǎn)間的電勢差；（2）粒子在磁場中運(yùn)動的軌道半徑為；（3）粒子從M點(diǎn)運(yùn)動到P點(diǎn)的總時(shí)間為．【考點(diǎn)】帶電粒子在混合場中的運(yùn)動；牛頓第二定律；動能定理的應(yīng)用；帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動；帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動．【分析】（1）粒子垂直于電場進(jìn)入第一象限，粒子做類平拋運(yùn)動，由到達(dá)N的速度方向可利用速度的合成與分解得知此時(shí)的速度，在應(yīng)用動能定理即可求得電場中MN兩點(diǎn)間的電勢差．（2）粒子以此速度進(jìn)入第四象限，在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運(yùn)動，先畫出軌跡圖，找出半徑；利用洛倫茲力提供向心力的公式，可求出在磁場中運(yùn)動的半徑．（3）粒子的運(yùn)動分為兩部分，一是在第一象限內(nèi)做類平拋運(yùn)動，二是在第四象限內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，分段求出時(shí)間，相加可得總時(shí)間．18.（12分）宇航員抵達(dá)半徑為R的星球表面后，為了測定該星球的質(zhì)量M，做如下的實(shí)驗(yàn)，取一根細(xì)線穿過光滑的細(xì)直管，細(xì)