廣西2024年高考物理模擬試卷及答案閱卷人一、單項(xiàng)選擇題（本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。）得分1．醫(yī)學(xué)影像診斷設(shè)備PET/CT是借助于示蹤劑可以聚集到病變部位的特點(diǎn)來(lái)發(fā)現(xiàn)疾病的。示蹤劑常利用同位素611C作示蹤原子標(biāo)記，其半衰期為20min。小型回旋加速器輸出的高速質(zhì)子轟擊714A．用高速質(zhì)子轟擊714N，生成B．用高速質(zhì)子轟擊714N，生成611C．當(dāng)611D．用高速質(zhì)子轟擊714N在一次核反應(yīng)過(guò)程中，核反應(yīng)前7142．如圖所示，用三個(gè)完全相同的小立柱將足球支起，小立柱的上端可視為點(diǎn)，小立柱的位置連線成正三角形，放在水平桌面上，足球與小立柱的觸點(diǎn)與足球球心的連線與豎直方向的夾角均為37°，已知每個(gè)小立柱對(duì)足球的支持力大小為2.5N，不計(jì)足球與小立柱間的摩擦及小立柱的重力，已知：sin37°=0A．單個(gè)小立柱對(duì)足球的支持力方向豎直向上B．足球所受的重力為7.5NC．足球?qū)π×⒅淖饔昧εc桌子對(duì)小立柱的作用力是平衡力D．足球?qū)π×⒅淖饔昧εc桌子對(duì)小立柱的作用力是相互作用力3．下圖是一款小型電鉆的簡(jiǎn)化電路圖，它由變壓器及電機(jī)兩部分構(gòu)成，變壓器為理想變壓器，電機(jī)的內(nèi)阻為1Ω，額定電壓為11V，額定電流為2A。當(dāng)變壓器輸入電壓為220V的正弦交流電時(shí)電鉆正常工作，下列說(shuō)法正確的是（）A．變壓器原線圈電流的最大值為0.12A C．變壓器的輸入功率為4W D．電機(jī)產(chǎn)生的機(jī)械功率為22W4．B超是醫(yī)院對(duì)病人進(jìn)行檢查的重要設(shè)備，B超成像的基本原理是探頭向人體發(fā)射一組超聲波，遇到人體不同組織時(shí)會(huì)產(chǎn)生不同程度的反射，探頭接收到的超聲波信號(hào)由計(jì)算機(jī)處理，從而形成B超圖像。如圖為血管探頭沿x軸正方向發(fā)送的簡(jiǎn)諧超聲波圖像，t=0時(shí)刻波恰好傳到質(zhì)點(diǎn)M。已知此超聲波的頻率為1×10A．質(zhì)點(diǎn)M開(kāi)始振動(dòng)的方向沿y軸正方向B．血管探頭發(fā)出的超聲波在血管中的傳播速度為1C．t=0.75×10D．0～0.75×15．某種海鳥(niǎo)可以像標(biāo)槍一樣一頭扎入水中捕魚(yú)，假設(shè)其在空中的俯沖看作自由落體運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入水中后可以看作勻減速直線運(yùn)動(dòng)，其v?t圖像如圖所示，自由落體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t1，整個(gè)過(guò)程的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為53t1，最大速度為A．t1=1s C．t1至53t1時(shí)間內(nèi)，鳥(niǎo)的加速度大小為20m/s26．質(zhì)譜儀在物理研究中起著非常重要的作用。如圖是質(zhì)譜儀的工作原理示意圖。粒子源（在加速電場(chǎng)上方，未畫(huà)出）產(chǎn)生的帶電粒子被加速電場(chǎng)加速后，進(jìn)入速度選擇器。速度選擇器內(nèi)相互正交的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度和勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度分別為B和E。平板S上有可讓粒子通過(guò)的狹縫P和記錄粒子位置的膠片A1A2A．速度選擇器中的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里B．能通過(guò)狹縫P的帶電粒子的速率等于EC．粒子打在膠片上的位置離狹縫P越遠(yuǎn)，粒子的比荷qmD．某種元素同位素的原子核，打在膠片上的位置離狹縫P越遠(yuǎn)，表明其質(zhì)量數(shù)越大7．2024年2月23日，“長(zhǎng)征5號(hào)”遙七運(yùn)載火箭搭載通信技術(shù)試驗(yàn)衛(wèi)星十一號(hào)發(fā)射成功，被譽(yù)為龍年首發(fā)。衛(wèi)星進(jìn)入地球同步軌道后，主要用于開(kāi)展多頻段、高速率衛(wèi)星通信技術(shù)驗(yàn)證。設(shè)地球同步衛(wèi)星的軌道半徑是地球半徑的n倍，下列說(shuō)法中正確的是（）A．地球同步衛(wèi)星可以靜止在北京上空B．同步衛(wèi)星運(yùn)行速度是第一宇宙速度的1C．同步衛(wèi)星的運(yùn)行速度是地球赤道上物體隨地球自轉(zhuǎn)獲得的速度的1D．若忽略地球的自轉(zhuǎn)效應(yīng)，則同步衛(wèi)星的向心加速度是地球表面重力加速度的1閱卷人二、多項(xiàng)選擇題（本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。）得分8．體育課上一位同學(xué)練習(xí)足球控球技術(shù)，某次練習(xí)中足球由靜止自由下落1.25m時(shí)，不等足球著地就被這位同學(xué)用腳背接住并快速豎直向上踢出，球離開(kāi)腳背后上升的最大高度仍為1.25m。已知足球與腳背的作用時(shí)間為0.1s，足球的質(zhì)量為0.4kg，重力加速度大小g取10m/sA．足球下落到與腳背剛接觸時(shí)動(dòng)量大小為4kg?m/sB．足球自由下落過(guò)程重力的沖量大小為2N?sC．足球與腳背作用過(guò)程中，足球的動(dòng)量變化量為零D．腳背對(duì)足球的平均作用力大小為44N9．圖甲所示是一種靜電除塵裝置，其原理簡(jiǎn)圖如圖乙所示，在板狀收集器A與線狀電離器B間加恒定高壓，讓廢氣從一端進(jìn)入靜電除塵區(qū)經(jīng)過(guò)凈化后從另一端排出，其中一帶負(fù)電的塵埃微粒沿圖乙中虛線向收集器A運(yùn)動(dòng)，P、Q是運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩點(diǎn)，不計(jì)微粒重力和微粒間的相互作用，不考慮微粒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的電荷量變化。下列分析正確的是（）A．P點(diǎn)電勢(shì)比Q點(diǎn)電勢(shì)低 B．微粒在P點(diǎn)速度比Q點(diǎn)的大C．微粒在P點(diǎn)具有的電勢(shì)能比Q點(diǎn)的大 D．微粒在P點(diǎn)具有的電勢(shì)能比Q點(diǎn)的小10．圖甲所示的無(wú)人機(jī)，某次從地面由靜止開(kāi)始豎直向上飛行，該過(guò)程中加速度a隨上升高度h的變化關(guān)系如圖乙所示。已知無(wú)人機(jī)的質(zhì)量為m，重力加速度為g，取豎直向上為正方向，不計(jì)空氣阻力，則從地面飛至3?A．先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng) B．飛至?0高處時(shí)速度大小為C．飛至2?0高處時(shí)無(wú)人機(jī)所受的升力為2mg 閱卷人三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共16分。）得分11．某同學(xué)在做“測(cè)定玻璃折射率”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，已經(jīng)畫(huà)好了部分圖線，如圖甲所示，在玻璃磚一側(cè)插上大頭針P1、P2，確定入射光線AO?，F(xiàn)需在玻璃磚另一側(cè)插上（1）下列確定P3A．透過(guò)玻璃磚觀察，使P3擋住PB．透過(guò)玻璃磚觀察，使P3擋住P1、C．先插上P4大頭針，在靠近玻璃磚一側(cè)P3擋住P（2）在圖甲中作出光在玻璃磚中光線和從玻璃磚中出射后的光線的光路圖，并畫(huà)出玻璃磚中光線的折射角θ（3）經(jīng)過(guò)多次測(cè)量作出sinθ1?12．利用6V的恒壓電源、量程為0～0.6A的電流表（內(nèi)阻不計(jì)）、定值電阻、阻值隨長(zhǎng)度均勻變化的電阻絲（總長(zhǎng)度為0.05m，總阻值為25Ω）、金屬?gòu)椈桑娮璨挥?jì)）、開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線，改裝成如圖甲的測(cè)力計(jì)，拉力為零時(shí)滑片P剛好在電阻絲的左端。（1）圖甲的電路中，如果開(kāi)關(guān)閉合，拉力F增加時(shí)，電流表的示數(shù)（選填“增大”、“減小”或“不變”）（2）圖甲的電路中，定值電阻的作用是，阻值至少為Ω；（3）彈簧所受拉力F與其伸長(zhǎng)量ΔL的關(guān)系如圖乙．若定值電阻為20Ω，則電流表的示數(shù)I與彈簧所受拉力F的關(guān)系式I=（A），由此可知用電流表改裝的測(cè)力計(jì)刻度是（選填“均勻”“不均勻”）的。閱卷人四、計(jì)算題（本大題共3小題，共38分。解析應(yīng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟。只寫(xiě)出最后答案的不得分，有數(shù)字計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位。）得分13．某學(xué)校開(kāi)展慶?；顒?dòng)，使用氣球渲染氣氛。早晨，學(xué)校地表附近的氣溫為27℃，大氣壓強(qiáng)為P0，此時(shí)在地表附近的氣球體積為V（1）正午時(shí)大氣壓仍為P0，此時(shí)地表附近的氣球體積增大了1（2）若某高處的大氣壓強(qiáng)為4514．如圖甲所示，光滑水平面上寬度為3L的區(qū)域有方向垂直于水平面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，初始時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0，一個(gè)邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，質(zhì)量為m，總電阻為R的單匝正方形金屬框在拉力作用下以速度v0向右勻速進(jìn)入磁場(chǎng)，當(dāng)金屬框完全進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)撤去拉力，線框依然能以速度（1）求金屬框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中，通過(guò)回路的電荷量q；（2）求金屬框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中，拉力對(duì)金屬框所做的功W；（3）cd邊由磁場(chǎng)左邊界運(yùn)動(dòng)到磁場(chǎng)右邊界的過(guò)程中，求金屬框產(chǎn)生的焦耳熱Q。15．“離心軌道演示儀”是學(xué)習(xí)機(jī)械能守恒定律的經(jīng)典演示裝置，如圖甲所示，該實(shí)驗(yàn)裝置可以簡(jiǎn)化為如圖乙所示的物理模型：豎直平面內(nèi)由傾斜斜面軌道AB、半徑為r1=0.1m的圓周軌道BCD和半徑為r2=0.25m的部分圓周軌道CE構(gòu)成的裝置固定于水平地面，B、C兩處軌道平滑連接，軌道正前方放置一個(gè)豎直擋板，板面正對(duì)著軌道。圓心O1、O2與C點(diǎn)在同一豎直線上，（1）若小球的初始高度?1（2）若小球能沿軌道到達(dá)E點(diǎn)，求h的最小值?min（3）若小球釋放后，第二次到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)與靜止在C點(diǎn)的質(zhì)量為m3的另一個(gè)小球發(fā)生彈性正碰，碰撞后被碰小球通過(guò)E點(diǎn)之后恰好能垂直碰到豎直擋板，求小球釋放時(shí)的高度?

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】AB、根據(jù)質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒，核反應(yīng)方程為

714N+12H→611C+24He

可知同時(shí)釋放的粒子是α粒子，故A錯(cuò)誤，B正確；

C、半衰期由核內(nèi)部本身因素決定，與原子所處的物理狀態(tài)或化學(xué)狀態(tài)無(wú)關(guān)，故2．【答案】C【解析】【解答】A、彈力的方向垂直接觸面指向受力物體，故單個(gè)小立柱對(duì)足球的支持力方向斜向上，故A錯(cuò)誤；

B、對(duì)足球進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件可知，三個(gè)立柱對(duì)足球的作用力的合力與足球受到的重力平衡，足球所受的重力為

G=3Fcos37°=6N

故B錯(cuò)誤；

CD、足球?qū)π×⒅淖饔昧εc桌子對(duì)小立柱的作用力作用在同一物體上，大小相等，方向相反，是一對(duì)平衡力，故C正確，D錯(cuò)誤。

3．【答案】A【解析】【解答】A、根據(jù)理想變壓器原副線圈電壓與線圈匝數(shù)的關(guān)系

U1U2=n1n2

可得

n1n2=20

根據(jù)理想變壓器原副線圈電流與線圈匝數(shù)的關(guān)系

I1I2=n2n1

解得變壓器原線圈電流的有效值為

I1=0.1A

變壓器原線圈電流的最大值為

Im14．【答案】B【解析】【解答】】A、因?yàn)椴ㄑ豿軸正方向傳播，根據(jù)波形平移法可知，質(zhì)點(diǎn)M開(kāi)始振動(dòng)的方向沿y軸負(fù)方向，故A錯(cuò)誤；

B、由圖像可知波長(zhǎng)為

λ=14×10?2mm

則血管探頭發(fā)出的超聲波在血管中的傳播速度為

v=λT=λf=1.4×103m/s

故B正確；

C、質(zhì)點(diǎn)并不會(huì)隨波的傳播方向遷移，故C錯(cuò)誤；

D、由題意可知周期為

T=1f=1×10?75．【答案】B【解析】【解答】A、根據(jù)

vm=gt1

可知

t1=vmg=0.6s

故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)v-t圖像與橫軸圍成的面積表示位移，可知整個(gè)過(guò)程中，鳥(niǎo)下落的高度為

?=12vm?53t1=12×6×6．【答案】D【解析】【解答】A、根據(jù)帶電粒子在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)方向，根據(jù)左手定則知，該粒子帶正電，則在速度選擇器中電場(chǎng)力水平向右，則洛倫茲力水平向左，根據(jù)左手定則知，磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，故A錯(cuò)誤；

B、在速度選擇器中，電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，有

qE=qvB

求得

v=EB

能通過(guò)狹縫P的帶電粒子的速率等于EB，故B錯(cuò)誤；

CD、粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后，由洛倫茲力提供向心力，則有

qvB0=mv2r

7．【答案】B【解析】【解答】A、地球同步衛(wèi)星靜止在赤道上空，不可能靜止在北京上空，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力

GMmr2=mv2r

可得

v=GMr

則

v同v1=1nR1R=1n

故B正確；

C、同步衛(wèi)星、地球赤道上物體角速度相同，根據(jù)

v=ωr

則

v8．【答案】B,D【解析】【解答】AB、足球剛下落到腳上的速度大小為

v=2g?=5m/s

則足球下落到與腳背剛接觸時(shí)動(dòng)量大小為

p=mv=2kg?m/s

足球自由下落過(guò)程，根據(jù)動(dòng)量定理可得重力的沖量大小為

IG=mv?0=2N?s

故A錯(cuò)誤，B正確；

CD、足球與腳作用過(guò)程中，根據(jù)對(duì)稱(chēng)性可知，足球動(dòng)量的變化大小為

9．【答案】A,C【解析】【解答】A、由于A帶正電，B帶負(fù)電，根據(jù)沿電場(chǎng)方向電勢(shì)降低，可知離A越近電勢(shì)越高，離B越近電勢(shì)越低，則P點(diǎn)電勢(shì)比Q點(diǎn)電勢(shì)低，故A正確；

BCD、微粒由P點(diǎn)向Q點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，只受電場(chǎng)力作用，電場(chǎng)力做正功，動(dòng)能增加，電勢(shì)能減少，則微粒在P點(diǎn)速度比Q點(diǎn)的小，粒在P點(diǎn)具有的電勢(shì)能比Q點(diǎn)的大，故BD錯(cuò)誤，C正確。

故答案為：AC。

【分析】根據(jù)題意確定板內(nèi)場(chǎng)強(qiáng)的分布情況，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，越靠近負(fù)電荷電勢(shì)越低。電場(chǎng)力做功，電勢(shì)能減小，動(dòng)能增加。10．【答案】C,D【解析】【解答】A、由圖可知，無(wú)人機(jī)先做變加速直線運(yùn)動(dòng)后做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B、飛至h0高處時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理

W合=12mg?0=12mv2

解得速度大小為

v=g?0

故B錯(cuò)誤；

C、飛至2h0高處時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律

F?mg=mg

解得無(wú)人機(jī)所受的升力為

F=2mg

故C正確；

D、從地面飛至3h0高處的過(guò)程中，無(wú)人機(jī)動(dòng)能增加量為11．【答案】（1）B（2）（3）1.25【解析】【解答】（1）確定P3位置的方法是：透過(guò)玻璃磚觀察，使P3擋住P1、P2的像。

故答案為：B。

（2）如圖所示

（3）根據(jù)折射定律可得

n=sinθ1sinθ2

12．【答案】（1）增大（2）保護(hù)電流表不會(huì)被燒壞；10（3）120900?F【解析】【解答】（1）拉力F增大時(shí)，滑動(dòng)觸頭向右移動(dòng)，電阻絲接入電路阻值減小，則總電阻減小，電路電流增大，即電流表的示數(shù)增大。

（2）定值電阻的作用是：保護(hù)電流表不會(huì)被燒壞；當(dāng)電路中電流達(dá)到最大0.6A時(shí)，電路中的總電阻最小值為

R=EI=60.6Ω=10Ω

所以定值電阻至少為10Ω。

（3）由圖乙可知

F=kΔL

可得

k=6000.06N/m=1×104N/m

設(shè)定值電阻為R，電阻絲總電阻為RL，移動(dòng)距離為

x=ΔL

由閉合電路歐姆定律

I=ER+R13．【答案】（1）由題意可知此過(guò)程為等壓變化過(guò)程，由蓋-呂薩克定律知V且T解得T=310K可知t=37℃（2）由理想氣體狀態(tài)方程P且P解得V【解析】【分析】（1）根據(jù)題意可知?dú)馇蝮w積變大過(guò)程發(fā)生等壓變化，確定膨脹前后氣體的熱力學(xué)溫度，再根據(jù)蓋呂薩克定律進(jìn)行解答；

（2）根據(jù)平衡條件確定某高處位置氣體的壓強(qiáng)，再根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程進(jìn)行解答。14．【答案】（1）金屬框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程：E=其中ΔΦ=聯(lián)立可得：q=（2）金屬框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程：感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=感應(yīng)電流為I=線框所受安培力大小為F由平衡條件得外力大小為F=金屬框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程拉力做的功：W（3）金屬框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程產(chǎn)生的焦耳熱等于拉力做的功Q金屬框在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)過(guò)程：E=產(chǎn)生的焦耳熱：Q2金屬框從進(jìn)入磁場(chǎng)到cd邊到達(dá)磁場(chǎng)的右邊界的過(guò)程：Q=【解析】【分析】（1）確定線框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程穿過(guò)金屬框磁通量的變化情況，再根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律及閉合電路歐姆定律和電荷量公式進(jìn)行解答；

（2）金屬線框進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中做勻速運(yùn)動(dòng)，金屬框處于平衡狀態(tài)，即所受拉力等于安培力。根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律及歐姆定律和安培力公式確定安培力的大小，再根據(jù)平衡條件及公的定義式進(jìn)行解答；

（3）金屬框進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中做勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)能量守恒定律可知，拉力對(duì)線框做的功全部轉(zhuǎn)化為線框產(chǎn)生的焦耳熱。金屬框完全進(jìn)入磁場(chǎng)中后，磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化使得回路中產(chǎn)生感應(yīng)電流，在金屬框中產(chǎn)生焦耳熱，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律及焦耳定律確定此過(guò)程產(chǎn)生的焦耳熱，再結(jié)合（2）確定產(chǎn)生的總焦耳熱。15．【答案】（1）設(shè)小球達(dá)到C點(diǎn)時(shí)速度為v