第=page11頁，共=sectionpages11頁2023-2024學年北京市第一零一中學高一下學期期末考試物理補充試題請注意：下面選擇題全部為單項選擇題。1.如圖所示，甲、乙兩人靜止在水平冰面上，甲推乙后，兩人向相反方向沿直線做減速運動。已知甲的質(zhì)量小于乙的質(zhì)量，兩人與冰面間的動摩擦因數(shù)相同，兩人之間的相互作用力遠大于地面的摩擦力。下列說法正確的是(

)A.甲推乙的過程中，甲和乙的機械能守恒

B.乙停止運動前任意時刻，甲的速度總是大于乙的速度

C.減速過程中，地面摩擦力對甲做的功等于對乙做的功

D.減速過程中，地面摩擦力對甲的沖量大于對乙的沖量2.如圖所示，圓盤可在水平面內(nèi)繞通過O點的豎直軸轉(zhuǎn)動(俯視)，圓盤上距軸r處有一質(zhì)量為m的物塊(可視為質(zhì)點)。某時刻起，圓盤開始繞軸轉(zhuǎn)動，經(jīng)過一段時間，其角速度從0增大至ω。已知物塊與圓盤之間的動摩擦因數(shù)μ、重力加速度g，該過程中物塊始終相對圓盤靜止，下列說法正確的是(

)

A.物塊所受摩擦力的方向始終指向O點 B.物塊所受摩擦力的大小始終為μmg

C.物塊所受摩擦力的沖量大小為mωr D.物塊所受摩擦力做的功為03.如圖1所示，一長木板靜止于光滑水平桌面上，t=0時，小物塊(可視為質(zhì)點)以速度v0滑到長木板上，t1時刻小物塊恰好滑至長木板的最右端。圖2為物塊與木板運動的v?t圖像，圖中t1、v0、v1已知，重力加速度大小為gA.木板的長度為v0t1

B.物塊與木板的質(zhì)量之比為v1v0

C.物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)為4.體積相同的小球A和B懸掛于同一高度，靜止時，兩根輕繩豎直，兩球球心等高且剛好彼此接觸。如圖所示，保持B球靜止于最低點，拉起A球，將其由距最低點高度為?處靜止釋放，兩球發(fā)生碰撞后分離。兩球始終在兩懸線所決定的豎直平面內(nèi)運動，懸線始終保持繃緊狀態(tài)，不計空氣阻力。下列說法正確的是(

)

A.兩球從碰撞到分離的過程中，A球減少的動能與B球增加的動能大小一定相等

B.兩球從碰撞到分離的過程中，A球動量的變化量與B球動量的變化量大小一定相等

C.B球上升的最大高度不可能大于?

D.B球上升的最大高度可能小于?5.一水平輕彈簧的兩端與質(zhì)量分別為m1和m2的兩物塊A、B相連接，并靜止在光滑的水平面上?，F(xiàn)使A瞬時獲得水平向右的速度3m/s，此后兩物塊的速度隨時間變化的規(guī)律如圖所示，從圖像信息可得(

)

A.在t1、t3時刻兩物塊達到共同速度1m/s，且彈簧都是處于壓縮狀態(tài)

B.從t1到t3時刻彈簧由壓縮狀態(tài)恢復到原長

C.兩物體的質(zhì)量之比為m1:m2=1:3

6.將一輕彈簧與小球組成彈簧振子豎直懸掛，上端裝有記錄彈力的拉力傳感器，當振子上下振動時，彈力隨時間的變化規(guī)律如圖所示。已知重力加速度大小g=10m/s2，下列說法正確的是(

)

A.小球的質(zhì)量為2kg，振動的周期為4s

B.0～2s內(nèi)，小球受回復力的沖量大小為0

C.0～2s內(nèi)和2～4s內(nèi)，小球受彈力的沖量方向相反

D.0～2s內(nèi)，小球受彈力的沖量大小為40N·s7.用小球和輕彈簧組成彈簧振子，使其沿水平方向做簡諧運動，振動圖像如圖所示，下列描述正確的是(

)

A.t=1s時，振子的速度最大

B.t=2s時，振子的加速度最大

C.1～2s內(nèi)，振子的速度變大，加速度變小

D.1～2s內(nèi)，振子的速度變大，加速度變大8.用多組實驗數(shù)據(jù)做出T2??L圖象，也可以求出重力加速度g，已知三位同學做出的T2??L圖線的示意圖如圖中的a、b、c所示，其中a和b平行，b和c都過原點，圖線b對應的g值最接近當?shù)刂亓铀俣鹊闹?則相對于圖線b，下列分析正確的是(

)A.出現(xiàn)圖線a的原因可能是誤將懸點到小球下端的距離記為擺長L

B.出現(xiàn)圖線c的原因可能是誤將49次全振動記為50次

C.圖線c對應的g值小于圖線b對應的g值

D.圖線a對應的g值等于圖線b對應的g值9.一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，波速為0.5m/s，周期為4s。t=2s時波形如圖甲所示，a、b、c、d是波上的四個質(zhì)點。如圖乙所示是波上某一質(zhì)點的振動圖像。下列說法正確的是(

)

A.這列波的波長為4m

B.t=0時質(zhì)點b的速度方向為y軸正方向

C.如圖乙表示的是質(zhì)點b的振動圖像

D.t=1s時質(zhì)點b的加速度方向為y軸負方向10.為了降低噪聲帶來的影響，人們通常在聲源處、傳播過程中以及人耳處采取措施。耳機通常會采取兩種方式降噪，即被動降噪與主動降噪。被動降噪方式主要是通過物理隔絕或者耳機上的特殊結(jié)構盡量阻擋噪聲。主動降噪方式通常是在耳機內(nèi)設有兩個麥克風，如圖所示，一個麥克風用來收集周圍環(huán)境中的噪聲信號，有助于耳機的處理器能夠預測下一時刻的噪聲情況，并產(chǎn)生相應的抵消聲波。另一個麥克風用來檢測合成后的噪聲是否變小，有助于處理器進一步優(yōu)化抵消聲波，達到最佳的降噪效果。根據(jù)上述信息及所學過的知識可以判斷(

)

A.被動降噪方式利用了聲波的多普勒效應

B.主動降噪時產(chǎn)生的理想抵消聲波和噪聲聲波頻率、振幅都相同，相位相反

C.無論主動降噪方式還是被動降噪方式，都可以使進入耳膜的聲波頻率變小

D.無論主動降噪方式還是被動降噪方式，都是利用了聲波的衍射現(xiàn)象

答案解析1.B

【解析】A.甲、乙兩人靜止在水平冰面上，重力勢能一定，開始動能為0，甲推乙后，兩者動能增大，即甲推乙的過程中，甲和乙的機械能增大，A錯誤；B.甲推乙過程，由于兩人之間的相互作用力遠大于地面的摩擦力，則有m由于甲的質(zhì)量小于乙的質(zhì)量，則有v兩人與冰面間的動摩擦因數(shù)相同，即減速過程的加速度大小相等，可知乙停止運動前任意時刻，甲的速度總是大于乙的速度，B正確；C.減速過程中，根據(jù)W根據(jù)上述，兩人互推過程，動量大小相等，甲的速度大于乙的速度，則地面摩擦力對甲做的功大于對乙做的功，C錯誤；D.根據(jù)I根據(jù)上述，兩人互推過程，動量大小相等，則減速過程中，地面摩擦力對甲的沖量大小等于對乙的沖量，D錯誤。故選B。2.C

【解析】A.在角速度從0增大至

ω

過程中，物塊有切線方向的加速度，則摩擦力有切向分力，不是指向O點，故A錯誤；B.該過程中物塊始終相對圓盤靜止，則摩擦力始終小于最大靜摩擦力

μmg

，故B錯誤；C.物塊受到的支持力與重力的沖量大小相等方向相反，則根據(jù)動量定理物塊的動量改變量等于摩擦力的沖量，為mΔv=mωr故C正確；D.支持力和重力不做功，根據(jù)動能定理，摩擦力做功等于動能改變量為1故D錯誤。故選C。3.D

【解析】A．

t1時刻小物塊恰好滑至長木板的最右端，所以相對位移就是板長，根據(jù)圖2L=Δx=故A錯誤；B.相對運動過程中，設相互間的摩擦力大小為

f

，物塊的加速度大小a=木板加速度大小a所以物塊與木板的質(zhì)量之比為m故B錯誤；C.摩擦力為f=μmg所以物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)μ=故C錯誤；D.

0～t1Δ物塊的動能減少量為Δ物塊動能的減少量與木板動能的增加量之比為Δ又m聯(lián)立得Δ故D正確。故選D。4.BD

【解析】A.兩球質(zhì)量未知，由題中條件無法確定是不是彈性碰撞，所以不能確定A球減少的動能與B球增加的動能是不是一定相等，故A錯誤；B.兩球在最低點碰撞，從碰撞到分離的過程中，動量守恒，AB球的總動量不變，所以A球動量的變化量與B球動量的變化量大小一定相等，方向相反，故B正確；C.假設AB是彈性碰撞，則有動量守恒和能量守恒得m聯(lián)立可得v且根據(jù)機械能守恒可得mm聯(lián)立可得?若B球質(zhì)量小于A球質(zhì)量，則可得?故C錯誤；D.假設碰撞是完全非彈性碰撞，則有m可得v則由m可得?如果

mA<?故D正確。故選BD。5.D

【解析】A.由圖可知t1、t3時刻兩物塊達到共同速度1m/s，且此時系統(tǒng)動能最小，根據(jù)系統(tǒng)機械能守恒可知，此時彈性勢能最大，而t=0、t2、t4三個時刻彈簧處于原長狀態(tài)，故t1B.結(jié)合圖象，開始時m1逐漸減速，m2逐漸加速，彈簧被壓縮，t1時刻二者速度相等，系統(tǒng)動能最小，勢能最大，彈簧被壓縮最短，然后彈簧逐漸恢復原長，m2依然加速，m1先減速為零，然后反向加速，t2時刻，彈簧恢復原長狀態(tài)，由于此時兩物塊速度相反，因此彈簧的長度將逐漸增大，兩木塊均減速，當t3C.系統(tǒng)動量守恒，選擇開始到t1m將v1=3m/s，m1：m2故C錯誤；D.在t2時刻A的速度為vA=1m/s，Bm1：m2根據(jù)E解得Ek1：Ek2故D正確。故選D。6.B

【解析】A.根據(jù)圖像可知，

t=0

時，彈簧彈力最大，為

20N

，小球位于最低點，

t=2s

時，彈簧彈力最小，為零，小球位于最高點，由對稱性可知，小球振動的周期為4s，小球位于平衡位置時，彈力為F=且F=mg解得小球的質(zhì)量為1kg，故A錯誤；B.小球受到的合外力提供回復力，0～2s內(nèi)，小球初末速度均為零，速度變化量為零，根據(jù)動量定理I可知0～2s內(nèi)，小球受回復力的沖量大小為0，故B正確；CD.0～2s內(nèi)，小球初末速度均為零，根據(jù)動量定理可得I可得I即0～2s內(nèi)，小球受彈力的沖量大小為

20N?s

，方向豎直向上，同理可得，2～4s內(nèi)，小球受彈力的沖量大小為

20N?s

，方向豎直向上，則0～2s內(nèi)和2～4s內(nèi)，小球受彈力的沖量方向相同，故CD錯誤。故選B。7.C

【解析】A.由圖可知，

t=1s

時振子位移最大，此時速度為零，A錯誤；B.

t=2s

時，振子在平衡位置，振子的速度最大，加速度最小，B錯誤；CD.

1～2s

內(nèi)，振子從最大位移處向平衡位置運動，此過程中振子的速度變大，加速度變小，C正確，D錯誤；故選C。8.BD

【解析】由單擺周期公式：

T=2πLg

可知：

T2=4π2gL

，根據(jù)數(shù)學知識可知，T2?L圖象的斜率

k=4π2g

，當?shù)氐闹亓铀俣?/p>

g=4π2k

.若測量擺長時忘了加上擺球的半徑，則擺長變成擺線的長度L，則有

T2=4π2gL

，根據(jù)數(shù)學知識可知，對T2?L圖象來說，

T2=4π2gL+4π2gr

與b線

T2=4π2gL

斜率相等，兩者應該平行，

4π2gr

是截距，故做出的T2?L圖象中a線的原因可能是誤將懸點到小球上端的距離記為擺長9.C

【解析】A.由圖像可知，周期為4s，根據(jù)v=解得λ=2m故A錯誤；B.t=2s時，質(zhì)點b位于平衡位置，根據(jù)同側(cè)法可知，此時質(zhì)點b沿y軸正方向運動，由于2s=可知，

t=0

時，質(zhì)點b也位于平衡位置，速度方向為y軸負方向，故B錯誤；C.圖乙中2s時刻，質(zhì)點位于平衡位置沿y軸正方向運動，結(jié)合上述可知，圖乙表示的是質(zhì)點b的振動圖像，故C正確；D.結(jié)合上述，t=2s時，質(zhì)點b位于平衡位置，沿y軸正方向運動，由于1s=可知