2020屆江蘇省七市高考物理二模試卷一、單選題（本大題共5小題，共15.0分）1. 關(guān)于力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系，下列說法正確的是(????)A.運(yùn)動(dòng)需要力來維持B.物體所受合外力增大，則物體的速度一定增大C.做直線運(yùn)動(dòng)的物體，所受合外力的方向一定與運(yùn)動(dòng)方向一致D.做曲線運(yùn)動(dòng)的物體，所受合外力一定不為02. 電子e以垂直于勻強(qiáng)磁場的速度v，從a點(diǎn)進(jìn)入長為d、寬為L的磁場區(qū)域，偏轉(zhuǎn)后從b點(diǎn)離開磁場，如圖所示。若磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，那么(????)A.電子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=B.電子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間大于LC.洛倫茲力對電子做的功是W=BevLD.電子在b點(diǎn)的速度與a點(diǎn)的速度相同3. 在研究微觀粒子時(shí)常用電子伏特(eV)做能量的單位．1eV等于一個(gè)電子經(jīng)過1V的電壓加速后增加的動(dòng)能．關(guān)于電子伏特與焦耳的單位換算正確的是(????)A.1eV=1.6×1019JC.1eV=1.6×10-19J4. 如下圖所示，長為l的細(xì)繩一端固定在O點(diǎn)，另一端拴住一個(gè)小球，在O點(diǎn)的正下方與O點(diǎn)相距的地方有一枚與豎直平面垂直的釘子；把小球拉起使細(xì)繩在水平方向伸直，由靜止開始釋放，當(dāng)細(xì)繩碰到釘子的瞬間，下列說法正確的是(

)A.小球的線速度發(fā)生突變B.小球的角速度突然增大到原來的2倍C.小球的向心加速度突然增大到原來的3倍D.繩子對小球的拉力突然增大到原來的2倍5. 如圖所示，兩根電阻不計(jì)的平行光滑金屬導(dǎo)軌PQ、MN與水平面的夾角均為θ，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，導(dǎo)軌下端接有圖示電路；已知：電阻R1=6Ω、R2=3Ω，電源電動(dòng)勢E=6V，內(nèi)阻不計(jì)．當(dāng)電鍵S1閉合，S2斷開時(shí)，一根垂直于導(dǎo)軌PQ放置的電阻不計(jì)、質(zhì)量均勻的金屬棒恰好能靜止，金屬棒質(zhì)量為mA.勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=mgcotθB.勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=C.若再閉合電鍵S2，閉合電鍵瞬間，金屬棒的加速度D.若再閉合電鍵S2，閉合電鍵瞬間，金屬棒的加速度a=二、多選題（本大題共7小題，共26.0分）6. 下列說法中不正確的是(????)A.牛頓提出萬有引力定律，并利用扭秤實(shí)驗(yàn)，巧妙地測出了萬有引力常量B.牛頓第一定律、牛頓第二定律都可以通實(shí)驗(yàn)來驗(yàn)證C.單位m、kg、s是一組屬于國際單位制的基本單位D.牛頓第一定律是牛頓第二定律在加速度等于零下的一個(gè)特例7. 一物體從半徑為R的行星表面某高度處一定初速度開始做平拋運(yùn)動(dòng)．從拋出時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，得到物體離行星表面高度h隨時(shí)間t變化的圖象如圖所示，已知引力常量G，則根據(jù)題設(shè)條件可以計(jì)算出(????)A.行星表面重力加速度的大小B.物體落到行星表面時(shí)速度的大小C.行星的質(zhì)量D.物體受到行星引力的大小8. 如甲所示一正方形導(dǎo)電線框放置在水平桌面上，其一半面積處于豎直方向的勻強(qiáng)磁場中。勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示(豎直向下的方向?yàn)锽的正方向)，而線框始終保持靜止。下列關(guān)于線框中的感應(yīng)電流i(逆時(shí)針方向?yàn)槠湔较?及線框所受摩擦力f(取水平向右為其正方向)隨時(shí)間變化的關(guān)系圖象中正確的是(????)A. B.C. D.9. 在抗擊新冠肺炎的戰(zhàn)“疫”中，機(jī)器人發(fā)揮了獨(dú)特的優(yōu)勢，機(jī)器人從護(hù)士站到病區(qū)為患者運(yùn)送生活物品，如圖(a)所示。機(jī)器人沿直線運(yùn)動(dòng)的v-t圖象，如圖(b)所示。在此過程中生活物品與平臺間恰好不發(fā)生滑動(dòng)，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，g取10m/s2，則(????)A.生活物品與平臺間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.06B.機(jī)器人輪胎與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.06C.機(jī)器人完成一次運(yùn)送最短時(shí)間為20D.機(jī)器人完成一次運(yùn)送最大速度為6m/s10. 下列解釋核能的反應(yīng)過程，表述正確的有(????)A.13H+1B.13C.92235D.92235U+011. 下列說法正確的是(????)A.從微觀角度看，氣體的壓強(qiáng)是大量氣體分子對容器壁的頻繁碰撞引起的B.只要知道氣體的摩爾體積和阿伏伽德羅常數(shù)，就可以算出氣體分子的體積C.由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，液面分子間只有引力，沒有斥力，所以液體表面具有收縮的趨勢D.在毛細(xì)現(xiàn)象中，毛細(xì)管中的液面有的升高，有的降低，這與液體的種類和毛細(xì)管的材質(zhì)有關(guān)E.當(dāng)兩薄玻璃板間夾有一層水膜時(shí)，在垂直于玻璃板的方向很難將玻璃板拉開，這是由于水膜具有表面張力12. 圖甲是沿x軸傳播的簡諧橫波在t=0.2s時(shí)刻的波形圖，乙圖是x=0處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象。P是x=2m處的質(zhì)點(diǎn)，Q是x=0.5m處的質(zhì)點(diǎn)。下列說法正確的是(????)A.該波沿x軸正方向傳播B.在t=0.2s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)速度一定是10m/sC.Q質(zhì)點(diǎn)在0.2s～0.4sD.以t=0.2s為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，P質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為y=5sin5πt(cm)E.若波源沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，則該波源的振動(dòng)頻率可能為5Hz三、填空題（本大題共3小題，共12.0分）13. 已知?dú)湓踊鶓B(tài)能級E1，激發(fā)態(tài)能級En=E1n2(n=2,3,…)，普朗克常量為h，光速為c，則氫原子從n=4向n=2躍遷時(shí)發(fā)出光的波長為14. 甲、乙兩同學(xué)分別在高倍顯微鏡下每隔30s追蹤記錄水中小炭粒運(yùn)動(dòng)位置的連線圖，如圖甲和乙所示，兩方格紙每格均為邊長相等的正方形。比較兩圖可知：若水溫相同，______(選填“甲”或“乙”)中炭粒的顆粒較大；若炭粒大小相同，______(選填“甲”或“乙”)中水分子的熱運(yùn)動(dòng)較劇烈；水中小炭粒的運(yùn)動(dòng)______(選填“是”或“不是”)水分子的運(yùn)動(dòng)。15. 在LC振蕩電路中，如已知電容C，并測得電路的固有振蕩周期T，即可求得電感L.為了提高測量精度，需多次改變C值并測得相應(yīng)的T值．現(xiàn)將測得的6組數(shù)據(jù)標(biāo)示在以C為橫坐標(biāo)、T2為縱坐標(biāo)的坐標(biāo)紙上，即圖中“×”表示的點(diǎn)．(1)T、L、C的關(guān)系為______．(2)根據(jù)圖中給出的數(shù)據(jù)點(diǎn)作出T2與C(3)求得的L值是______．四、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共18.0分）16. 為測量木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，將木板傾斜，木塊以不同的初速度沿木板向上滑到最高點(diǎn)后再返回，用光電門測量木塊來回的速度，用刻度尺測量向上運(yùn)動(dòng)的最大距離，為確定木塊向上運(yùn)動(dòng)的最大高度，讓木塊推動(dòng)輕質(zhì)卡到最高點(diǎn)，記錄這個(gè)位置，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示．(1)本實(shí)驗(yàn)中，下列操作合理的是______．A.遮光條的寬度應(yīng)盡量小些B.實(shí)驗(yàn)前將輕質(zhì)卡置于光電門附近C.為了實(shí)驗(yàn)成功，木塊的傾角必須大于某一值(2)用螺旋測微器測量遮光條的寬度，如圖乙所示讀數(shù)為______mm．(3)改變木塊的初速度，測量出它向上運(yùn)動(dòng)的最大距離與木塊來回經(jīng)過光電門時(shí)速度的平方差，結(jié)果如表所示，試在丙圖坐標(biāo)紙上作出△v2-x的圖象，經(jīng)測量木板傾角的余弦值為0.6，重力加速度取g=9.80m/s2，則木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為序號12345X/cm16.036.060.070.088.0△0.040.090.150.190.22(4)由于輕質(zhì)卡的影響，使得測量的結(jié)果______(選填“偏大”或“偏小”)．17. 如圖(甲)所示，某同學(xué)用DIS實(shí)驗(yàn)測量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻，為保護(hù)電源在電路中串聯(lián)了一個(gè)阻值為R0=2Ω(1)在(甲)圖中的P處應(yīng)接______傳感器，Q處應(yīng)接______傳感器．(選填“電流”或“電壓”)(2)某同學(xué)根據(jù)計(jì)算機(jī)生成如圖(乙)所示的U-I圖線，由圖線可知，這節(jié)干電池的電動(dòng)勢約為______，內(nèi)阻約為______．五、計(jì)算題（本大題共5小題，共62.0分）18. 如圖所示，粗細(xì)均勻的U形玻璃管豎直放置，管中裝有部分水銀，左端開口向下，右側(cè)封閉一定質(zhì)量的空氣(視為理想氣體)。初始時(shí)玻璃管右側(cè)放入裝有熱水的燒杯中，左右兩側(cè)水銀液面高度相等，空氣柱長度l1=36.0cm。燒杯中熱水溫度T1=360K，大氣壓強(qiáng)P0①熱水完全冷卻后室內(nèi)環(huán)境的熱力學(xué)溫度T②室內(nèi)環(huán)境溫度不變，取出U形管，在豎直平面內(nèi)緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)(不漏氣)，直到開口豎直向上為止欲使左右兩側(cè)水銀液面高度相等，需從開口端注入水銀柱的長度△l為多少？19. “道威棱鏡”廣泛地應(yīng)用于光學(xué)儀器中，如圖所示，將一截面為等腰直角三角形的玻璃棱鏡截去棱角，使其上邊AB平行于底邊CD，可制成“道威棱鏡”，這樣就能減小棱鏡的重量和雜散的內(nèi)部反射。平行于底邊CD的單色光從AC邊射入，都從BD邊射出。已知玻璃棱鏡的折射率n=2，CD邊長為l。若光從一種介質(zhì)射到另一種介質(zhì)的分界面時(shí)，發(fā)生了折射，就不考慮反射。(i)通過計(jì)算說明從BD邊射出的光的傳播方向；(ii)求該“道威棱鏡”的最大高度。20. 如圖所示，空間中自下而上依次分布著垂直紙面向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場區(qū)域I、Ⅱ、Ⅲ.….n，相鄰兩個(gè)磁場的間距均為a=1.2m.一邊長L=0.2m、質(zhì)量m=0.5kg、電組R=0.01Ω的正方形導(dǎo)線框，與質(zhì)量M=2kg的物塊通過跨過兩光滑輕質(zhì)定滑輪的輕質(zhì)細(xì)線相連．線框的上邊距離磁場I的下邊界為b=1m，物塊放在傾角θ=53°的斜面上，物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，斜面足夠長．將物塊由靜止釋放，線框在每個(gè)磁場區(qū)域中均做勻速直線運(yùn)動(dòng)．已知重力加速度g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6(1)線框進(jìn)人磁場I時(shí)速度v1(2)磁場I的磁感應(yīng)強(qiáng)度B1(3)磁場n的磁感應(yīng)強(qiáng)度Bn與B121. 如圖所示，光滑水平地面上固定一個(gè)半徑R=0.2m的光滑四分之一圓軌道，圓軌道末端與緊靠著的兩個(gè)長為L=0.2m的長木塊A、B的上表面齊平，一可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊C從圓軌道頂端由靜止釋放，滑下后依次滑上長木塊A、B，已知A、B，已知A、B、C的質(zhì)量均為m=1kg，C與A上表面的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，g取10m/s2.求滑塊C從A剛滑上B時(shí)三者的速度．22. 如圖所示，一邊長為a的正方形導(dǎo)線框內(nèi)有一勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直于導(dǎo)線框所在平面向內(nèi)，導(dǎo)線框的左端通過導(dǎo)線接一對水平放置的金屬板，兩板間的距離為d，板長l=3d.t=0時(shí)，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度從B0開始均勻增加，同時(shí)，在金屬板的左側(cè)有一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子以大小為v0(1)粒子在板間運(yùn)動(dòng)過程，兩板間的電勢差．(2)粒子從兩板間離開瞬間，磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。?、綜合題（本大題共1小題，共5.0分）23. 地球年齡約為45億年，在剛生成的地球上，?92238U的數(shù)量大約是它現(xiàn)在數(shù)量的幾倍(參如表半衰期實(shí)例半衰期實(shí)例核半衰期核半衰期核半衰期自由中子887s?5.2714a?2.144×?3.139d?5.75a?7.038×?3.66d?1600a?4.468×?8.02d?5730a?1.405×注：表中s表示秒，d表示日，a表示年。半衰期是放射性物質(zhì)固有的一種物理屬性，由原子核自身的因素決定，與原子所處的化學(xué)狀態(tài)和外部條件無關(guān)。

參考答案及解析1.答案：D解析：解：A、物體的運(yùn)動(dòng)不需要力來維持，力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因。故A錯(cuò)誤；B、物體受到的合外力增大，說明了物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)改變加快，若該力的方向與運(yùn)動(dòng)的方向相反，則物體的速度減小。故B錯(cuò)誤；C、做直線運(yùn)動(dòng)的物體，所受合外力的方向可能與運(yùn)動(dòng)方向一致，也有可能與運(yùn)動(dòng)的方向相反。故C錯(cuò)誤；D、物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力與速度不在同一條直線上，所以物體受到的合外力一定不為0.故D正確；故選：D。根據(jù)以下知識答題：(1)物體的運(yùn)動(dòng)不需要力來維持，力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因；(2)做直線運(yùn)動(dòng)的物體，所受合外力的方向可能與運(yùn)動(dòng)方向一致，也有可能與運(yùn)動(dòng)的方向相反；(3)物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是合力與速度不在同一條直線上，速度的方向與該點(diǎn)曲線的切線方向相同，是一種變速運(yùn)動(dòng)．本題考查了力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系，應(yīng)知道：力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，不是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因．2.答案：B解析：解：AB、電子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：t=ABv>dvC、洛倫茲力方向與速度方向始終垂直，對電子不做功，故C錯(cuò)誤；D、洛倫茲力不做功，電子的動(dòng)能不變，則其速率不變，電子在b點(diǎn)的速度與a點(diǎn)的速度方向不同，故D錯(cuò)誤。故選：B。電子進(jìn)入磁場中由洛倫茲力提供向心力做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由弧長與線速度之比求時(shí)間．洛倫茲力不做功，速度大小不變．本題考查帶電粒子在有界勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)，粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)特性進(jìn)行解答是關(guān)鍵。3.答案：C解析：解：根據(jù)電場力做功公式公式W=qU得：1eV=1.6×10故選：C。根據(jù)電場力做功公式W=qU，可求得1eV和1J的關(guān)系．本題要知道電子伏是常用的能量單位，應(yīng)運(yùn)用電場力做功公式W=qU理解與功的單位J與eV的關(guān)系．4.答案：B解析：本題考查了牛頓第二定律在圓周運(yùn)動(dòng)中的應(yīng)用。小球的線速度發(fā)生不會(huì)突變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由，當(dāng)r變?yōu)闀r(shí)，小球的線速度發(fā)生不會(huì)突變，所以ω變?yōu)樵瓉淼?倍，選項(xiàng)B正確；由，當(dāng)r變?yōu)闀r(shí)，小球的線速度發(fā)生不會(huì)突變，所以a變?yōu)樵瓉淼?倍，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；Fn=F-mg，而Fn=man，所以由C分析得Fn變?yōu)樵瓉?故選B。5.答案：C解析：解：AB、導(dǎo)體桿靜止在導(dǎo)軌上，受到重力、支持力和安培力三個(gè)力作用，如圖側(cè)視圖所示．由平衡條件得

F=mgtanθ又F=BIL，I=ER=66A=1ACD、若再閉合電鍵S2，閉合電鍵瞬間，總電阻為這兩電阻的并聯(lián)，即為R'=6×36+3金屬棒受力分析，則有BI'Lcosθ-mgsinθ=ma

因BILcosθ=mgsinθ又因I'=3I所以金屬棒的加速度a=2gsinθ，故C正確，D錯(cuò)誤；故選：C導(dǎo)體桿靜止在導(dǎo)軌上，受到重力、支持力和安培力三個(gè)力作用，根據(jù)平衡條件和閉合電路歐姆定律結(jié)合安培力大小為F=BIL，即可求得磁感應(yīng)強(qiáng)度．當(dāng)改變通電導(dǎo)線的電流時(shí)，根據(jù)受力分析結(jié)合牛頓第二定律，即可求解．本題是通電導(dǎo)體在磁場中平衡問題，分析受力情況，特別是安培力的情況是關(guān)鍵．6.答案：ABD解析：解：A、牛頓提出萬有引力定律，卡文迪許利用扭秤實(shí)驗(yàn)，巧妙地測出了萬有引力常量，故A錯(cuò)誤；B、牛頓第一定律不可以用實(shí)驗(yàn)來驗(yàn)證，牛頓第二定律都可以通實(shí)驗(yàn)來驗(yàn)證，故B錯(cuò)誤；C、單位m、kg、s是一組屬于國際單位制的基本單位，故C正確；D、牛頓第一定律指出，物體“不受外力”作用時(shí)的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，或者是靜止不動(dòng)；或者是做勻速直線運(yùn)動(dòng)，牛頓第二定律：物體的加速度跟物體所受的“合外力F”成正比，跟物體的質(zhì)量成反比，加速度的方向跟合外力的方向相同．故D錯(cuò)誤；本題選不正確的，故選：ABD．根據(jù)物理學(xué)史和常識解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可．本題考查物理學(xué)史，是常識性問題，對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一．7.答案：AB解析：解：A、物體離行星表面的高度為25m，落地時(shí)間為2.5s，根據(jù)h=12gt2C、根據(jù)地球表面萬有引力等于重力可知，GMmR2D、由于不知道物體的質(zhì)量，所以不能求出物體受到行星的引力大?。蔇錯(cuò)誤．故選：AB根據(jù)離行星表面的高度落地時(shí)間求出行星表面的重力加速度，從而再求出落地的速度．解決本題的關(guān)鍵根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出行星表面的重力加速度和落地速度．以及知道萬有引力等于重力GMmR28.答案：BC解析：解：AB、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=△B△tS，0～1s內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率恒定，感應(yīng)電動(dòng)勢大小恒定，由歐姆定律I=ER根據(jù)楞次定律0～1s線圈中感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，方向沿正方向，；2s～3s內(nèi)線圈中感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，方向沿負(fù)方向，故CD、0～1s內(nèi)，根據(jù)左手定則，受到的安培力向左，線框始終靜止，受到向右的靜摩擦力，由f=BIL，靜摩擦力與磁感應(yīng)強(qiáng)度B成正比，f隨B的均勻減小而減小；1～2s內(nèi)，感應(yīng)電流為零，無安培力，無摩擦力；2s～3s內(nèi)，根據(jù)左手定則，受到的安培力水平向左，線框始終靜止，受到向右的靜摩擦力，由f=BIL，靜摩擦力與磁感應(yīng)強(qiáng)度成正比，f隨故選：BC?；芈返拇磐堪l(fā)生變化，導(dǎo)致其產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢，由于電路閉合從而出現(xiàn)電流，進(jìn)而導(dǎo)致線框產(chǎn)生安培力，而線框始終靜止，則靜摩擦力與安培力平衡．所以由法拉第電磁感應(yīng)定律可求出感應(yīng)電流的大小，由楞次定律來判定電流的方向，最終可確定靜摩擦力的方向與大小。本題主要考查了安培力方向的判定和楞次定律的應(yīng)用，結(jié)合受力平衡求出靜摩擦力大小與方向是解題的關(guān)鍵。9.答案：AC解析：解：A、根據(jù)v-t圖象可得機(jī)器人和生活物品加速運(yùn)動(dòng)、減速運(yùn)動(dòng)加速度大小相等，均為a=△v△t=610m/s2=0.6m/B、機(jī)器人輪胎與地面間只是相對靜止而沒有達(dá)到最大靜摩擦，故不能求出輪胎與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，故B錯(cuò)誤；CD、根據(jù)速度圖象可得從護(hù)士站到病區(qū)的距離為x=(20-10)+302×6m=120m，機(jī)器人用最短時(shí)間完成任務(wù)，需要先加速到最大速度v后減速到零，根據(jù)速度-位移關(guān)系可得：v22a×2=x，解得v=62故選：AC。根據(jù)v-t圖象求解加速度大小，再根據(jù)牛頓第二定律求解生活物品與平臺間的動(dòng)摩擦因數(shù)；機(jī)器人輪胎與地面間的摩擦力屬于靜摩擦，由此分析能否求解動(dòng)摩擦因數(shù)；根據(jù)速度圖象求解從護(hù)士站到病區(qū)的距離，根據(jù)速度-位移關(guān)系、速度-時(shí)間關(guān)系進(jìn)行求解。本題主要是考查牛頓第二定律之圖象問題，關(guān)鍵是弄清楚v-t圖象的斜率表示的物理意義、圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示的物理意義，分析清楚受力情況和運(yùn)動(dòng)情況，然后根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解。10.答案：BC解析：解：A、B、13H+12H→C、92235U+01n→D、92235U+01n→故選：BC。核裂變是一個(gè)原子核分裂成幾個(gè)原子核的變化，只有一些質(zhì)量非常大的原子核才能發(fā)生核裂變；核聚變的過程與核裂變相反，是幾個(gè)原子核聚合成一個(gè)原子核的過程，只有較輕的原子核才能發(fā)生核聚變；不穩(wěn)定核自發(fā)地放出射線而轉(zhuǎn)變?yōu)榱硪环N原子核的現(xiàn)象，稱為衰變。由此分析即可。本題考查了重核裂變、輕核聚變和不穩(wěn)定核的自發(fā)衰變的實(shí)質(zhì)，知道衰變過程中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，基礎(chǔ)題。11.答案：ADE解析：解：A、從微觀角度看，氣體的壓強(qiáng)是大量氣體分子對容器壁的頻繁碰撞引起的，故A正確；B、只要知道氣體的摩爾體積和阿伏伽德羅常數(shù)，就可以算出氣體分子距離，故B錯(cuò)誤；C、由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，液面分子間引力大于斥力，所以液體表面具有收縮的趨勢，故C錯(cuò)誤；D、在毛細(xì)現(xiàn)象中，毛細(xì)管中的液面有的升高，有的降低，這與液體的種類和毛細(xì)管的材質(zhì)有關(guān)，故D正確；E、正是由于水膜具有表面張力，當(dāng)兩薄玻璃板間夾有一層水膜時(shí)，在垂直于玻璃板的方向很難將玻璃板拉開，故E正確。故選：ADE。從微觀角度看，氣體的壓強(qiáng)是大量氣體分子對容器壁的頻繁碰撞引起的；只要知道氣體的摩爾體積和阿伏伽德羅常數(shù)，就可以算出氣體分子距離；液面分子間引力大于斥力，所以液體表面具有收縮的趨勢；毛細(xì)現(xiàn)象與液體的種類和毛細(xì)管的材質(zhì)有關(guān)；垂直于玻璃板的方向很難將玻璃板拉開是由于由于水膜具有表面張力。本題考查了氣體壓強(qiáng)的微觀意義、阿伏加德羅常數(shù)、分子間的相互作用力、液體的表面張力等知識點(diǎn)。這種題型屬于基礎(chǔ)題，只要善于積累，難度不大。12.答案：ACD解析：解：A、由圖乙知，t=0.2s時(shí)刻x=0處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向向下，則該波沿x軸正方向傳播，故A正確；B、該波的波長λ=4m，周期T=0.4s，則波速v=λT=40.4m/s=10m/s，但在t=0.2s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)C、Q質(zhì)點(diǎn)在0.2s～0.4s內(nèi)即半個(gè)周期內(nèi)，通過的路程為2A=10cm，故D、在t=0.2s時(shí)刻，P質(zhì)點(diǎn)位于平衡位置向上振動(dòng)，則P質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為y=Asin2πTt(cm)=5sin5πt(cm)E、波源沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，其振動(dòng)頻率不變，仍為f=1T=故選：ACD。根據(jù)t=0.2s時(shí)刻x=0處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向來判斷波的傳播方向。讀出波長和周期，求出波速，質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)速度與波速不同。根據(jù)時(shí)間與周期的關(guān)系求質(zhì)點(diǎn)Q通過的路程。根據(jù)振幅、角頻率和初相位寫出P質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程。波源的振動(dòng)頻率與質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)頻率相同。本題關(guān)鍵要能把握兩種圖象的聯(lián)系，能根據(jù)振動(dòng)圖象讀出質(zhì)點(diǎn)的速度方向，在波動(dòng)圖象上判斷出波的傳播方向。13.答案：-16hc解析：解：有一群處于n=4能級的氫原子，當(dāng)它們向低能級躍遷時(shí)，最多可發(fā)出C4若n=4能級的氫原子向n=2能級躍遷時(shí)，發(fā)出的光子照射到某金屬時(shí)恰能產(chǎn)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，則釋放光子的能量等于該金屬的逸出功，則E4-E則該光的波長：λ=對應(yīng)n=4能級的氫原子，當(dāng)它們向低能級躍遷時(shí)所釋放的光子中，還有n=4→n=1，n=3→n=1，n=2→n=1的光子能量大于從n=4向n=2躍遷時(shí)放出的光子的能量，即大于該金屬的逸出功，則上述各種頻率的光子中使該金屬產(chǎn)生光電效應(yīng)的光子共有4種。故答案為-16hc當(dāng)氫原子從n=4向n=2的能級躍遷時(shí)，輻射的光子照射在某金屬上，剛好能發(fā)生光電效應(yīng)，光子的能量恰好等于金屬的逸出功。根據(jù)玻爾理論求出氫原子從n=4向n=2的能級躍遷時(shí)，輻射的光子的能量。一群處于n能級的氫原子向低能級躍遷，任意兩個(gè)能級間產(chǎn)生一次躍遷，發(fā)出一種頻率的光子，共產(chǎn)生Cn本題是玻爾原子理論與光電效應(yīng)規(guī)律的綜合，其橋梁是光子的頻率。知道光電效應(yīng)的條件以及知道能級間躍遷時(shí)輻射或吸收的光子能量等于兩能級間的能級差。14.答案：甲

乙

不是解析：解：布朗運(yùn)動(dòng)是小顆粒受到不同方向的液體分子無規(guī)則運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的撞擊力不平衡引起的，顆粒越小，溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越劇烈。布朗運(yùn)動(dòng)不是液體分子的運(yùn)動(dòng)，也不是固體小顆粒分子的運(yùn)動(dòng)，而是小顆粒的運(yùn)動(dòng)。比較兩圖可知：若水溫相同，甲中炭粒的顆粒較大；若炭粒大小相同，乙中水分子的熱運(yùn)動(dòng)較劇烈；水中小炭粒的運(yùn)動(dòng)不是水分子的運(yùn)動(dòng)。故答案為：甲，乙，不是。顆粒越小，溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越劇烈；布朗運(yùn)動(dòng)不是液體分子的運(yùn)動(dòng)，而是小顆粒的運(yùn)動(dòng)。對布朗運(yùn)動(dòng)的理解要準(zhǔn)確：(1)布朗運(yùn)動(dòng)不是液體分子的運(yùn)動(dòng)，而是固體顆粒的運(yùn)動(dòng)，但它反映了液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)(理解時(shí)注意幾個(gè)關(guān)聯(lián)詞：不是…，而是…，但…)。(2)溫度越高，懸浮顆粒越小布朗運(yùn)動(dòng)越明顯。(3)產(chǎn)生原因：周圍液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)對懸浮顆粒撞擊的不平衡。(4)布朗運(yùn)動(dòng)是永不停止的。注意布朗顆粒的限度是非常小的，不能用肉眼直接觀察到。15.答案：T=2πLC；解析：解：(1)根據(jù)LC振蕩電路中，如已知電容C，則電路的固有振蕩周期T，公式為T=2πLC；(2)由作圖原則，數(shù)據(jù)盡可能均勻分布在直線兩側(cè)，距離太遠(yuǎn)的點(diǎn)，則是錯(cuò)誤的，應(yīng)刪除．(3)通過圖象的斜率等于4π2L，則可求出L故答案為：(1)T=2πLC；(2)圖線為一直線，數(shù)據(jù)點(diǎn)盡可能地均勻分布在直線兩側(cè)；(3)0.0351～根據(jù)固有振蕩周期公式，并結(jié)合圖象的含義，即可求解．考查固有振蕩周期公式，掌握圖象的斜率的含義，知道數(shù)據(jù)點(diǎn)盡可能地均勻分布在直線兩側(cè)的作圖原則．16.答案：AC

3.700

0.010

偏大解析：解：(1)A、遮光條寬度與時(shí)間的比值是木塊的平均速度，可以認(rèn)為是木塊通過光電門時(shí)的瞬時(shí)速度，遮光條寬度越小，平均速度越接近瞬時(shí)速度，實(shí)驗(yàn)誤差越小，因此遮光條的寬度應(yīng)盡量小些，故A正確；B、實(shí)驗(yàn)時(shí)輕質(zhì)卡應(yīng)與木塊一起向上運(yùn)動(dòng)，實(shí)驗(yàn)前將輕質(zhì)卡與木塊靠在一起，故B錯(cuò)誤；C、當(dāng)木板傾角大于某一值時(shí)，木塊重力沿斜面向下的分力大于最大靜摩擦力，木塊到達(dá)最高點(diǎn)后可以反向下滑，否則木塊到達(dá)最高點(diǎn)后將靜止，實(shí)驗(yàn)不能成功，為了實(shí)驗(yàn)成功，木塊的傾角必須大于某一值，故C正確；D、木塊出發(fā)點(diǎn)與輕質(zhì)卡最終位置間的距離即為木塊向上運(yùn)動(dòng)的最大距離，故D錯(cuò)誤；故選AC．(2)由圖乙所示螺旋測微器可知，螺旋測微器示數(shù)為：3.5mm+20.0×0.01mm=3.700mm．(3)根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)描出對應(yīng)點(diǎn)，然后根據(jù)描出的點(diǎn)作出圖象如圖所示：由牛頓第二定律得：木塊上滑時(shí)：mgsinθ+μmgcosθ=ma木塊下滑時(shí)：mgsinθ-μmgcosθ=ma由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式得：0-v02△v由圖示圖象可知，動(dòng)摩擦因數(shù)：斜率：k=4μgcosθ=△動(dòng)摩擦因數(shù)：μ=k(4)由于輕質(zhì)卡與木板間存在摩擦力，所測摩擦力實(shí)際是木塊與輕質(zhì)卡受到的摩擦力的合力，由于輕質(zhì)卡所受摩擦力影響，所測動(dòng)摩擦因數(shù)偏大．故答案為：(1)AC；(2)3.700；(3)圖象如圖所示，0.010；(4)偏大(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)步驟與實(shí)驗(yàn)原理分析答題；(2)螺旋測微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測微器示數(shù)；(3)應(yīng)用描點(diǎn)法作出圖象；由牛頓第二定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出圖象函數(shù)表達(dá)式，然后根據(jù)圖象與函數(shù)表達(dá)式求出動(dòng)摩擦因數(shù)；(4)根據(jù)圖示實(shí)驗(yàn)裝置與實(shí)驗(yàn)步驟分析實(shí)驗(yàn)誤差本題考查了測動(dòng)摩擦因數(shù)實(shí)驗(yàn)，知道實(shí)驗(yàn)原理與實(shí)驗(yàn)步驟是正確解題的關(guān)鍵；應(yīng)用牛頓第二定律與勻變速運(yùn)動(dòng)的速度位移公式求出圖象的函數(shù)表達(dá)式是正確求出動(dòng)摩擦因數(shù)的前提與關(guān)鍵17.答案：電流

電壓

1.5V

0.5Ω解析：解：(1)測量電動(dòng)勢和內(nèi)電阻時(shí)需要路端電壓和干路電流；故P處接電流傳感器，Q處接電壓傳感器；(2)由U=E-Ir可知，圖象與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)表示電源的電動(dòng)勢，圖象的斜率表示內(nèi)阻，則可知E=1.5V；r=1.5-1.0故答案為：(1)電流、電壓；(2)1.5V、0.5Ω(1)明確測量原理，從而明確電流表和電壓表的位置；(2)根據(jù)閉合電路歐姆定律列式，再由圖象進(jìn)行分析即可明確電動(dòng)勢和內(nèi)電阻．本題考查測量電動(dòng)勢和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)原理以及數(shù)據(jù)的處理方法，要注意明確圖象法的應(yīng)用，能將公式和圖象結(jié)合起來進(jìn)行分析，從而利用數(shù)據(jù)規(guī)律求出電動(dòng)勢和內(nèi)電阻．18.答案：解：①被封氣體，在熱水冷卻過程中，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程有：p初始時(shí)氣體壓強(qiáng)p空氣柱體積V熱水的熱力學(xué)溫度T熱水冷卻后左右兩側(cè)水銀液面高度差△h=熱水冷卻后氣體壓強(qiáng)p空氣柱體積V解得室內(nèi)環(huán)境的熱力學(xué)溫度T②在U型管轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，被封閉氣體做等溫變化，根據(jù)玻意耳定律有p注入水銀后，氣體壓強(qiáng)p空氣柱體積V解得空氣柱長度l由長度關(guān)系有△l=2(解得注入水銀的長度△l=11.8cm答：①熱水完全冷卻后室內(nèi)環(huán)境的熱力學(xué)溫度T2為②室內(nèi)環(huán)境溫度不變，取出U形管，在豎直平面內(nèi)緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)(不漏氣)，直到開口豎直向上為止欲使左右兩側(cè)水銀液面高度相等，需從開口端注入水銀柱的長度△l為11.8cm解析：①以被封閉氣體為研究對象，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程求解；②在U型管轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，被封閉氣體做等溫變化，根據(jù)玻意耳定律求解。本題考查了求溫度、水銀的長度，認(rèn)真審題理解題意、分析清楚氣體狀態(tài)變化過程是解題的關(guān)鍵，求出氣體的狀態(tài)參量、應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程與玻意耳定律可以解題。19.答案：解：(i)光路圖如圖所示：設(shè)光在AC面的折射角為r，則根據(jù)折射定律有：sin45°=nsinr，所以r=30°，設(shè)全反射的臨界角為C，則sinC=1所以C=45°，光在CD面的入射角為β=r+45°=75°，射到CD面的光在發(fā)生全反射后，射到BD面的入射角為α=30°，根據(jù)對稱性可知，光從BD面平行于CD射出；(ii)從A處入射的光，射到CD面的D處時(shí)，道威棱鏡”的高度最大，設(shè)為h，光路圖如圖所示：則根據(jù)正弦定理有：ACsinh=ACsin45°，解得：h=3-答：(i)從BD邊射出的光平行于CD射出；(ii)求該“道威棱鏡”的最大高度為3-3解析：(i)根據(jù)折射定律求解光在AC面的折射角，根據(jù)幾何知識分析光在CD邊的入射角，將該入射角與臨界角比較可知，光在CD發(fā)生全反射，由幾何知識求解光在BD面的入射角，根據(jù)折射定律求解折射光線的方向；(ii)從A處入射的光，射到CD面的D處時(shí)，道威棱鏡”的高度最大，根據(jù)正弦定理以及幾何知識求解該“道威棱鏡”的最大高度。解決該題的關(guān)鍵是明確知道從A處入射的光，射到CD面的D處時(shí)，道威棱鏡”的高度最大，能根據(jù)幾何知識求解相關(guān)長度和角度。熟記相關(guān)公式。20.答案：解：(1)線框從靜止開始運(yùn)動(dòng)至剛進(jìn)人磁場I時(shí)，以線框和物塊為研究對象，由動(dòng)能定理：

W=(Mgsin53°-μMgcos53°)b-mgb=12解得：v(2)線框在磁場I中勻速運(yùn)動(dòng)，由法拉第電磁感應(yīng)定律：

E1=由歐姆定律：I1=線框受到安陪力：F1=設(shè)細(xì)線拉力為T，以線框?yàn)檠芯繉ο?，T=mg+F1以物塊為研究對象，T=Mgsin53°-μMgcos53°

⑥聯(lián)立②③④⑤⑥解得：B(3)線框在相鄰兩個(gè)磁場之間加速的距離均為a-L=b，故線框由靜止開始運(yùn)動(dòng)剛進(jìn)人第n個(gè)磁場時(shí)，由動(dòng)能定理得：nW=12聯(lián)立①⑦解得：vn=又由②③④解