PAGE2PAGE1重慶市字水中學2024-2025學年高二物理上學期期中試題（含解析）一、單選題（本大題共8小題，共24.0分）在圖所示的靜電場中，實線表示電場線，M、N是電場中的兩點．下列說法正確的是

A.M點的電場強度比N點的大

B.M點的電場強度比N點的小

C.M、N

兩點的電場強度大上相等，方向相同

D.M、N兩點的電場強度大小相等，方向不同下述說法正確的是A.依據可知，電場中某點的場強與電場力成正比

B.依據可知，點電荷電場中某點的電勢與該點電荷的電量成反比

C.依據場強疊加原理，可知合電場的場強肯定大于分電場的場強

D.沿電場線方向移動電荷，電勢肯定降低，但電勢能不肯定削減關于電源和電動勢，下列說法正確的是A.電動勢的大小與非靜電力所做功的大小成正比

B.電源的電動勢數值上就等于電源兩端的電壓

C.電源的電動勢與電源的體積和外電路無關

D.鋅汞電池的電動勢為，這表示電路中每經過1s電源把的化學能轉變?yōu)殡娔軐嵕€為三條未知方向的電場線，從電場中的M點以相同的速度飛出a、b兩個帶電粒子，a、b的運動軌跡如圖中的虛線所示、b只受電場力作用，則A.a肯定帶正電，b肯定帶負電

B.電場力對a做正功，對b做負功

C.a的速度將減小，b的速度將增大

D.a的加速度減小，b的加速度將增大如圖所示電路中，伏特表和的內阻都遠遠大于、、和的電阻，和電阻未知，，伏特表和的讀數分別為15V和10V，則a、b兩點間的電壓為A.23V B.24V C.25V D.26V如圖所示，在勻強電場中，場強方向與所在平面平行，，，一個電荷量的正電荷從a移到b，電場力做功為零；同樣的電荷從a移到c，電場力做功為J.則該勻強電場的場強大小和方向分別為A.、沿ab由a指向bB.、垂直ab向上

C.、垂直ab向上D.、沿ac由a指向c如圖所示，用絕緣輕質細線懸吊一質量為m、電荷量為q的小球，在空間施加一勻強電場，使小球保持靜止時細線與豎直方向成角，則所加勻強電場的電場強度的最小值為A. B. C. D.四個相同的小燈泡依據如圖所示的、兩種方式接入電壓相等的電路中，調整、使四個小燈泡都正常發(fā)光，這時可變電阻、消耗的電功率和的關系為A. B. C. D.二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）下列物理量中哪些與檢驗電荷無關A.電場強度E B.電勢差U C.電勢能 D.電場力F用兩個完全相同的電流表改裝成量程分別為的電壓表和的電壓表，串聯后接在9V的電壓上，如圖所示，下列說法正確的是、的指針的偏角相同 、的指針的偏角不相同

C.、示數相同，均為 D.、電壓示數不同如圖所示為一個雙量程電流表，其小量程為1A。已知表頭G的滿偏電流，定值電阻，，則下列說法正確的是公共端與a端構成小量程電流表公共端與b端構成小量程電流表C.表頭的內阻的值為 D.表頭的內阻的值為如圖所示，平行板電容器與電源電壓為U的直流電源連接，下極板接地，同時與靜電計相連。一帶負電液滴固定于電容器中的P點，現將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則A.平行板電容器的電容將變大

B.靜電計指針張角將不變

C.帶電油滴所受的電場力變小，G表中有的電流

D.帶電液滴的電勢能變大三、試驗題（本大題共2小題，共14.0分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的試驗中，除標有“5V，”的小燈泡、導線和開關外，還有以下器材可供運用：

A.直流電源電動勢約為5V，內阻不計

B.直流電流表量程，內阻約為

C.直流電流表量程，內阻約為

D.直流電壓表量程，內阻約為

E.滑動變阻器最大阻值為，允許通過的最大電流為

F.滑動變阻器最大阻值為，允許通過的最大電流為

試驗中應選用的電流表是______，應選用的滑動變阻器是______填字母。

試驗要求小燈泡兩端的電壓從零起先改變并能測多組數據，請按要求將圖甲中的試驗電路圖連線補充完整。

某同學通過試驗正確作出的小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示，曲線向U軸彎曲的緣由是______。

由圖乙可知，當通過小燈泡的電流為時，小燈泡的實際功率______結果保留兩位有效數字。

某同學想設計一個測量金屬棒阻值約電阻率的試驗方案，試驗室供應的器材有：

A.電流表內阻、滿偏電流

B.電流表內阻約為、量程為

C.定值電阻D.滑動變阻器、

E.干電池組、F.一個開關和導線若干G.螺旋測微器，游標卡尺

如圖1，用螺旋測微器測金屬棒直徑為______mm；如圖2用20分度游標卡尺測金屬棒長度為______cm。

請依據供應的器材，設計一個試驗電路，畫在答題卡方框內，要求盡可能精確測量金屬棒的阻值。

若試驗測得電流表示數為，電流表示數為，則金屬棒電阻的表達式為______用、、、表示

四、計算題（本大題共4小題，共46.0分）如圖所示，一條長為L的細線，上端固定，下端拴一質量為m的帶電小球。將它置于一勻強電場中，電場強度大小為E，方向水平向右。當細線離開豎直位置的偏角為時，小球處于平衡狀態(tài)。求：

求小球所帶電量和電性；

現將細線剪斷，求小球經過時間t速度的大小和方向。

人們生活中出現越來越多的新型的環(huán)保電動自行車，這種輕巧的交通工具受到很多上班族的寵愛。下表是一輛電動自行車銘牌上的技術參數。若質量為的人騎此電動車沿平直馬路行駛，所受阻力f恒為總重的k倍，取。求：規(guī)格后輪驅動直流永磁轂電機車型Ⅱ電動自行車額定輸出功率480W整車質量30kg額定電壓48V最大載荷120kg額定電流此車永磁轂電機的輸入功率是多大？電機效率多少？

在永磁轂電機額定輸出功率的狀況下，人騎車行駛的最大速率是多少？

在永磁轂電機額定輸出功率的狀況下，若人騎車行駛10s后可達到最大速度，電動車行駛的距離是多少？

示波器的示意圖如圖所示，金屬絲放射出來的電子被加速后從金屬板的小孔穿出，進入偏轉電場。電子在穿出偏轉電場后沿直線前進，最終打在熒光屏上。設加速電壓，偏轉極板長，偏轉極板間距，當電子加速后從兩金屬板的中心沿極板平行方向進入偏轉電場。求：

偏轉電壓為多大時，電子束的偏移量最大？

假如偏轉極板右端到熒光屏的距離，則電子束到達熒光屏時最大偏轉距離為多少？

如圖所示，矩形區(qū)域MNPQ內有水平向右的勻強電場，虛線框外為真空區(qū)域；半徑為R、內壁光滑、內徑很小的絕緣半圓管ADB固定在豎直平面內，直徑AB垂直于水平虛線MN，圓心O恰在MN的中點，半圓管的一半處于電場中．一質量為m，可視為質點的帶正電電荷量為q的小球從半圓管的A點由靜止起先滑入管內，小球從B點穿出后，能夠通過B點正下方的C點．重力加速度為g，小球在C點處的加速度大小為求：

勻強電場場強E；

小球在B點時，半圓軌道對它作用力的大??；

要使小球能夠到達B點正下方C點，虛線框MNPQ的高度和寬度滿意什么條件；

小球從B點計時運動到C點過程中，經多長時間小球的動能最?。?/p>

答案和解析1.【答案】B

【解析】解：M、N是同一電場中的兩點，由圖看出，M處電場線疏，N處電場線密，則M處電場強度小于N處電場強度，即由圖，兩點電場強度方向也不同，故B正確，ACD錯誤．

故選：B

M、N是同一電場中兩點，依據電場線的疏密表示電場的強弱，電場線越密處，場強越大，來推斷兩點場強的大?。?/p>

本題是電場中基本題型，抓住電場線的物理意義：電場線表示電場線的強弱，電場線越密，場強越大．

2.【答案】D

【解析】解：AB、場強和電勢由電場本身性質確定與電場力和電荷量無關，不能說場強與電場力成正比，也不能說點電荷電場中某點的電勢與該點電荷的電量成反比，故AB錯誤；

C、依據平行四邊形定則可知，合場強可以等于、大于、小于分電場的場強，故C錯誤；

D、沿電場線方向移動電荷，電勢肯定降低，對于正電荷電勢能削減，但對于負電荷電勢能增加，故D正確；

故選：D。

場強和電勢由電場本身性質確定與電場力和電荷量無關；依據平行四邊形定則可知，合場強不肯定大于分電場的場強；電勢降低，對于負電荷電勢能增加。

本題主要考查了電場強度和電勢的性質，留意理解沿電場線方向移動電荷，電勢肯定降低，對于正電荷電勢能削減，但對于負電荷電勢能增加。

3.【答案】C

【解析】解：A、電動勢的物理意義是表征電源把其他形式的能轉化為電能本事強弱，電動勢越大，本事越大，反映本身的特性，與外電路的結構無關，也不能說與非靜電力做功的大小成正比，與移送電荷量的大小成反比，故A錯誤，C正確；

B、電源沒有接入電路時兩極間的電壓在數值上等于電源的電動勢，接入電路時電源兩端的電壓為路端電壓，小于電源的電動勢，故B錯誤；

D、鋅汞電池的電動勢為，這表示電路中每運輸1C的電量電源把的化學能轉變?yōu)殡娔?，與時間無關，故D錯誤。

故選：C。

明確電動勢的定義，知道電源在沒有接入電路時兩極間的電壓在數值上等于電源的電動勢；電動勢的物理意義是表征電源把其他形式的能轉化為電能本事強弱，與外電路的結構無關．電源的電動勢在數值上等于內、外電壓之和。

本題考查對電動勢的理解．關鍵抓住電動勢的物理意義和電動勢的定義式，知道電動勢由電源本身的性質確定，與外電路無關，同時留意其與電壓的區(qū)分。

4.【答案】D

【解析】解：A、電場線的方向不知，所以粒子帶電性質不定；從圖中軌道改變來看電場力都做正功，動能都增大，電勢能都削減．所以ABC錯誤．

D、電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，所以a受力減小，加速度減小，b受力增大，加速度增大，所以D正確．

故選：D

電場線是從正電荷或者無窮遠動身出，到負電荷或無窮遠處為止，電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度?。?/p>

加強基礎學問的學習，駕馭住電場線的特點：電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，即可解決本題．

5.【答案】C

【解析】解：兩電壓表為志向電壓表時，四個電阻串聯，則；

由于，電流又相等，則，

則

故選：C。

兩電壓表為志向電壓表時，四個電阻串聯，依據，可知它們的電壓相等，從而得到ab間的電壓與兩電壓表讀數的關系．

本題關鍵要留意學會電路的簡化，知道志向電壓表相當于開頭斷開，明確串聯電路電壓與電阻成正比的規(guī)律．

6.【答案】C

【解析】解：正電荷從a移到b，電場力做功為零，則由電場力做功的特點可知，ab兩點電勢相等，故ab應為等勢線；因電場線與等勢面相互垂直，故過c做ab的垂線，肯定是電場線；正電荷從a到c過程，由可知，ac兩點的電勢差，即a點電勢高于c點的電勢，故電場線垂直于ab向上；

ac間沿電場線的距離；由可知：電場強度；方向垂直ab向上；故C正確，ABD錯誤；

故選：C。

由題意可知ab兩點電勢相等，則可知ab是一條等勢線，由電場線可等勢面的關系可知電場線；由電場力做功可求得bc兩點的電勢差，則可確定電場線的方向，由可求得電場強度。

場線與等勢面相互垂直，而且電場線由是由高電勢指向低電勢；勻強電場中中的d應為沿電場方向的有效距離

7.【答案】A

【解析】解：小球保持靜止時受到重力mg、電場力F和細線的拉力T，作出力圖如圖。依據作圖法可知，當電場力F與細線垂直時，電場力最小，最小值為

則場強的最小值為

故選：A。

小球保持靜止時受到重力、電場力和細線的拉力，運用作圖法分析什么條件下電場力最小，再場強公式得到場強最小值．

本題是物體平衡中極值問題，通過作圖法得到極值的條件，也可以采納數學函數法求解極值．

8.【答案】B

【解析】【分析】

燈泡正常發(fā)光時的電流為額定電流；

并聯電路中干路電流是各支路電流的和；串聯電路中，各處電流都相等；

先表示出并聯和串聯電路的實際電流與燈泡的額定電流的關系，再利用表示出ab兩圖的功率即可求解。

此題是一道歐姆定律和電功率的綜合分析題，必需嫻熟駕馭串并聯電路的特點才能分析，屬于中檔題。

【解答】

兩燈泡規(guī)格相同且正常發(fā)光，甲圖燈泡并聯，電流為：；乙圖燈泡串聯，電流為：；電阻的電壓為：，消耗的功率為：，

電阻的電壓為：，消耗的功率為：，，所以，選項ACD錯誤，B正確。

故選：B。

9.【答案】AB

【解析】解：電場強度的定義式為，電勢差的定義式為，電場強度和電勢差分別從力和能量的角度來描述電場的，均是采納比值定義法定義的，它們的大小均與電量無關，由電場本身確定的，與檢驗電荷無關，而電勢能和電場力F均與電荷有關，故CD錯誤，AB正確．

故選：AB

本題考查了對電場中幾個概念的理解狀況，物理中有很多物理量是采納比值法定義的，要正確理解比值定義法的含義．

對于物理中各個物理量要明確其準確含義，以及其定義式和確定式的不同，這要在學習中不斷的總結和積累．

10.【答案】AD

【解析】解：AB、因兩電壓表均為表頭與電阻串聯，故兩電壓表串聯時相當于兩電流表與兩電阻串聯，故流過電流表的電流肯定相等，兩表的偏角相同，故A正確，B錯誤；

C、因量程不同，內阻不同，則分壓不同，故兩電壓表電壓不行能均為，故C錯誤，D正確。

故選：AD。

將表頭改裝為電壓表時須要串聯一個電阻，串聯后兩表的分壓即示數與其電阻成正比，依據改裝原理可知改裝后總電阻的大小關系；明確串聯電路規(guī)律，知道因電流大小一樣，故指針偏轉角度相同。

本題考查的串聯電路電壓與電阻的關系及電壓表的內部原理，明確電壓與電阻成正比即可正確求解。

11.【答案】BC

【解析】解：AB、依據串并聯的特點可知，接公共端與a接線柱時量程為，接公共端與b接線柱時量程為所以公共端與b端構成小量程電流表，故A錯誤，B正確；

CD、依據并聯電路的特點可得：

當小量程時，與串聯為一支路，當G表頭達到滿偏時通過、的電流為

，解得，故C正確、D錯誤；

故選：BC。

接公共端與最右邊的接線柱時量程為小量程，依據并聯電路各支路兩端電壓相等列方程求解。

本題主要是考查電流表的改裝原理，明確并聯電阻的分流作用，會由電路連接狀況依據并聯電路的特點進行解答。

12.【答案】BC

【解析】解：A、依據電容確定式可知，，下極板豎直向下移動時，d增大，則電容減小，故A錯誤；

B、因為電容器始終與電源相連，則電勢差不變，所以靜電計指針張角不變，故B正確；

C、電容器始終與電源相連，電勢差不變，下極板豎直向下移動時，d增大，依據可知，電場強度E減小，則帶電油滴所受的電場力變小；下極板豎直向下移動時，電容減小，電勢差不變，依據，電容器所帶電荷量減小，須要放電，電流為順時針，則電流表G中有的電流，故C正確；

D、電容器始終與電源相連，電勢差不變，d增大，電場強度E減小，P點與上極板間的電勢差減小，而P點的電勢比上極板低，上極板的電勢不變，則P點的電勢增大，因為油滴帶負電荷，則油滴的電勢能減小，故D錯誤。

故選：BC。

電容器始終與電源相連，電容器兩端間的電勢差保持不變，依據電容器d的改變推斷電容的改變。

由公式分析電場強度的改變，從而推斷電荷電勢能和電場力的改變。

電容器始終與電源相連，電勢差不變，d增大，電場強度E減小，P點與上極板間的電勢差減小。

該題考查了電容器的動態(tài)分析學問，關鍵抓住不變量，當電容器與電源始終相連，則電勢差不變，當電容器與電源斷開，則電荷量不變，在理解的基礎上記住結論。

13.【答案】C

E

燈泡電阻隨溫度上升而增大

【解析】解：

燈泡額定電流，電流表應選擇C；試驗要求小燈泡兩端的電壓從零起先改變并能測多組數據，滑動變阻器應采納分壓接法，為便利試驗操作，滑動變阻器應選擇E。

燈泡正常發(fā)光時的電阻，燈泡電阻遠小于電壓表內阻，電流表應采納外接法，滑動變阻器采納分壓接法，實物電路圖如圖所示；

燈泡圖線上的點與坐標原點連線的斜率等于燈泡電阻，燈泡電阻受溫度影響，隨溫度上升而增大，隨燈泡兩端電壓U的增大通過燈泡的電流I增大，燈泡實際功率變大，燈泡溫度上升，燈泡電阻變大，圖線上的點與坐標原點連線的斜率變大，圖線向U軸彎曲。

由圖乙所示圖象可知，時，燈泡實際功率；

故答案為：；E；實物電路圖如圖所示；燈泡電阻隨溫度上升而增大；。

依據燈泡額定電流選擇電流表，為便利試驗操作應選擇最大阻值較小的滑動變阻器。

依據試驗要求確定滑動變阻器的接法，依據燈泡電阻與電表內阻的關系確定電流表的接法，然后連接實物電路圖。

燈泡電阻受溫度影響隨溫度上升而增大，圖象不是直線。

由圖乙所示圖象求出電流對應的電壓，然后由求出燈泡的實際功率。

本題考查了描繪小燈泡的伏安特性曲線試驗，考查了試驗器材的選擇、連接實物電路圖與試驗數據處理等問題；要駕馭試驗器材的選擇原則；依據題意確定滑動變阻器與電流表的接法，然后連接實物電路圖。

14.【答案】

【解析】解：由圖示螺旋測微器可知，其讀數為：均正確

游標卡尺是20分度的卡尺，其分度值為，則圖示讀數為：

因為電流表內阻已知，故將其串聯定值電阻作為電壓表運用，被測電阻遠小于改裝后的電壓表，故選擇電流表外接，

因為滑動變阻器最大阻值較小，又因為要求精確，故采納分壓式電路，故畫出電路圖，如圖所示：

依據歐姆定律結合串并聯電路特點可得：金屬棒電阻的表達式為

故答案為：均正確；；。

游標卡尺讀數的方法，主尺讀數加上游標讀數，不需估讀；

螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀；

因為要求精確，故采納分壓式電路，電壓表須要改裝，合理選擇內外接，畫出電路圖；

利用歐姆定律結合串并聯電路特點，即可求出金屬棒電阻的表達式。

本題考查了試驗器材選擇、試驗電路設計、試驗數據處理，要駕馭試驗器材的選擇原則，仔細審題、理解題意與試驗步驟、知道試驗原理是解題的關鍵；在改裝電表時應選擇內阻準確已知的電表。

15.【答案】解：依據平衡條件小球受力分析如圖所示：

小球受電場力方向與場強方向相同，則小球帶正電，

由平衡條件得：

所以：

剪斷細線后，重力和電場力都不變，受力分析如圖所示：

小球做初速度為零的勻加速直線運動，

由牛頓其次定律得：

又

聯立解得，方向與豎直方向成，斜向下。

答：小球帶正電，電量為；

現將細線剪斷，小球經過時間t速度的大小，方向與豎直方向成，斜向下。

【解析】由題細線向右偏離豎直方向，小球受到的電場力水平向右，依據電場力方向與電場強度方向的關系，推斷小球的電性。依據平衡條件求出電量；

剪斷細線小球只受重力和電場力，依據受力分析推斷運動性質；依據勻變速直線運動規(guī)律求解運動速度。

本題考查帶電小球在復合場中運動，關鍵是做好受力分析，然后利用平衡或牛頓其次定律，結合運動學規(guī)律、動能定理等列式求解即可。

16.【答案】解：電動機的輸入功率；

電動機的效率；

電動自行車勻速運動時速率最大，由平衡條件可知，

電動自行車的牽引力

由可知，電動自行車的最大速率：

人騎行電動自行車達到最大速度，設行駛距離為x，由動能定理得：

代入數據解得：

答：此車永磁轂電機的輸入功率是600W，電機效率是。

在永磁轂電機額定輸出功率的狀況下，人騎車行駛的最大速率是。

若人騎車行駛10s后可達到最大速度，電動車行駛的距離是。

【解析】已知額定電壓與額定電流，由可以求出電動機的輸入功率；依據輸入功率與輸出功率求出電動機的效率。

電動自行車做勻速直線運動時速度最大，由平衡條件求出電動自行車勻速運動時的牽引力，然后依據功率公式求出人騎行的最大速率。

對電動自行車應用動能定理求出電動自行車行駛的距離。

本題考查了功率公式的應用，分析清晰電動自行車的運動過程是解題的前提，應用平衡條件與電功率公式即可解題。

17.【答案】解：對電子在電場中加速，依據動能定理得：

故得

電子在偏轉電場中做類平拋運動，電子束的最大偏移量

電子離開偏轉電場時，沿偏轉電場方向的位移

又

水平方向