2025屆安徽省亳州市第二中學物理高二第一學期期末統(tǒng)考試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，實線表示勻強電場的電場線．一個帶負電荷的粒子以某一速度射入勻強電場，只在電場力作用下，運動的軌跡如圖中的虛線所示，a、b為軌跡上的兩點．若a點電勢為φa，b點電勢為φb，則()A.場強方向一定向左，且電勢φa＜φbB.場強方向一定向左，且電勢φa＞φbC.場強方向一定向右，且電勢φa＞φbD.場強方向一定向右，且電勢φa＜φb2、如圖所示，、、為電場中同一條水平方向電場線上的三點，為的中點，、電勢分別為、。下列敘述正確的是（）A.該電場在點處的電勢一定為B.點處的場強一定大于點處的場強C.一正電荷從點運動到點電勢能一定減少D.一正電荷運動到點時受到的靜電力由指向3、有兩個點電荷，所帶電荷量分別為q1和q2，相距為r，相互作用力為F．為了使它們之間的作用力增大為原來的2倍，下列做法可行的是（）A.僅使增大為原來的2倍B.僅使減小為原來的一半C.使和都增大為原來的2倍D.僅使r減小為原來的一半4、在如圖所示電路中，、為兩個完全相同的燈泡，為自感線圈，為電源，為開關，關于兩燈泡點亮和熄滅的先后次序，下列說法正確的是（）A.合上開關，先亮，后亮；斷開開關，、同時熄滅B.合上開關，先亮，后亮；斷開開關，先熄滅，后熄滅C.合上開關，先亮，后亮；斷開開關，、同時熄滅D.合上開關，、同時亮；斷開開關，先熄滅，后熄滅5、如圖所示，平行板電容器的兩極板A、B接于電池兩極，一帶正電的小球懸掛在電容器內(nèi)部，閉合S，電容器充電，這時懸線偏離豎直方向的夾角為θ，則下列說法正確的是（）A.保持S閉合，將A板向B板靠近，則θ不變B.保持S閉合，將A板向B板靠近，則θ變小C斷開S，將A板向B板靠近，則θ增大D.斷開S，將A板向B板靠近，則θ不變6、如圖甲所示，M為一電動機，當滑動變阻器R的滑片從一端滑到另一端的過程中，兩電壓表的讀數(shù)隨電流表讀數(shù)的變化情況如圖乙所示．已知電流表讀數(shù)在0.2A以下時，電動機沒有發(fā)生轉動．不考慮電表對電路的影響，以下判斷正確的是A.電源的電動勢為3.4VB.變阻器滑片向右滑動時，V2讀數(shù)逐漸減小C.電路中電動機的最大輸出功率為0.9WD.變阻器的最大阻值為30Ω二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r，L為小燈泡（其燈絲電阻可以視為不變），R1和R2為定值電阻，R1=R2=r，R3為光敏電阻，其阻值的大小隨照射光強度的增強而減小．閉合開關S后，將照射光強度減弱，則（）A.電路路端電壓將減小 B.燈泡L將變暗C.R1兩端的電壓將增大 D.電源的輸出功率減小8、說起電流表，小明就頭疼，電表的改裝是他心中永遠的痛，下面這個問題，小明就老是舒扯不清，請你幫忙解決一下：如圖所示為有0.1A和1A兩個量程的電流表的原理圖，已知表頭的內(nèi)阻為200，滿偏電流為2mA，則下列說法中正確的是A.當使用a、b兩個端點時，量程為0.1AB.當使用a、c兩個端點時，量程為0.1AC.，D.，9、如圖，在勻強電場中，質量為m、電荷量為+q的小球由靜止釋放，斜向右下做直線運動，軌跡與豎直方向的夾角為，則（）A.電場強度的最小值為 B.電場方向可能水平向右C.電場力對小球可能不做功 D.小球的電勢能不可能增加10、初速度為的電子，沿平行于通電長直導線的方向射出，直導線中電流方向與電子的初始運動方向如圖所示，則A.電子將向右偏轉，速率不變B.電子將向左偏轉，速率改變C.電子將向左偏轉，半徑不變D.電子將向右偏轉，半徑改變?nèi)嶒烆}：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）一學習小組要用伏安法盡量準確地描繪一個標有“6V，1.5W”的小燈泡的I﹣U圖線，現(xiàn)有下列器材供選用：A．學生電源（直流9V）B．開關一個、導線若干C．電壓表（0～3V，內(nèi)阻約10kΩ）D．電壓表（0～6V，內(nèi)阻約10kΩ）E．電壓表（0～10V，內(nèi)阻約30kΩ）F．電流表（0～0.3A，內(nèi)阻約0.1Ω）G．電流表（0～0.6A，內(nèi)阻約0.4Ω）H．電流表（0～3A，內(nèi)阻約0.6Ω）I．滑動變阻器（20Ω，2A）J．滑動變阻器（200Ω，1A）(1)實驗中需用到的儀器有_____（用字母序號表示）；(2)在圖1方框內(nèi)畫出實驗電路圖；_____(3)對應實驗電路圖將圖2實物連線補充完整。_____12．（12分）在如圖的甲所示的電路中，電阻==，匝數(shù)為1匝的圓形金屬線圈半徑為，線圈導線的電阻為。圓形金屬線圈區(qū)域內(nèi)存在著半徑為（<），方向垂直于線圈平面向里的勻強磁場，磁場的磁感應強度B隨時間t變化的關系圖線如圖乙所示，圖線與橫、縱軸的交點坐標分別為和，其余導線的電阻不計。閉合S，至時刻，電路中的電流已穩(wěn)定，此時線圈中產(chǎn)生的感應電動勢=_________，電容器的_____（上板/下板）帶正電，線圈兩端電壓________。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，紙面內(nèi)兩個邊長均為L的正三角形ΔACD、ΔDEC構成一個棱形，ΔACD區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為B，ΔDEC區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強磁場．一質量為m、電荷量為q的帶正電粒子從AC邊的中點F沿與FA成θ＝30°的方向射入ΔACD區(qū)域，從DC邊的中點G離開ΔACD區(qū)域進入ΔDEC區(qū)域．不計粒子重力，求：(1)粒子射入磁場時速度v大小；(2)要使粒子不從CE邊飛出，ΔDEC區(qū)域內(nèi)磁場的磁感應強度B1的最小值14．（16分）如圖所示，在傾角為θ＝的斜面上，固定一寬L＝0.25m的平行金屬導軌，在導軌上端接入電源和滑動變阻器R.電源電動勢E＝12V，內(nèi)阻r＝1Ω，一質量m＝20g的金屬棒ab與兩導軌垂直并接觸良好．整個裝置處于磁感應強度B＝0.80T、垂直于斜面向上的勻強磁場中(導軌與金屬棒的電阻不計)．金屬導軌是光滑的，取g＝10m/s2，要保持金屬棒在導軌上靜止，求：（1）金屬棒所受到的安培力的大小；（2）通過金屬棒的電流的大??；（3）滑動變阻器R接入電路中的阻值15．（12分）利用電流表和電壓表測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，要求盡量減小實驗誤差：(1)如圖所示，應該選擇的實驗電路圖是_____（選填“a”或“b”）。(2)現(xiàn)有電流表（0~0.6A）、開關和導線若干，以及以下器材：A.電壓表（0~15V）B.電壓表（0~3V）C.滑動變阻器（0~30Ω）D.滑動變阻器（0~500Ω）實驗時，電壓表應選用_____，滑動變阻器應選用_____。(3)某同學記錄的六組數(shù)據(jù)見下表，其中五組數(shù)據(jù)的對應點已經(jīng)標在圖中的坐標紙上，請標出第2組數(shù)據(jù)的對應點，并畫出U－I圖像。（）序號123456電壓U/V1.451.401.301.251.201.10電流I/A0.060.120.240.260.360.48(4)由圖像可得：該電池的電動勢E=__V，內(nèi)阻r=_____Ω（小數(shù)點后保留2位數(shù)字）。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】由曲線運動條件可知合力指向曲線的內(nèi)側，而電場強度方向應該是電場線上每一點的切線方向，所以該帶電粒子所受的電場力一定向右．由于該粒子是負電荷，所以場強方向一定向左，根據(jù)沿著電場線的方向電勢降低的，可判定a點的電勢小于b點，即φa＜φb，故A正確2、C【解析】AB．該電場的電場線分布情況不明，所以在c點處的電勢不一定為4V，a點處的場強Ea不一定大于b點處的場強Eb。故AB錯誤；CD．因c點的電勢一定高于b點，由公式易知，一正電荷從c點運動到b點，電勢能一定減少。根據(jù)“沿電場線方向電勢逐漸降低”可得c點的場強方向由a指向c。所以正電荷運動到c點時受到的電場力由a指向c。故C正確，D錯誤。故選C。3、A【解析】真空中有兩個點電荷，它們之間相互作用力為F，即為；當它們之間的相互作用力為2F，則有：保持距離不變，僅使q1增大為原來的2倍，或使兩電荷量都變?yōu)樵瓉淼?倍，則庫侖力分別變?yōu)?倍和4倍，故A正確，C錯誤；僅使q2減小為原來的一半，根據(jù)庫侖定律可知，它們之間的作用力減小為原來的一半，故B錯誤；保持兩點電荷的電量不變，使r減小為原來的一半，則庫侖力變?yōu)?倍，故D錯誤；故選A考點：庫侖定律4、C【解析】當開關接通和斷開的瞬間，流過線圈的電流發(fā)生變化，產(chǎn)生自感電動勢，阻礙原來電流的變化，根據(jù)楞次定律來分析兩燈亮暗順序【詳解】由圖可以看出，a、b燈泡在兩個不同的支路中，對于純電阻電路，不發(fā)生電磁感應，通電后用電器立即開始正常工作，斷電后停止工作．但對于含電感線圈的電路，在通電時，線圈產(chǎn)生自感電動勢，對電流的變化有阻礙作用。則合上開關，b先亮，a后亮．當斷開電鍵時，線圈中產(chǎn)生自感電動勢，由a、b及電感線圈組成一個回路，兩燈同時逐漸熄滅．故C正確故選C【點評】對于線圈要抓住這個特性：當電流變化時，線圈中產(chǎn)生自感電動勢，相當于電源，為回路提供瞬間的電流5、D【解析】保持開關S閉合，電容器兩端間的電勢差不變，由E=和F=qE可判斷出電場力的變化，即可判斷的變化；開關S斷開，電容器的帶電量Q不變，由電容的決定式和定義式可推導出板間的電場強度E的變化，進而可知的變化【詳解】A、保持開關S閉合，電容器兩端間的電勢差不變，將A板向B板靠近，極板間距離減小，由電場強度E=可知，電場強度增大，小球所受的電場力變大，增大，故A、B錯誤C、開關S斷開，電容器的帶電量Q不變，將A板向B板靠近，極板間距離減小，由電容器電容的決定式C=可知，電容器電容C增大，而電容器電容的定義式C=，所以板間的電場強度E===，可以判斷電場強度E不變，故帶正電的小球受的電場力不變，則不變，故C錯誤，D正確故選D6、D【解析】A．由電路圖甲知，電壓表V2測量路端電壓，電流增大時，內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，所以最上面的圖線表示V2的電壓與電流的關系。此圖線的斜率大小等于電源的內(nèi)阻，為當電流I=0.1A時，U=3.4V，則電源的電動勢故A錯誤；B．變阻器向右滑動時，R阻值變大，總電流減小，內(nèi)電壓減小，路端電壓即為V2讀數(shù)逐漸增大，故B錯誤；C．由圖可知，電動機的電阻當I=0.3A時，U=3V，電動機的輸入功率率最大，最大輸入功率為則最大的輸出功率一定小于0.9W，故C錯誤；D．當I=0.1A時，電路中電流最小，變阻器的電阻為最大值，所以故D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A.照射光強度減弱時，光敏電阻的阻值增大，電路中的總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可得，電路中總電流減小，所以電源內(nèi)阻所占電壓減小，所以路端電壓增大，選項A錯誤；C.因電路中總電流減小，所以R1兩端的電壓減小，選項C錯誤；B.因電路端電壓增大，同時R1兩端的電壓減小，故并聯(lián)電路部分電壓增大，則流過R2的電流增大，而總電流減小，所以通過燈泡L的電流減小，所以燈泡L變暗，選項B正確；D、電源的輸出功率（R為外電路的電阻），據(jù)題意知R1、R2為定值電阻且都等于r，所以總電阻一定大于r，故當將照射R3的光的強度減弱，總電阻增大，輸出功率變小，選項D正確。故選BD。8、BD【解析】使用a、c兩個端點時，改裝好的電流表量程為當使用

a、b兩個端點時，改裝后電流表的量程為可知a、b兩個端點之間的是大量程，a、c兩個端點之間是小量程，代入數(shù)據(jù)解得R1=0.41ΩR2=3.67Ω故BD正確，AC錯誤。故選BD。9、ABC【解析】A．帶電小球的運動軌跡為直線，在電場中受到重力mg和電場力F，其合力必定沿此直線向下，根據(jù)三角形定則作出合力，由圖看出，當電場力F與此直線垂直時，電場力F最小，場強最小，則有得到故A正確；B．小球帶正電，所受的電場力方向只能指向右側，故電場方向不可能向左，故B錯誤；C．由圖可知，電場力有可能與運動方向相互垂直，故電場力可能不做功，故C正確；D．如果小球受到的電場力與運動方向夾角小于90度，則電場力可能做正功，小球的電勢能增加，故D錯誤。故選ABC。10、AD【解析】AB．由安培定則可知導體右側磁場方向垂直紙面向里，然后跟左手定則可知運動電子所受洛倫茲力向右，因此電子將向右偏轉，洛倫茲力不做功，故其速率不變，故A符合題意，B不符合題意。CD．由右手螺旋定則可知，直導線右側電場向里，并且離導線越遠，場強越弱；由左手定則可知，電子向右偏轉，根據(jù)，解得：，可知，B越小，半徑越大，故D符合題意，C不符合題意。故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.ABDFI②.③.【解析】(1)“6V，1.5W”的小燈泡，電源選用直流電壓為9V的A電源，當然還需要一些導線和開關B，電壓表選用量程為6V的D即可，燈泡正常發(fā)光的電流電流表選用量程為0.3A的F，由于測的是小燈泡的I-U圖線，要求電壓的調(diào)節(jié)范圍較大，故采用分壓式連接，滑動變阻器選用阻值較小的I。(2)燈泡正常發(fā)光的電阻阻值較小，為了減小誤差，電流表宜采用外接法接入，故電路圖如圖(3)據(jù)電路圖連接實物如圖12、①.②.下板③.【解析】[1]根據(jù)法拉第電磁感應定律，則有[2]根據(jù)楞次定律可知，線圈產(chǎn)生的順時針方向電流，則電容器下極板帶正電[3]線圈兩端電壓為四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案