吉林省盟校2025屆高二物理第一學期期末教學質量檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、磁流體發(fā)電是一項新興技術，它可以把物體的內能直接轉化為電能。如圖是它的示意圖。平行金屬板A、B之間有一個很強的磁場，將一束等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量正、負離子）噴入磁場，A、B兩板間便產生電壓。如果把A、B和用電器連接，A、B就是直流電源的兩個電極，設A、B兩板間距為d，磁感應強度為B′，等離子體以速度v沿垂直于磁場的方向射入A、B兩板之間，則下列說法正確的是（）A.A是直流電源的正極B.其他條件不變，若增大等離子體的電量q，則UAB增大C.電源的電動勢為B′dvD.電源的電動勢為qvB′2、在下列各圖中，已標出了磁場B的方向、通電直導線中電流Ι的方向，以及通電直導線所受安培力F的方向，其中符合左手定則的是（）A. B.C. D.3、如圖所示，線框面積為S，線框平面與磁感應強度為B的勻強磁場方向垂直，則穿過平面的磁通量的情況是()A.若從初始位置轉過180°角，磁通量的變化量為零B.若從初始位置轉過90°角，磁通量的變化量為零C.若使線框繞OO′轉過60°角，磁通量為BSD.若使線框繞OO′轉過30°角，磁通量為BS4、如圖所示，R1為定值電阻，R2為可變電阻，E為電源電動勢，r為電源內電阻，以下說法中不正確的是（）A.當R2=R1+r時，R2上獲得最大功率B.當R1=R2+r時，R1上獲得最大功率C.當R2=0時，R1上獲得功率一定最大D.當R2=0時，電源的輸出功率可能最大5、如圖，真空中O點有一負點電荷，在它產生的電場中有a、b兩點，a點的場強大小為，方向與ab連線成60°角，b點的場強大小為，方向與ab連線成30°．關于a、b兩點場強、及電勢、的關系，正確的是A. B.C. D.6、如圖所示，某一用同一材料制成的導體的形狀為長方體，其長、寬、高之比為a：b：c=5：3：2。在此導體的上、下、左、右四個面上分別通過導線引出四個接線柱1、2、3、4。電流通過1、2接線柱時導體的電阻為R1，電流通過3、4接線柱時導體的電阻為R2，則R1：R2等于（）A.5：2 B.2：5C.25：4 D.4：25二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下圖所示的各電流不是交流電的是：（）A. B.C. D.8、如圖，電路中定值電阻R大于電源內阻r。將滑動變阻器滑片向下滑動，理想電壓表V1、V2、V3示數(shù)變化量的絕對值分別為△U1、△U2、△U3，理想電流表A示數(shù)變化量絕對值為△I，則A.V1、V2、V3示數(shù)都增大 B.電流表的示數(shù)增大C.△U3大于△U2 D.△U1與△I比值大于r9、如圖所示，是折成60°角的固定于豎直平面內的光滑金屬導軌，導軌關于豎直軸線對稱，，整個裝置處在垂直導軌平面向里的足夠大的勻強磁場中，磁感應強度為．一質量為、長為、電阻為、粗細均勻的導體棒鎖定于的中點位置．將導體棒解除鎖定，導體棒由靜止向下加速運動，離開導軌時的速度為．導體棒與導軌始終保持良好接觸，導軌電阻不計，重力加速度為，下列說法正確的是A.解除鎖定后，導體棒向下做勻加速直線運動B.解除鎖定后，導體棒中電流由到C.導體棒滑到導軌末端時的加速度大小為D.導體棒下滑過程中產生的焦耳熱為10、如圖所示，勻強電場中的三個點A、B、C構成一個直角三角形，，，．把一個帶電量為的點電荷從A點移到到B點電場力不做功，從B點移動到C點電場力做功為W．若規(guī)定C點的電勢為零，則A.A點電勢為B.B、C兩點間的電勢差為C.該電場的電場強度大小為D.若從A點沿AB方向飛入一電子，其運動軌跡可能是甲三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）根據(jù)單擺周期公式測量當?shù)氐闹亓铀俣龋畬⒓毦€的上端固定在鐵架臺上，下端系一小鋼球，做成單擺（1）用游標卡尺測量小鋼球直徑，示數(shù)如圖所示，讀數(shù)為______mm（2）有同學測得的g值偏小，可能原因是______A．測擺線時擺線拉得過緊B．擺線上端未牢固地系于懸點C．以擺球直徑和擺線長之和作為擺長來計算D．開始計時時，小球開始擺動后稍遲才按下停表計時E．擺球通過平衡位置并開始計時時，將擺球通過平衡位置的次數(shù)計為112．（12分）用如圖甲所示的多用電表測量一個阻值約為200Ω的電阻，要用到選擇開關K和兩個部件S、T。請根據(jù)下列步驟完成電阻測量:（1）旋動部件___________(填“S”或“T”)，，使指針對準電流的"0"刻線。（2）將選擇開關K旋至“Ω”擋，再將紅、黑表筆分別插入“＋”“－”插孔，并將兩表筆短接，調節(jié)___________(填“S”或“T”)，使電表指針對準___________（填“電阻”或“電流”）的“0”刻線。（3）當選擇開關K旋至“Ω”擋中的“×100”擋位時，正確操作后發(fā)現(xiàn)指針的偏轉角很大，為了測量更準確應該選擇的擋位是__________（填“×1”、“×10”、“×100”、“×1k”）（4）當上述操作步驟（3）重新準確選擇擋位并調節(jié)之后，將紅、黑表筆分別與待測電阻兩端相接觸，若電表讀數(shù)如圖乙所示，該電阻的阻值為________Ω。（5）無論用多用電表進行何種（直流）操作測量，電流都應該是從________表筆流出由__________表筆流入多用電表。（填“紅”或“黑”）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，坐標平面第一象限內存在大小為E＝3×105N/C、方向水平向左的勻強電場，在第二象限內存在方向垂直紙面向里的勻強磁場。有一個的帶正電的粒子，以初速度v0＝2×107m/s從x軸上的A點垂直x軸射入電場，OA的距離x=0.15m，不計粒子的重力。求：(1)若粒子經過y軸時的位置坐標為（0，0.4m），求該帶電粒子的荷質比；(2)在滿足第一問的條件下，若要使粒子恰好不能進入第三象限，求磁感應強度B的取值（不考慮粒子第二次進入電場后的運動情況）。14．（16分）如圖所示（俯視圖），在光滑水平絕緣桌面的虛線右側足夠大的空間中有豎直向下的勻強磁場，磁感應強度大小為B，質量為m、電荷量為q（q>0）的小球a以與磁場邊界成角的速度進入磁場，剛好與停在磁場某處的質量為3m、電荷量為3q的小球b（圖中未畫出）發(fā)生第一次碰撞，碰前球a的速度大小為v0，速度方向與虛線平行，設a、b兩球的碰撞都是彈性碰撞，且不會相互轉移電荷，也不考慮小球之間的電場力的作用，求：(1)從a球進入磁場到與b球第一次碰撞的時間；(2)a、b兩球第二次碰后b球的速度大??；(3)運動過程中a球離虛線的最遠距離.15．（12分）一個匝數(shù)為100匝，電阻為0.5Ω的閉合線圈處于某一磁場中，磁場方向垂直于線圈平面，從某時刻起穿過線圈的磁通量按圖所示規(guī)律變化．則線圈中產生交變電流的有效值為多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A．根據(jù)左手定則，正電荷向下偏轉，所以B板帶正電，為直流電源的正極，故A錯誤；BCD．最終電荷在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡，電源的電動勢E會達到最大值，此時有解得故C正確，BD錯誤。故選C。2、A【解析】A．根據(jù)左手定則：伸開左手，拇指與手掌垂直且共面，磁感線向里穿過手心，則手心朝外．四指指向電流方向：向右，拇指指向安培力方向：向上．符合左手定則，故A符合題意；B．通電導線與磁場平行，不受安培力，故B不符合題意；C．根據(jù)左手定則：伸開左手，拇指與手掌垂直且共面，磁感線向左穿過手心，則手心朝右．四指指向電流方向：向外，拇指指向安培力方向：向下，此項不符合左手定則，故C不符合題意；D．安培力方向既與電流方向垂直，又與磁場方向垂直，而此項安培力方向與磁場方向平行，不可能，故D不符合題意。故選A。3、D【解析】圖示時刻，線圈與磁場垂直，穿過線圈的磁通量等于磁感應強度與線圈面積的乘積．當它繞軸轉過θ角時，線圈在垂直磁場方向投影面積為Scosθ，磁通量等于磁感應強度與這個投影面積的乘積．線圈從圖示轉過90°時，磁通量為0，磁通量的變化量大小等于初末位置磁通量之差【詳解】A.線圈與磁場垂直，穿過線圈的磁通量等于磁感應強度與線圈面積的乘積．故圖示位置的磁通量為φ=BS，從初始位置轉過180°角,

磁通量變化為△?=BS?(?BS)=2BS，故A錯誤；B.線圈從圖示轉過90°的過程中，S垂直磁場方向上的投影面積逐漸減小，故磁通量逐漸減小，當線圈從圖示轉過90°時，S磁通量為0，故B錯誤；C.使框架繞OO′轉過60°角，則在垂直磁場方向的投影面積為S/2，則磁通量為BS/2，故C錯誤；D.使框架繞OO′轉過30°角，則在垂直磁場方向的投影面積為S，則磁通量為BS，故D正確；故選D.4、B【解析】A．將R1等效到電源的內部，R2上的功率等于等效電源的輸出功率，當?shù)刃щ娫吹耐怆娮璧扔趦茸钑r，即R2=R1+r時，輸出功率最大，即R2上的功率最大，故A正確，A不符合題意；BC．根據(jù)P=I2R，電流最大時，R1上的功率最大，當外電阻最小時，即R2=0時，電流最大，故B錯誤，C正確，B項符合題意，C項不符題意；D．當外電阻等于內阻時電源的輸出功率最大，外電阻與內電阻越接近，電源的輸出功率越大，當R1＞r，故當R2=0時，電源的輸出功率最大，故D正確，故D不符題意；因選不正確的故選B。5、B【解析】a點到O點的距離b點到O點距離根據(jù)點電荷的場強公式可得：通過電場強度的方向可知，O點的電荷為負電荷，因沿著電場線方向電勢逐漸降低，離負電荷越遠電勢越高，故有φa＜φbA.與分析不符，故A錯誤B.與分析相符，故B正確C.與分析不符，故C錯誤D.與分析不符，故D錯誤6、D【解析】根據(jù)電阻定律當在1、2兩端加上恒定電壓時在在3、4兩端加上恒定的電壓時所以故D正確，ABC錯誤。故選D二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】大小方向均隨時間做周期性變化的電流為交流電；而方向不變的電流為直流電【詳解】由圖可知，AC中的電流的大小和方向都不斷變化，故電流為交流電；B中的電流的大小時刻在變，但是電流的方向不變，故電流為直流電；D中的電流的大小和方向都不變，故電流也為直流電；故選BD.8、BCD【解析】分析電路圖，滑動變阻器和定值電阻串聯(lián)，將滑動變阻器滑片向下滑動，接入電路阻值變小，電路總阻值變小，干路電流變大。A．V1測R兩端電壓，由于電流變大，示數(shù)變大；V2測路端電壓，由于電流增大，內阻分壓變大，所以示數(shù)變??；V3測滑動變阻器兩端電壓，是V2示數(shù)減去V1示數(shù)，示數(shù)減小，A錯誤；B．電流表測干路電流，示數(shù)增大，B正確；C．由A分析知，V3測滑動變阻器兩端電壓，是V2示數(shù)減去V1示數(shù)，所以所以C正確；D．電路中定值電阻R大于電源內阻r，D正確；故選BCD。9、BCD【解析】根據(jù)題圖可知，考查了導體棒切割磁感線的問題，根據(jù)法拉第電磁感應定律求解電動勢的大小，根據(jù)歐姆定律求解感應電流的大小，根據(jù)安培定則判斷感應電流的方向，根據(jù)安培力公式求解安培力，利用牛頓第二定律求解加速度a，根據(jù)能量守恒求解過程中產生的焦耳熱【詳解】A、導體棒在下降的過程中，對ab棒進行受力分析有：，由于導體棒粗細均勻，設單位長度的電阻為，則電流，整理得：，物體做加速運動，增大，也增加，故加速度在減小，故A錯誤；B、解除鎖定后，導體棒向下運動，由右手定則得，電流由a到b，故B正確；C、導體棒滑到導軌末端時，導體棒的有效切割長度，所以加速度大小為，故C正確；D、導體棒下滑過程中，由能量守恒得：，整理得：，故D正確10、BD【解析】點電荷從B點移動到C點電場力做功為W，則B、C兩點間的電勢差為，點電荷從A點移動到B點電場力不做功，說明A、B兩點在同一等勢面上．從B點移動到C點電場力做功為W．說明電場強度方向垂直AB邊向下，則有：，其，解得A點的電勢為，該電場的電場強度大小為，電子從A點沿AB方向飛入，所受的電場力方向將沿電場線方向的反方向，故電子將向左上偏轉，其運動軌跡可能是甲，故AC錯誤，BD正確，故選BD.【點睛】點電荷從A點移動到B點電場力不做功，說明A、B兩點在同一等勢面上，從B點移動到C點電場力做功為W．說明電場強度方向垂直AB邊向下.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.（1）18.6②.（2）B【解析】（1）游標卡尺的讀數(shù)：主尺讀數(shù)+游標尺讀數(shù)；（2）根據(jù)公式，結合實驗操作分析誤差的大小.【詳解】（1）游標卡尺的讀數(shù)方法是先讀出主尺上的刻度，大小：18mm，再看游標尺上的哪一刻度與主尺刻度對齊：第6刻度與上方刻度對齊，讀數(shù)：0.1×6=0.6mm，總讀數(shù)：L=18+0.6=18.6mm（2）根據(jù)T=2π可得，則測擺線時擺線拉得過緊，則L測量值偏大，g的測量值會偏大，選項A錯誤；擺線上端未牢固地系于懸點，使得單擺擺動時擺長過長，周期偏大，則測量得到的g值偏小，選項B正確；以擺球直徑和擺線長之和作為擺長來計算，擺長L偏大，則g值偏大，選項C錯誤；開始計時時，小球開始擺動后稍遲才按下停表計時，則周期T的測量值偏小，則g值測量值偏大，選項D錯誤；擺球通過平衡位置并開始計時時，將擺球通過平衡位置的次數(shù)計為1，這樣計算周期應該為，如此不會造成g的測量誤差，選項E錯誤；故選B.12、①.S②.T③.電阻④.×10⑤.190⑥.黑⑦.紅【解析】（1）[1]．旋動部件S，使指針對準電流的"0"刻線。（2）[2][3]．將選擇開關K旋至“Ω”擋，再將紅、黑表筆分別插入“＋”“－”插孔，并將兩表筆短接，調節(jié)調零旋鈕T，使電表指針對準電阻的“0”刻線。（3）[4]．當選擇開關K旋至“Ω”擋中的“×100”擋位時，正確操作后發(fā)現(xiàn)指針的偏轉角很大，說明倍率檔選擇過高，為了測量更準確應該選擇的擋位是“×10”.（4）[5]．電阻的阻值為19×10Ω=190Ω。（5）[6][7]．無論用多用電表進行何種（直流）操作測量，電流都應該是從黑表筆流出由紅表筆流入多用電表。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)=2.5×/kg(2)B=3.2×10－2T【解析】(1)設粒子在電場中運動的時間為t，加速度為a，則由運動學公式a＝F＝Eqy＝v0t聯(lián)立以上各式代入數(shù)據(jù)解得t＝2.0×10－8s，=2.5×/kg(2)粒子經過y軸時在電