2025屆北京市豐臺區(qū)重點(diǎn)中學(xué)物理高三第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題注意事項(xiàng)1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認(rèn)真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、下列物理量中，屬于矢量的是A．路程B．速率C．質(zhì)量D．加速度2、如圖所示，在點(diǎn)電荷+Q產(chǎn)生的電場中，引入一個帶電量較小的電荷-q．當(dāng)將-q移近+Q的過程中A．a(chǎn)點(diǎn)的電場不會改變B．b點(diǎn)的電場不會改變C．+Q在b點(diǎn)產(chǎn)生的電場會改變D．+Q在a點(diǎn)產(chǎn)生的電場不會改變3、如圖所示，質(zhì)量為3kg的物體A靜止在豎直的輕彈簧上面，質(zhì)量為2kg的物體B用細(xì)線懸掛，A、B間相互接觸但無壓力，整個系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g=10m/s2。某時刻將細(xì)線剪斷，則剪斷細(xì)線瞬間A．B的加速度大小為B．A的加速度大小為C．B對A的壓力大小為0ND．B對A的壓力大小為20N4、輪箱沿如圖所示的逆時針方向在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，半徑為R，速率v＜，AC為水平直徑，BD為豎直直徑。物塊相對于輪箱靜止，則（）A．物塊始終受靜摩擦力作用B．只有在A、B、C、D四點(diǎn)，物塊受到的合外力才指向圓心C．在轉(zhuǎn)動過程中物塊的機(jī)械能不守恒D．在轉(zhuǎn)動過程中物塊重力的瞬時功率保持不變5、質(zhì)量為的木塊位于粗糙水平桌面上，若用大小為的水平恒力拉木塊，木塊做勻加速運(yùn)動，其加速度為．當(dāng)拉力方向不變，大小變?yōu)闀r，木塊的加速度為，則（）A．B．C．D．6、質(zhì)量為m1=1kg和m2(未知)的兩個物體在光滑的水平面上正碰,碰撞時間不計,其(位移—時間)圖象如圖所示,則可知碰撞屬于(

)A．非彈性碰撞B．彈性碰撞

C．完全非彈性碰撞D．條件不足,不能確定二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、2018年2月2日,我國成功將電磁監(jiān)測試驗(yàn)衛(wèi)星“張衡一號”發(fā)射升空,標(biāo)志我國成為世界上少數(shù)擁有在軌運(yùn)行高精度地球物理場探測衛(wèi)星的國家之一。通過觀測可以得到衛(wèi)星繞地球運(yùn)動的周期,并已知地球的半徑和地球表面處的重力加速度。若將衛(wèi)星繞地球的運(yùn)動看作是勻速圓周運(yùn)動,且不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響,根據(jù)以上數(shù)據(jù)可以計算出衛(wèi)星的(

)A．質(zhì)量B．向心加速度的大小C．離地高度D．線速度的大小8、如圖所示，質(zhì)量為M的半圓軌道小車靜止在光滑的水平地面上，其水平直徑AB長度為2R，現(xiàn)將質(zhì)量m為的小球從距A點(diǎn)正上方h0高處由靜止釋放，已知M=2m。小球由A點(diǎn)經(jīng)過半圓軌道后從B沖出，在空中能上升的最大高度為（不計空氣阻力），則（）A．小球和小車組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒 B．小車向左運(yùn)動的最大距離為C．小球離開小車后做斜上拋運(yùn)動 D．小球第二次能上升的最大高度大于9、被譽(yù)為“星中美人”的土星，是太陽系里的第二大行星，一個土星年相當(dāng)于30個地球年，土星直徑約為地球的十倍，質(zhì)量約為地球的百倍，它有60余顆衛(wèi)星．美國宇航局的“卡西尼”號飛船拍攝到土星最外側(cè)的一條細(xì)環(huán)是土星的F環(huán)，位于它附近的亮斑是土衛(wèi)十六，如圖6所示下列說法正確的是A．土衛(wèi)十六的向心加速度比土星近地軌道上的衛(wèi)星小B．土星的公轉(zhuǎn)半徑是地球的30倍C．在土星的一座高山上水平拋出一個物體,為使物體不再回到土星，其拋出速度至少是地球上的倍D．只要知道土衛(wèi)十六繞土星運(yùn)行周期和軌道半徑，結(jié)合題給條件即可求土星的密度10、如圖所示，在豎直方向上A、B兩物體通過勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧相連（輕質(zhì)彈簧的兩端分別固定在A、B上），B、C兩物體通過細(xì)繩繞過光滑輕質(zhì)定滑輪相連，A固定在水平地面上，C放在固定的傾角為的光滑斜面上。已知B的質(zhì)量為m，C的質(zhì)量為4m，重力加速度為g，細(xì)繩與滑輪之間的摩擦力不計?，F(xiàn)用手按住C，使細(xì)繩剛剛拉直但無張力，并保證ab段的細(xì)繩豎直、cd段的細(xì)繩與斜面平行。開始時整個系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，釋放C后，它沿斜面下滑，斜面足夠長，則下列說法正確的是A．整個運(yùn)動過程中B和C組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒B．C下滑過程中，其機(jī)械能一直減小C．當(dāng)B的速度達(dá)到最大時，彈簧的伸長量為D．B的最大速度為2g三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖，用“碰撞實(shí)驗(yàn)器”可以驗(yàn)證動量守恒定律，即研究兩小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關(guān)系．①實(shí)驗(yàn)中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的．但是，可以通過僅測量______（填選項(xiàng)前的符號），間接地解決這個問題．A．小球開始釋放的高度hB．小球拋出點(diǎn)距地面的高度HC．小球平拋運(yùn)動的射程②圖中O點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在地面上的垂直投影．實(shí)驗(yàn)時，先讓入射小球多次從斜面上S位置靜止釋放，找到其平均落地點(diǎn)的位置P，測量平拋射程OP．然后把被碰小球靜置與軌道水平部分，再將入射小球從斜軌上S位置靜止釋放，與小球相碰，并多次重復(fù)．接下來完成的必要步驟是______．（填寫選項(xiàng)前的符號）A．用天平測量兩小球的質(zhì)量、B．測量小球開始釋放的高度hC．測量拋出點(diǎn)距地面的高度HD．分別找到、相碰后平均落地點(diǎn)的位置M、NE．測量平拋射程OM、ON實(shí)驗(yàn)結(jié)果表明，碰撞前、后總動量的比值為______．12．（12分）某同學(xué)做“探究彈力和彈簧伸長量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)．①圖甲是不掛鉤碼時彈簧下端指針?biāo)傅臉?biāo)尺刻度，其示數(shù)為7.73cm，圖乙是在彈簧下端懸掛鉤碼后指針?biāo)傅臉?biāo)尺刻度，此時彈簧的伸長量△l為_______cm;②本實(shí)驗(yàn)通過在彈簧下端懸掛鉤碼的方法來改變彈簧的彈力，關(guān)于此操作，下列選項(xiàng)中規(guī)范的做法是______；（填選項(xiàng)前的字母）A．逐一增掛鉤碼，記下每增加一只鉤碼后指針?biāo)傅臉?biāo)尺刻度和對應(yīng)的鉤碼總重B．隨意增減鉤碼，記下增減鉤碼后指針?biāo)傅臉?biāo)尺刻度和對應(yīng)的鉤碼總重③圖丙是該同學(xué)描繪的彈簧的伸長量△l與彈力F的關(guān)系圖線，圖線的AB段明顯偏離直線OA，造成這種現(xiàn)象的主要原因是_____________．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖甲所示，一汽車通過電子不停車收費(fèi)系統(tǒng)假設(shè)汽車從O點(diǎn)以的速度勻速駛向ETC收費(fèi)島，在OA路段所受阻力大小；汽車從A處進(jìn)入ETC收費(fèi)島后，假設(shè)仍保持功率不變完成自動繳費(fèi)并駛離收費(fèi)島，并以速度勻速離開B處，汽車的速度時間圖象如圖乙所示．已知ETC收費(fèi)島AB段長度，汽車質(zhì)量，汽車在OA段和AB段所受阻力分別為恒力．（1）求汽車在運(yùn)動過程中發(fā)動機(jī)的輸出功率；（2）當(dāng)汽車加速度大小為時，求此時汽車的速度大小；（3）求汽車在ETC收費(fèi)島AB段內(nèi)行駛的時間．14．（16分）如圖所示，傾角為37°的斜面長l＝1.9m，在斜面底端正上方的O點(diǎn)將一小球以v0＝3m/s的速度水平拋出，與此同時由靜止釋放斜面頂端的滑塊，經(jīng)過一段時間后，小球恰好能夠以垂直于斜面的速度在斜面P點(diǎn)處擊中滑塊。（小球和滑塊均可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度g取9.8m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8），求：(1)拋出點(diǎn)O離斜面底端的高度；(2)滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)μ。15．（12分）一長木板靜止在水平地面上，木板長，小茗同學(xué)站在木板的左端，也處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)小茗開始向右做勻加速運(yùn)動，經(jīng)過2s小茗從木板上離開，離開木板時小茗的速度為v=4m/s，已知木板質(zhì)量M=20kg，小茗質(zhì)量m=50kg，g取10m/s2，求木板與地面之間的動摩擦因數(shù)（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）．

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】

矢量是既有大小又有方向的物理量，標(biāo)量是只有大小沒有方向的物理量。【詳解】A、B、C項(xiàng)：標(biāo)量是只有大小沒有方向的物理量，路程、速率和質(zhì)量都是標(biāo)量，故A、B、C錯誤；D項(xiàng)：矢量是既有大小又有方向的物理量，加速度為矢量，故D正確。故選：D?！军c(diǎn)睛】矢量與標(biāo)量明顯的區(qū)別是：矢量有方向，標(biāo)量沒有方向。2、D【解析】

A．a(chǎn)點(diǎn)的電場為點(diǎn)電荷+Q和電荷-q在a點(diǎn)產(chǎn)生電場的疊加，將-q移近點(diǎn)電荷+Q的過程中，電荷-q到a點(diǎn)的距離發(fā)生變化，在a點(diǎn)產(chǎn)生的電場發(fā)生變化。所以a點(diǎn)的電場發(fā)生改變，故A項(xiàng)錯誤；B．b點(diǎn)的電場為點(diǎn)電荷+Q和電荷-q在b點(diǎn)產(chǎn)生電場的疊加，將-q移近點(diǎn)電荷+Q的過程中，電荷-q到b點(diǎn)的距離發(fā)生變化，在b點(diǎn)產(chǎn)生的電場發(fā)生變化。所以b點(diǎn)的電場發(fā)生改變，故B項(xiàng)錯誤；C．點(diǎn)電荷+Q到b點(diǎn)的距離及電量不變，所以點(diǎn)電荷+Q在b點(diǎn)產(chǎn)生的電場不會改變，故C項(xiàng)錯誤；D．點(diǎn)電荷+Q到a點(diǎn)的距離及電量不變，所以點(diǎn)電荷+Q在a點(diǎn)產(chǎn)生的電場不會改變，故D項(xiàng)正確。3、A【解析】

AB．剪斷細(xì)線前，A、B間無壓力，則彈簧的彈力F=mAg=30N，剪斷細(xì)線的瞬間，彈簧形變量不變，彈力仍為30N。對整體分析，整體加速度為：故物體A、B的加速度大小均為4m/s2。故A符合題意，B不符合題意。

CD．隔離對B分析，mBg-FN=mBa，解得：FN=mBg-mBa=20-2×4N=12N故CD不符合題意。4、C【解析】

A．在最高點(diǎn)和最低點(diǎn)，物塊受重力和支持力作用，在其它位置物體受到重力，支持力、靜摩擦力作用，故A項(xiàng)錯誤；B．物塊作勻速圓周運(yùn)動，合外力提供向心力，所以合外力始終指向圓心，故B項(xiàng)錯誤；C．在轉(zhuǎn)動過程中物塊的動能不變，重力勢能改變，所以機(jī)械能不守恒，故C項(xiàng)正確；D．運(yùn)動過程中，物塊的重力大小不變，速度大小不變，但是速度方向時刻在變化，所以重力的瞬時功率在變化，故D項(xiàng)錯誤。故選C。5、C【解析】由牛頓第二定律知，用大小為的力拉木塊時，有，拉力變?yōu)闀r，，得，C正確．6、B【解析】

由圖象的斜率表示速度，知碰撞前是靜止的，的速度為碰后的速度的速度由動量守恒定律有：代入數(shù)據(jù)解得：碰撞前系統(tǒng)的總動能碰撞后系統(tǒng)的總動能所以碰撞前后系統(tǒng)總動能相等，即為彈性碰撞，故B正確．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】

A．衛(wèi)星在環(huán)繞地球做勻速圓周時，由萬有引力提供向心力進(jìn)行計算時，衛(wèi)星的質(zhì)量會被約掉，因此求不出衛(wèi)星得質(zhì)量，A錯誤B．據(jù)萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：向心加速度可以求得向心加速度，故B正確；

C．根據(jù)萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：解得：可以求出衛(wèi)星的高度。故C正確；D．由牛頓第二定律得：解得：可知可以求出衛(wèi)星的線速度，故D正確。8、ABD【解析】

A．小球與小車組成的系統(tǒng)在水平方向所受合外力為零，水平方向系統(tǒng)動量守恒，故A正確；B．系統(tǒng)水平方向動量守恒，以向右為正方向，在水平方向，由動量守恒定律得mv-Mv′=0即有解得小車的位移故B正確；

C．小球與小車組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，小球由A點(diǎn)離開小車時系統(tǒng)水平方向動量為零，小球與小車水平方向速度為零，小球離開小車后做豎直上拋運(yùn)動，故C錯誤；

D．小球第一次車中運(yùn)動過程中，由動能定理得Wf為小球克服摩擦力做功大小，解得即小球第一次在車中滾動損失的機(jī)械能為，由于小球第二次在車中滾動時，對應(yīng)位置處速度變小，因此小車給小球的彈力變小，摩擦力變小，摩擦力做功小于，機(jī)械能損失小于，因此小球再次離開小車時，能上升的高度大于，而小于。故D正確；

故選ABD。9、AC【解析】根據(jù)可知，土衛(wèi)十六的向心加速度比土星近地軌道上的衛(wèi)星小，選項(xiàng)A正確；根據(jù)，解得，因T土=30T地，則，選項(xiàng)B錯誤；根據(jù)第一宇宙速度的表達(dá)式，則，則在土星的一座高山上水平拋出一個物體,為使物體不再回到土星，其拋出速度至少是地球上的倍，選項(xiàng)C正確；根據(jù)可得,只要知道土衛(wèi)十六繞土星運(yùn)行周期和軌道半徑，可求得土星的質(zhì)量，但是因?yàn)椴恢劳列堑陌霃剑瑒t不能求解求土星的密度，選項(xiàng)D錯誤；故選AC.10、BD【解析】

A．整個運(yùn)動過程中，彈簧對B物體做功，所以B和C組成的系統(tǒng)機(jī)械不守恒，故A錯誤；B．C下滑過程中，繩子的拉力對C做負(fù)功，由功能關(guān)系可知，物體C的機(jī)械能減小，故B正確；C．當(dāng)B的速度最大時，其加速度為零，繩子上的拉力大小為2mg，此時彈簧處于伸長狀態(tài)，彈簧的伸長量x2滿足得故C錯誤；D．釋放瞬間，對B受力分析，彈簧彈力得物體B上升的距離以及物體C沿斜面下滑的距離均為h=x1+x2由于x1=x2，彈簧處于壓縮狀態(tài)和伸長狀態(tài)時的彈性勢能相等，彈簧彈力做功為零，設(shè)B物體的最大速度為vm，由機(jī)械能守恒定律得解得：故D正確。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、CADE【解析】①由于本實(shí)驗(yàn)的碰撞是在同一高度，在空中運(yùn)動時間相同，因而根據(jù)小球做平拋運(yùn)動的射程就可知道碰撞后速度的大小之比，所以選C；②實(shí)驗(yàn)時，先讓入射球ml多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點(diǎn)的位置P，測量平拋射程OP，然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分，再將入射球ml從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相碰，并多次重復(fù)．測量平均落點(diǎn)的位置，找到平拋運(yùn)動的水平位移，因此步驟中D、E是必須的，而且D要在E之前，至于用天平秤質(zhì)量先后均可以，所以答案是ADE；碰撞前、后總動量的比值：點(diǎn)睛：本題考查驗(yàn)證動量守恒定律的實(shí)驗(yàn)，要注意明確實(shí)驗(yàn)原理，知道實(shí)驗(yàn)中利用平拋運(yùn)動進(jìn)行實(shí)驗(yàn)的基本方法，同時注意實(shí)驗(yàn)中的注意事項(xiàng)和數(shù)據(jù)處理的基本方法．12、6.93cmA鉤碼重力超過彈簧彈力范圍【解析】

①乙的讀數(shù)為13.66cm,則彈簧的伸長量△L=13.66cm–5.73cm=7.93cm②為了更好的找出彈力與形變量之間的規(guī)律，應(yīng)逐一增掛鉤碼，記下每增加一只鉤碼后指針?biāo)傅臉?biāo)尺刻度和對應(yīng)的鉤碼總重，A正確；③彈簧超出了彈性限度，彈簧被損壞，彈簧的伸長量△L與彈力F不成正比四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）6.0kw；（2）4m/s；（3）3.83s【解析】

（1）在OA段P=F1v0F1=f1=1×103N解得：P=6.0kW