…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大版高三物理上冊月考試卷428考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、（2016?遂寧模擬）如圖所示，一束復(fù)色光沿PO射向截面為半圓形玻璃磚的圓心O處后，分成a、b兩束單色光射出．對于a、b兩束單色光下列說法正確的是（）A.單色光a頻率較小B.單色光a穿過玻璃磚的時間較長C.分別用單色光a、b在同一裝置中做雙縫干涉實驗，a光的條紋間距小D.若它們都從玻璃射向空氣，a光發(fā)生全反射的臨界角比b光的小2、（2013?沈陽二模）如圖所示，電阻R1=15Ω，R2=12Ω，電池有內(nèi)阻．當(dāng)開關(guān)S接1時，電壓表示數(shù)為3V，接2時，電壓表示數(shù)可能為（）A.3.3VB.2.8VC.2.3VD.1.8V3、如圖所示，正方形線框abcd的邊長為l，向右通過寬為L的勻強磁場，且l＜L，則在線框通過磁場的過程中，線框中的感應(yīng)電流（）A.一直為順時針方向B.一直為逆時針方向C.先為逆時針方向，中間無感應(yīng)電流，后為順時針方向D.先為順時針方向，中間無感應(yīng)電流，后為逆時針方向4、兩滑塊甲和乙放在粗糙的水平面上，給兩滑塊同方向的初速度，兩滑塊僅在滑動摩擦力的作用下運動，并兩滑塊的動能與滑行距離的變化規(guī)律圖線，如圖所示，已知兩滑塊的質(zhì)量相同，則能正確地反應(yīng)兩滑塊的速度隨時間變化規(guī)律的圖象是（）A.B.C.D.5、如圖所示，空間中有沿-z方向的勻強電場，沿+y方向的勻強磁場，沿-y方向的重力場．有一帶電粒子以初速度v沿+x方向射入，則粒子可能做（）A.勻速直線運動B.勻速圓周運動C.勻變速直線運動D.勻變速曲線運動評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)6、關(guān)于地球的第一宇宙速度，下列說法正確的是（）A.它是衛(wèi)星環(huán)繞地球運行的最小速度B.它是衛(wèi)星環(huán)繞地球運行的最大速度C.它是發(fā)射地球衛(wèi)星的最小發(fā)射速度D.它是發(fā)射地球衛(wèi)星的最大發(fā)射速度7、（多選）穿過一個電阻為2Ω，總匝數(shù)為100匝的閉合線圈的磁通量每秒均勻減小0.4Wb，則線圈中（）A.感應(yīng)電動勢為0.4VB.感應(yīng)電動勢為40VC.感應(yīng)電流恒為0.2AD.感應(yīng)電流恒為20A8、如圖所示，在水平圓盤上放有質(zhì)量為m、m和2m可視為質(zhì)點的三個物體A、B、C，圓盤可繞中心軸OO′轉(zhuǎn)動，且角度可調(diào)，三物與圓盤的動摩擦因數(shù)均為μ．已知ABC三個物體與軸O共線，且OA=OB=BC=r，現(xiàn)將三個物體用輕質(zhì)細線相連，保持細線伸直且無張力，然后讓圓盤從靜止開始繞轉(zhuǎn)軸緩慢的加速轉(zhuǎn)動，用ω表示圓盤轉(zhuǎn)動的角速度，取重力加速度為g，最大靜摩擦力按滑動摩擦力計算，則下列說法正確的是（）A.A所需要的向心力增加最快B.當(dāng)ω1時BC間的連線開始提供拉力C.當(dāng)ω2時整體會發(fā)生滑動D.當(dāng)＜ω，在ω增大的過程中BC間的拉力不斷增大9、小朋友從游樂場的滑梯頂端由靜止開始下滑，從傾斜軌道滑下后，又沿水平軌道滑動了一段距離才停了下來，則（）A.下滑過程中滑梯的支持力對小朋不做功B.下滑過程中小朋友的重力做正功，它的重力勢能增加C.整個運動過程中小朋友、地球系統(tǒng)的機械能守恒D.在傾斜軌道滑動過程中摩擦力對小朋友做負功，他的機械能減少10、我國發(fā)射的神舟十號要與天宮一號對接，對接前神舟十號在略低于天高一號的軌道上運行．關(guān)于神舟十號與天宮一號．（）A.對接前神舟十號的周期大于天宮一號的周期，速度大于天宮一號的速度，向心加速度大于天宮一號的向心加速度B.它們的周期都小于同步衛(wèi)星的周期，速度大于同步衛(wèi)星的速度，向心加速度大于同步衛(wèi)星的向心加速度C.為了使神舟十號和天宮一號對接，可以啟動神舟十號發(fā)動機向后噴氣，通過反沖作用從較低軌道上加速進入較高軌道實施對接D.為了對接，神舟十號必須向前噴氣減速運行到高軌道，才能完成11、一種大型游戲器械是一個圓筒狀大型容器，筒壁豎直，游客進入容器后緊靠筒壁站立．當(dāng)圓筒的轉(zhuǎn)速達到某一數(shù)值時，其底板突然塌落，游客發(fā)現(xiàn)自己竟然沒有掉下去．以下說法正確的是（）A.游客的加速度為零B.筒壁對游客的支持力提供向心力C.游客受到的摩擦力等于重力D.筒壁對游客的支持力等于重力評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)12、（2015秋?玉林校級月考）某同學(xué)在豎直懸掛的彈簧下加掛鉤碼；做實驗研究彈力與彈簧伸長量的關(guān)系．下表是他的實驗數(shù)據(jù)．實驗時彈力始終沒有超過簧的彈性限度，彈簧很輕，自身質(zhì)量可以不計．

（1）本實驗所需器材除了彈簧、鐵架臺、重錘線、坐標(biāo)紙外，還需要以下哪些器材____（填序號）

①天平②鉤碼③打點計時器④刻度尺⑤秒表。

（2）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)在給定的坐標(biāo)系中作出彈力F跟彈簧伸長量x關(guān)系的圖象．

。彈簧伸長量x/m彈力F/N000.0120.300.0230.600.0350.900.0461.200.0581.50（3）根據(jù)圖象可知彈簧的勁度系數(shù)為____N/m（保留兩位有效數(shù)字）．13、如圖甲所示的電路中，電源電動勢ε=8V，內(nèi)阻不計，R1=10Ω，R2=30Ω，它們都是阻值不隨溫度改變的定值電阻，白熾燈L1和L2相同，它們的I-U特性曲線如圖乙所示，則當(dāng)電鍵S斷開時通過白熾燈L1的電流____A．當(dāng)電鍵S閉合時兩個白熾燈消耗的總功率為____W．

14、（2016春?雅安校級月考）如圖所示為一小球做平拋運動的閃光照片的一部分，圖中每個背景方格的邊長均為4.90cm．那么拍攝照片時所用閃光頻率是____Hz，小球平拋的初速度為____m/s（g=9.8m/s2）15、某行星的質(zhì)量是地球質(zhì)量的6倍，半徑是地球半徑的1.5倍，則此行星的第一宇宙速度約為____km/s．（已知地球的第一宇宙速度是7.9km/s）16、某同學(xué)在教學(xué)樓同一位置以大小相等的速度拋出兩個小球，一個豎直向上，一個豎直向下，它們分別經(jīng)過8s和1s落地，如果他仍在原處讓第三個小球做自由落體運動，經(jīng)過____后小球落地（g取10/m2）17、一物體以初速度v0水平拋出后，經(jīng)過____s，其水平位移和豎直位移大小相等，此時合位移大小為____方向．18、已知地球質(zhì)量為M，萬有引力常量為G，現(xiàn)有一質(zhì)量為m的衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，其軌道半徑為r．則衛(wèi)星的線速度大小____、衛(wèi)星在軌道上做勻速圓周運動的周期____．19、（2012春?南湖區(qū)校級月考）如圖所示，皮帶傳動裝置，主動輪O1的半徑為R，從動輪O2的半徑為r，R=r．其中A、B兩點分別是兩輪緣上的點，C點到主動輪軸心的距離R′=R；設(shè)皮帶不打滑，則A；B、C三點的。

線速度之比vA：vB：vc=____；

角速度之比ωA：ωB：ωc=____；

向心加速度之比aA：aB：aC=____．20、在1998年的冬季奧運會上，我國運動員楊揚技壓群芳，刷新了短道速滑1000m世界記錄．在比賽中當(dāng)她通過半徑為R的彎道時，可獲得的最大向心力大小為其自身重力的k倍，則其安全滑行的速度不超過____．評卷人得分四、判斷題(共4題，共32分)21、x-t圖象描述了物體的位移隨時間的變化規(guī)律．____．（判斷對錯）22、光的衍射現(xiàn)象、偏振現(xiàn)象、色散現(xiàn)象都能體現(xiàn)光具有波動性____（判斷對錯）23、永磁體在受到加熱或敲打后，磁性不會發(fā)生改變____．（判斷對錯）24、沿電場線的方向，電勢逐點降低．____（判斷對錯）評卷人得分五、推斷題(共3題，共6分)25、如圖是由常見元素組成的一些單質(zhì)及其化合物之間的轉(zhuǎn)化關(guān)系圖rm{.}常溫常壓下，rm{B}rm{E}rm{F}rm{H}rm{I}均為氣體，rm{F}無色無味，且能使澄清石灰水變渾蝕；rm{B}rm{E}rm{I}均有刺激性氣味，rm{E}能使?jié)駶櫟募t色石蕊試紙變藍，rm{B}rm{E}在空氣中相遇會產(chǎn)生白煙，rm{I}為紅棕色rm{.A}是一種常見的氮肥，rm{F}也能由人直接分解可得到rm{.C}rm{G}rm{K}的焰色反應(yīng)呈黃色rm{.(}反應(yīng)中部分生成物己略去rm{)}

請回答下列問題：

rm{(1)}物質(zhì)rm{D}的化學(xué)式為______，其水溶液中陽離子的檢驗方法為rm{(}文字表述rm{)}______．

rm{(2)}寫出反應(yīng)rm{壟脹}的化學(xué)方程式：______．

rm{(3)}寫出反應(yīng)rm{壟脺}的離子方程式：______．

rm{(4)}寫出反應(yīng)rm{壟脻}的化學(xué)方程式：______．26、rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{M}rm{Q}均為除稀有氣體外的短周期元素，其原子序數(shù)依次增大，rm{X}的最外層電子數(shù)是rm{W}的rm{4}倍，rm{Z}與rm{M}的最低負化合價相同，rm{X}rm{M}在周期表中位置如圖所示。rm{(1)X}在周期表中的位置為________，rm{Q}的元素名稱為________。rm{(2)Z}與rm{W}形成的rm{4}核離子的電子式為________。rm{(3)}分別由rm{W}rm{Y}rm{Z}rm{M}組成的兩種離子化合物rm{(}酸式鹽rm{)}在溶液中相互反應(yīng)的離子方程式為：________。rm{(4)W_{2}}與rm{Z_{2}}反應(yīng)生成化合物甲，rm{W_{2}}與rm{Q_{2}}反應(yīng)生成化合物乙。已知反應(yīng)：乙rm{(g)+Z_{2}(g)隆煤}甲rm{(g)+Q_{2}(g)}每生成rm{1molQ_{2}}放熱rm{57}rm{8kJ}寫出該反應(yīng)的熱化學(xué)方程式：________。rm{(5)X}rm{Y}可分別與rm{Z}以原子個數(shù)比rm{1漏U1}形成化合物丙和丁。在催化劑存在條件下，丙與丁發(fā)生可逆反應(yīng)，生成單質(zhì)rm{Y_{2}}和另一種化合物戊。寫出該反應(yīng)的化學(xué)方程式：________，該反應(yīng)的平衡常數(shù)表達式為________。rm{(6)}將rm{1mol}丙氣體和rm{1mol}丁氣體充入一裝有催化劑的恒壓容器中，充分反應(yīng)達平衡后：rm{壟脵}若氣體體積較原來減少rm{23攏樓}則丁的轉(zhuǎn)化率為________；rm{壟脷}已知該反應(yīng)rm{婁隴H<0}則升高溫度，平衡常數(shù)rm{K}值將________rm{(}填“變大”、“變小”或“不變”rm{)}rm{壟脹}其他條件不變時，若僅將壓強增大為原來的rm{2}倍，再次達平衡后，混合氣體中丁的體積分數(shù)將________rm{(}填“變大”、“變小”或“不變”rm{)}27、【化學(xué)rm{隆陋}選修r(nóng)m{5}有機化學(xué)基礎(chǔ)】氯吡格雷rm{(clopidogrel)}是一種用于抑制血小板聚集的藥物，該物質(zhì)的合成路線之一如圖所示：請回答下列問題：rm{(1)A}的名稱為____，rm{F}中無氧官能團的名稱為____。rm{(2)X}的結(jié)構(gòu)簡式為____，rm{D}的分子式為____。rm{(3)G隆煤}氯吡格雷的反應(yīng)類型為____。rm{(4)B隆煤C}的化學(xué)方程式為____。rm{(5)}同時滿足下列條件的rm{E}的同分異構(gòu)體有____種rm{(}不考慮立體異構(gòu)rm{)}其中核磁共振氫譜有rm{5}種吸收峰，且峰面積比為rm{1漏U1漏U2漏U2漏U2}的結(jié)構(gòu)簡式是____。rm{壟脵}結(jié)構(gòu)中存在與rm{F}相同的官能團rm{壟脷}能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，其堿性條件下水解的兩種產(chǎn)物也能發(fā)生銀鏡反應(yīng)rm{(6)}參照上述合成路線和相關(guān)信息，設(shè)計一條由乙炔和乙醇為起始原料制備的合成路線rm{(}無機試劑任選rm{)}評卷人得分六、綜合題(共2題，共10分)28、【題文】在光滑的絕緣水平面上，有直徑相同的兩個金屬小球A、C，已知=2mc，C球帶正電荷2q，靜止在勻強磁場B中，A球不帶電，以速度v0進入磁場中與C球正碰；碰撞后C球?qū)ζ矫娴膲毫η『脼榱?，求碰后A球?qū)ζ矫娴膲毫Χ?(取向右為正)

29、【題文】如圖所示，abc為固定在水平面上的光滑圓弧軌道，b點為最低點，O為圓心，弧abc所對圓心角小于5°，現(xiàn)將甲球由O點、乙球由a點同時由靜止釋放（把兩球視為質(zhì)點），若不計空氣阻力，哪個球先到達b點？參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【分析】由圖看出，玻璃磚對b光的偏折角較大，b光的折射率較大，頻率較大，波長短．由v=分析光在玻璃磚中傳播速度關(guān)系，即可判斷時間關(guān)系．折射率越大，波長越短，干涉條紋間距越?。蓅inC=分析臨界角的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓篈、由圖知，玻璃磚對a光的偏折角較小，由折射定律n=得知；玻璃對a光的折射率較小，其頻率較?。蔄正確．

B、玻璃對a光的折射率較小，由v=分析得知；a光在玻璃磚中速度較大，傳播時間較短．故B錯誤．

C；玻璃對a光的折射率較??；a光的波長較長，而干涉條紋的間距與波長成正比，則知，a光干涉條紋的間距較大．故C錯誤．

D、由sinC=分析得知，b光的折射率大；則臨界角較小，故D錯誤．

故選：A2、B【分析】【分析】根據(jù)路端電壓隨外電阻的增大而增大，減小而減小，外電阻減小，電流增大，分析得出電壓表示數(shù)范圍，即可選擇．【解析】【解答】解：當(dāng)開關(guān)S接1時；電壓表示數(shù)為3V，接2時，外電阻減小，路端電壓減小，則電壓表示數(shù)應(yīng)小于3V．

當(dāng)外電阻減小，電路中電流應(yīng)增大，則有：＞，得U2＞=V=2.4V

故電壓表示數(shù)為2.8V．

故選：B．3、C【分析】【分析】當(dāng)穿過閉合回路磁通量發(fā)生變化時，回路中有感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律或右手定則判斷感應(yīng)電流的方向．【解析】【解答】解：線框進磁場時；通過線框的磁通量在增大，有感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律知，感應(yīng)電流的方向為逆時針方向．全部進入磁場后，磁通量不變，無感應(yīng)電流．出磁場時，通過線框的磁通量減小，有感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的方向為順時針方向．故C正確，A；B、D錯誤．

故選：C．4、D【分析】【分析】根據(jù)動能定理列出方程表示出與滑行距離x的函數(shù)表達式，結(jié)合圖象找出斜率所反映的物理量，在v-t圖象中斜率表示加速度，運用牛頓第二定律求加速度，在v-t圖象中斜率大的加速度大．【解析】【解答】解：對滑塊進行受力分析，滑塊受重力、支持力和滑動摩擦力，重力和支持力不做功，只有滑動摩擦力做功，根據(jù)動能定理，得，結(jié)合圖象知；斜率的絕對值為f，因為圖線平行，所以滑動摩擦力大小相等，根據(jù)牛頓第二定律f=ma，質(zhì)量相同，所以加速度相等，所以v-t圖象中兩圖線平行，D正確。

故選：D5、D【分析】【分析】先受力分析，然后結(jié)合各種運動的動力學(xué)條件分析可能的運動情況．【解析】【解答】解：若粒子帶正電；受重力；向內(nèi)的電場力，向外的洛倫茲力，如果電場力與洛倫茲力平衡，則合力等于重力，洛倫茲力不變，合力一直等于重力，做平拋運動，是變速曲線運動；

如果電場力和洛倫茲力不平衡；做一般曲線運動；

若粒子帶負電；受重力；向外的電場力，向內(nèi)的洛倫茲力；如果電場力與洛倫茲力平衡，則合力等于重力，洛倫茲力不變，合力一直等于重力，做平拋運動，是勻變速曲線運動；如果電場力和洛倫茲力不平衡，做一般曲線運動．

故選：D．二、多選題(共6題，共12分)6、BC【分析】【分析】由萬有引力提供向心力解得衛(wèi)星做圓周運動的線速度表達式，判斷速度與軌道半徑的關(guān)系可得，第一宇宙速度是人造地球衛(wèi)星在近地圓軌道上的運行速度，軌道半徑最小，線速度最大，從而即可求解．【解析】【解答】解：由萬有引力提供向心力G=m，得：v=；所以第一宇宙速度是人造地球衛(wèi)星在近地圓軌道上的運行速度，是人造地球衛(wèi)星在圓軌道上運行的最大速度，是衛(wèi)星進入近地圓形軌道的最小發(fā)射速度．故AD錯誤，BC正確；

故選：BC．7、BD【分析】【分析】穿過閉合線圈的磁通量每秒均勻減小0.4Wb，得到磁通量變化率，由法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動勢，由歐姆定律求解感應(yīng)電流．【解析】【解答】解：A、B由題，穿過閉合線圈的磁通量每秒均勻減小0.4Wb，則得到磁通量變化率大小為=0.4Wb/s；由法拉第電磁感應(yīng)定律得。

E=n=100×0.4=40V；恒定不變．故A錯誤，B正確．

C、D由歐姆定律得，感應(yīng)電流為I==A=2A．故C錯誤；D正確．

故選：BD．8、BCD【分析】【分析】依據(jù)向心力表達式；可以分析影響向心力的因素，進而結(jié)合題目給定的已知量確定哪個向心力增加最快；

BC間的連線開始提供拉力是在摩擦力提供向心力不足的情況下；由此可得此時角速度；

當(dāng)C的摩擦力達到反向最大時；物體將會出現(xiàn)相對滑動，由此可確定此時的角速度；

在＜ω時，C摩擦力沿著半徑向外，且沒有出現(xiàn)滑動，由此依據(jù)向心力表達式分析BC拉力變化．【解析】【解答】解：A、當(dāng)圓盤轉(zhuǎn)速增大時，由靜摩擦力提供向心力．三個物體的角速度相等，由F=mω2r；由于C的半徑最大，質(zhì)量最大，故C所需要的向心力增加最快，故A錯誤．

B、當(dāng)C的摩擦力達到最大靜摩擦力之后，BC開始提供拉力，由此可得：，解得：；故B正確．

C、當(dāng)A與B的摩擦力也達到最大時，且BC的拉力大于AB整體的摩擦力時物體將會出現(xiàn)相對滑動，此時A與B還受到繩的拉力，對C可得：，對AB整體可得：T=2μmg，解得：；故C正確．

D、當(dāng)＜ω時；C摩擦力沿著半徑向里，且沒有出現(xiàn)滑動，故在ω增大的過程中，由于向心力F=T+f不斷增大，故BC間的拉力不斷增大，故D正確．

故選：BCD．9、AD【分析】【分析】下滑過程中小朋友在支持力方向沒有發(fā)生位移，支持力對小朋友不做功．下滑過程中，小朋友高度下降，重力勢能減?。Σ亮ψ鲐摴?，機械能減?。谒矫婊瑒舆^程中，摩擦力方向與位移方向相反，做負功，導(dǎo)致其機械能減少．【解析】【解答】解：A；下滑過程中；小朋友在支持力方向上沒有發(fā)生位移，則滑梯的支持力對小朋友不做功．故A正確．

B；下滑過程中；小朋友高度下降，重力做正功，其重力勢能減?。蔅錯誤．

C；整個運動過程中；摩擦力做負功，小朋友、地球組成的系統(tǒng)機械能減小，故C錯誤．

D；在水平面滑動過程中；摩擦力方向與位移方向相反，摩擦力對小朋友做負功，他的機械能減少．故D正確．

故選：AD．10、BC【分析】【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力，分析運行速度、加速度、角速度、周期與軌道半徑的關(guān)系．從而比較出他們的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓焊鶕?jù)萬有引力提供向心力列出等式：

==ma=

A、周期T=2π，速度v=，加速度a=

對接前神舟十號在略低于天高一號的軌道上運行；所以對接前神舟十號的周期小于天宮一號的周期，速度大于天宮一號的速度，向心加速度大于天宮一號的向心加速度．故A錯誤；

B；神舟十號要與天宮一號的軌道半徑都小于同步衛(wèi)星的軌道半徑；

所以它們的周期都小于同步衛(wèi)星的周期；速度大于同步衛(wèi)星的速度，向心加速度大于同步衛(wèi)星的向心加速度．故B正確；

C；神舟十號向后噴氣加速后；線速度瞬時變大，需要的向心力增大，故做離心運動，軌道升高，可實現(xiàn)與天宮一號對接，故C正確，D錯誤；

故選：BC．11、BC【分析】【分析】圓筒地板塌落，游客發(fā)現(xiàn)自己沒有落下去，游客在豎直方向上受重力和靜摩擦力平衡，水平方向上受彈力，彈力提供圓周運動的向心力．【解析】【解答】解：A；游客做圓周運動；一定存在向心加速度．故A錯誤；

B；游客做圓周運動；一定存在向心加速度，游客加速度沿水平方向指向圓心，由筒壁的支持力提供．故B正確；

C；D：游客在豎直方向上受力平衡；重力等于摩擦力．故C正確，D錯誤．

故選：BC．三、填空題(共9題，共18分)12、②④26【分析】【分析】（1）根據(jù)實驗的目的與要求分析即可；

（2）根據(jù)所給數(shù)據(jù)；利用描點法即可畫出圖象；

（3）根據(jù)胡克定律可知，圖象的斜率大小等于勁度系數(shù)大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓?/p>

（1）該實驗的目的是為了測量彈簧的勁度系數(shù)；需要測定彈簧的伸長量與受到的拉力之間的關(guān)系，所以實驗中還需要鉤碼與刻度尺；

鉤碼本身有標(biāo)注的質(zhì)量；不需要天平；該實驗不需要測量時間，所以也不需要打點計時器與秒表．

故選：②④

（2）根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)作出F-x圖線；如圖所示．

（3）根據(jù)F=kx，知k=，即圖線的斜率等于彈簧的勁度系數(shù)，則k==．

故答案為：（1）②④；（2）用描點法得出圖象如圖所示：

（3）26．13、0.31.2【分析】【分析】根據(jù)閉合電路歐姆定律表示出燈泡L1兩端的電壓和電流的關(guān)系式，并在畫在I-U圖線中，找出交點求解．【解析】【解答】解：在題圖中的電路中，設(shè)燈泡L1的實際電壓和實際電流分別為U和I．在這個閉合電路中；有。

E=U+IR

代入數(shù)據(jù)并整理得；U=8-10I

這是一個直線方程；把該直線在題I-U圖線畫出，如圖所示。

這兩條曲線的交點為U=5V；I=0.3A；

通過白熾燈L1的電流是0.3A

當(dāng)電鍵S閉合時；設(shè)每只電燈加上的實際電壓和實際電流分別為U和I．在這個閉合電路中，有。

E=U+（2I+）R1

代入數(shù)據(jù)并整理得；U=6-15I

這是一個直線方程；把該直線在題圖上畫出，如圖所示。

這兩條曲線的交點為U=3V；I=0.2A；當(dāng)電鍵S閉合時兩個白熾燈消耗的總功率為P=2UI=1.2W

故答案為：0.3，1.2．14、100.98【分析】【分析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)豎直方向上連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差等于恒量求出相等的時間間隔，根據(jù)水平位移和時間間隔求出小球平拋運動的初速度．【解析】【解答】解：根據(jù)△y=2L=gT2得：T==s=0.1s；

則閃光頻率為：f==10Hz．

小球平拋運動的初速度為：v0==m/s=0.98m/s．

故答案為：10，0.98．15、15.8【分析】【分析】物體在地面附近繞地球做勻速圓周運動的速度叫做第一宇宙速度，大小7.9km/s，可根據(jù)衛(wèi)星在圓軌道上運行時的速度公式v=解得．【解析】【解答】解：設(shè)地球質(zhì)量M，某星球質(zhì)量6M，地球半徑r，某星球半徑1.5r

由萬有引力提供向心力做勻速圓周運動得：=

解得：衛(wèi)星在圓軌道上運行時的速度公式v=

分別代入地球和某星球的各物理量。

得：v地球=

v星球=

解得：v星球=2v地球=15.8km/s

故答案為：15.8．16、s【分析】【分析】兩個小球拋出后，加速度都是g，兩個球的位移相同，根據(jù)位移公式x=v0t+；根據(jù)時間求出位移h；

根據(jù)h=求出自由落體運動的時間．【解析】【解答】解：設(shè)兩球距離地面的高度為h；則對豎直上拋的小球，有：

-h=v0t1-gt①

對豎直下拋的小球；有：

h=v0t2+gt②

由①②解得：h=m

根據(jù)h=求出自由落體運動的時間為：

t===s

故答案為：s17、【分析】【分析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，抓住水平位移和豎直位移相等，結(jié)合運動學(xué)公式求出運動的時間，根據(jù)平行四邊形定則求出合位移的大小和方向．【解析】【解答】解：根據(jù)得，運動的時間t=；

此時水平位移的大小，根據(jù)平行四邊形定則知，合位移的大小s=；方向與水平方向夾角為45度．

故答案為：，．18、【分析】【分析】根據(jù)地球?qū)πl(wèi)星的萬有引力提供衛(wèi)星圓周運動的向心力求解即可．【解析】【解答】解：萬有引力提供衛(wèi)星圓周運動向心力有有。

衛(wèi)星的線速度，周期═

故答案為：，19、2：2：12：3：22：3：1【分析】【分析】A、B兩點是靠傳送帶傳動輪子邊緣上的點，線速度大小相等，AC同軸轉(zhuǎn)動，角速度相同，根據(jù)v=rω、a=求出角速度和加速度之比．【解析】【解答】解：AB線速度相同，根據(jù)v=rω，A的線速度是C的二倍，則：線速度之比vA：vB：vc=2：2；1；

A點和C點具有相同的角速度，根據(jù)v=rω，A的角速度是B的，角速度之比ωA：ωB：ωc；=2：3；2

根據(jù)a=vω得：aA：aB：aC=vAωA：aB：vBωB：vCωC=2：3：1．

故答案為：2：2：1，2：3：2，2：3：120、【分析】【分析】運動員在冰面上拐彎時，靠靜摩擦力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出運動員安全滑行的速度．【解析】【解答】解：運動員進入彎道時，摩擦力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律得：kmg=m

解得：．

故答案為：四、判斷題(共4題，共32分)21、√【分析】【分析】位移-時間圖象中的曲線反映了物體的位移隨時間變化的規(guī)律．由此分析即可．【解析】【解答】解：根據(jù)x-t圖象的意義可知；x-t圖象描述了物體的位移隨時間的變化規(guī)律，所以該說法是正確的．

故答案為：√22、×【分析】【分析】光的粒子性能夠很好的解釋光的直線傳播、反射、折射和色散；光的波動性能夠很好的解釋光的干涉和衍射和偏振．【解析】【解答】解：光的波動性能夠很好的解釋光的干涉和衍射；偏振是橫波特有的現(xiàn)象，故光的干涉；衍射和偏振證明了光具有波動性；

光的粒子性能夠很好的解釋光的直線傳播；反射、折射；色散是光的折射造成的，故光的直線傳播、反射、折射和色散證明了光的粒子性．所以以上的說法是錯誤的．

故答案為：×23、×【分析】【分析】永磁體在受到加熱或敲打后，磁性會減弱或消失，這種現(xiàn)象叫退磁．鐵磁性的物質(zhì)與磁鐵接觸后會顯示出磁性，這種現(xiàn)象叫磁化．【解析】【解答】解：永磁體在受到加熱或敲打后；磁性會減弱或消失，這種現(xiàn)象叫退磁．所以這種說法是錯誤的．

故答案為：（×）24、√【分析】【分析】本題根據(jù)電場線的物理意義分析場強與電勢的關(guān)系；根據(jù)沿電場線的方向，電勢逐點降低即可解答．【解析】【解答】解：根據(jù)電場線的物理意義：順著電場線方向；電勢降低．故該說法是正確的．

故答案為：√五、推斷題(共3題，共6分)25、NH4Cl；加NaOH溶液，加熱，若有能使?jié)駶櫟募t色石蕊試紙變藍的氣體生成，則該溶液中存在NH4+；Na2CO3+CO2+H2O=2NaHCO3；3Cu+8H++2NO3-=3Cu2++2NO↑+4H2O；3NO2+H2O=2HNO3+NO【分析】解：rm{(1)}由上述分析可知，物質(zhì)rm{D}的化學(xué)式為rm{NH_{4}Cl}其水溶液中陽離子的檢驗方法：取少許溶液加rm{NaOH}溶液，加熱，若有能使?jié)駶櫟募t色石蕊試紙變藍的氣體生成，則該溶液中存在rm{NH_{4}^{+}}

故答案為：rm{NH_{4}Cl}加rm{NaOH}溶液，加熱，若有能使?jié)駶櫟募t色石蕊試紙變藍的氣體生成，則該溶液中存在rm{NH_{4}^{+}}

rm{(2)}反應(yīng)rm{壟脹}的化學(xué)方程式：rm{Na_{2}CO_{3}+CO_{2}+H_{2}O=2NaHCO_{3}}故答案為：rm{Na_{2}CO_{3}+CO_{2}+H_{2}O=2NaHCO_{3}}

rm{(3)}反應(yīng)rm{壟脺}的離子方程式：rm{3Cu+8H^{+}+2NO_{3}^{-}=3Cu^{2+}+2NO隆眉+4H_{2}O}故答案為：rm{3Cu+8H^{+}+2NO_{3}^{-}=3Cu^{2+}+2NO隆眉+4H_{2}O}

rm{(4)}反應(yīng)rm{壟脻}為二氧化氮和水的反應(yīng)，方程式為rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}故答案為：rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}．

rm{E}能使?jié)駶櫟募t色石蕊試紙變藍，則rm{E}為rm{NH_{3}}rm{I}為紅棕色，則rm{I}為rm{NO_{2}}結(jié)合轉(zhuǎn)化關(guān)系，可推知rm{H}為rm{NO}rm{J}為rm{HNO_{3}.F}為無色無味，且能使澄清石灰水變混濁，則rm{F}為rm{CO_{2}}rm{A}是一種常見的氮肥，rm{F}也能由rm{A}直接分解可得到，則rm{A}為rm{NH_{4}HCO_{3}.B}rm{E}在空氣中相遇會產(chǎn)生白煙，可知rm{B}為rm{HCl}rm{D}為rm{NH_{4}Cl.C}rm{G}rm{K}的焰色反應(yīng)呈黃色，則都含有rm{Na}元素，由反應(yīng)rm{壟脷}可知rm{C}屬于堿，結(jié)合反應(yīng)rm{壟脹}可知，rm{C}為rm{NaOH}rm{G}為rm{Na_{2}CO_{3}}rm{K}為rm{NaHCO_{3}}以此解答該題．

本題考查無機物的推斷，為高頻考點，側(cè)重考查學(xué)生的分析能力，注意以物質(zhì)的顏色、性質(zhì)、反應(yīng)現(xiàn)象為突破口，結(jié)合轉(zhuǎn)化關(guān)系進行推斷，需要學(xué)生熟練掌握元素化合物性質(zhì)，難度中等．【解析】rm{NH_{4}Cl}加rm{NaOH}溶液，加熱，若有能使?jié)駶櫟募t色石蕊試紙變藍的氣體生成，則該溶液中存在rm{NH_{4}^{+}}rm{Na_{2}CO_{3}+CO_{2}+H_{2}O=2NaHCO_{3}}rm{3Cu+8H^{+}+2NO_{3}^{-}=3Cu^{2+}+2NO隆眉+4H_{2}O}rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}26、（1）第二周期第IVA族；氯；（5）2CO+2NON2+2CO2；K=（6）①92%；②變??；③變小；【分析】【分析】本題考查元素化合物推斷、結(jié)構(gòu)式、離子方程式、熱化學(xué)方程式、化學(xué)平衡常數(shù)、化學(xué)平衡計算等，推斷元素是解題的關(guān)鍵，根據(jù)最外層電子數(shù)關(guān)系確定rm{X}為突破口，難度中等?！窘獯稹縭m{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{M}rm{Q}均為除稀有氣體外的短周期元素，其原子序數(shù)依次增大，rm{X}的最外層電子數(shù)是rm{W}的rm{4}倍，則rm{W}最外層電子數(shù)只能為rm{1}rm{X}的最外層電子數(shù)為rm{4}由rm{X}rm{M}元素在周期表中的位置可知，rm{X}處于第二周期，故rm{X}為rm{C}元素、rm{M}為rm{S}元素；rm{Z}與rm{M}的最低負化合價相同，二者為同主族元素，可推知rm{Z}為rm{O}元素；結(jié)合原子序數(shù)可知rm{Y}為rm{N}rm{Q}為rm{Cl}推知rm{W}為rm{H}

rm{(1)X}為rm{C}原子核外有rm{2}個電子層，最外層電子數(shù)為rm{4}在周期表中的位置為第二周期第rm{IVA}族；

故答案為：第二周期第rm{IVA}族；

rm{(2)}rm{Z}與rm{W}形成的rm{4}核離子rm{H_{3}O^{+}}的電子式為：與rm{Z}形成的rm{W}核離子rm{4}的電子式為：

故答案為：

rm{H_{3}O^{+}}由rm{(3)}rm{H}rm{N}rm{O}組成的離子化合物在溶液中相互反應(yīng)，應(yīng)為rm{S}與rm{NH_{4}HSO_{3}}二者反應(yīng)離子方程式為：rm{NH_{4}HSO_{4}}

故答案為：rm{HSO_{3}^{-}+H^{+}=SO_{2}隆眉+H_{2}O}

rm{HSO_{3}^{-}+H^{+}=SO_{2}隆眉+H_{2}O}與rm{(4)H_{2}}反應(yīng)生成化合物甲為rm{O_{2}}rm{H_{2}O}與rm{H_{2}}反應(yīng)生成化合物乙為rm{Cl_{2}}已知：rm{HCl}每生成rm{HCl(g)+O_{2}(g)隆煤H_{2}O(g)+Cl_{2}(g)}rm{1mol}放熱rm{Cl_{2}}則該反應(yīng)的熱化學(xué)方程式為：rm{2HCl(g)+dfrac{1}{2}O_{2}(g)=H_{2}O(g)+Cl_{2}(g)triangleH=-57.8}rm{57.8kJ}

故答案為：rm{2HCl(g)+dfrac{1}{2}O_{2}(g)=H_{2}O(g)+Cl_{2}(g)triangleH=-57.8}rm{2HCl(g)+dfrac{1}{2}

O_{2}(g)=H_{2}O(g)+Cl_{2}(g)triangleH=-57.8}

rm{kJ/mol}rm{2HCl(g)+dfrac{1}{2}

O_{2}(g)=H_{2}O(g)+Cl_{2}(g)triangleH=-57.8}可分別與rm{kJ/mol}以原子個數(shù)比rm{(5)C}rm{N}形成化合物丙和丁，則丙為rm{O}丁為rm{1}在催化劑存在條件下，丙與丁發(fā)生可逆反應(yīng)，生成單質(zhì)rm{1}和另一種化合物戊，根據(jù)元素守恒及電子轉(zhuǎn)移守恒可知戊為rm{CO}該反應(yīng)的化學(xué)方程式：rm{NO}rm{N_{2}}該反應(yīng)的平衡常數(shù)表達式rm{k=dfrac{c(N_{2})cdotc^{2}(CO_{2})}{c^{2}(CO)cdotc^{2}(NO)}}

故答案為：rm{CO_{2}}rm{2CO+2NO}rm{dfrac{c(N_{2})cdotc^{2}(CO_{2})}{c^{2}(CO)cdotc^{2}(NO)}}

rm{N_{2}+2CO_{2}}將rm{k=dfrac{c(N_{2})cdot

c^{2}(CO_{2})}{c^{2}(CO)cdotc^{2}(NO)}}氣體和rm{2CO+2NO}氣體充入一裝有催化劑的恒壓容器中；充分反應(yīng)達平衡后：

rm{N_{2}+2CO_{2}}若氣體體積較原來減少rm{dfrac{c(N_{2})cdot

c^{2}(CO_{2})}{c^{2}(CO)cdotc^{2}(NO)}}則混合氣體減少物質(zhì)的量rm{(6)}則：

rm{1molCO}rm{1molNO}氣體物質(zhì)的量減少。

rm{壟脵}rm{23%}

rm{=(1mol+1mol)隆脕23%=0.46mol}rm{2CO+2NO}

故rm{n(NO)=dfrac{0.46mol隆脕2}{1}=0.92mol}

則rm{N_{2}+2CO_{2}}的轉(zhuǎn)化率rm{=dfrac{0.92mol}{1mol}隆脕100%=92%}

故答案為：rm{2}

rm{1}rm{n(NO)}則升高溫度，平衡向逆反應(yīng)方向移動，平衡常數(shù)rm{0.46mol}值將變小；

故答案為：變?。?/p>

rm{n(NO)=dfrac{0.46mol隆脕2}{1}

=0.92mol}其他條件不變時，若僅將壓強增大為原來的rm{NO}倍，平衡向正反應(yīng)方向移動，混合氣體每減小rm{=dfrac{0.92mol}{1mol}

隆脕100%=92%}rm{92%}物質(zhì)的量減小rm{壟脷}故再次達平衡后，混合氣體中已知該反應(yīng)rm{婁隴H<0}則升高溫度，平衡向逆反應(yīng)方向移動，平衡常數(shù)rm{K}值將變小的體積分數(shù)將變小。故答案為：變小。rm{婁隴H<0}【解析】rm{(1)}第二周期第rm{IVA}族；氯；rm{(5)2CO+2NO}rm{N}rm{2}rm{2}rm{+2CO}；rm{K=dfrac{c(N_{2})cdotc^{2}(CO_{2})}{c^{2}(C