…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年粵教版高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示的電路中，A1和A2是兩個(gè)相同的燈泡，線圈L自感系數(shù)足夠大，電阻可以忽略不計(jì)．下列說(shuō)法中正確的是（）A.合上開(kāi)關(guān)S時(shí)，A2先亮，A1后亮，最后一樣亮B.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S時(shí)，A1要過(guò)一會(huì)兒才熄滅，A2立即熄滅C.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S時(shí)，A2閃亮一下再熄滅D.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S時(shí)，流過(guò)A2的電流方向向右2、做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的物體，先后經(jīng)過(guò)A、B兩點(diǎn)時(shí)的速度分別為v和7v，則（）A.前一半位移的平均速度是2.5vB.前一半時(shí)間的平均速度是3vC.后一半時(shí)間的平均速度是4vD.后一半位移的平均速度是6v3、一物體從高處自由下落，經(jīng)2秒落地，則該物體下落1秒時(shí)，離地高度是（）A.5米B.10米C.15米D.18米4、【題文】關(guān)于晶體和非晶體的說(shuō)法，正確的是（）A.晶體一定具有各向異性B.液晶具有光學(xué)各向異性C.金剛石和石墨都是單晶體D.具有熔點(diǎn)的物體一定是單晶體5、（2016?虹口區(qū)二模）圖示為一種應(yīng)用邏輯電路制作的簡(jiǎn)易走道燈的電路圖，虛線框內(nèi)的C是一門(mén)電路，R0和R1中有一個(gè)是定值電阻，另一個(gè)是光敏電阻（受光照時(shí)阻值減?。?，R2是定值電阻．當(dāng)走道里光線較暗或?qū)⑹謩?dòng)開(kāi)關(guān)S接通時(shí)燈泡L都會(huì)點(diǎn)亮，則電路中（）A.C是“或門(mén)”，R0是光敏電阻B.C是“或門(mén)”，R1是光敏電阻C.C是“與門(mén)”，R0是光敏電阻D.C是“與門(mén)”，R1是光敏電阻6、下列哪一個(gè)式子是磁感應(yīng)強(qiáng)度公式？（）A.E=B.F=kC.B=D.Q=I2Rt7、關(guān)于質(zhì)點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.質(zhì)點(diǎn)就是沒(méi)有質(zhì)量、沒(méi)有形狀和大小的點(diǎn)B.只有體積很小或質(zhì)量很小的物質(zhì)才可以看作質(zhì)點(diǎn)C.在研究子彈穿過(guò)一張薄紙所需的時(shí)間時(shí)，子彈可以看作質(zhì)點(diǎn)D.研究地球公轉(zhuǎn)一周所需時(shí)間時(shí)，地球可以看作質(zhì)點(diǎn)評(píng)卷人得分二、填空題(共8題，共16分)8、有一個(gè)電容器，如果使它的電荷量增加8.0×10-8C，兩極間電勢(shì)差就增大40V，這個(gè)電容器的電容為_(kāi)___F．9、已知銅的摩爾質(zhì)量是M，密度是ρ，阿伏加德羅常數(shù)是NA，則V體積的銅塊中含有的銅原子個(gè)數(shù)為_(kāi)___．10、起重機(jī)在10s內(nèi)將重為200N的物體勻速豎直提高10m，這段時(shí)間內(nèi)起重機(jī)對(duì)物體所做功的平均功率為_(kāi)___．11、將截面均勻、長(zhǎng)為L(zhǎng)、電阻為R的金屬導(dǎo)線截去，再拉長(zhǎng)至L，則導(dǎo)線電阻變?yōu)開(kāi)___Ω12、某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖(a)所示電路研究電源輸出功率變化情況．電源E電動(dòng)勢(shì)、內(nèi)電阻恒定，R1為滑動(dòng)變阻器，R2、R3為定值電阻；A；V為理想電表．

(1)若滑動(dòng)片P由a滑至b時(shí)A示數(shù)一直變小，則R1和R2必須滿足的關(guān)系是____________．

(2)若R1=6Ω，R2=12Ω，電源內(nèi)電阻r=6Ω，當(dāng)滑動(dòng)片P由a滑至b時(shí)，電源E的輸出功率P隨外電路總電阻R的變化關(guān)系如圖(b)所示，則R3的阻值應(yīng)該選擇____________．

A．2ΩB．4Ω

C．6ΩD．8Ω13、一定質(zhì)量的理想氣體壓強(qiáng)p

與熱力學(xué)溫度T

的關(guān)系如圖所示，ABBC

分別與p

軸和T

軸平行.

氣體在狀態(tài)C

時(shí)分子平均動(dòng)能____(

填“大于”“等于”或“小于”)A

狀態(tài)時(shí)分子平均動(dòng)能.

氣體從狀態(tài)A

經(jīng)狀態(tài)B

變化到狀態(tài)C

的過(guò)程中，對(duì)外做的功為W

內(nèi)能增加了婁隴U

則此過(guò)程氣體吸收的熱量為_(kāi)___．14、（1）如圖甲所示為一小球做平拋運(yùn)動(dòng)的閃光照相照片的一部分，圖中背景方格的邊長(zhǎng)均為5cm，如果取g=10m/s2；那么：

①照相機(jī)的閃光頻率是____Hz；

②小球拋出的初速度的大小是____m/s；

③小球經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速度大小是____m/s．

（2）某同學(xué)獲得了如圖乙所示的平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡，并在圖上建立了直角坐標(biāo)系，坐標(biāo)原點(diǎn)O為小球的拋出點(diǎn)．若在軌跡上任取一點(diǎn)，測(cè)得坐標(biāo)為（x，y），則還可以利用圖象求出小球拋出時(shí)的初速度v0=____．15、勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的電動(dòng)砂輪的轉(zhuǎn)速為900r/min，砂輪的半徑為10cm，可知砂輪轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為_(kāi)___rad/s，砂輪邊緣上的質(zhì)點(diǎn)的線速度為_(kāi)___m/s．評(píng)卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)16、熱力學(xué)系統(tǒng)的平衡態(tài)是一種動(dòng)態(tài)平衡，分子仍做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、影響蒸發(fā)快慢的因素有絕對(duì)濕度、表面積、溫度．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、光的偏振現(xiàn)象說(shuō)明光是橫波____（判斷對(duì)錯(cuò)）19、電荷在電場(chǎng)中一定受電場(chǎng)力的作用．____（判斷對(duì)錯(cuò)）20、（2010?駐馬店模擬）氫原子的能級(jí)圖如圖所示，欲使一處于基態(tài)的氫原子釋放出一個(gè)電子而變成氫離子，該氫原子需要吸收的能量至少是13.60eV____（判斷對(duì)錯(cuò)）21、物體運(yùn)動(dòng)的方向必與物體所受合外力的方向一致．____（判斷對(duì)錯(cuò)）22、沒(méi)有施力物體的力有可能存在．____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共6分)23、某小組設(shè)計(jì)了如圖所示的電路，該電路能夠測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r；E′是輔助電源，A；B兩點(diǎn)間有一靈敏電流表G．

（1）補(bǔ)充下列實(shí)驗(yàn)步驟：

①閉合開(kāi)關(guān)S1、S2，____使得靈敏電流表的示數(shù)為零，這時(shí)，A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)φA、φB的關(guān)系是φA____φB，即相當(dāng)于同一點(diǎn)，讀出電流表和電壓表的示數(shù)I1和U1，其中I1就是通過(guò)電源E的電流．

②改變滑動(dòng)變阻器R、R′的阻值，重新使得____，讀出____．

（2）寫(xiě)出步驟①、②對(duì)應(yīng)的方程式及電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的表達(dá)式：____．24、【題文】在互成角度的兩個(gè)共點(diǎn)力的合成實(shí)驗(yàn)中，其中的三個(gè)實(shí)驗(yàn)步驟如下：

(1)在水平放置的木板上墊一張白紙，把橡皮條的一端固定在木板上，另一端拴兩根細(xì)線，通過(guò)細(xì)線同時(shí)用兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)互成角度地拉橡皮條，使它與細(xì)線的結(jié)點(diǎn)達(dá)到某一位置O點(diǎn)，在白紙上記下O點(diǎn)的位置和兩彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)F1和F2。

(2)在紙上根據(jù)F1和F2的大小，應(yīng)用平行四邊形定則作圖求出合力F。

(3)只用一只彈簧測(cè)力計(jì)通過(guò)細(xì)繩拉橡皮條，使它的伸長(zhǎng)量與兩只彈簧測(cè)力計(jì)同時(shí)拉時(shí)相同，記下此時(shí)彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)F′及其方向。

以上三個(gè)步驟中均有錯(cuò)誤或疏漏：

(1)_____________________________________；

(2)_____________________________________；

(3)______________________________________。25、實(shí)驗(yàn)題：

（1）某同學(xué)在做“用油膜法估測(cè)分子大小”的實(shí)驗(yàn)中，計(jì)算出的分子直徑結(jié)果明顯偏大，可能是由于：____

A．油酸來(lái)完全散開(kāi)；

B．油酸中含有大量酒精：

C．計(jì)算油膜面積時(shí)；舍去了所有不足一格的方格；

D．求每滴體積時(shí)；1mL的溶液的滴數(shù)誤多計(jì)了10滴．

（2）在做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中；實(shí)驗(yàn)室提供了如下器材：

A．小燈泡（3V；1.5W）B．電壓表（量程3V，內(nèi)阻20千歐）

C．電壓表（量程15V；內(nèi)阻50千歐）D．電流表（量程3A，內(nèi)阻0.2歐）

E．電流表（量程0.6A；內(nèi)阻l歐）F．滑動(dòng)變阻器（0-100歐，0.5A）

G．滑動(dòng)變阻器（0一l0歐；2A）H．學(xué)生電源（電動(dòng)勢(shì)4V．內(nèi)阻不計(jì)）

I．電鍵及導(dǎo)線若干。

實(shí)驗(yàn)中要求擁在小燈泡上的電壓從零開(kāi)始調(diào)節(jié)且在不超過(guò)小燈泡額定電壓的情況下盡可能精確的多測(cè)幾組對(duì)應(yīng)的U；I值；則：

①上述器材中電壓表應(yīng)選擇____；電流表應(yīng)選擇____；滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇____．（用器材前面的字母代號(hào)表示）

②在下面的方框中作出實(shí)驗(yàn)的電路圖并在實(shí)物圖中連線．（注意：實(shí)物圖中連線不允許交叉）

評(píng)卷人得分五、推斷題(共4題，共36分)26、實(shí)驗(yàn)室以一種工業(yè)廢渣rm{(}主要成分為rm{MgCO_{3}}rm{Mg_{2}SiO_{4}}和少量rm{Fe}rm{Al}的氧化物rm{)}為原料制備rm{MgCO_{3}隆隴3H_{2}O}實(shí)驗(yàn)過(guò)程如下：

rm{(1)}酸溶過(guò)程中主要反應(yīng)的熱化學(xué)方程式為rm{MgCO_{3}(s)+2H^{+}(aq)=Mg^{2+}(aq)+CO_{2}(g)+H_{2}O(l)}rm{婁隴H=-50.4kJ隆隴mol^{簍C1}}rm{Mg_{2}SiO_{4}(s)+4H^{+}(aq)=2Mg^{2+}(aq)+H_{2}SiO_{3}(s)+H_{2}O(l)}rm{婁隴H=-225.4kJ隆隴mol^{簍C1}}酸溶需加熱的目的是________；所加rm{H_{2}SO_{4}}不宜過(guò)量太多的原因是________。rm{(2)2}分加入rm{H_{2}O_{2}}氧化時(shí)發(fā)生發(fā)應(yīng)的離子方程式為_(kāi)___rm{(3)}用下圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置進(jìn)行萃取分液，以除去溶液中的rm{Fe^{3+}}

rm{壟脵2}分實(shí)驗(yàn)裝置圖中儀器rm{A}的名稱為_(kāi)________。rm{壟脷2}分為使rm{Fe^{3+}}盡可能多地從水相轉(zhuǎn)移至有機(jī)相，采取的操作：向裝有水溶液的儀器rm{A}中加入一定量的有機(jī)萃取劑，________rm{_}靜置、分液，并重復(fù)多次。rm{(4)}請(qǐng)補(bǔ)充完整由萃取后得到的水溶液制備rm{MgCO_{3}隆隴3H_{2}O}的實(shí)驗(yàn)方案：邊攪拌邊向溶液中滴加氨水，__________________，過(guò)濾、用水洗滌固體rm{2隆蘆3}次，在rm{50隆忙}下干燥，得到rm{MgCO_{3}隆隴3H_{2}O}rm{[}已知該溶液中rm{pH=8.5}時(shí)rm{Mg(OH)_{2}}開(kāi)始沉淀；rm{pH=5.0}時(shí)rm{Al(OH)_{3}}沉淀完全rm{]}27、芳香烴rm{A}是基本有機(jī)化工原料，由rm{A}制備高分子rm{E}和醫(yī)藥中間體rm{K}的合成路線rm{(}部分反應(yīng)條件略去rm{)}如圖所示：已知：回答下列問(wèn)題：rm{(1)A}的名稱是________；Ⅰ含有官能團(tuán)的名稱是________。rm{(2)壟脻}的反應(yīng)類型是________，rm{壟脿}的反應(yīng)類型是________。rm{(3)}寫(xiě)出反應(yīng)rm{壟脷}的化學(xué)方程式：____________________________．rm{(4)D}分子中最多有________個(gè)原子共平面。rm{E}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)_____________。rm{(5)}寫(xiě)出一種同時(shí)符合下列條件的rm{F}的同分異構(gòu)體的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式：________________________。rm{壟脵}苯環(huán)上只有兩種不同化學(xué)環(huán)境的氫原子；rm{壟脷}既能與銀氨溶液反應(yīng)又能與rm{NaOH}溶液反應(yīng)。rm{(6)}將由rm{D}為起始原料制備的合成路線補(bǔ)充完整rm{(}無(wú)機(jī)試劑及溶劑任選rm{)}______________________________________________________________________________________合成路線流程圖示例如下：rm{CH_{3}CHOxrightarrow[麓脽祿爐錄脕/?]{{O}_{2}}CH_{3}COOHxrightarrow[脜簍脕貌脣謾/?]{C{H}_{3}C{H}_{2}OH}CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}rm{CH_{3}CHO

xrightarrow[麓脽祿爐錄脕/?]{{O}_{2}}CH_{3}COOH

xrightarrow[脜簍脕貌脣謾/?]{C{H}_{3}C{H}_{2}OH}

CH_{3}COOCH_{2}CH_{3}}28、水芹烯是一種具有祛痰、抗菌、殺蟲(chóng)作用的添加劑，由水芹烯合成聚合物rm{H}的路線如圖所示。

回答下列問(wèn)題：rm{(1)B}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)_______。rm{C}的化學(xué)名稱是________。rm{(2)壟脹}的反應(yīng)試劑和反應(yīng)條件分別是________，該反應(yīng)的反應(yīng)類型是________。rm{(3)壟脼}的化學(xué)方程式為_(kāi)_______。rm{壟脼}中濃rm{H_{2}SO_{4}}的作用是________。rm{(4)H}的分子式為_(kāi)_______。rm{(5)M}是rm{G}的同分異構(gòu)體，rm{M}能與rm{NaHCO_{3}}溶液反應(yīng)生成rm{CO_{2}}則rm{M}可能的結(jié)構(gòu)有________種。rm{(6)}乙酸rm{隆陋2隆陋}丙酯rm{(}rm{)}是重要的有機(jī)化工中間體，寫(xiě)出以rm{2隆陋}甲基rm{隆陋2隆陋}丁烯rm{(}rm{)}為原料rm{(}其他試劑任選rm{)}制備乙酸rm{隆陋2隆陋}丙酯的路線：________。29、rm{[}化學(xué)rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)rm{]}石油分餾得到的輕汽油可在rm{Pt}催化下脫氫環(huán)化，逐步轉(zhuǎn)化為芳香烴。以鏈烴rm{A}為原料合成兩種高分子材料的路線如圖所示：已知以下信息：rm{壟脵B}的核磁共振氫譜中只有一組峰；rm{G}為一氯代烴；rm{壟脷R-X+R{{'}}-Xxrightarrow[]{Na,{20}^{0}C}R-R{{'}}(X}為鹵素原子，rm{壟脷R-X+R{{'}}-X

xrightarrow[]{Na,{20}^{0}C}R-R{{'}}(X}rm{R}為烴基rm{R{{'}}}回答以下問(wèn)題：rm{)}的化學(xué)名稱為_(kāi)_______，rm{(1)B}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)_______。rm{E}生成rm{(2)G}的化學(xué)方程式為_(kāi)_______。rm{H}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為_(kāi)_______。rm{(3)J}合成丁苯橡膠的化學(xué)方程式為_(kāi)_______。rm{(4)F}的同分異構(gòu)體中能同時(shí)滿足下列條件的共有________種。rm{(5)I}不含立體異構(gòu)rm{(}rm{)}能與飽和rm{壟脵}溶液反應(yīng)產(chǎn)生氣體；rm{NaHCO_{3}}既能發(fā)生銀鏡反應(yīng)，又能發(fā)生水解反應(yīng)。其中核磁共振氫譜為rm{壟脷}組峰，且峰面積比為rm{4}的是________。rm{6漏U2漏U1漏U1}寫(xiě)出其中一種的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式rm{(}rm{)}參照上述合成路線，設(shè)計(jì)以rm{(6)}甲基己烷和rm{2-}氯甲烷為原料rm{-}無(wú)機(jī)試劑任選rm{(}制備化合物rm{)}的合成路線：________。rm{E}參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【分析】當(dāng)電鍵K閉合時(shí)，通過(guò)線圈L的電流增大，穿過(guò)線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向和作用，分析哪個(gè)燈先亮．?dāng)嚅_(kāi)瞬間也可以按照同樣的思路分析．【解析】【解答】解：A、當(dāng)電鍵K閉合時(shí)，燈A2立即發(fā)光．通過(guò)線圈L的電流增大，穿過(guò)線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與原來(lái)電流方向相反，阻礙電流的增大，電路的電流只能逐漸增大，燈A1逐漸亮起來(lái)．所以燈A2比燈A1先亮．由于線圈直流電阻忽略不計(jì)；當(dāng)電流逐漸穩(wěn)定時(shí)，線圈不產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，兩燈電流相等，亮度相同．故A正確；

B、C、D、穩(wěn)定后當(dāng)電鍵S斷開(kāi)后，由于自感，線圈中的電流只能慢慢減小，其相當(dāng)于電源，線圈L、燈A2與燈A1構(gòu)成閉合回路放電，兩燈都過(guò)一會(huì)兒熄滅，由于兩燈泡完全相同，線圈的電阻又不計(jì)，則燈A2不會(huì)出現(xiàn)閃亮一下，且流過(guò)燈A2的電流方向向左；故BCD錯(cuò)誤；

故選：A．2、D【分析】【分析】解決本題需要掌握：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間中點(diǎn)和位移中點(diǎn)的速度公式，明確公式適用條件和物理量意義．然后直接利用公式求解即可．【解析】【解答】解：A、勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移中點(diǎn)的速度公式為：=，故；故A錯(cuò)誤；

B、中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度為：，故總時(shí)間內(nèi)的平均速度為，；故B錯(cuò)誤；

C、后一半時(shí)間內(nèi)的；故C錯(cuò)誤；

D、后一半位移的平均速度是；故D正確．

故選：D．3、C【分析】【分析】根據(jù)h=gt2求出下落的高度，然后再根據(jù)該公式求出1s內(nèi)下降的高度，從而得出離地的高度．【解析】【解答】解：物體2s內(nèi)的位移為：；

物體第一秒的位移為：；

故物體下落1秒時(shí)；離地高度是H-h=15m；

故選C．4、B|C【分析】【解析】

試題分析：?jiǎn)尉w具有各向異性；而多晶體則各向同性，A錯(cuò)誤；液晶的特點(diǎn)：同時(shí)具有流動(dòng)性和光學(xué)各向異性，B正確；金剛石和石墨都是單晶體，C正確；單晶體和多晶體都具有一定的熔點(diǎn)，D錯(cuò)。

故選BC

考點(diǎn)：考查了對(duì)晶體和單晶體的理解。

點(diǎn)評(píng)：熱學(xué)這一塊知識(shí)點(diǎn)比較碎，所以在平時(shí)的學(xué)習(xí)中多注意積累，記憶【解析】【答案】BC5、A【分析】【分析】或門(mén)的特點(diǎn)是當(dāng)有一個(gè)條件滿足時(shí)，事件就會(huì)發(fā)生．由此分析即可．【解析】【解答】解：當(dāng)電鍵閉合時(shí)；輸入為高電勢(shì)，當(dāng)光線較暗時(shí)，光敏電阻較大，輸入端為高電勢(shì)，因?yàn)楫?dāng)走道里光線較暗時(shí)或是將手動(dòng)開(kāi)關(guān)S接通時(shí)，燈都會(huì)亮，知只要有一個(gè)條件滿足，事件就能發(fā)生，知該門(mén)電路是“或”門(mén)電路．

當(dāng)有光照時(shí)，光敏電阻阻值較小，輸入端B端需要輸入低電勢(shì)，所以光敏電阻不能放在R1的位置，可以放在R0的位置．故A正確；B；C、D錯(cuò)誤．

故選：A6、C【分析】【分析】明確各電學(xué)物理量的定義式及庫(kù)侖定律、焦耳定律等內(nèi)容進(jìn)行分析即可．【解析】【解答】解：A、E=為電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式；故A錯(cuò)誤；

B、F=k為庫(kù)侖定律的表達(dá)式；故B錯(cuò)誤；

C、磁場(chǎng)是由電流元放入磁場(chǎng)中得出的；故B=；故C正確；

D、Q=I2Rt是焦耳定律的表達(dá)式；故D錯(cuò)誤；

故選：C．7、D【分析】【分析】質(zhì)點(diǎn)就是有質(zhì)量但不存在體積與形狀的點(diǎn)．在物體的大小和形狀不起作用，或者所起的作用并不顯著而可以忽略不計(jì)時(shí)，我們近似地把該物體看作是一個(gè)具有質(zhì)量大小和形狀可以忽略不計(jì)的理想物體，稱為質(zhì)點(diǎn)．【解析】【解答】解：A；質(zhì)點(diǎn)是有質(zhì)量而沒(méi)有大小和形狀的點(diǎn)；故A錯(cuò)誤；

B；任何物體均可以看作質(zhì)點(diǎn)；并不是只有體積很小，而質(zhì)量很小的物質(zhì)才能看作質(zhì)點(diǎn)；故B錯(cuò)誤；

C；在子彈通過(guò)紙時(shí)；子彈的大小和形狀不能忽略；故子彈不能看作質(zhì)點(diǎn)；故C錯(cuò)誤；

D；研究地球公轉(zhuǎn)時(shí)；地球的大小和形狀可以忽略；故可以看作質(zhì)點(diǎn)；故D正確；

故選：D．二、填空題(共8題，共16分)8、2×10-9【分析】【分析】根據(jù)電容的定義式C==，求得電容，電C與所帶電量多少無(wú)關(guān)．【解析】【解答】解：電容定義式有：C====2×10-9F

故答案為：2×10-99、【分析】【分析】先根據(jù)m=ρV求解質(zhì)量，再根據(jù)n=求解物質(zhì)量，最后根據(jù)N=n?NA求解銅的原子個(gè)數(shù)．【解析】【解答】解：銅的質(zhì)量為：m=ρV；

物質(zhì)量物質(zhì)量為：n=；

銅的原子個(gè)數(shù)：N=n?NA；

聯(lián)立解得：N=；

故答案為：．10、100W【分析】【分析】做功必不可少的兩個(gè)條件：有力作用在物體上，物體在力的方向上移動(dòng)一段距離；然后由功率公式求出功率．【解析】【解答】解：起重機(jī)在勻速提高重物的過(guò)程中；起重機(jī)對(duì)重物的作用力豎直向上，而重物在豎直方向移動(dòng)，在力的方向上重物移動(dòng)距離，因此在該過(guò)程中起重機(jī)對(duì)重物做功；所以在該個(gè)過(guò)程中，起重機(jī)對(duì)重物所做的功：

W=Gh=200N×10m=1000J；

整個(gè)過(guò)程做功的平均功率為：

P===100W；

故答案為：100W11、【分析】【分析】根據(jù)電阻定律公式R=列式判斷即可．【解析】【解答】解：將粗細(xì)均勻、長(zhǎng)為L(zhǎng)、電阻為R的金屬導(dǎo)線截去，再均勻拉長(zhǎng)至L，其體積減小了，變?yōu)椋?-），故橫截面積S變?yōu)椋?-）S=S；

根據(jù)電阻定律公式R=ρ，電阻與橫截面積成反比，故電阻變?yōu)樵瓉?lái)的倍，即；

故答案為：．12、略

【分析】解：(1)A示數(shù)I=欲使滑動(dòng)片P由a滑至b時(shí)A示數(shù)一直變小，須使R并一直變大，因?yàn)閮呻娮柚鸵欢〞r(shí)，當(dāng)二者相等時(shí)并聯(lián)電阻最大，所以要求R1≤R2．

(2)從圖b知，當(dāng)R外=6Ω時(shí)，電源E的輸出功率P最大，即電源內(nèi)阻為6Ω，而R1和R2部分的電阻變化范圍是0～4Ω，因此R3的阻值必須大于2Ω小于6Ω．所以A；C、D錯(cuò)誤；只能選B．

故答案為：(1)R1≤R2；(2)B．【解析】R1≤R2;B13、大于W＋△U【分析】【分析】溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，根據(jù)溫度高低判斷AC

狀態(tài)的分子平均動(dòng)能大?。粴怏w從狀態(tài)A

經(jīng)狀態(tài)B

變化到狀態(tài)C

的過(guò)程中，應(yīng)用熱力學(xué)第一定律鈻?U=W+Q

判斷吸收的熱量。本題考查了熱力學(xué)第一定律的應(yīng)用；根據(jù)圖象判斷出氣體溫度如何變化，從而判斷出氣體分子平均動(dòng)能情況，再應(yīng)用熱力學(xué)第一定律與題目所給條件即可正確解題；要知道：溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，理想氣體內(nèi)能由溫度決定。

【解答】

溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度越高，分子的平均動(dòng)能越大，由P鈭?T

圖像知，狀態(tài)C

時(shí)溫度為2T0A

狀態(tài)時(shí)溫度為T(mén)0

所以狀態(tài)C

時(shí)分子平均動(dòng)能大于A

狀態(tài)時(shí)分子平均動(dòng)能；氣體從狀態(tài)A

經(jīng)狀態(tài)B

變化到狀態(tài)C

的過(guò)程中，氣體對(duì)外做的功為W

內(nèi)能增加了婁隴U

應(yīng)用熱力學(xué)第一定律鈻?U=W+Q

得鈻?U=鈭?W+Q

所以Q=鈻?U+W

即此過(guò)程氣體吸收的熱量為鈻?U+W

故答案為：大于；W+鈻?U

【解析】大于W+鈻?U

14、101.52.5【分析】【分析】（1）①平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)；在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)豎直方向上相鄰相等時(shí)間內(nèi)的位移之差是一恒量求出相等的時(shí)間間隔．

②結(jié)合水平位移和時(shí)間間隔求出水平分速度．

③根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度求出B點(diǎn)的豎直分速度．

（2）根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律找出y與x2的關(guān)系式，整理成y-x2的形式，從而找出k的物理意義．【解析】【解答】解：（1）①因?yàn)閤AB=xBC=0.15m，所以tAB=tBC；

根據(jù)△s=yBC-yAB=0.1m=gtAB2

解得：tAB=0.1s

所以f=10Hz

②水平分速度為：vx==m/s=1.5m/s．

③在B點(diǎn)時(shí)豎直分速度大小為：vy===2m/s

則B點(diǎn)的速度為：v===2.5m/s

（2）小球水平方向的位移：x=v0t，豎直方向上：y=gt2，所以：v0=．

故答案為：（1）①10；②1.5；③2.5；（2）．15、94.29.42【分析】【分析】根據(jù)公式ω=2πn求解角速度，根據(jù)公式v=ωr求解線速度．【解析】【解答】解：勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的電動(dòng)砂輪的轉(zhuǎn)速為900r/min，砂輪的半徑為10cm，故其轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為：ω=2πn=2π×=30πrad/s=94.2m/s；

砂輪邊緣上的質(zhì)點(diǎn)的線速度為：v=ωr=30π×0.1=3π=9.42m/s；

故答案為：94.2，9.42．三、判斷題(共7題，共14分)16、√【分析】【分析】首先知道平衡態(tài)和熱平衡的定義，知道影響的因素是不同；知道溫度是判斷系統(tǒng)熱平衡的依據(jù)．【解析】【解答】解：熱平衡是兩個(gè)系統(tǒng)相互影響的最終結(jié)果；根據(jù)熱平衡的定義可知，熱力學(xué)系統(tǒng)的平衡態(tài)是一種動(dòng)態(tài)平衡，分子仍做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)．所以該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√17、×【分析】【分析】影響蒸發(fā)快慢的因素和液體的溫度、表面積以及空氣的流動(dòng)性有關(guān)．【解析】【解答】解：根據(jù)蒸發(fā)與液化的特點(diǎn)；影響蒸發(fā)快慢的因素和液體的溫度；表面積以及空氣的流動(dòng)性有關(guān)，與絕對(duì)濕度無(wú)關(guān)．故該說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×18、√【分析】【分析】可以把波分為橫波和縱波兩類，傳播的只是振動(dòng)形式和能量，而偏振現(xiàn)象與橫波有關(guān)，從而即可求解．【解析】【解答】解：偏振是橫波特有的現(xiàn)象；所以光的偏振現(xiàn)象說(shuō)明光是橫波．以上說(shuō)法是正確的．

故答案為：√19、√【分析】【分析】電場(chǎng)的基本性質(zhì)就是對(duì)其中的電荷有力的作用，電荷在電場(chǎng)中一定受到電場(chǎng)力作用．【解析】【解答】解：電場(chǎng)的基本性質(zhì)就是對(duì)其中的電荷有力的作用；故電荷在電場(chǎng)中一定受電場(chǎng)力的作用．

故答案為：√20、√【分析】【分析】當(dāng)電子躍遷到無(wú)窮遠(yuǎn)時(shí)，電子脫離氫原子核的約束，成為自由電子，氫原子變成氫離子，剛好到無(wú)窮遠(yuǎn)處的能量為0，因此這時(shí)吸收的能量最?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓寒?dāng)電子恰好電離時(shí)吸收的能量最??；此時(shí)有：△E=0-（-13.60）=13.6eV，故以上說(shuō)法是正確的．

故答案為：√21、×【分析】【分析】物體運(yùn)動(dòng)的方向與物體所受合外力的方向可能相同，也可能不同，可舉例說(shuō)明．【解析】【解答】解：物體運(yùn)動(dòng)方向可能與所受合外力的方向一致；比如自由落體運(yùn)動(dòng)，也可能不一致比如平拋運(yùn)動(dòng)等等．

故答案為：×22、×【分析】【分析】從力的概念，力作用的相互性，一個(gè)對(duì)另一個(gè)物體施加力的作用有兩種形式：一是物體直接接觸作用，二是物體之間的間接作用，分析即可．【解析】【解答】解：力是物體對(duì)物體的作用；力不能脫離物體而存在；因此有力必然涉及兩個(gè)物體，一個(gè)是施力物體，另一個(gè)是受力物體，施力物體對(duì)受力物體施力的同時(shí)也受到受力物體對(duì)它的作用力，也就是說(shuō)，物體間力的作用是相互的，沒(méi)有施力物體的力有不可能存在．

故答案為：×四、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共6分)23、調(diào)節(jié)R和R′等于靈敏電流計(jì)示數(shù)為零電流表和電壓表的示數(shù)I2和U2E=U1+，r=【分析】【分析】本題是比較創(chuàng)新的實(shí)驗(yàn)，是屬于研究性學(xué)習(xí)實(shí)驗(yàn)，是在常規(guī)實(shí)驗(yàn)基礎(chǔ)上的改進(jìn)，主要考查的是測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻、測(cè)金屬電阻率的實(shí)驗(yàn)原理及誤差的消除方法．本題都是兩次測(cè)量，利用消元法消除了電表內(nèi)阻造成的系統(tǒng)誤差，提高了實(shí)驗(yàn)的準(zhǔn)確度，根據(jù)閉合回路歐姆定律列出等式求解．【解析】【解答】解：（1）①閉合開(kāi)關(guān)S1、S2，調(diào)節(jié)R和R′使得靈敏電流計(jì)G的示數(shù)為零，這時(shí)，A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)φA、φB的關(guān)系是φA等于φB，讀出電流表和電壓表的示數(shù)I1和U1，電流表測(cè)量的是干路上的電流，其中I1等于通過(guò)電源E的電流．

②改變滑動(dòng)變阻器R、R′的阻值，重新使得靈敏電流計(jì)示數(shù)為零．讀出電流表和電壓表的示數(shù)I2和U2．

（2）根據(jù)閉合回路歐姆定律得：

E=I1r+U1E=I2r+U2

解得：E=U1+

r=

故答案為：（1）①調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R、R′；等于；②靈敏電流計(jì)示數(shù)為零，電流表和電壓表的示數(shù)I2和U2

（2）E=U1+，r=24、略

【分析】【解析】

試題分析：在驗(yàn)證平行四邊形時(shí)；最重要的是保證合力與分力的效果要等價(jià)。在實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，必須要記錄分力的大小和方向，并記錄此刻橡皮條的形變位置，從題意來(lái)看，并沒(méi)有記錄細(xì)線的方向；在利用平行四邊形定則求合力時(shí)，應(yīng)使用力的圖示，借助分力的大小和方向，做出對(duì)角線，從題來(lái)看沒(méi)有說(shuō)明方向，不夠嚴(yán)謹(jǐn)；要保證前后兩次效果等價(jià)，需要將橡皮條拉至同一位置O點(diǎn)，從題來(lái)看并沒(méi)有明確說(shuō)明。

考點(diǎn)：驗(yàn)證平行四邊形定則的注意事項(xiàng)。

點(diǎn)評(píng)：此類題型考察了驗(yàn)證平行四邊形定責(zé)的注意事項(xiàng)，并通過(guò)該實(shí)驗(yàn)來(lái)間接考察對(duì)力的合成方法的理解【解析】【答案】(1)未記錄細(xì)線的方向。

(2)應(yīng)根據(jù)F1和F2的大小和方向求合力F

(3)應(yīng)把結(jié)點(diǎn)O拉至同一位置25、ABCBEG【分析】【分析】在油膜法估測(cè)分子大小的實(shí)驗(yàn)中；讓一定體積的純油酸滴在水面上形成單分子油膜，估算出油膜面積，從而求出分子直徑．

根據(jù)小燈泡的規(guī)格選取電壓表和電流表的量程；

因?yàn)橐x取滑動(dòng)變阻器分壓接法，為了節(jié)省能源滑動(dòng)變阻器選較小阻值即可．【解析】【解答】解：（1）計(jì)算油酸分子直徑時(shí)要用到d=；

A．油酸未完全散開(kāi)；S偏小，故直徑偏大，選項(xiàng)A正確；

B．計(jì)算時(shí)利用的是純油酸的體積；如果含有大量的酒精，則體積偏大，則直徑偏大，選項(xiàng)B正確；

C．計(jì)算油膜面積時(shí)舍去了所有不足一格的方格；S偏小，故直徑偏大，選項(xiàng)C正確；

D．求每滴體積時(shí)，lmL的溶液的滴數(shù)誤多記了10滴，由V0=可知；體積偏小，則直徑偏小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；

故選：ABC．

（2）①小燈泡額定電壓為3V；故電壓表選B即可；

小燈泡額定電流為I==0.5A；故電流表選E即可；

題目要求盡可能多測(cè)幾組數(shù)據(jù)；所以選擇滑動(dòng)變阻器分壓接法，為了節(jié)省能源滑動(dòng)變阻器選較小阻值，故滑動(dòng)變阻器選G．

②滑動(dòng)變阻器分壓接法；小燈泡屬于小電阻；要選擇電流表外接法，故電路圖和實(shí)物圖如下：

故答案為：（1）ABC（2）①B、E、G②如圖．五、推斷題(共4題，共36分)26、（1）加快酸溶速率；避免制備MgCO3時(shí)消耗更多的堿；（2）H2O2＋2Fe2＋＋2H＋=2Fe3＋＋2H2O；

（3）①分液漏斗②充分振蕩；（4）至5.0＜pH＜8.5，過(guò)濾，邊攪拌邊向?yàn)V液中滴加Na2CO3溶液至有大量沉淀生成，靜置，向上層清液中滴加Na2CO3溶液，若無(wú)沉淀生成【分析】【分析】本題是考查物質(zhì)制備工藝流程圖分析，廢渣主要成分為rm{MgCO}rm{MgCO}rm{3}rm{3}、rm{MgSO}rm{MgSO}的氧化物，加入rm{4}的硫酸酸溶，過(guò)量后濾液中含有硫酸鎂、硫酸亞鐵以及硫酸鋁，加入rm{4}和少量rm{Fe}rm{Al}的氧化物，加入rm{40%}的硫酸酸溶，過(guò)量后濾液中含有硫酸鎂、硫酸亞鐵以及硫酸鋁，加入rm{H}rm{Fe}rm{Al}rm{40%}rm{H}rm{2}rm{2}rm{O}rm{O}rm{2}rm{2}氧化亞鐵離子，然后加入有機(jī)萃取劑萃取rm{Fe}至rm{Fe}可除去rm{{,!}^{3+}}，分液后可除去溶液中的rm{Fe}rm{Fe}rm{{,!}^{3+}}，分液后水溶液中含有rm{Mg}rm{Mg}rm{{,!}^{2+}}下干燥，得到、rm{Al}rm{Al}rm{{,!}^{3+}}，可調(diào)節(jié)溶液rm{pH}至rm{5<pH<8.5}可除去rm{Al}rm{pH}以此解答該題。

rm{5<pH<8.5}【解答】rm{Al}rm{{,!}^{3+}}，又可防止生成rm{Mg(OH)}rm{Mg(OH)}rm{2}rm{2}，過(guò)濾后在濾液中加入碳酸鈉溶液，可生成rm{MgCO}rm{MgCO}rm{3}rm{3}沉淀，在rm{50隆忙}下干燥，得到rm{MgCO}加快酸溶速率；避免制備rm{50隆忙}時(shí)消耗更多的堿；rm{MgCO}rm{3}rm{3}rm{?3H}溶液中含有亞鐵離子，雙氧水具有強(qiáng)氧化性，能把亞鐵離子氧化為鐵離子，因此加入rm{?3H}rm{2}rm{2}rm{O}以此解答該題。rm{O}故答案為：rm{(}rm{(}rm{1}rm{1}rm{)}rm{)}加熱可以加快反應(yīng)速率；如果硫酸過(guò)多，則需要消耗更多的堿液中和硫酸，從而造成生產(chǎn)成本增加，因此所加rm{H}rm{H}rm{2}rm{2}rm{SO}中加入一定量的有機(jī)萃取劑，充分振蕩、靜置、分液，并重復(fù)多次。故答案為：rm{SO}分液漏斗；rm{4}充分振蕩；rm{4}不宜過(guò)量太多。故答案為：rm{MgCO_{3}}根據(jù)氫氧化鎂和氫氧化鋁沉淀的rm{(}rm{(}rm{2}rm{2}rm{)}溶液中含有亞鐵離子，雙氧水具有強(qiáng)氧化性，能把亞鐵離子氧化為鐵離子，因此加入rm{)}rm{H}rm{H}rm{2}rm{2}rm{O}rm{O}rm{2}rm{2}氧化時(shí)發(fā)生發(fā)應(yīng)的離子方程式為rm{H_{2}O_{2}+2Fe^{2+}+2H^{+}=2Fe^{3+}+2H_{2}O}rm{H_{2}O_{2}+2Fe^{2+}+2H^{+}=2Fe^{3+}+2H_{2}O}rm{(}rm{(}rm{3}rm{3}rm{)}rm{)}rm{壟脵}rm{壟脵}實(shí)驗(yàn)裝置圖中儀器rm{A}rm{A}的名稱為分液漏斗。rm{壟脷}rm{壟脷}為使rm{Fe}故答案為：至rm{Fe}過(guò)濾，邊攪拌邊向?yàn)V液中滴加rm{3+}溶液至有大量沉淀生成，靜置，向上層清液中滴加rm{3+}溶液，若無(wú)沉淀生成。盡可能多地從水相轉(zhuǎn)移至有機(jī)相，采取的操作：向裝有水溶液的儀器rm{A}中加入一定量的有機(jī)萃取劑，充分振蕩、靜置、分液，并重復(fù)多次。故答案為：【解析】rm{(1)}加快酸溶速率；避免制備rm{MgCO_{3}}時(shí)消耗更多的堿；rm{(2)}rm{H}rm{H}rm{2}rm{2}rm{O}rm{O}rm{2}rm{2}rm{+}rm{+}rm{2Fe}rm{2Fe}rm{{,!}^{2+}}rm{+}rm{+}rm{2H}

rm{2H}分液漏斗rm{{,!}^{+}}充分振蕩；rm{=2Fe}至rm{=2Fe}過(guò)濾，邊攪拌邊向?yàn)V液中滴加rm{{,!}^{3+}}溶液至有大量沉淀生成，靜置，向上層清液中滴加rm{+}溶液，若無(wú)沉淀生成rm{+}27、（1）甲苯羧基、肽鍵（酰胺基）（2）取代反應(yīng)（或硝化反應(yīng)）氧化反應(yīng)

（3）

（4）19

（5）

（6）【分析】【分析】本題考查有機(jī)物推斷和有機(jī)合成，為高頻考點(diǎn)，明確有機(jī)物官能團(tuán)及其性質(zhì)關(guān)系、反應(yīng)條件及題給信息的遷移是解本題關(guān)鍵，難點(diǎn)是有機(jī)物合成路線設(shè)計(jì)及限制型同分異構(gòu)體種類判斷，題目難度中等?！窘獯稹糠枷銦Nrm{A}與氯氣在光照條件下發(fā)生取代反應(yīng)生成rm{B}rm{B}發(fā)生水解反應(yīng)生成苯甲醛，結(jié)合rm{B}的分子式，可知rm{A}為rm{B}為對(duì)比rm{C}rm{D}的結(jié)構(gòu)可知，苯甲醛與丙酮脫去rm{1}分子水形成碳碳雙鍵而生成rm{D}rm{D}發(fā)生加聚反應(yīng)生成高分子化合物rm{E}為由rm{I}中取代基處于對(duì)位位置，可知甲苯發(fā)生硝化反應(yīng)生成rm{F}為rm{F}發(fā)生還原反應(yīng)生成rm{G}為由rm{I}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式、rm{H}的分子式可知rm{H}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：rm{H}被酸性高錳酸鉀溶液氧化生成rm{I}rm{I}發(fā)生取代反應(yīng)生成rm{G}rm{J}發(fā)生水解反應(yīng)生成rm{K}可知rm{G隆煤H}是為了保護(hù)氨基；防止被氧化；

rm{(1)A}為名稱是甲苯，rm{I}中官能團(tuán)是羧基和肽鍵rm{(}酰胺基rm{)}酰胺基rm{(}；故答案為：甲苯；羧基、肽鍵rm{)}酰胺基rm{(}酰胺基rm{)}；

rm{(}由以上分析可知反應(yīng)rm{)}為rm{(2)}或硝化反應(yīng)rm{壟脻}反應(yīng)取代反應(yīng)rm{(}或硝化反應(yīng)rm{)}反應(yīng)rm{壟脿}為氧化反應(yīng)為氧化反應(yīng)；

故答案為：rm{(}或硝化反應(yīng)rm{)}氧化反應(yīng)；

rm{壟脿}為取代反應(yīng)rm{(}或硝化反應(yīng)rm{)}氧化反應(yīng)發(fā)生水解反應(yīng)生成苯甲醛，該反應(yīng)方程式為故答案為：

rm{(}通過(guò)旋轉(zhuǎn)碳碳單鍵，可以使苯環(huán)、碳碳雙鍵、碳氧雙鍵的平面共面，可以使甲基中rm{)}個(gè)rm{(3)B}原子出平面內(nèi)，分子中最多有rm{B}個(gè)原子共平面，rm{(4)}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：

故答案為：rm{1}

rm{H}一種同時(shí)符合下列條件的rm{19}rm{E}的同分異構(gòu)體：rm{19}苯環(huán)上只有兩種不同化學(xué)環(huán)境的氫原子，可以含有rm{(5)}個(gè)不同的取代基且處于對(duì)位，rm{F(}既能與銀氨溶液反應(yīng)又能與rm{)}溶液反應(yīng)，含有rm{壟脵}結(jié)構(gòu)，或者含有酚羥基與醛基，可能的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為：

故答案為：

rm{2}在濃硫酸、加熱條件下發(fā)生消去反應(yīng)生成然后與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成最后在氫氧化鈉醇溶液、加熱條件下發(fā)生消去反應(yīng)生成合成路線為

故答案為：rm{壟脷}【解析】rm{(1)}甲苯羧基、肽鍵rm{(}酰胺基rm{)}rm{(2)}取代反應(yīng)rm{(}或硝化反應(yīng)rm{)}氧化反應(yīng)或硝化反應(yīng)rm{(}氧化反應(yīng)

rm{)}

rm{(3)}

rm{(4)19}

rm{(5)}rm{(6)}28、（1）2—羥基丙酸

（2）HBr、加熱；取代反應(yīng)

（3）CH2＝CHCOOH＋CH3OHCH2＝CHCOOCH3＋H2O；作催化劑和吸水劑

（4）（C4H6O2）n

（5）4

（6）

【分析】【分析】本題考查了有機(jī)物的合成與推斷，難度中等?！窘獯稹扛鶕?jù)已知：，可以推出rm{B}為為rm{B}rm{B}的分子式分析可知為，根據(jù)rm{D}的分子式分析可知rm{D}為rm{C}的羥基被溴原子取代的產(chǎn)物，則rm{D}為rm{CH}的羥基被溴原子取代的產(chǎn)物，則rm{D}為rm{D}rm{D}rm{D}rm{C}rm{C}rm{D}rm{D}為rm{CH}rm{CH}rm{3}rm{3}酸化后得到rm{CHBrCOOH}為rm{CHBrCOOH}，rm{CH}rm{CH}rm{CH}與甲醇在濃硫酸催化下發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{3}為rm{3}rm{CHBrCOOH}rm{CHBrCOOH}在氫氧化鈉的乙醇溶液中加熱發(fā)生消去反應(yīng)生成rm{E}為rm{E}在一定條件下發(fā)生加聚反應(yīng)生成rm{E}rm{CH}rm{CH}rm{2}rm{2}rm{=CHCOONa}rm{=CHCOONa}，rm{E}酸化后得到rm{攏脝}為rm{E}rm{E}rm{攏脝}rm{CH}rm{CH}rm{2}rm{2}rm{=CHCOOH}rm{=CHCOOH}羥基丙酸，故答案為：，rm{攏脝}與甲醇在濃硫酸催化下發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{攏脟}為羥基丙酸rm{攏脝}rm{攏脟}rm{CH}rm{CH}rm{2}的反應(yīng)是rm{2}在濃氫溴酸和加熱條件下發(fā)生取代反應(yīng)生成rm{=CHCOOCH}試劑和反應(yīng)條件分別是rm{=CHCOOCH}加熱，該反應(yīng)的反應(yīng)類型是取代反應(yīng)，故答案為：rm{3}加熱；取代反應(yīng)rm{3}，rm{攏脟}在一定條件下發(fā)生加聚反應(yīng)生成rm{攏脠}rm{攏脟}rm{攏脠}反應(yīng)rm{(}是rm{(}與甲醇在濃硫酸催化下發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{1}反應(yīng)的化學(xué)方程式為rm{1}rm{)}rm{)}rm{B}rm{B}的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式為；rm{C}rm{C}rm{(}rm{(}rm{CH}rm{CH}rm{3}rm{3}中濃rm{CH}rm{CH}rm{OH}rm{OH}rm{COOH}故答案為：rm{COOH}rm{)}rm{)}的化學(xué)名稱是rm{2隆陋}羥基丙酸，故答案為：rm{2隆陋}rm{2隆陋}；rm{(}rm{(}rm{2}rm{2}rm{)}rm{)}rm{壟脹}的反應(yīng)是rm{攏脙}在濃氫溴酸和加熱條件下發(fā)生取代反應(yīng)生成rm{攏脛}試劑和反應(yīng)條件分別是rm{壟脹}rm{攏脙}rm{攏脛}rm{HBr}加熱，該反應(yīng)的反應(yīng)類型是取代反應(yīng)，故答案為：rm{HBr}rm{HBr}；rm{(}rm{(}rm{3}rm{3}rm{)}反應(yīng)rm{壟脼}是rm{攏脝}與甲醇在濃硫酸催化下發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{攏脟}反應(yīng)的化學(xué)方程式為rm{)}rm{壟脼}rm{攏脝}rm{攏脟}rm{CH}rm{CH}rm{2}rm{2}rm{=CHCOOH+CH}rm{=C