屆江西省景德鎮(zhèn)市高三下學(xué)期第三次質(zhì)量檢測(cè)（二模）物理試題一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8～10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有錯(cuò)選的得0分。1．如圖所示為氫原子能級(jí)示意圖，現(xiàn)有大量的氫原子處于n＝4的激發(fā)態(tài)，當(dāng)向低能級(jí)躍遷時(shí)輻射出若干種不同頻率的光，下列說法正確的是（）A．這些氫原子總共可輻射出3種不同頻率的光B．由n＝2能級(jí)躍遷到n＝1能級(jí)產(chǎn)生的光的頻率最小C．用n＝2能級(jí)躍遷到n＝1能級(jí)輻射出的光照射逸出功為6.34eV的金屬鉑能發(fā)生光電效應(yīng)D．由n＝4能級(jí)躍遷到n＝1能級(jí)產(chǎn)生的光波長最大2．中國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射“亞太九號(hào)”通信衛(wèi)星，該衛(wèi)星運(yùn)行的軌道示意圖如圖所示，衛(wèi)星先沿橢圓軌道1運(yùn)行，近地點(diǎn)為Q，遠(yuǎn)地點(diǎn)為P。當(dāng)衛(wèi)星經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)點(diǎn)火加速，使衛(wèi)星由橢圓軌道1轉(zhuǎn)移到地球同步軌道2上運(yùn)行，下列說法正確的是（）A．衛(wèi)星在軌道1和軌道2上運(yùn)動(dòng)時(shí)的機(jī)械能相等B．衛(wèi)星在軌道1上運(yùn)行經(jīng)過P點(diǎn)的速度大于經(jīng)過Q點(diǎn)的速度C．衛(wèi)星在軌道2上時(shí)處于超重狀態(tài)D．衛(wèi)星在軌道1上運(yùn)行經(jīng)過P點(diǎn)的加速度等于在軌道2上運(yùn)行經(jīng)過P點(diǎn)的加速度3．利用傳感器和計(jì)算機(jī)可以研究快速變化的力的大小。實(shí)驗(yàn)時(shí)，把圖甲中的小球舉高到繩子的懸點(diǎn)O處，然后小球由靜止釋放，同時(shí)開始計(jì)時(shí)，利用傳感器和計(jì)算機(jī)獲得彈性繩的拉力隨時(shí)間的變化如圖乙所示。根據(jù)圖像提供的信息，下列說法正確的是（）A．t3時(shí)刻小球的速度不是最大的 B．tC．t3、t4時(shí)刻小球的運(yùn)動(dòng)方向相同 4．如圖所示為一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，t=0時(shí)刻0~25m區(qū)間的波形圖如圖中實(shí)線，經(jīng)過Δt=0.3s時(shí)該區(qū)間波形圖如圖中虛線，已知虛線上波峰對(duì)應(yīng)的平衡位置的橫坐標(biāo)為12.5m，質(zhì)點(diǎn)A平衡位置的橫坐標(biāo)為xA．y=10sin2.5πt?π4cmC．y=10sin2.5πt+π4cm5．M、N是某電場中一條電場線上的兩點(diǎn)，一個(gè)電子從M點(diǎn)以一定的初速度向N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，電子僅受電場力的作用，其電勢(shì)能隨位移變化的關(guān)系如圖所示，下列說法正確的是（）A．電子的速度在不斷地減小B．電子的加速度在不斷地增大C．M點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于N點(diǎn)的電場強(qiáng)度D．M點(diǎn)的電勢(shì)高于N點(diǎn)的電勢(shì)6．電磁炮是利用電磁力對(duì)彈體加速的新型武器．某小組用圖示裝置模擬研究電磁炮的原理．間距為0.1m的水平長導(dǎo)軌間有豎直向上的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為0.5T，左端所接電池電動(dòng)勢(shì)1.5V、內(nèi)阻0.5Ω．長0.1m、電阻0.1Ω的金屬桿ab靜置在導(dǎo)軌上．閉合開關(guān)S后，桿ab向右運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)過程中受到的阻力恒為0.05N，且始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好．導(dǎo)軌電阻不計(jì)，則桿abA．先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，后做勻速直線運(yùn)動(dòng)B．能達(dá)到的最大速度為12m/sC．兩端的電壓始終為0.25VD．達(dá)到最大速度時(shí)，ab兩端的電壓為1V7．如圖所示，水平虛線MN上方有勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直于紙面向里．大量帶正電的相同粒子，以相同的速率沿位于紙面內(nèi)水平向右到豎直向上90°范圍內(nèi)的各個(gè)方向，由小孔O射入磁場區(qū)域，做半徑為R的圓周運(yùn)動(dòng)．不計(jì)粒子重力和粒子間相互作用．下列圖中陰影部分表示帶電粒子可能經(jīng)過的區(qū)域，其中正確的是A． B．C． D．8．如圖甲所示，水平冰面上有兩位同學(xué)，A同學(xué)的質(zhì)量為50kg，B同學(xué)靜止站在冰面上，A以一定的初速度向B滑去，抱住B同學(xué)后兩人一起向右運(yùn)動(dòng)。以向右為正方向，A同學(xué)的位移—時(shí)間圖像如圖乙所示，不計(jì)空氣和冰面對(duì)人的阻力，則下列說法正確的是（）A．同學(xué)B對(duì)A的沖量為250N?sB．同學(xué)A和B的質(zhì)量之比為2∶3C．兩人相抱過程中損失的動(dòng)能為375JD．兩人相抱過程中相互間的作用力做功之比為1∶19．如圖所示，一下端封閉、上端開口的粗細(xì)均勻的玻璃管豎直靜置，長度L2=16cm的水銀柱封閉了一段空氣（視為理想氣體）柱，空氣柱的長度L1=10cm。外界大氣壓強(qiáng)恒為p0A．管內(nèi)空氣的壓強(qiáng)增加了16cmHg B．管內(nèi)空氣柱的長度減少了1.6cmC．管內(nèi)空氣的壓強(qiáng)增加了8cmHg D．管內(nèi)空氣柱的長度減少了0.8cm10．如圖所示，正方體空心框架ABCD﹣A1B1C1D1下表面在水平地面上，將可視為質(zhì)點(diǎn)的小球從頂點(diǎn)A在∠BAD所在范圍內(nèi)（包括邊界）沿不同的水平方向分別拋出，落點(diǎn)都在ΔBA．小球初速度的最小值與最大值之比是1：2B．落在C1點(diǎn)的小球，運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長C．落在B1D1線段上的小球，落地時(shí)機(jī)械能的最小值與最大值之比是1：2D．軌跡與AC1線段相交的小球，在交點(diǎn)處的速度方向都相同二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11．使用如圖所示的裝置探究物體沿斜面下滑的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)，操作步驟如下：①讓滑塊從距離擋板s處由靜止下滑，同時(shí)打開水箱閥門，讓水流到量筒中（假設(shè)水流是均勻穩(wěn)定的）②當(dāng)滑塊碰到擋板時(shí)立即關(guān)閉閥門；③記錄量筒收集的水量V；④改變s，重復(fù)以上操作；⑤記錄測(cè)得的數(shù)據(jù)并填寫如下表格中。次數(shù)sV14.509524.008933.508443.007752.5071根據(jù)表中數(shù)據(jù)得到s與（選填“V”、“V”或“V2”）成正比，由此可得滑塊沿斜面向下做若保持下滑的距離s不變，僅增大滑塊的質(zhì)量，水量V將（選填“增大”、“不變”或“減小”）（實(shí)驗(yàn)允許有誤差）12．要測(cè)量一只量程已知的電壓表的內(nèi)阻，所備器材如下：A．待測(cè)電壓表V（量程3V，內(nèi)阻約幾千歐）B．電流表A（量程3A，內(nèi)阻0.01ΩC．定值電阻R（阻值2kΩ，額定電流50mAD．蓄電池E（電動(dòng)勢(shì)略小于3V，內(nèi)阻不計(jì)）E．多用電表F．開關(guān)K1、K有一同學(xué)利用上面所給器材，進(jìn)行如下實(shí)驗(yàn)操作：（1）先用多用電表進(jìn)行粗測(cè)，選用×100倍率，操作方法正確。若這時(shí)刻度盤上的指針位置如圖甲所示，則測(cè)量的結(jié)果是Ω。（2）為了更精確地測(cè)出此電壓表內(nèi)阻，在如圖所示的乙、丙實(shí)驗(yàn)電路中，該同學(xué)選擇丙圖的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，其理由是。（3）在圖丁中，用筆畫線代替導(dǎo)線，按照丙圖的電路把實(shí)物連接好。（4）利用丙圖的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)，簡述實(shí)驗(yàn)的主要步驟（在所測(cè)量的物理量后寫上相應(yīng)的字母符號(hào)）：；（5）用上述所測(cè)及已知的物理量的字母符號(hào)表示電壓表的內(nèi)阻RV=13．在折射率為n=2的液體內(nèi)部有一個(gè)可移動(dòng)的點(diǎn)光源S，光源S在初始位置時(shí)，從液面上觀察到半徑為R=0.2m（1）求點(diǎn)光源S初始位置的深度h；（2）讓點(diǎn)光源S向某個(gè)方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，發(fā)現(xiàn)圓形光斑最右側(cè)邊緣一點(diǎn)B位置未動(dòng)，而最左側(cè)邊緣一點(diǎn)D在向左移動(dòng)，光源運(yùn)動(dòng)2s時(shí)，D點(diǎn)向左移動(dòng)了x=0.4m，如下圖所示，求點(diǎn)光源S運(yùn)動(dòng)的速度大小和方向。14．一電動(dòng)玩具小車放在水平地面上，從靜止開始運(yùn)動(dòng)，在一段時(shí)間內(nèi)其速度與牽引力的功率隨時(shí)間變化的函數(shù)關(guān)系圖像分別如圖甲、乙所示，地面對(duì)小車的摩擦力恒定，2s以后小車以速度v0（1）2s時(shí)小車的速度v0（2）甲圖陰影部分的面積。15．如圖甲所示，在xOy平面的第Ⅰ象限內(nèi)有沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場E1；第Ⅱ、Ⅲ象限內(nèi)同時(shí)存在著豎直向上的勻強(qiáng)電場E2和垂直紙面的磁場B1，E1=0.2N/C，E2=0.25N/C，磁場B1隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖乙所示，B0=0.5T，t0=π（1）求液滴第一次到達(dá)O點(diǎn)時(shí)速度v的大?。唬?）求液滴在0~π（3）若在t=π8s時(shí)撤去電場E1、E2和磁場B1，同時(shí)在整個(gè)空間區(qū)域加豎直向上的勻強(qiáng)磁場

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】A．根據(jù)數(shù)學(xué)組合公式，大量氫原子在不同能級(jí)釋放出光子的種數(shù)m=可知，當(dāng)n=4時(shí)，會(huì)釋放6種不同頻率的光，故A錯(cuò)誤；BD．根據(jù)E=Em可知，躍遷過程中釋放的光的能量越小，其釋放的光的頻率就越小，波長就越大，顯然從n=4能級(jí)躍遷到n=3能級(jí)時(shí)釋放的光的能量最小，即放出的光的頻率最小，而從n＝4能級(jí)躍遷到n＝1能級(jí)產(chǎn)生的光的能量最大，頻率就最大，波長最小，故BD錯(cuò)誤；C．氫原子從n＝2能級(jí)躍遷到n＝1能級(jí)時(shí)輻射的光的能量為E=則可知，用n＝2能級(jí)躍遷到n＝1能級(jí)輻射出的光照射逸出功為6.34eV的金屬鉑能發(fā)生光電效應(yīng)，故C正確。故選C。

【分析】本題主要考察氫原子的能級(jí)躍遷以及光電效應(yīng)的條件。解決本題的關(guān)鍵是掌握能極差與光子頻率的關(guān)系，以及知道光電效應(yīng)的條件，即入射光的頻率大于金屬的極限頻率。判斷一群氫原子從高能級(jí)向基態(tài)躍遷時(shí)發(fā)出的光子種類；由高能級(jí)向低能級(jí)躍遷，輻射的光子能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差；當(dāng)光子的能量大于逸出功，即可發(fā)生光電效應(yīng)。2．【答案】D【解析】【解答】A．衛(wèi)星從橢圓軌道1的P點(diǎn)加速后，才能變軌到地球同步軌道2。在這個(gè)過程中，衛(wèi)星的機(jī)械能是增加的。所以，衛(wèi)星在軌道1和軌道2上運(yùn)動(dòng)時(shí)的機(jī)械能不相等，A選項(xiàng)錯(cuò)誤。；B．根據(jù)開普勒第二定律，衛(wèi)星在橢圓軌道上運(yùn)行時(shí)，近地點(diǎn)（Q點(diǎn)）的速度大于遠(yuǎn)地點(diǎn)（P點(diǎn)）的速度，B錯(cuò)誤；C．衛(wèi)星在軌道2上時(shí)處于失重狀態(tài)，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)牛頓第二定律和萬有引力定律得G所以衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過P點(diǎn)的加速度等于在軌道1上經(jīng)過P點(diǎn)的加速度，D正確。故選D。

【分析】衛(wèi)星在橢圓軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)在近地點(diǎn)做離心運(yùn)動(dòng)，在遠(yuǎn)地點(diǎn)做近心運(yùn)動(dòng)，根據(jù)相應(yīng)運(yùn)動(dòng)條件判斷速度大小問題，衛(wèi)星在軌道上運(yùn)動(dòng)的加速度由萬有引力產(chǎn)生，決定加速度的大小是萬有引力的大小。3．【答案】A【解析】【解答】A．把小球舉高到繩子的懸點(diǎn)O處，讓小球自由下落，t1時(shí)刻繩子剛好繃緊，此時(shí)繩子還沒有產(chǎn)生拉力，小球的速度在不斷增大。故t1時(shí)刻小球的速度不是最大。同理，t3時(shí)刻小球的速度也不是最大，故A正確；B．t2時(shí)刻繩子的拉力最大，物體處于超重狀態(tài)，小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)，速度為零，動(dòng)能最?。煌?，t5時(shí)刻小球的動(dòng)能也最小，故B錯(cuò)誤；C．t2、t5時(shí)刻小球都到達(dá)最低點(diǎn)，t3時(shí)刻小球速度方向向上，t4時(shí)刻小球速度向下，兩個(gè)時(shí)刻之間物體只受重力作用，t3、t4時(shí)刻小球的運(yùn)動(dòng)方向相反，故C錯(cuò)誤；D．t3～t4時(shí)間內(nèi)與t6～t7時(shí)間內(nèi)小球都做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，由于t3時(shí)刻的速度大于t6時(shí)刻的速度，由豎直上拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=可知t故D錯(cuò)誤。故選A。

【分析】把小球舉高到繩子的懸點(diǎn)O處，讓小球自由下落，t1時(shí)刻繩子剛好繃緊，分析小球的運(yùn)動(dòng)情況，判斷什么時(shí)刻小球的速度最大。小球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)動(dòng)能最小。4．【答案】C【解析】【解答】橫波的圖象：縱坐標(biāo)表示某一時(shí)刻各個(gè)質(zhì)點(diǎn)偏離平衡位置的位移，橫坐標(biāo)表示在波的傳播方向上各個(gè)質(zhì)點(diǎn)的平衡位置。它反映了在波傳播的過程中，某一時(shí)刻介質(zhì)中各質(zhì)點(diǎn)的位移在空間的分布。簡諧波的圖象為正弦（或余弦）曲線。由波形圖可知，波長為λ=20m波沿x軸正方向傳播，則Δ解得T=則波速v=n=0時(shí)，波速最小，此時(shí)T=0.8s則ω=質(zhì)點(diǎn)A的振動(dòng)方程y=10質(zhì)點(diǎn)A在零時(shí)刻向上振，可知θ=故質(zhì)點(diǎn)A的振動(dòng)方程y=10當(dāng)n=9時(shí)，有v=625m/s故選C。

【分析】由圖可知波的波長，而由圖可得波形相距的時(shí)間與周期的關(guān)系，則可得出波速的表達(dá)式；由波速可知周期的表達(dá)式，則可得出質(zhì)點(diǎn)的路程及位移及質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程。5．【答案】C【解析】【解答】A．電子僅受電場力的作用，由于電勢(shì)能隨位移增加而減小，根據(jù)功能關(guān)系可知，電場力做正功，根據(jù)動(dòng)能定理可以得出：電子的動(dòng)能在不斷增加，電子的速度也在不斷地增加，故A錯(cuò)誤；BC．根據(jù)動(dòng)能定理有eEx=0?由于圖像的斜率反映了電場強(qiáng)度的變化，由于圖像斜率逐漸減小，所有電場強(qiáng)度逐漸減小，所以M點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于N點(diǎn)的電場強(qiáng)度，根據(jù)F=qE則電子在M點(diǎn)受到的電場力大于N點(diǎn)的電場力，根據(jù)牛頓第二定律F=ma可知電子的加速度在不斷地減小，故C正確，B錯(cuò)誤；D．由圖像可知電子的電勢(shì)能逐漸減小，根據(jù)電勢(shì)能和電勢(shì)的關(guān)系有：E由于粒子帶負(fù)電，可知M點(diǎn)的電勢(shì)低于N點(diǎn)的電勢(shì)，故D錯(cuò)誤。故選C。

【分析】利用電勢(shì)能的變化結(jié)合功能關(guān)系可以判別電場力做功，結(jié)合動(dòng)能定理可以判別電子的速度變化；利用圖像斜率可以判別電場強(qiáng)度的變化，結(jié)合牛頓第二定理可以判別加速度的大小變化；利用電勢(shì)能結(jié)合電性可以判別電勢(shì)的變化。6．【答案】D【解析】【解答】A.通電瞬間安培力大于阻力，導(dǎo)體棒向右加速運(yùn)動(dòng)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)產(chǎn)生的電流方向與通電電流方向相反，所以電流強(qiáng)度逐漸減小，設(shè)內(nèi)阻為r，桿的電阻為R，設(shè)速度為v時(shí)，有

F安=BIL=BE?BLvR+rL

B.當(dāng)勻速時(shí)

F安=BE?BLvR+rL=f

CD.根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電壓。根據(jù)選項(xiàng)A可知，回路電流

I=E?BLvR+r

ab兩端電壓

U=E?E?BLvR+rr

隨著速度變大，電壓在變化，當(dāng)達(dá)到最大速度vm=18m/7．【答案】B【解析】【解答】C．由小孔O射入磁場區(qū)域，做半徑為R的圓周運(yùn)動(dòng)，因?yàn)榱Ｗ訋д?，根?jù)左手定則可知粒子將向左偏轉(zhuǎn)，故C錯(cuò)誤；

ABD．因?yàn)榱Ｗ右韵嗤乃俾恃匚挥诩埫鎯?nèi)水平向右到豎直向上90°范圍內(nèi)的各個(gè)方向發(fā)射，由O點(diǎn)射入水平向右的粒子恰好應(yīng)為最右端邊界且ON=R；在豎直方向上有最遠(yuǎn)點(diǎn)為2R，由O點(diǎn)豎直向上射入的粒子，打在最左端且距離為OM=2R，但是左側(cè)因?yàn)闆]有粒子射入，所以中間會(huì)出現(xiàn)一塊空白區(qū)域，故B正確，AD錯(cuò)誤。

故選B?！痉治觥勘绢}考查分析和處理粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的軌跡問題，難點(diǎn)在于分析運(yùn)動(dòng)軌跡的邊界，可以運(yùn)用極限分析法分析。粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性畫出極限情況的運(yùn)動(dòng)軌跡圖進(jìn)行分析即可。8．【答案】B,C【解析】【解答】AB．根據(jù)圖像的斜率得出同學(xué)的速度，結(jié)合動(dòng)量守恒定律和動(dòng)量定理得出同學(xué)B對(duì)A的沖量以及兩位同學(xué)的質(zhì)量之比。由圖乙可知同學(xué)A的初始速度為v由圖乙可知同學(xué)A抱住同學(xué)B后兩人的速度為v=由動(dòng)量守恒定律得m解得m對(duì)A由動(dòng)量定理得I同學(xué)A和B的質(zhì)量之比為mA錯(cuò)誤，B正確；C．兩人相抱過程中損失的動(dòng)能為ΔC正確；D．根據(jù)動(dòng)能定理得出兩人相抱過程中相互間的作用力做功的比值關(guān)系。兩人相抱過程中相互間的作用力做功之比為WD錯(cuò)誤。故選BC。

【分析】本題主要考查了動(dòng)量守恒定律的相關(guān)應(yīng)用，理解圖像的物理意義，結(jié)合動(dòng)能定理和動(dòng)量定理聯(lián)立等式即可完成分析。9．【答案】C,D【解析】【解答】AC．玻璃管豎直靜置時(shí)，對(duì)水銀柱，分析受力，根據(jù)平衡條件求管內(nèi)空氣的壓強(qiáng)，設(shè)靜止時(shí)管內(nèi)空氣的壓強(qiáng)為p1p根據(jù)牛頓第二定律求出管內(nèi)空氣的壓強(qiáng)p2，再根據(jù)玻意耳定律求穩(wěn)定后管內(nèi)空氣柱的長度，設(shè)玻璃管向上加速時(shí)管內(nèi)空氣的壓強(qiáng)為p2，管的橫截面積為Sp解得p可知，管內(nèi)空氣的壓強(qiáng)增加了Δ故A錯(cuò)誤，C正確；BD．由于空氣溫度保持不變，由玻意耳定律有p解得L可知，管內(nèi)空氣柱的長度減少了0.8cm，故B錯(cuò)誤，D正確。故選CD。

【分析】玻璃管豎直靜置時(shí)，對(duì)水銀柱，分析受力，根據(jù)平衡條件求管內(nèi)空氣的壓強(qiáng)p1，若使玻璃管向上做加速度大小a=5m/s2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，穩(wěn)定后，對(duì)水銀柱，根據(jù)牛頓第二定律求出管內(nèi)空氣的壓強(qiáng)p2，再根據(jù)玻意耳定律求穩(wěn)定后管內(nèi)空氣柱的長度。10．【答案】A,D【解析】【解答】B．解決本題的關(guān)鍵要掌握平拋運(yùn)動(dòng)的研究方法，掌握分位移公式。小球做平拋運(yùn)動(dòng)，由h=得t=下落高度相同，平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，故B錯(cuò)誤；

A．小球落在A1C1線段中點(diǎn)時(shí)水平位移最小，落在C1時(shí)水平位移最大，由幾何關(guān)系知水平位移的最小值與最大值之比是1：2，由于運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，水平位移之比即為初速度之比，由x=得小球初速度的最小值與最大值之比是1：2，故A正確；

C．平拋運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)：平拋運(yùn)動(dòng)可以看成水平方向上的勻速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向上的自由落體運(yùn)動(dòng)。落在B1D1線段中點(diǎn)的小球，落地時(shí)機(jī)械能的最小，落在B1D1線段上D1或B1的小球，落地時(shí)機(jī)械能的最大。設(shè)落在B1D1線段中點(diǎn)的小球初速度為v1，水平位移為x1，落在B1D1線段上D1或B1的小球初速度為v2，水平位移為x2。由幾何關(guān)系有x由x=v0t得v落地時(shí)機(jī)械能等于拋出時(shí)的機(jī)械能，分別為EE可知落地時(shí)機(jī)械能的最小值與最大值之比不等于1：2．故C錯(cuò)誤。

D．求出速度與豎直方向夾角的正切值進(jìn)行分析判斷。設(shè)AC1的傾角為α，軌跡與AC1線段相交的小球，在交點(diǎn)處的速度方向與水平方向的夾角為θ。則有

tanα=tanθ=則tan可知θ一定，則軌跡與AC1線段相交的小球，在交點(diǎn)處的速度方向相同，故D正確。

故選AD。【分析】小球做平拋運(yùn)動(dòng)，水平分運(yùn)動(dòng)為勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直分運(yùn)動(dòng)為自由落體運(yùn)動(dòng)。運(yùn)動(dòng)時(shí)間由下落的高度決定。由分位移公式求初速度。由機(jī)械能守恒定律研究落地時(shí)機(jī)械能。11．【答案】V2；勻變速直線；不變【解析】【解答】想探究滑塊在斜面上的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，需要計(jì)時(shí)工具。水流均勻穩(wěn)定，水量就可以做計(jì)時(shí)用了。在表格中計(jì)算出V、V2次數(shù)sVVV14.50959.75902524.00899.43792133.50849.17705643.00778.77592952.50718.435041從表格數(shù)據(jù)可以得出s與V2s=k由于水流均勻穩(wěn)定，水量就可以做計(jì)時(shí)用了，則量筒中收集的水量V和時(shí)間t成正比，所以s∝由此可得滑塊沿斜面向下做勻變速直線運(yùn)動(dòng)。位移s與體積V的二次方是成正比，與滑塊的質(zhì)量無關(guān)，所以若保持下滑的距離s不變，僅增大滑塊的質(zhì)量，水量V將不變。

【分析】本題是一道探究性實(shí)驗(yàn)題目，一定要搞清楚實(shí)驗(yàn)原理與實(shí)驗(yàn)?zāi)康摹Ｏ胩骄炕瑝K在斜面上的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，需要計(jì)時(shí)工具，水流均勻穩(wěn)定，水量就可以做計(jì)時(shí)用了，滑塊下滑的時(shí)間與質(zhì)量大小無關(guān)，據(jù)已有的知識(shí)就可以確定s與V的關(guān)系。12．【答案】（1）3000（2）乙圖中電流表的示數(shù)太小，誤差太大。丙圖中R的阻值與電壓表阻值較為接近，誤差小。（3）（4）閉合K1，再閉合K2，讀得電壓表示數(shù)U1；再斷開K2，讀得電壓表示數(shù)U2（5）U【解析】【解答】（1）阻值等于檔位乘以指針示數(shù)，根據(jù)題意，由圖甲可知，電阻的測(cè)量值為R（2）電動(dòng)勢(shì)太小，電流太小，電流表幾乎不偏轉(zhuǎn)。根據(jù)題意可知，電源的電動(dòng)勢(shì)約為3V，電壓變內(nèi)阻為幾千歐，乙圖中電流表的示數(shù)太小，誤差太大。丙圖中R的阻值與電壓表阻值較為接近，誤差小。（3）按照丙圖的電路把實(shí)物連接好，電壓表串聯(lián)接入電路，如圖所示（4）利用丙圖的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，實(shí)驗(yàn)的主要步驟為閉合K1，再閉合K2，讀得電壓表示數(shù)U1；再斷開K2，讀得電壓表示數(shù)U2。（5）根據(jù)串聯(lián)分壓，電壓之比即為電阻之比，求得電壓表之比內(nèi)阻。閉合K1，再閉合K2，讀得電壓表示數(shù)U1，則有U再斷開K2，讀得電壓表示數(shù)U2，則有U聯(lián)立解得RV=U2U1?U2R

【分析】（1）根據(jù)選擇倍率求出測(cè)量的結(jié)果，阻值等于檔位乘以指針示數(shù)；（1）根據(jù)題意，由圖甲可知，電阻的測(cè)量值為R（2）根據(jù)題意可知，電源的電動(dòng)勢(shì)約為3V，電壓變內(nèi)阻為幾千歐，乙圖中電流表的示數(shù)太小，誤差太大。丙圖中R的阻值與電壓表阻值較為接近，誤差小。（3）按照丙圖的電路把實(shí)物連接好，如圖所示（4）利用丙圖的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)，實(shí)驗(yàn)的主要步驟為閉合K1，再閉合K2，讀得電壓表示數(shù)U1；再斷開K2，讀得電壓表示數(shù)U2。（5）閉合K1，再閉合K2，讀得電壓表示數(shù)U1，則有U再斷開K2，讀得電壓表示數(shù)U2，則有U聯(lián)立解得R13．【答案】解：（1）在B處發(fā)生全反射，如圖臨界角C滿足

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