云南省曲靖市陸良縣2022-2023學(xué)年高二下學(xué)期期中物理試題姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三四五六總分評(píng)分一、單選題1．物理實(shí)驗(yàn)助推物理學(xué)理論的發(fā)展，以下是物理課本上的幾個(gè)實(shí)驗(yàn)，對(duì)以下實(shí)驗(yàn)的表述，說法不正確的是（）A．圖甲：在探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律的實(shí)驗(yàn)中，運(yùn)用了等效替代的思想方法B．圖乙：在探究向心力大小與質(zhì)量、角速度、軌道半徑的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)中，運(yùn)用了控制變量法C．圖丙：庫侖利用庫侖扭秤裝置，采用電荷均分原理及放大原理，發(fā)現(xiàn)了庫侖定律，并第一次較準(zhǔn)確地測出了靜電力常量D．圖?。涸谘芯坑绊懫叫邪咫娙萜鞯挠绊懸蛩貙?shí)驗(yàn)中采用了控制變量法，通過靜電計(jì)指針的變化，得到電容C與S、d和εr2．甲、乙兩物體從同一點(diǎn)出發(fā)且在同一條直線上運(yùn)動(dòng)，它們的位移—時(shí)間圖像如圖所示，由圖像可知（）A．乙一直做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B．第4s末時(shí)，甲、乙相距最遠(yuǎn)C．t=4s時(shí)，甲和乙相遇，且運(yùn)動(dòng)方向相反D．0到4s內(nèi)，甲的平均速度大于乙的平均速度3．如圖所示的翻斗車車斗的底部是一個(gè)平面，司機(jī)正準(zhǔn)備將車上運(yùn)送的一塊大石塊卸下。司機(jī)將車停穩(wěn)在水平路面上，通過操縱液壓桿使車斗底部傾斜，直到車斗傾角增加到45°時(shí)，石塊剛好下滑，已知翻斗車始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，在傾角由0增大到60°的過程中，下列說法正確的是（）A．石塊受到的彈力先減小后不變B．石塊受到的摩擦力先增大后減小C．翻斗車始終不受地面施加的摩擦力作用D．地面對(duì)翻斗車的支持力始終等于翻斗車（包括司機(jī)）和車上石塊的總重力4．如圖所示，一輕繩通過無摩擦的小定滑輪O與拖車相連，另一端與河中的小船連接，定滑輪與拖車之間的連繩保持水平，小船與拖車的運(yùn)動(dòng)在同一豎直平面內(nèi)，拖車沿平直路面水平向右運(yùn)動(dòng)帶動(dòng)小船，使小船以速度v沿水面向右勻速運(yùn)動(dòng)，若船在水面上運(yùn)動(dòng)受到的阻力保持不變。則在上述運(yùn)動(dòng)過程中（）A．小船所受浮力不斷增大B．小船受到繩的拉力不斷減小C．小船受到繩的拉力的功率不變D．當(dāng)拉船的輕繩與水平面的夾角為θ時(shí)，拖車運(yùn)動(dòng)的速度為v5．一輛汽車在水平路面上由靜止啟動(dòng)，在前5s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，5s末達(dá)到額定功率，之后保持額定功率運(yùn)動(dòng)，其v?t圖像如圖所示。已知汽車的質(zhì)量m=3×103kgA．汽車在前5s內(nèi)的牽引力為9×1B．汽車在15m/s時(shí)的加速度為2m/C．汽車的額定功率為40kWD．汽車在前5s內(nèi)摩擦力做功為?16．如圖所示為發(fā)球機(jī)將一網(wǎng)球水平射出后的軌跡，其中A為出射點(diǎn)，網(wǎng)球從A到B、B到C所花時(shí)間相同，不計(jì)空氣阻力，下列說法正確的是（）A．網(wǎng)球從A到B到C過程中重力做功之比為1：4B．網(wǎng)球從A到B、B到C過程中重力做功之比為1：2C．網(wǎng)球在A處的重力勢能是其在B處的重力勢能的43D．網(wǎng)球在B時(shí)重力的功率是其在C時(shí)重力的功率的17．如圖所示，質(zhì)量均為m的木塊A、B與輕彈簧相連，置于光滑水平桌面上處于靜止?fàn)顟B(tài)，與木塊A、B完全相同的木塊C以速度v0與木塊A碰撞并粘在一起（碰撞時(shí)間極短），則從木塊C與木塊A碰撞到彈簧壓縮到最短的整個(gè)過程中，下列說法正確的是（）A．木塊A、B、C和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能不守恒B．木塊C與木塊A碰撞結(jié)束時(shí)，木塊B的加速度不為0C．木塊C與木塊A碰撞結(jié)束時(shí)，木塊C的速度為vD．彈簧的最大彈性勢能等于木塊A、B、C和彈簧組成系統(tǒng)的動(dòng)能減少量8．如圖所示的平行板之間，電場強(qiáng)度E和磁感應(yīng)強(qiáng)度B相互垂直，具有不同水平速度的帶電粒子（不計(jì)重力）射入后發(fā)生偏轉(zhuǎn)的情況不同。這種器件能把具有特定速度的粒子選擇出來，所以叫速度選擇器。下列關(guān)于速度選擇器的說法正確的是（）A．這個(gè)特定速度與粒子的比荷有關(guān)B．從左向右以特定速度射入的粒子有可能沿直線穿出速度選擇器C．從右向左以特定速度射入的粒子才能沿直線穿出速度選擇器D．只有帶正電的粒子才有可能沿直線穿出速度選擇器9．圖甲是小型交流發(fā)電機(jī)的示意圖，兩磁極N、S間的磁場可視為水平方向的勻強(qiáng)磁場，線圈繞垂直于磁場的水平軸OOA．圖甲所對(duì)應(yīng)的時(shí)刻，線圈平面處于中性面B．交變電流瞬時(shí)值表達(dá)式為i=C．t=0.01s時(shí)刻穿過線圈的磁通量最大D．t=0.02s時(shí)刻線圈平面與磁場方向平行二、多選題10．理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比為3：A．電阻R1兩端電壓B．電阻R2兩端電壓C．經(jīng)過兩電阻的電流之比ID．兩電阻消耗的功率之比P三、單選題11．關(guān)于波的干涉、衍射等現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A．肥皂膜在陽光下呈現(xiàn)彩色條紋是光的衍射現(xiàn)象B．多普勒效應(yīng)是由于波源和觀察者的相對(duì)運(yùn)動(dòng)而導(dǎo)致的C．?dāng)z影師在拍攝池中的游魚是在照相機(jī)前裝了偏振濾光片，應(yīng)用了光的干涉原理D．通過兩只筆之間的狹縫觀察日光燈管看到的彩色條紋是光的干涉現(xiàn)象四、多選題12．如圖所示，a、b兩顆衛(wèi)星分別繞地球做圓軌道運(yùn)動(dòng)和橢圓軌道運(yùn)動(dòng)，P、Q兩點(diǎn)分別為b衛(wèi)星橢圓軌道的近地點(diǎn)、遠(yuǎn)地點(diǎn)。則（）A．a(chǎn)衛(wèi)星的運(yùn)行周期可能為1小時(shí)B．b衛(wèi)星從Q點(diǎn)到P的過程中，速度變化越來越快C．a(chǎn)b兩顆衛(wèi)星受到地球的引力大小有時(shí)可能相等D．衛(wèi)星a、b與地心的連線在相同的時(shí)間內(nèi)所掃過的面積相同13．如圖所示，在紙面內(nèi)半徑為R的圓形區(qū)域中充滿了垂直于紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場。一點(diǎn)電荷從圖中A點(diǎn)以速度v0沿和直徑AA'成θ=30°角的方向垂直磁場射入，經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后恰能從點(diǎn)A'A．該點(diǎn)電荷帶負(fù)電B．該點(diǎn)電荷在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為RC．該點(diǎn)電荷的比荷為qD．該點(diǎn)電荷在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t=14．如圖所示為遠(yuǎn)距離輸電示意圖，發(fā)電機(jī)的輸出電壓U1A．輸電線的電流變大 B．輸電線上損失的功率變大C．升壓變壓器副線圈電壓U2變大 D．降壓變壓器原線圈電壓U五、實(shí)驗(yàn)題15．在“測玻璃的折射率”實(shí)驗(yàn)中：（1）如圖，用插針法測定玻璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)中，下列說法中正確的是____；A．為了減小作圖誤差，P3和PB．為減少測量誤差，P1、P2的連線與法線C．可以用手觸摸光學(xué)表面，不會(huì)影響測量D．bb'界面一定要與（2）如果有幾塊寬度大小不同的平行玻璃磚可供選擇，為了減小誤差，應(yīng)選用寬度（填“大”或“小”）的玻璃磚來測量。（3）若該同學(xué)在確定P4位置時(shí)，被旁邊同學(xué)碰了一下，不小心把P4位置畫的偏左了一些，測出來的折射率16．某同學(xué)在“測定金屬絲電阻率”的實(shí)驗(yàn)中（1）用游標(biāo)卡尺測量其長度如圖甲所示，由圖可知其長度為L=mm（2）用螺旋測微器測量其直徑如圖乙所示，由圖可知其直徑D=mm（3）該同學(xué)用伏安法測量該金屬絲的電阻，設(shè)計(jì)了如圖丙所示的電路，開關(guān)S閉合之前滑片應(yīng)該置于端（選填a或b），電壓表選擇0~3V量程，電流表選擇0~0.6A量程，分別測量金屬絲兩端的電壓和流過金屬絲的電流，指針位置分別如圖丁所示，則金屬絲的電阻為Ω（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；（4）由以上數(shù)據(jù)可得金屬絲的電阻率為Ω·m（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字），考慮到電表內(nèi)阻的影響，電阻率的測量值（選填大于、小于或等于）真實(shí)值。六、解答題17．如圖甲所示為一列簡諧橫波在t=1s時(shí)刻的波形圖，P點(diǎn)為平衡位置在x=0.5m處的質(zhì)點(diǎn)，Q點(diǎn)為平衡位置在（1）這列簡諧橫波的傳播方向和波速；（2）質(zhì)點(diǎn)P在t=3s時(shí)刻的位移大小和質(zhì)點(diǎn)Q從t=1s到t=4s通過的路程。18．如圖所示，足夠長的U形導(dǎo)體框架的寬度L=0.5m，下端有一阻值為R1=0.8Ω的電阻，導(dǎo)軌其余部分電阻忽略不計(jì)，其所在平面與水平面成θ=37°。有一磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.8T的勻強(qiáng)磁場，方向垂直于導(dǎo)體框平面。一根質(zhì)量m=0.4kg、電阻R2=0.2Ω的導(dǎo)體棒MN垂直跨放在U形框架上，某時(shí)刻起將導(dǎo)體棒由靜止釋放。已知導(dǎo)體棒與框架間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.（1）導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)過程中的最大速度；（2）導(dǎo)體棒速度大小v=1.（3）從導(dǎo)體棒開始下滑到速度剛達(dá)到最大時(shí)的過程中，整個(gè)回路中產(chǎn)生的焦耳熱Q=3J，求導(dǎo)體棒在此過程中沿斜面向下運(yùn)動(dòng)的位移。19．如圖所示，光滑的14圓弧軌道AB豎直固定放置，半徑R=1.8m，在其右側(cè)光滑的水平面上，緊靠著一平板小車。小車的上表面與圓弧軌道末端的切線在同一水平面上，上表面長為L=2.5m，距水平地面的高h(yuǎn)=1.25m，小車質(zhì)量M=4kg，在小車的最左端放置一質(zhì)量為m2=2kg可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m1=1kg的可視為質(zhì)點(diǎn)的小滑塊，從A點(diǎn)靜止釋放，通過圓弧軌道最低點(diǎn)B與m2發(fā)生彈性碰撞，碰撞時(shí)間極短，已知滑塊與小車上表面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2，取重力加速度大小g=10m/（1）滑塊m1運(yùn)動(dòng)到圓弧軌道最低B與m2發(fā)生碰撞前和碰撞后，滑塊m1所受到的支持力的大小各是多少；（2）滑塊從小車上滑出后，落地時(shí)到小車上表面右側(cè)的水平距離。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】A．在探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律的實(shí)驗(yàn)中，運(yùn)用了等效替代的思想方法，A正確，不符合題意；B．在探究向心力大小與質(zhì)量、角速度、軌道半徑的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)中，運(yùn)用了控制變量法，B正確，不符合題意；C．庫侖利用庫侖扭秤裝置，采用電荷均分原理及放大原理，發(fā)現(xiàn)了庫侖定律，但沒有測出靜電力常量，C錯(cuò)誤，符合題意；D．在研究影響平行板電容器的影響因素實(shí)驗(yàn)中采用了控制變量法，通過靜電計(jì)指針的變化，得到電容C與S、d和εr故答案為：C。

【分析】探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律的實(shí)驗(yàn)采用了等效替代，探究向心力大小與質(zhì)量、角速度、軌道半徑的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)中采用了控制變量法，庫侖利用庫侖扭秤裝置，采用電荷均分原理及放大原理，研究影響平行板電容器的影響因素實(shí)驗(yàn)中采用了控制變量法。2．【答案】C【解析】【解答】A.由于在x-t圖像中，傾斜直線表示物體在做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以乙物體在做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B.看圖中明顯看出在第2秒末兩者的距離最遠(yuǎn)，故B錯(cuò)誤；

C.在t=4s時(shí)，兩圖像相交，注意相交表示相遇，所以兩者相遇，且甲物體在朝負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，而乙物體在朝正方向運(yùn)動(dòng)，所以兩者的運(yùn)動(dòng)方向相反，故C正確；

D.0到4s內(nèi)，平均速度v=xt，由于兩者在相同時(shí)間內(nèi)所發(fā)生的位移相同，兩者的平均速度相等，故D錯(cuò)誤。

3．【答案】B【解析】【解答】A.首先要對(duì)石塊受力分析，無論摩擦力的情況怎樣，都要對(duì)重力進(jìn)行分解，分解為平行于斜面的分力G1=mgsinθ和垂直于斜面的分力G2=mgcosθ，由于垂直于斜面的方向肯定受力平衡，所以始終有石塊受到的彈力FN=G2=mgcosθ，隨著夾角θ的增大，我們知道cosθ反而減小，所以彈力也在減小，故A錯(cuò)誤；

B.在45度之前，石塊沒有發(fā)生滑動(dòng)，說明斜面的石塊的摩擦力為靜摩擦力，并且根據(jù)平衡條件有f靜=G1=mgsinθ，隨著夾角的增大，sinθ也增大，所以靜摩擦力隨著增大，當(dāng)過了45度角之后，石塊開始發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，它之后受到的是滑動(dòng)摩擦力，由于f滑=μF4．【答案】C【解析】【解答】AB.對(duì)小船進(jìn)行受力分析，對(duì)其中的拉力進(jìn)行分解，分解為Tx、Ty，其中Tx=Tcosθ，Ty=Tsinθ，由于小船勻速運(yùn)動(dòng)，合外力為0，所以在水平方向有Tx=Tcosθ=f阻，由于阻力保持不變，隨著船向右運(yùn)動(dòng)，θ變大，cosθ變小，所以拉力變大。豎直方向有F浮=mg-Ty=mg-Tsinθ，隨著船向右運(yùn)動(dòng)，θ變大，拉力變大，所以5．【答案】A【解析】【解答】A.首先對(duì)車進(jìn)行受力分析，可知車在水平方向受到牽引力和摩擦力兩個(gè)力，由圖可知0到5s內(nèi)加速度為a=?v?t=2ms2，結(jié)合牛頓第二定律有F合=F牽-f=F牽-0.1mg=ma，得F牽=9×103N，故A正確；

BC.首先利用5s末來計(jì)算出汽車的額定功率，Pe=6．【答案】D【解析】【解答】AB.由于網(wǎng)球在做平拋運(yùn)動(dòng)，而A點(diǎn)為起點(diǎn)，由于網(wǎng)球在豎直方向上是做自由落體運(yùn)動(dòng)，即初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，而初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)在連續(xù)相等的時(shí)間內(nèi)通過的位移之比為1：3：5?，由重力做功的公式WG=mgh，重力做功與下落的位移成正比，所以在A到B、B到C過程中重力做功之比為1：3，故AB錯(cuò)誤；

C.由于重力勢能具有相對(duì)性，要比較重力勢能要先確定好零勢能面，如果設(shè)B所在平面為零勢能面，則B的重力勢能為0，A的重力勢能EpA=mghAB，無法做比，明顯C錯(cuò)誤；

D.某個(gè)任意位置重力做功的瞬時(shí)功率為P瞬=mgvcosθ=mgvy，由于網(wǎng)球從A到B、B到C的時(shí)間間隔相等，所以7．【答案】A【解析】【解答】A.在全程由于A、B、C和彈簧組成的系統(tǒng)合外力等于0，整個(gè)系統(tǒng)動(dòng)量守恒，但是在C和A碰撞后粘在一起的瞬間，為完全非彈性碰撞，由于有一部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為其他形式的能，所以整個(gè)系統(tǒng)在C、A碰撞的瞬間機(jī)械能不守恒，故A正確；

B.在C與A碰撞結(jié)束時(shí)，由于彈簧處于原長狀態(tài)，所以彈簧對(duì)物塊C無彈力的作用，所以物塊C的加速度為0，故B錯(cuò)誤；

C.在C與A完全非彈性碰撞的過程中，根據(jù)動(dòng)量守恒，有mv°=2mv1，得v1=v°8．【答案】B【解析】【解答】ABD.假設(shè)是帶正電的粒子從左往右射入速度選擇器，根據(jù)左手定則可知，粒子受到豎直向上的洛倫茲力和豎直向下的電場力，要使粒子沿著直線穿過速度選擇器，根據(jù)平衡條件有qvB=qE，得v=EB，所以這個(gè)特定速度與粒子的比荷無關(guān)，只跟E、B有關(guān)，當(dāng)粒子帶負(fù)電時(shí)，如果粒子也是從從左往右射入，根據(jù)左手定則可知此時(shí)洛倫茲力方向豎直向下，電場力方向豎直向上，仍然可以平衡，故AD錯(cuò)誤，B正確；

C.當(dāng)粒子從右向左射入時(shí)，假設(shè)粒子帶正電，根據(jù)左手定則可知此時(shí)洛倫茲力豎直向下，電場力方向也豎直向下，粒子將向下偏轉(zhuǎn)，無法沿著直線穿出速度選擇器，故C正確。

故答案為：B。9．【答案】D【解析】【解答】A.圖甲所對(duì)應(yīng)的時(shí)刻，線圈平面處于峰值面，故A錯(cuò)誤；

B.由題圖乙可知交流電電流的最大值是Im=2A，周期T=0.02s，角速度ω=2πT=100π，交流電流瞬時(shí)表達(dá)式為：i=2cos100πtA，故B錯(cuò)誤；

10．【答案】A,C【解析】【解答】C.根據(jù)電流比跟匝數(shù)比成反比，可知I1I2=n2n1=13，故C正確；

AB.設(shè)原線圈的輸入電壓為U原，由U原U2=n1n2=31，知U原=3U2，由于電阻R1、電阻R2的電流之比為1：3，由于兩者的阻值相同，所以兩者的電壓之比U1U2=13，所以11．【答案】B【解析】【解答】A.肥皂膜在陽光下呈現(xiàn)彩色條紋是因?yàn)榻?jīng)過肥皂膜前后面反射的光線相互疊加的結(jié)果，屬于光的干涉現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；

B.多普勒效應(yīng)的確是波源與觀察者的相對(duì)運(yùn)動(dòng)導(dǎo)致的，故B正確；

C.在拍攝池中的游魚時(shí)，常在照相機(jī)鏡頭前裝一片偏振濾光片使得景象清晰，這樣做的目的是為了減弱水面反射光的強(qiáng)度，是利用光的偏振，故C錯(cuò)誤；

D.通過兩只筆之間的狹縫觀察日光燈管看到的彩色條紋是光的衍射現(xiàn)象，故D錯(cuò)誤。

故答案為：B。

【分析】注意肥皂膜在陽光下呈現(xiàn)彩色條紋是因?yàn)榻?jīng)過肥皂膜前后表面反射的光線，相互疊加產(chǎn)生的現(xiàn)象，這是光的干涉；多普勒效應(yīng)是波源與觀察者的相對(duì)運(yùn)動(dòng)導(dǎo)致的；攝影師在拍攝池中的游魚在照相機(jī)前裝了偏振濾光片是為了減弱所拍攝景物周圍反射光的強(qiáng)度，利用了光的偏振；通過狹縫觀察到日光燈看到的彩色條紋屬于光的衍射。12．【答案】B,C【解析】【解答】A．近地衛(wèi)星的周期是所有衛(wèi)星中運(yùn)行周期最小的，約等于85min，所以A不符合題意；B．b衛(wèi)星從Q點(diǎn)到P的過程中，地球?qū)ζ湟υ絹碓酱?，加速度越來越大，所以速度變化越來越快，B符合題意；C．a(chǎn)b兩顆衛(wèi)星離地心的距離不等（b離地心的距離還在變化），但兩衛(wèi)星質(zhì)量未知，所以受到地球的引力大小有時(shí)可能相等，C符合題意；D．根據(jù)開普勒第二定律可知，同一顆衛(wèi)星在運(yùn)動(dòng)過程中與地心連線在相同時(shí)間內(nèi)掃過的面積相等，D不符合題意；故答案為：BC。

【分析】近大遠(yuǎn)小，近地衛(wèi)星的速度是最快的，周期是最小的。Q點(diǎn)到P的過程中，離地球越來越近，地球?qū)ζ湟υ絹碓酱?，加速度越來越大。不知道質(zhì)量大小，無法具體求解引力大小。13．【答案】A,D【解析】【解答】A.粒子往下偏，根據(jù)左手定則可知四指方向與粒子的運(yùn)動(dòng)方向相反，所以粒子帶負(fù)電，故A正確；

B.根據(jù)幾何關(guān)系可知r=Rsin30°=2R，故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)洛倫茲力提供向心力，有qv°B=mv°214．【答案】C,D【解析】【解答】AB.當(dāng)用電器越來越多時(shí)，降壓變壓器副線圈所在電路的總電阻R總變小，則降壓變壓器副線圈所在電流I4變大，根據(jù)電流比等于匝數(shù)的反比，有I3I4=n4n3，得輸電線的電流I3也變大，由輸電線上面損失的功率P損=I32R線，知輸電線上損失的功率也變大，故AB正確；

C.發(fā)電機(jī)的輸出電壓U1是不變的，根據(jù)U1U15．【答案】（1）A（2）大（3）偏小【解析】【解答】（1）A.為了減小作圖誤差，得到一條比較精準(zhǔn)的出射光線，取的兩個(gè)點(diǎn)距離要適當(dāng)遠(yuǎn)一些；

B.為了減小測量誤差，入射角要盡量大一點(diǎn)，即P1、P2的連線與法線NN'得夾角要盡量大一些；

C.不能用手觸摸光學(xué)表面，防止臟污了光學(xué)表面，要戴上白手套；

D.bb'界面不一定要與aa'平行，因?yàn)閷?duì)光線的入射與出射沒有任何影響，只要正確的測量了入射、出射光線，就能正確的計(jì)算玻璃磚的折射率。

故答案為：A。

（2）為了減小誤差，應(yīng)選用寬度較大的玻璃磚來做實(shí)驗(yàn)，因?yàn)閷挾容^大的玻璃磚，出射光線的側(cè)位移較大，折射角更好測量。

故答案為：大。

（3）若不小心把P4位置畫的偏左了一些，如圖所示

我們看到折射角θ2變大，根據(jù)折射率n=sinθ1sinθ2可知測出來的折射率偏小。16．【答案】（1）102.30（2）4.950（3）b；2.7（4）5.【解析】【解答】（1）首先看到主尺的讀數(shù)為102mm，而游標(biāo)尺是20分度的，精度為0.05mm，對(duì)齊格數(shù)為6，所以游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為102mm+6×0.05mm=102.30mm。

故答案為：102.30。

（2）首先看到固定尺上面的讀數(shù)為4.5mm，旋轉(zhuǎn)尺上面的對(duì)齊格數(shù)為45，所以螺旋測微器的讀數(shù)為4.5mm+45×0.01mm=4.950mm，注意螺旋測微器要估讀到mm的后三位。

故答案為：4.950。

（3）滑動(dòng)變阻器為限流式接法，在做實(shí)驗(yàn)之前，要把滑動(dòng)變阻器的滑片滑到阻值最大的地方，使回路的電流最小，以防燒壞用電器，所以在做實(shí)驗(yàn)之前，要把滑片滑到b端；由圖知電流表的讀數(shù)為0.44A，電壓表的讀數(shù)為1.17V，根據(jù)R=UI，得到R=2.7歐，注意題干中要求保留兩位有效數(shù)字。

故答案為：b；2.7。

（4）由電阻的決定式R=ρLS得到ρ=RSL=R14πD2L，代入數(shù)據(jù)計(jì)算得到ρ=5.0×10-4歐米，注意保留兩位有效數(shù)字。由于圖中使用的是電流表外接法，電流表測得的電流比通過待測電阻的真實(shí)電流偏大，根據(jù)R=UI可知測得的電阻偏小，所以通過測的電阻去計(jì)算的電阻率也偏小。

故答案：5.0×17．【答案】（1）解：由圖乙可知質(zhì)點(diǎn)Q在t=1s時(shí)向y軸負(fù)方向振動(dòng)，根據(jù)波形平移法可知，這列簡諧橫波的傳播方向沿x軸負(fù)方向。由圖甲可知波長為λ=4m，由圖乙可知周期為T=2s，則波速為v=（2）解：根據(jù)圖甲可知y=20sin由于時(shí)間的周期性質(zhì)點(diǎn)P在t=3s時(shí)和t=1s時(shí)刻的位移大小相同y由于Δt=3s=可知質(zhì)點(diǎn)Q從t=1s到t=4s通過的路程為s=4A+2A=120cm【解析】【分析】（1）由于甲圖是在t=1s時(shí)刻的波形圖，所以首先找出Q點(diǎn)在t=1s時(shí)刻的位置，從乙圖中可以看到質(zhì)點(diǎn)Q處于平衡位置并且要向負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，所以回到甲圖找到Q點(diǎn)的位置，標(biāo)出Q點(diǎn)的振動(dòng)方向，根據(jù)“同側(cè)法”可知簡諧橫波要向負(fù)方向傳播，從甲圖可以看出波長λ為4m，周期T為2s，利用v=λT可以得出波速的大小。18．【答案】（1）解：當(dāng)導(dǎo)體棒勻速下滑時(shí)速度達(dá)到最大，其受力情況如圖因?yàn)閯蛩傧禄?，設(shè)勻速下滑的速度為v，則在平行于斜面上根據(jù)平衡條件可得mgsinθ?f?F=0又f=μ???mgcosθ，E=BLv安培力為F=BIL根據(jù)閉合電路歐姆定律可得電流強(qiáng)度為I=由以上各式解得v=5m/s（2）解：根據(jù)牛頓第二定律，可得mgsinθ?μmgcosθ?B其中I解得a=1.4m/（3）解：根據(jù)動(dòng)能定理，有mgxsinθ?μmgxcosθ+又Q=-解得x=10m【解析】【分析】（1）首先畫出導(dǎo)