Page252023-2024學(xué)年度第二學(xué)期期中考試高二物理試卷第一部分本部分共14題，每題3分，共42分。在每題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，選出最符合題目要求的一項(xiàng)。1.下圖為某質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的位移－時(shí)間圖像．由此可知A.該質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的振幅為20cmB.該質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的周期為2sC.0.5s和1.5s兩個(gè)時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)具有相同的位移D.0.5s和1.5s兩個(gè)時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)具有相同的速度【答案】C【解析】【詳解】A.從圖像可以看出振幅為10cm，A錯(cuò)誤．B.從圖像看出振動(dòng)周期為4s，B錯(cuò)誤．CD.從圖像可以看出0.5s和1.5s兩個(gè)時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)位移相同，但速度方向相反，C正確D錯(cuò)誤．2.如圖，在一根張緊的水平繩上，懸掛有4個(gè)擺，其中A、B擺長(zhǎng)相等。先讓A擺振動(dòng)起來(lái)，其他各擺也跟著振動(dòng)起來(lái)，穩(wěn)定后下列說(shuō)法中正確的有（）A.其他各擺的振動(dòng)周期與A擺相同 B.其他各擺的振動(dòng)周期不同，D擺的振幅最大C.其他各擺的振幅相同 D.各擺均做自由振動(dòng)【答案】A【解析】【詳解】ABD．A擺振動(dòng)起來(lái)，其它各擺也振動(dòng)起來(lái)，其他各擺均做受迫振動(dòng)，則它們的振動(dòng)頻率和周期均等于A擺的振動(dòng)頻率和周期，故A正確，BD錯(cuò)誤；C．由于其它各擺的擺長(zhǎng)不同，則振幅不同，又A、B擺長(zhǎng)相同，所以這兩個(gè)擺的固有頻率相同，則B擺出現(xiàn)共振現(xiàn)象，振幅最大，故C錯(cuò)誤。故選A。3.一列簡(jiǎn)諧橫波某時(shí)刻的波形圖如圖所示。此后K質(zhì)點(diǎn)比L質(zhì)點(diǎn)先回到平衡位置。下列判斷正確的是（）A.該簡(jiǎn)諧橫波沿x軸負(fù)方向傳播 B.此時(shí)K質(zhì)點(diǎn)沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)C.此時(shí)K質(zhì)點(diǎn)的速度比L質(zhì)點(diǎn)的小 D.此時(shí)K質(zhì)點(diǎn)的加速度比L質(zhì)點(diǎn)的小【答案】D【解析】分析】詳解】AB．由題知K質(zhì)點(diǎn)比L質(zhì)點(diǎn)先回到平衡位置，則K質(zhì)點(diǎn)應(yīng)向下振，再根據(jù)“上坡、下坡”法可知，該波應(yīng)沿x軸正方向傳播，A、B錯(cuò)誤；C．由AB選項(xiàng)可知K質(zhì)點(diǎn)應(yīng)向下振，而L質(zhì)點(diǎn)在波谷處，則L質(zhì)點(diǎn)的速度為0，故此時(shí)K質(zhì)點(diǎn)的速度比L質(zhì)點(diǎn)的大，C錯(cuò)誤；D．由于質(zhì)點(diǎn)在豎直方向做機(jī)械振動(dòng)，根據(jù)F=-kyF=ma結(jié)合波圖像可看出yL>yK則，此時(shí)K質(zhì)點(diǎn)的加速度比L質(zhì)點(diǎn)的小，D正確。故選D。4.一正弦式交變電流的i-t圖像如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（）A.在t0.4s時(shí)電流改變方向 B.該交變電流的周期為0.5sC.該交變電流的表達(dá)式為 D.該交變電流的有效值為【答案】C【解析】【分析】【詳解】A．由圖可知t0.4s時(shí)電流為正方向最大，電流方向沒(méi)有發(fā)生變化，故A錯(cuò)誤；B．由圖可知，該交變電流的周期為T=0.4s，故B錯(cuò)誤；C．由圖可知，電流的最大值為，角速度為故該交變電流的表達(dá)式為故C正確；D．該交變電流的有效值為故D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示，物塊放在光滑水平面上，在一個(gè)與水平方向成角的恒力作用下，物塊沿光滑水平面運(yùn)動(dòng)了一段時(shí)間，在這段時(shí)間內(nèi)（）A.物塊受到的支持力的沖量為0B.物塊受到的力的沖量為C.物塊的動(dòng)量變化量為D.物塊的動(dòng)量變化量為【答案】D【解析】【詳解】A．設(shè)物塊的重力為G，由沖量的定義可知，物塊受到的支持力的沖量為A錯(cuò)誤；B．物塊受到的力的沖量為B錯(cuò)誤；CD．物塊受到的合力為由動(dòng)量定理可得C錯(cuò)誤，D正確。故選D。6.一簡(jiǎn)諧機(jī)械波沿x軸正方向傳播，波長(zhǎng)為，周期為T。時(shí)刻的波形如圖1所示，a、b、c是波上的三個(gè)質(zhì)點(diǎn)。圖2是波上某一質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像。下列說(shuō)法正確的是（）A.圖2可以表示質(zhì)點(diǎn)b的振動(dòng) B.圖2可以表示質(zhì)點(diǎn)c的振動(dòng)C.時(shí)，質(zhì)點(diǎn)a的加速度比質(zhì)點(diǎn)b的小 D.質(zhì)點(diǎn)b和質(zhì)點(diǎn)c的速度方向總是相同的【答案】A【解析】【詳解】A．由波形平移法可知，時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)b向上振動(dòng)，結(jié)合圖2可知，圖2可以表示質(zhì)點(diǎn)b的振動(dòng)，故A正確；B．由波形平移法可知，時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)c向下振動(dòng)，結(jié)合圖2可知，圖2不可以表示質(zhì)點(diǎn)c的振動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．時(shí)，質(zhì)點(diǎn)a的位移最大，則加速度最大，質(zhì)點(diǎn)b的位移為零，加速度為零，則質(zhì)點(diǎn)a的加速度比質(zhì)點(diǎn)b的大，故C錯(cuò)誤；D．質(zhì)點(diǎn)b和質(zhì)點(diǎn)c的平衡位置相差半個(gè)波長(zhǎng)，則速度方向總是相反的，故D錯(cuò)誤。故選A。7.如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比，在原線圈兩端加上隨時(shí)間變化規(guī)律為的交變電壓，交流電流表和交流電壓表均為理想電表，。則下列說(shuō)法正確的是（）A.電流表的示數(shù)為20AB.電阻R兩端的電壓為20VC.電阻R消耗的功率為D.副線圈中產(chǎn)生的交變電流頻率為10Hz【答案】B【解析】【詳解】AB．原線圈兩端電壓的有效值為理想變壓器，所以有解得由歐姆定律有理想變壓器，有解得故A錯(cuò)誤，B正確；C．電阻R消耗功率為故C項(xiàng)錯(cuò)誤；D．由題意可知，原線圈的交流電的頻率為理想變壓器，所以副線圈交流電頻率也為50Hz，故D項(xiàng)錯(cuò)誤。故選B。8.如圖所示的電路中，、是兩個(gè)完全相同的燈泡，為自感線圈（自感系數(shù)足夠大，直流電阻不計(jì)）。為電源，S為開關(guān)。下列說(shuō)法正確的是（）A.閉合開關(guān)，、同時(shí)發(fā)光B.斷開開關(guān)，先熄滅，閃亮后熄滅C.閉合開關(guān)和斷開開關(guān)瞬間，中的電流方向相反D.閉合開關(guān)和斷開開關(guān)瞬間，中的電流方向相反【答案】C【解析】【詳解】A．閉合開關(guān)瞬間，由于線圈的阻礙作用很大，故先亮，慢慢變亮，最終、亮度一樣，A錯(cuò)誤；B．閉合開關(guān)穩(wěn)定后，由于線圈直流電阻不計(jì)，所以、兩燈的電流一樣，斷開開關(guān)，線圈產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，與、兩燈構(gòu)成回路，、兩燈都是逐漸暗下去，B錯(cuò)誤；CD．閉合開關(guān)穩(wěn)定時(shí)，、和線圈中電流方向都向右；斷開開關(guān)瞬間，電流方向由線圈決定，可知中的電流方向變?yōu)橄蜃?，中的電流方向還是向右，故閉合開關(guān)和斷開開關(guān)瞬間，中的電流方向相反，中的電流方向相同，C正確，D錯(cuò)誤。故選C。9.如圖所示，P是繞有閉合線圈的螺線管，將一磁鐵從距上端高處由靜止釋放，磁鐵豎直穿過(guò)后落在海綿墊上。若僅增大，重復(fù)操作，磁鐵穿過(guò)的過(guò)程與原來(lái)相比，下列說(shuō)法正確的是（）A.穿過(guò)線圈的磁通變化量將增大B.線圈對(duì)磁鐵的平均阻力將變小C.通過(guò)線圈導(dǎo)線截面的電荷量相同D.磁鐵在螺線管中都在做自由落體運(yùn)動(dòng)【答案】C【解析】【詳解】AC．若僅增大，對(duì)穿過(guò)線圈的磁通量沒(méi)有影響，所以穿過(guò)線圈的磁通量變化相同，根據(jù)可知通過(guò)線圈導(dǎo)線截面的電荷量相同。故A錯(cuò)誤；C正確；B．若僅增大，磁鐵經(jīng)過(guò)線圈的時(shí)間減小，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)將增大，所以感應(yīng)電流增大，線圈對(duì)磁鐵的平均阻力將變大。故B錯(cuò)誤；D．由于線圈的電磁阻尼作用，磁鐵在螺線管中不可能做自由落體運(yùn)動(dòng)。故D錯(cuò)誤。故選C。10.如圖所示，在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，水平U型導(dǎo)體框左端連接一阻值為R的電阻，質(zhì)量為m、電阻為r的導(dǎo)體棒ab置于導(dǎo)體框上。不計(jì)導(dǎo)體框的電阻、導(dǎo)體棒與框間的摩擦。ab以水平向右的初速度v0開始運(yùn)動(dòng)，最終停在導(dǎo)體框上。在此過(guò)程中（）A.導(dǎo)體棒做勻減速直線運(yùn)動(dòng) B.導(dǎo)體棒中感應(yīng)電流的方向?yàn)镃.電阻R消耗的總電能為 D.導(dǎo)體棒克服安培力做的總功小于【答案】C【解析】【分析】【詳解】AB．導(dǎo)體棒向右運(yùn)動(dòng)，根據(jù)右手定則，可知電流方向?yàn)閎到a，再根據(jù)左手定則可知，導(dǎo)體棒向到向左的安培力，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，可得產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為感應(yīng)電流為故安培力為根據(jù)牛頓第二定律有可得隨著速度減小，加速度不斷減小，故導(dǎo)體棒不是做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故AB錯(cuò)誤；C．根據(jù)能量守恒定律，可知回路中產(chǎn)生的總熱量為因R與r串聯(lián)，則產(chǎn)生的熱量與電阻成正比，則R產(chǎn)生的熱量為故C正確；D．整個(gè)過(guò)程只有安培力做負(fù)功，根據(jù)動(dòng)能定理可知，導(dǎo)體棒克服安培力做的總功等于，故D錯(cuò)誤。故選C。11.惠更斯發(fā)現(xiàn)“單擺做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期T與重力加速度的二次方根成反比”。為了通過(guò)實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證這一結(jié)論，某同學(xué)創(chuàng)設(shè)了“重力加速度”可以人為調(diào)節(jié)的實(shí)驗(yàn)環(huán)境：如圖1所示，在水平地面上固定一傾角可調(diào)的光滑斜面，把擺線固定于斜面上的O點(diǎn)，使擺線平行于斜面。拉開擺球至A點(diǎn)，靜止釋放后，擺球在ABC之間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，擺角為、在某次實(shí)驗(yàn)中，擺球自然懸垂時(shí)，通過(guò)力傳感器（圖中未畫出）測(cè)得擺線的拉力為；擺球擺動(dòng)過(guò)程中，力傳感器測(cè)出擺線的拉力隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖2所示，其中、、均已知。當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間。下列選項(xiàng)正確的是（）A.多次改變圖1中角的大小，即可獲得不同的等效重力加速度B.在圖2的測(cè)量過(guò)程中，單擺n次全振動(dòng)的時(shí)間為C.多次改變斜面的傾角，只要得出就可以驗(yàn)證該結(jié)論成立D.在圖2的測(cè)量過(guò)程中，滿足關(guān)系【答案】D【解析】【詳解】A．對(duì)小球進(jìn)行受力分析可知，小球的重力垂直于斜面的分力始終與斜面的支持力平衡，令等效重力加速度為，則有解得可知，多次改變圖1中角的大小，即可獲得不同的等效重力加速度，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．單擺在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，A、C兩位置擺線的拉力最小，根據(jù)圖2可知，相鄰兩個(gè)擺線拉力最小的位置的時(shí)間間隔為半個(gè)周期，可知，單擺n次全振動(dòng)的時(shí)間為故B項(xiàng)錯(cuò)誤；C．單擺的周期公式為可知，多次改變斜面傾角，只要得出，就可以驗(yàn)證該結(jié)論成立，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；D．?dāng)[球自然懸垂時(shí)，通過(guò)力傳感器（圖中未畫出）測(cè)得擺線的拉力為，根據(jù)平衡條件有在圖2的測(cè)量過(guò)程中，擺球在A位置有擺球在B位置有擺球從A位置運(yùn)動(dòng)到B位置過(guò)程有解得故D項(xiàng)正確。故選D。12.如圖所示，一輕質(zhì)彈簧下端系一質(zhì)量為m的物塊，組成一豎直懸掛的彈簧振子，在物塊上裝有一記錄筆，在豎直面內(nèi)放置有記錄紙．當(dāng)彈簧振子沿豎直方向上下自由振動(dòng)時(shí)，以速率v水平向左勻速拉動(dòng)記錄紙，記錄筆在紙上留下如圖所示余弦型函數(shù)曲線形狀的印跡，圖中的y1、y2、x0、2x0、3x0為記錄紙上印跡的位置坐標(biāo)值，P、Q分別是印跡上縱坐標(biāo)為y1和y2的兩個(gè)點(diǎn)．若空氣阻力、記錄筆的質(zhì)量及其與紙之間的作用力均可忽略不計(jì)，則A.該彈簧振子的振動(dòng)周期為x0/vB.該彈簧振子的振幅為y1-y2C.在記錄筆留下PQ段印跡的過(guò)程中，物塊所受合力的沖量為零D.在記錄筆留下PQ段印跡的過(guò)程中，彈力對(duì)物塊做功為零【答案】C【解析】【詳解】A．該彈簧振子的振動(dòng)周期為，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．該彈簧振子的振幅為，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．因在PQ兩點(diǎn)振子的速度為零，則動(dòng)量為零，則在記錄筆留下PQ段印跡的過(guò)程中，物塊動(dòng)量的變化為零，根據(jù)動(dòng)量定理可知，物塊所受合力的沖量為零，選項(xiàng)C正確；D．根據(jù)動(dòng)能定理，在記錄筆留下PQ段印跡的過(guò)程中，合力對(duì)物塊做功為零，而合力功等于彈力功與重力功之和，重力功不為零，則彈力對(duì)物塊做功不為零，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．13.動(dòng)量p隨位移x變化的圖像稱作相軌，它在理論物理、近代數(shù)學(xué)分析的發(fā)展中扮演了重要的角色。如圖甲所示，光滑水平面上有一彈簧振子?，F(xiàn)以彈簧原長(zhǎng)時(shí)物塊的位置為坐標(biāo)原點(diǎn)O，取向右為正方向，建立Ox坐標(biāo)系。當(dāng)物塊偏離O點(diǎn)的位移為x時(shí)，彈簧振子的彈性勢(shì)能為，其中k為彈簧的勁度系數(shù)。當(dāng)彈簧振子的機(jī)械能為E時(shí)，該彈簧振子的部分圖像如圖乙中曲線c所示，M和N分別為曲線c與p軸和x軸的交點(diǎn)。下列說(shuō)法正確的是（）A.曲線c是拋物線的一部分B.曲線c對(duì)應(yīng)物塊從右側(cè)最遠(yuǎn)處向O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程C.該彈簧振子的振幅為D.當(dāng)物塊運(yùn)到振幅一半處時(shí)，其動(dòng)量大小為其動(dòng)量最大值的【答案】D【解析】【詳解】A．對(duì)彈簧和振子組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，設(shè)振子速度為，則滿足整理可得若將視為因變量，視為自變量，該表達(dá)式符合拋物線要求，但式子中為變量，故圖像不是拋物線，故A錯(cuò)誤；B．圖中曲線動(dòng)量為正，則振子速度方向?yàn)檎较?，向右運(yùn)動(dòng)，速度由最大變?yōu)榱?，可知曲線c對(duì)應(yīng)物塊從O點(diǎn)向右側(cè)最遠(yuǎn)處運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，故B錯(cuò)誤；C．振子在最大振幅處時(shí)，速度為零，根據(jù)可得即振幅為，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)物塊運(yùn)到振幅一半處時(shí)，有當(dāng)動(dòng)量最大時(shí)，即振子速度最大時(shí)，振幅為零，有聯(lián)立可得故D正確故選D。14.物理關(guān)系式不僅反映了物理量之間的關(guān)系，也反映了單位間的關(guān)系，如關(guān)系式既反映了電壓、電流和電阻之間的關(guān)系，也反映了V（伏）與A（安）和（歐）的乘積等效。現(xiàn)有物理量單位：m（米）、s（秒）、N（牛）、J（焦）、W（瓦）、C（庫(kù)）、F（法）、A（安）、（歐）和T（特）．由它們組合成的單位都與電壓?jiǎn)挝籚（伏）等效的是（）A.和 B.和C.和 D.和【答案】B【解析】【詳解】A．由可知單位與電壓?jiǎn)挝籚等效，由可知單位與電壓?jiǎn)挝籚不等效，故A錯(cuò)誤；B．由可知單位與電壓?jiǎn)挝籚等效，由可知單位與電壓?jiǎn)挝籚等效，故B正確；C．由可知單位與電壓?jiǎn)挝籚等效，由可知單位是力的單位，故C錯(cuò)誤；D．由可知單位是電流單位，由可知單位是力的單位，故D錯(cuò)誤。故選B。第二部分非選擇題物理實(shí)驗(yàn)一般都涉及實(shí)驗(yàn)?zāi)康?、?shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)儀器、實(shí)驗(yàn)方法、實(shí)驗(yàn)操作、數(shù)據(jù)分析等。15.用如圖所示的裝置做“用單擺測(cè)重力加速度”的實(shí)驗(yàn)。（1）組裝單擺時(shí)，應(yīng)該選用___________。（用器材前的字母表示）A.長(zhǎng)度為1m左右的細(xì)線B.長(zhǎng)度為30cm左右的細(xì)線C.直徑約為1.8cm的塑料球D.直徑約為1.8cm的鋼球（2）在挑選合適的器材制成單擺后他們開始實(shí)驗(yàn)，操作步驟如下：①測(cè)量擺線長(zhǎng)度，作為單擺的擺長(zhǎng)；②在偏角較小的位置將小球由靜止釋放；③小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)；④記錄小球完成n次全振動(dòng)所用的總時(shí)間t，得到單擺振動(dòng)周期；在前四個(gè)操作步驟中不妥當(dāng)?shù)氖莀__________。（填寫操作步驟前面的序號(hào)）（3）用多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)做出圖像，也可以求出重力加速度g。已知三位同學(xué)做出的圖線的示意圖如圖中的a、b、c所示，其中c和b平行，b和a都過(guò)原點(diǎn)，圖線b對(duì)應(yīng)的g值最接近當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊闹?。則相對(duì)于圖線b，下列分析正確的是___________（選填選項(xiàng)前的字母）。A.圖線a對(duì)應(yīng)的g值大于圖線b對(duì)應(yīng)的g值B.出現(xiàn)圖線a的原因可能是誤將49次全振動(dòng)記為50次C.出現(xiàn)圖線c的原因可能是誤將懸點(diǎn)到小球下端的距離記為擺長(zhǎng)L（4）該組同學(xué)通過(guò)改變擺線長(zhǎng)L進(jìn)行了多次測(cè)量，正確操作后，利用實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出了擺球做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)周期的平方與擺線長(zhǎng)L關(guān)系的圖像，如圖所示。測(cè)得圖像中的橫截距和縱截距分別為和b，根據(jù)圖像可得重力加速度___________。【答案】（1）AD（2）①③##③①（3）C（4）【解析】【小問(wèn)1詳解】在用單擺測(cè)定力加速度的實(shí)驗(yàn)基本條件是擺線長(zhǎng)度遠(yuǎn)大于小球直徑，小球的密度越大越好；故擺線應(yīng)選取長(zhǎng)約1m左右的不可伸縮的細(xì)線，擺球應(yīng)選取體積小而質(zhì)量大的鐵球，以減小實(shí)驗(yàn)誤差。故選AD?！拘?wèn)2詳解】根據(jù)單擺的周期公式可知擺長(zhǎng)應(yīng)為懸點(diǎn)到小球圓心的距離，所以測(cè)量擺線長(zhǎng)度，作為單擺的擺長(zhǎng)不妥；同時(shí)為了方便計(jì)時(shí)并減小周期的測(cè)量誤差，不應(yīng)從小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)開始計(jì)時(shí)，應(yīng)從小球到達(dá)最低時(shí)開始計(jì)時(shí)，所以①③不妥。【小問(wèn)3詳解】A．由單擺周期公式有整理有所以圖像的斜率為整理有由圖像可知其圖像a的斜率大于圖像b的斜率，結(jié)合上述分析可知，圖線a對(duì)應(yīng)的g值小于圖線b對(duì)應(yīng)的g值，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．實(shí)驗(yàn)中誤將49次全振動(dòng)計(jì)為50次，則周期的測(cè)量值偏小，導(dǎo)致重力加速度的測(cè)量值偏大，由之前的分析可知圖線a的重力加速度測(cè)量值偏小，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；C．若誤將懸點(diǎn)到小球下端的距離記為擺長(zhǎng)L，則實(shí)際擺長(zhǎng)為單擺周期公式為整理有所以其圖像時(shí)圖線b向下平移，與圖線c相同，故C項(xiàng)正確。故選C?！拘?wèn)4詳解】由單擺周期公式有整理有所以圖像的斜率為結(jié)合題圖，整理有16.某同學(xué)利用如圖所示的裝置進(jìn)行“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)。在水平地面上依次鋪上復(fù)寫紙、白紙，記下小球拋出點(diǎn)在白紙上的垂直投影點(diǎn)O。實(shí)驗(yàn)時(shí)，先調(diào)節(jié)軌道末端水平，使A球多次從斜軌上位置P由靜止釋放，根據(jù)白紙上小球多次落點(diǎn)的痕跡找到其平均落地點(diǎn)的位置E。然后把半徑相同的B球靜置于水平軌道的末端，再將A球從斜軌上位置P由靜止釋放，與B球相碰后兩球均落在白紙上，多次重復(fù)上述A球與B球相碰的過(guò)程，根據(jù)小球在白紙上多次落點(diǎn)的痕跡分別找到碰后兩球落點(diǎn)的平均位置D和F。用刻度尺測(cè)量出水平射程OD、OE、OF。用天平測(cè)得A球的質(zhì)量為，B球的質(zhì)量為。（1）在實(shí)驗(yàn)中可以不測(cè)量速度的具體數(shù)值，僅通過(guò)測(cè)量___________間接地解決這個(gè)問(wèn)題（選填選項(xiàng)前的字母）。A.小球開始釋放的高度hB.小球做平拋運(yùn)動(dòng)的位移OD、OE、OFC.小球拋出點(diǎn)距地面的高度H（2）關(guān)于實(shí)驗(yàn)操作，下列說(shuō)法正確的是___________；（選填選項(xiàng)前的字母）A.A球每次必須從同一位置由靜止釋放B.實(shí)驗(yàn)過(guò)程中白紙和復(fù)寫紙都可以隨時(shí)調(diào)整位置C.B球的落點(diǎn)并不完全重合，說(shuō)明該同學(xué)的實(shí)驗(yàn)操作出現(xiàn)了錯(cuò)誤（3）若滿足關(guān)系式___________，則可以認(rèn)為兩球碰撞前后動(dòng)量守恒（用所測(cè)量的物理量表示）。（4）該同學(xué)做實(shí)驗(yàn)時(shí)所用小球的質(zhì)量分別為、，如圖所示的實(shí)驗(yàn)記錄紙上已標(biāo)注了該實(shí)驗(yàn)的部分信息，若兩球碰撞為彈性碰撞，請(qǐng)將碰后B球落點(diǎn)F的位置標(biāo)注在圖中_______。（5）用如圖所示裝置也可以驗(yàn)證碰撞中的動(dòng)量守恒。把被碰小球靜置于軌道的水平部分，再將入射小球從斜軌上A位置靜止釋放，與小球相碰，并多次重復(fù)。圖中D、E、F到拋出點(diǎn)B的距離分別為、、。若兩球相碰前后的動(dòng)量守恒，其表達(dá)式可表示為___________A.B.C.D.【答案】（1）B（2）A（3）（4）（5）C【解析】【小問(wèn)1詳解】小球做平拋運(yùn)動(dòng)，則有，整理可知，小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度為由于小球下落的高度相同，則在實(shí)驗(yàn)中可以不測(cè)量速度的具體數(shù)值，僅通過(guò)測(cè)量小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移OD、OE、OF間接地解決這個(gè)問(wèn)題。故選B?！拘?wèn)2詳解】A．A球每次必須從同一位置由靜止釋放，以保證初速度相等，故A項(xiàng)正確；B．實(shí)驗(yàn)過(guò)程中復(fù)寫紙不可以隨便調(diào)整位置，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；C．B球的落點(diǎn)并不完全重合，是實(shí)驗(yàn)誤差導(dǎo)致，故C項(xiàng)錯(cuò)誤。故選A?！拘?wèn)3詳解】根據(jù)動(dòng)量守恒有結(jié)合平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知需驗(yàn)證的表達(dá)式為【小問(wèn)4詳解】若兩球碰撞為彈性碰撞，則根據(jù)能量守恒定律得聯(lián)立解得所以B球落點(diǎn)到O點(diǎn)的距離與OE之間的距離之比為，標(biāo)注的位置如圖所示【小問(wèn)5詳解】設(shè)斜面的傾角為，小球離開平臺(tái)后做平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向豎直方向解得小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度則有碰撞前的初速度碰撞后的初速度碰撞后的初速度由動(dòng)量守恒定律可得整理有故選C。17.如圖所示，兩平行金屬板間距為d，電勢(shì)差為U，板間電場(chǎng)可視為勻強(qiáng)電場(chǎng)；金屬板下方有一磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，帶電量為+q、質(zhì)量為m的粒子，由靜止開始從正極板出發(fā)，經(jīng)電場(chǎng)加速后射出，并進(jìn)入磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，忽略重力的影響，求：（1）勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)E的大??；（2）粒子從電場(chǎng)射出時(shí)速度ν的大??；（3）粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系得，勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)E的大小（2）設(shè)帶電粒子出電場(chǎng)時(shí)速度為v，由動(dòng)能定理得解得粒子從電場(chǎng)射出時(shí)速度ν的大?。?）帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得聯(lián)立得粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑18.如圖所示，質(zhì)量為的小球從距地面高處自由下落，與地面碰撞后豎直彈起的最大高度為。重力如速度為，不計(jì)空氣阻力，求：（1）小球與地面碰撞前瞬間的速度；（2）小球與地面碰撞過(guò)程損失的機(jī)械能；（3）若小球與地面碰撞時(shí)間為，小球重力不可忽略，碰撞過(guò)程地面對(duì)小球平均作用力的大小。【答案】（1），方向豎直向下；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，則有解得小球與地面碰撞前瞬間的速度為方向豎直向下。（2）小球與地面碰撞過(guò)程損失的機(jī)械能為（3）小球與地面碰撞后，由機(jī)械能守恒則小球與地面碰撞后瞬間速度為方向豎直向上，規(guī)定豎直向上為正方向