第=page1616頁，共=sectionpages1616頁2025年廣東省高考終極備考物理卷一、單選題：本大題共7小題，共28分。1.三國時期東吳重臣張昭家族墓近期在南京被發(fā)現(xiàn)，圖為墓中出土的兩方龜紐金印．考古學(xué)家們常用放射性元素的半衰期確定文物的年代，?614C衰變方程為?614C→714A.經(jīng)過11460年后，4個?614C一定還剩下1個

B.該衰變的實質(zhì)是核內(nèi)的一個質(zhì)子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€中子和一個電子

C.?614C2.如圖所示為嫦娥六號探測器登月的簡化過程，探測器從地球表面a點發(fā)射至地月轉(zhuǎn)移軌道，在b點被月球捕獲后沿橢圓軌道運動，進而在b點變軌后沿近月圓形軌道運動，則探測器

A.探測器被月球捕獲后在橢圓軌道上經(jīng)過b點時應(yīng)該加速才能進入圓形軌道

B.探測器在橢圓軌道上b點的速度大于月球的第一宇宙速度

C.探測器在地月轉(zhuǎn)移軌道上遠離地球時的速度均大于7.9?km/3.在自行車上安裝碼表可記錄騎行情況．如圖，碼表由強磁鐵、霍爾傳感器及顯示器組成．霍爾傳感器固定在自行車前叉一側(cè)，強磁鐵固定在車輪的一根輻條上．車輪半徑為R，霍爾傳感器到車軸的距離為r.強磁鐵每次經(jīng)過霍爾傳感器時，PQ端均輸出一次電信號，若每秒強磁鐵n次經(jīng)過霍爾傳感器，同時顯示器數(shù)據(jù)更新一次，則(

)

A.顯示器上的里程110.0?km是指騎行的位移大小

B.磁鐵如圖經(jīng)過傳感器時，導(dǎo)電的電子向Q端匯聚

C.上圖中PQ兩端電勢的高低，與磁鐵運動的方向有關(guān)

D.自行車的速度21.84.在光滑的水平面上，一質(zhì)量為m?=2kg的滑塊在水平方向恒力F=4?N的作用下運動。如圖所示給出了滑塊在水平面上運動的一段軌跡，滑塊過P、Q兩點時速度大小均為υ=5m/s，滑塊在P點的速度方向與PQ連線夾角αA.水平恒力F的方向與PQ連線成53°夾角

B.滑塊從P點運動到Q點的時間為3s

C.滑塊從P點運動到Q點的過程中速度最小值為3?m/s

5.某同學(xué)在商場購買了一個“水晶玻璃半球”(半徑為R)，欲利用所學(xué)的光學(xué)知識探究該“水晶玻璃半球”的光學(xué)性質(zhì)?，F(xiàn)用一束單色光從半球頂點M射入半球，并調(diào)整入射角，當(dāng)光線射到底面上的C點時，剛好沒有光線從底面射出，已知OC=34R，光在真空中傳播的速率為c，不考慮多次反射。下列說法正確的是(

)

A.該玻璃半球?qū)紊獾恼凵渎蕿?3

B.單色光在玻璃半球中傳播的速率為34c

C.底面上有光線射出的區(qū)域的面積為716πR2

6.如圖甲所示，為某手機無線充電裝置簡化工作原理圖，充電基座線圈接上如圖乙所示的家用交流電，受電線圈接一理想二極管(正向電阻為零，反向電阻無窮大)給手機電池充電，基座線圈與受電線圈的組合可視為理想變壓器。已知該手機電池的充電電壓為5?V，下列說法正確的是

A.該無線充電裝置主要利用了電磁感應(yīng)中的自感現(xiàn)象

B.家用交流電電流方向每秒變化50次

C.該無線充電裝置的輸出電壓的峰值為10?V

D.7.如圖所示，在豎直方向運動的升降機內(nèi)，放置用輕桿相連的A、B兩小球，兩球質(zhì)量分別為m、3m，桿與豎直方向的夾角為30°。只考慮B球與升降機底板間摩擦，且最大靜摩擦力與正壓力之比為k。升降機以不同加速度大小a(a<g)運動，要求輕桿與廂壁始終相對靜止。以豎直向上為正方向，重力加速度為gA.當(dāng)a=g4和g2時，輕桿對小球A的作用力大小相等

B.當(dāng)a=-g4時，B球與底板間的摩擦力為零

C.為保證輕桿與廂壁始終相對靜止，k的最小值二、多選題：本大題共3小題，共18分。8.如圖是直線加速器與復(fù)合場組成的裝置，金屬圓筒A，B，C接在大小恒為U、方向隨時間周期性變化的交變電壓上，虛線空間復(fù)合場中勻強電場方向豎直向下，勻強磁場方向未知，現(xiàn)讓一個氘核?12H和一個氦核?24He先后在K處以初速度v0進入A的左側(cè)小孔，離開C的右側(cè)之后從D進入復(fù)合場，且都沿直線勻速通過復(fù)合場．已知?12H的質(zhì)量為2m，電荷量為qA.?12H進入復(fù)合場時的速率為2qUm B.兩個核進入復(fù)合場時的速率相等

9.一定質(zhì)量的理想氣體，經(jīng)過如圖所示一系列的狀態(tài)變化，從初始狀態(tài)a經(jīng)狀態(tài)b、c、d再回到狀態(tài)a，圖中bc曲線為一條等溫線，則下列說法正確的是

A.氣體在狀態(tài)c的溫度大于氣體在狀態(tài)d的溫度

B.從狀態(tài)d到a的過程中，氣體從外界吸收的熱量等于Pd(Va-Vd)

C.氣體在狀態(tài)b時的壓強為10.如圖所示，在真空中xOy平面左側(cè)寬L的區(qū)域內(nèi)可分別或同時施加沿x軸或y軸方向、強度不同的勻強磁場。質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子以一定的初速度垂直于xOy平面射入該區(qū)域。若不加磁場時，粒子恰好經(jīng)過坐標原點O；若只加沿x軸正方向、磁感應(yīng)強度大小為B1的磁場，粒子在磁場中運動的時間為t1，經(jīng)過xOy平面時的速度偏轉(zhuǎn)角為30°；若只加沿y軸正方向、磁感應(yīng)強度大小為B2的磁場，粒子在磁場中運動的時間為t2，經(jīng)過xOy平面時的速度偏轉(zhuǎn)角為45°；若同時施加沿x軸正方向和沿y軸正方向的磁場，粒子在磁場中運動的時間為t3，經(jīng)過xOy平面上的P點(未畫出)A.θ=60° B.B1:B2=1:2

三、實驗題：本大題共2小題，共18分。11.某小組同學(xué)設(shè)計了如圖甲所示電路同時測量電壓表內(nèi)阻RV與定值電阻RxA.待測電壓表(量程0～3V，B.待測電阻Rx(C.滑動變阻器RD.滑動變阻器RE.電阻箱RF.電源(電動勢為3V，內(nèi)阻不計G.開關(guān)，導(dǎo)線若干。(1)根據(jù)實驗電路，為盡可能精確測量，滑動變阻器應(yīng)該選用

.(填器材前字母序號)(2)該小組選定實驗器材后進行了如下操作：?①先將電阻箱R調(diào)至零，先后閉合開關(guān)S2，S1，調(diào)節(jié)RP?②斷開開關(guān)S?③調(diào)節(jié)電阻箱R，記錄此時電壓表示數(shù)U與電阻箱示數(shù)R?④多次改變電阻箱R阻值，重復(fù)步驟?③?⑤根據(jù)圖像法科學(xué)分析、計算結(jié)果。(3)該小組同學(xué)根據(jù)所測數(shù)據(jù)作出1U-R圖像如圖丙所示，圖形的斜率為k，與縱軸的截距為b根據(jù)該圖像可計算出電壓表內(nèi)阻RV=

，待測電阻Rx=

。(12.光電門是一種可精確記錄物體運動時間的裝置。

(1)工作原理

光電門的光照孔面積有一定大小，遮光片經(jīng)過光照孔，當(dāng)遮光面積增大到某一閾值時，光電門開始計時;反之，當(dāng)遮光面積減小到同一閾值時，光電門停止計時，從而得到遮光時間.在遮光時間內(nèi)，遮光片移動的距離稱為有效遮光寬度．

如圖(a)，寬為L的遮光片經(jīng)過圓形光照孔，若遮光面積的閾值為光照孔面積的一半，則該遮光片的有效遮光寬度

L(選填“大于”“小于”或“等于”)(2)實際測量如圖(b)，細線一端系住小鉛柱，另一端固定在O點，O點的正下方h(遠大于小鉛柱的直徑)處固定一光電門.將鉛柱拉離豎直位置，測量細線偏離豎直方向的夾角θ，由靜止釋放鉛柱，測得遮光時間為t，已知重力加速度為g，不計摩擦與空氣阻力，鉛柱中軸線始終沿細線方向，則鉛柱經(jīng)過光電門的有效遮光寬度L0=

(用h、g、θ某次實驗，小鉛柱直徑D=5.10mm，θ=60°，h=0.25m;g取9.80m/s2(3)誤差分析結(jié)合(1)工作原理，對比L0與D可知，此光電門的光照孔遮光面積的閾值

(選填“大于”“小于”或“等于”)由此可知，該閾值會導(dǎo)致遮光片的有效遮光寬度與其實際寬度有差異.當(dāng)使用一塊寬度為L1(L1>D)的遮光片時，其有效遮光寬度應(yīng)為

(用D、四、計算題：本大題共3小題，共36分。13.“竹筒炮”是70、80后小時候喜愛的自制玩具，各地對其叫法不一，其原理化簡示意圖如圖所示。筒徑均勻的圓竹筒，長L=18cm，橫截面積S=1.5×10-4m2，在其兩端A、B處分別塞緊濕紙團，將筒中空氣密閉，用筷子快速壓縮A處紙團至A'處，A'與B距離L'=6cm，再經(jīng)t(1)B處紙團的射出速度(2)若壓縮A處紙團至A'的過程中，漏掉了1個大氣壓的空氣0.135×10-4m3，且之后不再漏氣，14.如圖所示，光滑曲面AB與長度為l的粗糙水平軌道BC相切于B點，A點距軌道BC的高度為R，質(zhì)量為m的小滑塊1被鎖定在A點，質(zhì)量為2m的小滑塊2靜止在水平軌道最右端的C點，軌道BC下方的水平面上有一固定的“L”形木板，其上表面光滑，在P點處固定一勁度系數(shù)為k的輕彈簧，彈簧右端拴接一質(zhì)量為M=4m的長方體滑塊，M的中心在O點的正上方，處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)將滑塊1解除鎖定并由靜止釋放，1與2發(fā)生彈性碰撞后，滑塊1恰好停在B點，滑塊2被碰后做平拋運動的同時給滑塊M一個向右的初速度v0=3gR5，當(dāng)M的中心運動到O點的正上方時，恰好與滑塊2相碰，碰后滑塊2豎直向上運動至與C等高的D點。已知所有的碰撞時間極短，質(zhì)量為m0的彈簧振子振動周期為T=2πm(1)求滑塊1與水平軌道BC間的動摩擦因數(shù)μ；

(2)求C點與滑塊M上表面間的高度差h；(3)在滑塊2與M第二次碰撞完畢跳起后將滑塊2取走，求此后彈簧與M組成的彈簧振子的振幅A。15.如圖所示是研究電磁感應(yīng)的裝置，由Ⅰ和Ⅱ兩部分組成。裝置Ⅰ由兩個半徑分別為r1和r2、圓心分別為O1和O2的水平金屬圓環(huán)與金屬棒固定連接而成。裝置Ⅰ處于磁感應(yīng)強度大小為B、方向豎直向上的勻強磁場中，可繞O1O2軸線轉(zhuǎn)動。裝置Ⅱ中有兩水平的光滑平行金屬導(dǎo)軌，通過開關(guān)和導(dǎo)線與裝置Ⅰ的兩圓環(huán)邊緣相接，導(dǎo)軌右側(cè)接有電容為C的電容器，左側(cè)接有阻值為R的定值電阻。質(zhì)量為m、匝數(shù)為n、每匝周長為l的線圈通過電刷與導(dǎo)軌接通，該線圈與兩根勁度系數(shù)均為k的水平彈簧連接，并靜置于輻向磁場區(qū)域的左邊界內(nèi)側(cè)，線圈所在處磁感應(yīng)強度大小也為B?，F(xiàn)斷開S2，將S1撥到a，讓裝置Ⅰ以角速度ω逆時針(俯視)勻速轉(zhuǎn)動；待電容器充電完畢，將S1從a撥到b瞬間，線圈即被以速度v(1)判斷電容器上極板P帶哪種電荷，并求轉(zhuǎn)動過程中金屬棒兩端的電壓U；(2)求線圈被彈離后，電容器C所帶的電量q；(3)若已知從線圈被彈離到向右運動達最遠處過程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為Q。求：①線圈進入輻向磁場的最大距離x；②此過程中，彈簧彈力對線圈的沖量大小I。

答案和解析1.【答案】D

【解析】A.半衰期具有統(tǒng)計意義，對于數(shù)量較少的放射性元素的原子而言沒有意義，故A錯誤；

B.根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，可知X為電子，屬于β衰變，β衰變的實質(zhì)是核內(nèi)的一個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€質(zhì)子，并放出一個電子，故B錯誤；

C.只有比結(jié)合能小的核向比結(jié)合能大的核轉(zhuǎn)變，才能自發(fā)地發(fā)生，所以614C比結(jié)合能小于?714N比結(jié)合能，故C錯誤；

D2.【答案】B

【解析】A、飛船由橢圓軌道b點時應(yīng)減速做近心運動，才能變軌到軌道圓形軌道，故A錯誤；

B、月球的第一宇宙速度是衛(wèi)星繞月球做勻速圓周運動的最大速度，由月球的萬有引力提供向心力得GM月mR月2=mv2R月可得v=GM月R月，探測器在橢圓軌道上b3.【答案】B

【解析】A.由題意：每秒強磁鐵n次經(jīng)過霍爾傳感器，同時顯示器數(shù)據(jù)更新一次可知，顯示器上的里程110.0?km是指騎行的路程大小，故A錯誤；

B.由霍爾效應(yīng)原理可知，由于霍爾元件為電子導(dǎo)電，故由左手定則可知，電子受力向下，故可知導(dǎo)電的電子向Q端匯聚，故B正確；

C.由霍爾效應(yīng)原理可知，上圖中PQ兩端電勢的高低，與磁鐵運動的方向無關(guān)，故C錯誤；

D.由車輪的線速度：v=ωR=2πnR換算得來的，故4.【答案】B

【解析】A.滑塊過P、Q兩點時的速度大小相等，根據(jù)動能定理得Fxcosβ=△Ek=0，得β=90°，即水平恒力F與PQ連線垂直且指向軌跡的凹側(cè)，故A錯誤；

B.把P點的速度分解在沿水平力F和垂直水平力F兩個方向上，沿水平力F方向上滑塊先做勻減速后做勻加速直線運動，有a=Fm=2m/s2，當(dāng)F方向的分速度為零時，時間為t=vFa=5×sin37°2=1.5s，根據(jù)對稱性，滑塊從P到Q的時間為t'=2t=3s，故B5.【答案】D

【解析】A.根據(jù)題圖，由幾何關(guān)系可得MC=54R，則有sinC=OCMC=1n，解得n=53，故A錯誤;

B.光在半球中的傳播速率為v=cn=35c，故B錯誤;

C.根據(jù)題意可知，底面上有光線射出的區(qū)域為以O(shè)6.【答案】C

【解析】A.充電基座線圈與受電線圈構(gòu)成了理想變壓器，而變壓器的工作原理是互感現(xiàn)象，故A錯誤；B.家庭用交流電的頻率為50HZ，一個周期內(nèi)電流方向變化2次，故交流電電流方向每秒變化100次，故C.受電線圈接上一個理想二極管(正向電阻可看作零，反向電阻可看作無窮大)給手機電池充電，手機電池的充電電壓為5V(有效值)，則(Um2)D.基座線圈和受電線圈的匝數(shù)比為：n1n2=22027.【答案】C

【解析】A.設(shè)桿對球A的作用力大小為F，對A球，豎直方向上根據(jù)牛頓第二定律Fcos30°-mg=ma

當(dāng)a=g4時，F(xiàn)1=536mg

當(dāng)a=g2時，F(xiàn)2=3mg

則輕桿對小球A的作用力大小不相等，A錯誤。

B.由A選項分析可知，當(dāng)a=-g4時，F(xiàn)3=32mg

對輕桿受力分析結(jié)合牛頓第三定律可知，桿對B球的作用力大小為32mg

球B水平方向合力為0，由平衡條件可知B球與底板間的摩擦力fB=32mg·cos60°=34mg，

B8.【答案】BD

【解析】解析：H12H進入復(fù)合場前經(jīng)過電場加速兩次，由動能定理可得2qU=12mv2-12mv02，解得v=v9.【答案】AC

【解析】A.根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知：pcVcTc=pdVdTd，由于pc>pd，Vc>Vd,故Tc>Td，故A正確；

B.從狀態(tài)d到a的過程中，氣體做等壓膨脹，對外做功W=pd(Va-Vd)，根據(jù)蓋-呂薩克定律可知，氣體溫度升高，內(nèi)能增大，由ΔU=W+Q，氣體對外做功，W取負值，故氣體從外界吸收的熱量大于pd(Va-Vd)，故B錯誤；

C.對氣體，由c10.【答案】AD

【解析】如圖甲所示，只加沿x軸正方向的磁場時粒子在豎直面內(nèi)轉(zhuǎn)動，由幾何關(guān)系得r1=2L，由牛頓第二定律可得qvB1=mv2r1;同理只加沿y軸正方向的磁場時粒子在水平面內(nèi)轉(zhuǎn)動，如圖乙所示，由幾何關(guān)系得r2=2L，由牛頓第二定律可得qvB2=mv2r2，解得B1:B2=1:2，選項B錯誤;

設(shè)P點的坐標為(x,y)，當(dāng)同時施加兩個磁場時，合磁感應(yīng)強度大小B3=B1211.【答案】C

2.0012k【解析】(1)為盡可能精確測量，電壓需要從零開始調(diào)節(jié)，故滑動變阻器采用分壓接法，滑動變阻器應(yīng)該選用阻值較小的C。

(2)由圖乙可知，電壓表量程為0-3V，其分度值為0.1V，此時電壓表示數(shù)為2.00V。

(3)斷開開關(guān)S2后，有U0=U+URV(R+Rx)，將其變形為1U=1U0RVR+1U0+1U012.【答案】等于t4.73大于L0【解析】(1)由于遮光