2025年福建省高考物理試卷（回憶版）

一、單項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有

一項(xiàng)是符合題目要求的。

1.山崖上有一個(gè)風(fēng)動(dòng)石，無風(fēng)時(shí)地面對風(fēng)動(dòng)石的作用力是Fi，當(dāng)受到一個(gè)水平風(fēng)力時(shí)，風(fēng)動(dòng)石依然靜止,

地面對風(fēng)動(dòng)石的作用力是尸2，以下正確的是（）

A.A大于Fi

B.Fi大于Fi

C.C等于C

D.大小關(guān)系與風(fēng)力大小有關(guān)

【答案】A

【解析】

【詳解】無風(fēng)時(shí)，地面對風(fēng)動(dòng)石的作用力方向豎直向上，與重力平衡，大小為=mg

當(dāng)受到一個(gè)水平風(fēng)力時(shí)，地面對風(fēng)動(dòng)石的作用力與豎直向下的重力及水平方向的風(fēng)力尸，三力平衡

根據(jù)平衡條件可知，地面對風(fēng)動(dòng)石的作用力大小為月^，產(chǎn)十（7叫『，故尸2大于尸1。

故選Ao

2.某理想變壓器如圖甲，原副線圈匝數(shù)比4：1,輸入電壓隨時(shí)間的變化圖像如圖乙，Ri的阻值為&的2

A.交流電的周期為2.5s

B.電壓表示數(shù)12V

C,副線圈干路的電流為R電流的2倍

D.原副線圈功率之比為4：1

【答案】B

【解析】

【詳解】A.由圖可知，交流電的周期為2.25s,故A錯(cuò)誤;

B.根據(jù)圖乙可知，輸入電壓最大值q=48頂V,則輸入電壓有效值為q==48V,根據(jù)變壓比可

知，副線圈電壓即電壓表示數(shù)為。2=國4=12丫，故B正確；

C.4的阻值為上的2倍，根據(jù)并聯(lián)規(guī)律可知，兩電阻的電壓相同，根據(jù)歐姆定律可知，流經(jīng)Ri和&的

電流之比為1:2,副線圈干路電流等于流經(jīng)兩電阻的電流之和，則副線圈干路的電流為以電流的3倍，故

C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)變壓器的原理可知，原副線圈功率相同，故D錯(cuò)誤。

故選B?

3.如圖所示，空間中存在兩根無限長直導(dǎo)線Li與L2,通有大小相等，方向相反的電流。導(dǎo)線周圍存在M、

。、N三點(diǎn)，/與。關(guān)于Li對稱，O與N關(guān)于L?對稱且OM=ON,初始時(shí)，M處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為3,

。點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為&,現(xiàn)保持Li中電流不變，僅將L2撤去，求N點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大?。ǎ?/p>

M0'N

]B

A.B,——5|B.—B[C.&-BiD.B\-Bz

【答案】B

【解析】

【詳解】根據(jù)安培定則，兩導(dǎo)線在。點(diǎn)處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相同大小相等，則單個(gè)導(dǎo)線在。點(diǎn)處產(chǎn)

生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為穌=與

根據(jù)對稱性，兩導(dǎo)線在N處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小應(yīng)該與M點(diǎn)一樣，為Bi

根據(jù)對稱性，L2在N點(diǎn)處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度為d="

2

由于L2在N點(diǎn)處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大于Li在N點(diǎn)處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度，且方向相反，將L2撤去，N點(diǎn)的

磁感應(yīng)強(qiáng)度為--B1?

2

故選B。

4.某種靜電分析器簡化圖如圖所示，在兩條半圓形圓弧板組成的管道中加上徑向電場?，F(xiàn)將一電子。自A

點(diǎn)垂直電場射出，恰好做圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)軌跡為ABC,半徑為底另一電子6自A點(diǎn)垂直電場射出，軌跡為

弧APQ,其中共線，已知3尸電勢差為U,\CQ\=2\BP\,a粒子入射動(dòng)能為現(xiàn)，貝U()

A.B點(diǎn)的電場強(qiáng)度后=生

er

B.P點(diǎn)場強(qiáng)大于C點(diǎn)場強(qiáng)

C.b粒子在P點(diǎn)動(dòng)能小于。點(diǎn)動(dòng)能

D.b粒子全程的克服電場力做功小于2eU

【答案】D

【解析】

1,

【詳解】A.。粒子入射動(dòng)能為反，根據(jù)動(dòng)能的表達(dá)式有Ek=5機(jī)為，粒子恰好做圓周運(yùn)動(dòng)，則

eE=0-，聯(lián)立解得后=一上，故A錯(cuò)誤；

rer

B.由圖可知，尸點(diǎn)電場線密度較稀疏，則場強(qiáng)小于C點(diǎn)場強(qiáng)，故B錯(cuò)誤；

C.已知|CQ|=2|BP|,因?yàn)锽C在同一等勢線上，且沿電場方向電勢降低，則。點(diǎn)電勢小于尸點(diǎn)，電子在電

勢低處電勢能大，則6粒子在。點(diǎn)電勢能大，根據(jù)能量守恒可知，6粒子在。點(diǎn)動(dòng)能較小，故C錯(cuò)誤；

D.由電場線密度分布情況可知，沿徑向向外電場強(qiáng)度減小，則8尸之間平均電場強(qiáng)度大小大于C。之間的

平均電場強(qiáng)度大小，根據(jù)。=說，則UC0<2UBP，則6粒子全程的克服電場力做功

譏=eUcQ<2eUBP=2eU，故D正確。

故選D。

二、雙項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題6分，共24分。每小題有兩項(xiàng)符合題目要求，全部

選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

5.春晚上轉(zhuǎn)手絹的機(jī)器人，手絹上有P、。兩點(diǎn)，圓心為。，OQ=y[3OP,手絹?zhàn)鰟蛩賵A周運(yùn)動(dòng)，則（）

A.P、。線速度之比1:73

B.P、。角速度之比為6：1

C.P、。向心加速度之比為G：1

D.P點(diǎn)所受合外力總是指向。

【答案】AD

【解析】

【詳解】B.手絹?zhàn)鰟蛩賵A周運(yùn)動(dòng)，由圖可知尸、。屬于同軸傳動(dòng)模型，故角速度相等，即角速度之比為1:1,

B錯(cuò)誤；

A.由v=m

可知，尸、。線速度之比

vp-.vQ=rop-.rOQ=\-.^>

得A正確；

C.由a=（y2r

可知，P、。向心加速度之比

ap:aQ=rop;rOQ=1:^3

得C錯(cuò)誤；

D.做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，其合外力等于向心力，故合力總是指向圓心0,D正確。

故選AD?

6.核反應(yīng)方程為；H+：H-；He+；n+17.6MeV,現(xiàn)真空中有兩個(gè)動(dòng)量大小相等，方向相反的笊核與瓶核相

撞，發(fā)生核反應(yīng)，設(shè)反應(yīng)釋放的能量幾乎轉(zhuǎn)化為；He與；n的動(dòng)能，則（）

A.該反應(yīng)有質(zhì)量虧損

B.該反應(yīng)為核裂變

C.獲得的動(dòng)能約為14MeV

D.iHe獲得的動(dòng)能約為14MeV

【答案】AC

【解析】

【詳解】A.核反應(yīng)過程中質(zhì)量數(shù)守恒，有質(zhì)量虧損，A正確；

B.該反應(yīng)是核聚變反應(yīng)，B錯(cuò)誤；

CD.在真空中，該反應(yīng)動(dòng)量守恒，由于相撞前笊核與瓶核動(dòng)量大小相等，方向相反，系統(tǒng)總動(dòng)量為零。故

反應(yīng)后氫核與中子的動(dòng)量也大小相等，方向相反。

由

2

紜=2

2m

得反應(yīng)粒子獲得的動(dòng)能之比為

J是“=么:=1：4

4

而兩個(gè)粒子獲得的總動(dòng)能為17.6MeV,故N獲得的動(dòng)能紜,=gxl7.6MeV=14.08MeV,

；He獲得的動(dòng)能石卜=-xl7.6MeV=3.52MeV?故C正確，D錯(cuò)誤。

噎5

故選ACo

7.空間中存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場2與水平向右的勻強(qiáng)電場E,一帶電體在復(fù)合場中恰能沿著"N做

勻速直線運(yùn)動(dòng)，MN與水平方向呈45°,NP水平向右。帶電量為q,速度為v,質(zhì)量為相，當(dāng)粒子到N時(shí)，

撤去磁場，一段時(shí)間后粒子經(jīng)過尸點(diǎn)，則（）

-----------------------------A

XXXX

Nk-----?P>

X/'XXX

T----------------------?

M*

XXXX

--------------------------->

A.電場強(qiáng)度為石=1鱉

q

B.磁場強(qiáng)度為8=1鱉

C.NP兩點(diǎn)的電勢差為U=——

q

V2

D.粒子從N-P時(shí)距離NP的距離最大值為——

8g

【答案】BC

【解析】

【詳解】AB、帶電體在復(fù)合場中能沿著肱V做勻速直線運(yùn)動(dòng)，可知粒子受力情況如圖所示。

由受力平衡可知

mg=qE

qvB=y[2mg

解得電場強(qiáng)度后=整，磁感應(yīng)強(qiáng)度8=叵里，故A錯(cuò)誤，B正確。

qqv

C、在N點(diǎn)撤去磁場后，粒子受力方向與運(yùn)動(dòng)方向垂直，做類平拋運(yùn)動(dòng)，如圖所示。

且加速度

a=—=42g

m

粒子到達(dá)2點(diǎn)時(shí)，位移偏轉(zhuǎn)角為45。，故在P點(diǎn)，速度角的正切值

tan6=2tan45°=2

所以粒子在尸點(diǎn)的速度Vp=/

N到尸過程，由動(dòng)能定理，有

qU=—mVp--mv

解得NP兩點(diǎn)間的電勢差U=2"，C正確;

q

D、將粒子在N點(diǎn)的速度沿水平方向和豎直方向進(jìn)行分解，可知粒子在豎直方向做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，且

V2

vN=vcos45°=——v

故粒子能向上運(yùn)動(dòng)的最大距離

,VNV*2

h=--y=——

2g4g

D錯(cuò)誤；

故選BC。

8.傳送帶轉(zhuǎn)動(dòng)的速度大小恒為lm/s,順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)。兩個(gè)物塊A、B,A、B用一根輕彈簧連接，開始彈簧處

于原長，A的質(zhì)量為1kg,B的質(zhì)量為2kg,A與傳送帶的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5,B與傳送帶的動(dòng)摩擦因數(shù)為

0.25o仁0時(shí)，將兩物塊放置在傳送帶上，給A一個(gè)向右的初速度w=2m/s,B的速度為零，彈簧自然伸長。

在右加時(shí)，A與傳送帶第一次共速，此時(shí)彈簧彈性勢能Ep=0.75J,傳送帶足夠長，A可在傳送帶上留下痕跡，

則（）

Avwww\B

A.在/="■時(shí)，B的加速度大小大于A的加速度大小

2

B.仁加時(shí)，B的速度為0.5m/s

C.U/o時(shí)，彈簧的壓縮量為0.2m

D.0-m過程中，A與傳送帶的痕跡小于0.05m

【答案】BD

【解析】

［詳解］AB.根據(jù)題意可知傳送帶對AB的滑動(dòng)摩擦力大小相等都為/=0.5x1x10N=0.25x2x10N=5N

初始時(shí)A向右減速，B向右加速，故可知在A與傳送帶第一次共速前，AB整體所受合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量

守恒有mAv0=mAv+7nB嗆，v=Im/s

代入數(shù)值解得/=zo時(shí)，B速度為VB=0-5m/s

在A與傳送帶第一次共速前，對任意時(shí)刻對AB根據(jù)牛頓第二定律有/+庫=相44，f+F?^aB

由于"人<g3，故可知?A〉aB

故A錯(cuò)誤，B正確；

C.在J時(shí)間內(nèi)，設(shè)AB向右的位移分別為4，/；，由功能關(guān)系有

+mV+E

-AA+AB|A0=?|?W+P

解得xA-xB=0.1m

故彈簧的壓縮量為Ax=xA-xB=0.1m

故C錯(cuò)誤；

D.A與傳送帶的相對位移為％相A=XA-vto

B與傳送帶的相對為當(dāng)郵=vto~&

故可得X相A+X相B=xA-xB=0.1m

由于0-。時(shí)間內(nèi)A向右做加速度逐漸增大的減速運(yùn)動(dòng)，B向右做加速度逐漸增大的加速運(yùn)動(dòng)，且滿足

4=2%，作出AB的丫一/圖像

可知了相A等于圖形肱\入的面積，％相B等于圖形NOB4的面積，故可得%相A<X相B

結(jié)合x相A+X相B=01m

可知》相A<°-°5m，故D正確。

故選BD。

三、填空題

9.洗衣機(jī)水箱的導(dǎo)管內(nèi)存在一豎直空氣柱，根據(jù)此空氣柱的長度可知洗衣機(jī)內(nèi)的水量多少。當(dāng)空氣柱壓強(qiáng)

為”時(shí),空氣柱長度為Li，水位下降后,空氣柱溫度不變,空氣柱內(nèi)壓強(qiáng)為P2,則空氣柱長度L2=

該過程中內(nèi)部氣體對外界。（填做正功，做負(fù)功，不做功）

壓力傳感器

圖甲圖乙

p,L,

【答案】①.J②.做正功

Pi

【解析】

【詳解】口］設(shè)細(xì)管的截面積為S,根據(jù)玻意耳定律有。=必45

可得4=也

⑵根據(jù)題意當(dāng)洗衣機(jī)內(nèi)的水位下降時(shí)，空氣柱長度變長，故內(nèi)部氣體對外界做正功。

10.沙漠中的蝎子能感受來自地面震動(dòng)的縱波和橫波，某波源同時(shí)產(chǎn)生縱波與橫波，已知縱波速度大于橫波

速度，頻率相同，則縱波波長橫波波長。若波源震動(dòng)后，蝎子感知到來自縱波與橫波的振動(dòng)間

隔Af,縱波速度VI,橫波速度V2,則波源與蝎子的距離為O

【答案】①.大于②.

匕一馬

【解析】

【詳解】［1］根據(jù)公式丫=47,由于縱波速度大于橫波速度，頻率相同，故可知縱波波長大于橫波波長；

SS

⑵設(shè)波源與蝎子的距離為S,根據(jù)題意可知一一一="

%匕

解得S=

匕一吃

11.兩個(gè)點(diǎn)電荷Q與。2靜立于豎直平面上，于尸點(diǎn)放置一檢驗(yàn)電荷恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，PQ1與0102夾角

為30。，PQlYPQi,則。1與。2電量之比為,在尸。1連線上是否存在其它點(diǎn)能讓同一檢驗(yàn)電

荷維持平衡狀態(tài)（存在，不存在）。

p

【答案】①.6:1②.不存在

【解析】

【詳解】［1］根據(jù)幾何關(guān)系設(shè)尸。2=r，對檢驗(yàn)電荷進(jìn)行受力分析，可得U4=tan30。

FpQz

的。1

苴中FpQ、—7―I—、2,F_kqQ、

火中"后八'pa=丁

聯(lián)立解得Q］：Q=G：1

［2］如圖

根據(jù)平衡條件可知檢驗(yàn)電荷受到的重力和兩點(diǎn)電荷對其的庫侖力組成一個(gè)封閉的三角形，若在尸。1連線上

存在其它點(diǎn)能讓同一檢驗(yàn)電荷維持平衡狀態(tài)，此時(shí)點(diǎn)電荷2對檢驗(yàn)電荷的庫侖力%口變大，根據(jù)三角形

法則可知此時(shí)點(diǎn)電荷。2對檢驗(yàn)電荷的庫侖力必然增大；由于此時(shí)檢驗(yàn)電荷與點(diǎn)電荷。2間的距離在增大，

庫侖力在減小，故矛盾，假設(shè)不成立，故在尸。1連線上不存在其它點(diǎn)能讓同一檢驗(yàn)電荷維持平衡狀態(tài)。

四、實(shí)驗(yàn)題

12.

（1）為測糖水的折射率與濃度的關(guān)系，設(shè)計(jì)如下實(shí)驗(yàn)：某次射入激光，測得數(shù)據(jù)如圖，則糖水的折射率

為。

L7A

1.38-*

1.36-x

1.34-x

1.32-x

??___??1A

1020304050〃/(%)

（2）改變糖水濃度，記錄數(shù)據(jù)如表

n1.321.341.351.381.42

y

10%20%30%40%50%

(%)

將30%的數(shù)據(jù)繪圖，求得糖水濃度每增加10%,折射率的增加值為（保留兩位有效數(shù)字）。

【答案】（1）

L」L；+肝

(2)0.028

【解析】

【小問1詳解】

乙2

sinr=

設(shè)入射角為"折射角為廣，根據(jù)幾何關(guān)系有sin，=府力西+片

sinz

根據(jù)折射定律”=

sinr

匕業(yè)：+/z2

可得糖水的折射率為2

【小問2詳解】

1.42-1.28

x10%=0.028

50%

五、計(jì)算題

13.某運(yùn)動(dòng)員訓(xùn)練為直線運(yùn)動(dòng)，其v-。圖如圖所示，各階段圖像均為直線。

（3）44.2-46.2s內(nèi)的位移。

【答案】（1）2.4m/s,方向與正方向相同

（2）0.1m/s2）方向與正方向相同

（3）4.2m,方向與正方向相同

【解析】

【小問1詳解】

-28+20

0—2s內(nèi)的平均速度V=—~-m/s=2.4m/s

2

方向與正方向相同；

【小問2詳解】

22—20

44.2-46.2s內(nèi)的加速度a=—:-----:—m/s2=0.1m/s2

46.2-44.2

方向與正方向相同；

【小問3詳解】

44.2-46.2s內(nèi)位移x=Q'+2O*'m=4.2m

2

方向與正方向相同。

14.如圖甲，水平地面上有A、B兩個(gè)物塊，兩物塊質(zhì)量均為0.2kg,A與地面動(dòng)摩擦因數(shù)為〃=0.25,B與

地面無摩擦，兩物塊用彈簧置于外力產(chǎn)的作用下向右前進(jìn)，F(xiàn)與位移x的圖如圖乙所示，P為圓弧最低點(diǎn),

M為最高點(diǎn)，水平地面長度大于4m。

F/N

M

甲

(1)求OTm,尸做的功;

(2)x=lm時(shí)，A與B之間的彈力；

(3)要保證B能到達(dá)M點(diǎn)，圓弧半徑滿足的條件。

【答案】(1)1.5J

(2)0.5N(3)r<0.2m

【解析】

【小問1詳解】

求O-lm,/做的功W=￡r=L5xlJ=1.5J

【小問2詳解】

對AB整體，根據(jù)牛頓第二定律尸-/=2”

其中/=〃叫

對B根據(jù)牛頓第二定律FAB=ma

聯(lián)立解得%=O.5N

【小問3詳解】

當(dāng)A、B之間的彈力為零時(shí)，A、B分離，根據(jù)(2)分析可知此時(shí)廣=O.5N

此時(shí)x=3m

過程中，對A、B根據(jù)動(dòng)能定理叱，一且￥=5義2機(jī)召

根據(jù)題圖可得叫=1.5J+*2J=3.5J

1010

從P點(diǎn)到加點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理一機(jī)？—2%能=-mv^a--mv

v2.

在"點(diǎn)的最小速度滿足“%=加」皿

^max

聯(lián)立可得4ax=0.2m

即圓弧半徑滿足的條件r<0.2m。

15.光滑斜面傾角為0=30。，I區(qū)域與n區(qū)域均存在垂直斜面向外的勻強(qiáng)磁場，兩區(qū)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等,

均為瓦正方形線框滴cd質(zhì)量為相，總電阻為R,同種材料制成且粗細(xì)均勻，I區(qū)域長為％,II區(qū)域長為

L2,兩區(qū)域間無磁場的區(qū)域長度大于線框長度。線框從某一位置釋放，cd邊進(jìn)入I區(qū)域時(shí)速度為％且直到

湖邊離開I區(qū)域時(shí)速度均為v,當(dāng)m邊進(jìn)入II區(qū)域時(shí)的速度和湖邊離開n區(qū)域時(shí)的速度一致，貝u：

(1)求線框釋放點(diǎn)Cd邊