高考物理一輪復(fù)習(xí)運(yùn)動(dòng)和力的關(guān)系一．選擇題（共8小題）1．（2025?河南模擬）如圖甲所示為一智能機(jī)械臂用兩只機(jī)械手指捏著雞蛋的照片，展示機(jī)械手臂的精確抓握能力。如圖乙，若兩手指對雞蛋的合力為F，雞蛋重力為G，下列說法正確的是（）A．勻速提起雞蛋過程中，手指對雞蛋的壓力大于雞蛋對手指的彈力 B．雞蛋受到手指的壓力，是因?yàn)殡u蛋發(fā)生了彈性形變 C．若手指捏著雞蛋水平勻速移動(dòng)，則F＜G D．若手指捏著雞蛋水平加速移動(dòng)，則F＞G2．（2025?浙江模擬）下列物理量是矢量且其單位用國際單位制基本單位表示，正確的是（）A．磁通量T?m2 B．磁感應(yīng)強(qiáng)度kg?s﹣2?A﹣1 C．電場強(qiáng)度V/m D．電荷量A?s3．（2025?沙坪壩區(qū)校級模擬）如圖是2025年1月7日西藏日喀則市定日縣發(fā)生6.8級地震后起重機(jī)吊起石塊的情景。正方體石塊被繩子栓在起重機(jī)掛鉤處。起重機(jī)和重物靜止在水平地面上時(shí)，四根斜拉的繩端與豎直方向的夾角均相等，四條繩子拉力一樣大。運(yùn)動(dòng)過程中，繩子始終繃緊。下列說法正確的是（）A．石塊從地面上升過程中一定處于平衡狀態(tài) B．當(dāng)石塊上升時(shí)，起重機(jī)對地的壓力與起重機(jī)和石頭的總重力一定大小相等 C．當(dāng)石塊勻速上升時(shí)，每根繩端對石頭的拉力均為石塊重力的四分之一 D．當(dāng)起重機(jī)吊著石塊水平運(yùn)動(dòng)時(shí)，起重機(jī)可能會(huì)受到水平地面對它的摩擦力4．（2025?湖北一模）如圖所示，某同學(xué)用大拇指和食指捏著豎直倒置的圓柱形玻璃杯在空中處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知兩手指與玻璃杯的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，且最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。下列說法正確的是（）A．手指與玻璃杯的動(dòng)摩擦因數(shù)必須大于1 B．拇指所受的摩擦力等于玻璃杯的重力 C．增加拇指與杯的彈力，食指所受的摩擦力大小不變 D．增加食指與杯的彈力，拇指所受的摩擦力大小不變5．（2025?拉薩模擬）一個(gè)質(zhì)量為m的圓形冰箱貼（磁貼）吸附在豎直的冰箱門上，冰箱貼與冰箱門之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，冰箱貼與冰箱門之間的吸引力為F，冰箱貼處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說法正確的是（）A．冰箱貼受到的摩擦力大小為μF B．冰箱貼受到的摩擦力與重力是一對作用力與反作用力 C．冰箱貼受到四個(gè)力作用 D．若增大冰箱貼與冰箱門之間的吸引力F，冰箱貼受到的摩擦力也會(huì)增大6．（2025?河南模擬）如圖所示，傾角為θ＝37°的斜面固定在水平地面上，質(zhì)量分別為mP＝0.5kg、mQ＝1.5kg的物塊P、Q由平行于斜面的輕質(zhì)彈簧連接，P、Q被鎖定在斜面上，此時(shí)彈簧長度為10cm?，F(xiàn)將P、Q同時(shí)解鎖，此后P、Q一起沿斜面下滑，此過程彈簧的長度始終未變。已知彈簧的勁度系數(shù)k＝50N/m，P的底面光滑，Q與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，則彈簧的原長為（）A．13cm B．7cm C．16cm D．10cm7．（2025春?楊浦區(qū)校級期末）打羽毛球是深受大眾喜愛的體育運(yùn)動(dòng)。如圖所示是羽毛球從左往右飛行的兩條軌跡圖，圖中A、B為同一軌跡上等高的兩點(diǎn)，P為該軌跡的最高點(diǎn)，則羽毛球在該軌跡上運(yùn)動(dòng)時(shí)，下列說法正確的是（）A．在A、B兩點(diǎn)的動(dòng)能相等 B．AP段重力的沖量小于PB段重力的沖量 C．整個(gè)飛行過程中經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的速度最小 D．在PB下落階段，羽毛球加速度的豎直分量大于重力加速度值8．（2025春?商丘期末）如圖所示，光滑輕質(zhì)滑輪固定在物塊B上，細(xì)繩的一端固定在斜面上，另一端跨過滑輪與物塊A相連。初始時(shí)，在沿斜面向上的外力作用下，質(zhì)量分別為3m和2m的物塊A、B靜止在光滑斜面上，斜面傾角θ＝30°?，F(xiàn)僅改變外力大小，使兩物塊沿斜面向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)時(shí)間t物塊B沿斜面向上滑動(dòng)的距離為d，B未到達(dá)細(xì)繩固定處，細(xì)繩始終與斜面平行。已知重力加速度為g，則外力改變后，下列說法正確的是（）A．物塊B的加速度大小為4dtB．物塊A的加速度大小為2dtC．細(xì)繩的拉力大小為m(gtD．外力的大小為2m(g二．多選題（共4小題）（多選）9．（2025?河南模擬）2025年亞冬會(huì)期間無人機(jī)高速巡檢情境如圖甲所示，若兩架無人機(jī)甲、乙從地面由靜止開始豎直向上飛行，其運(yùn)動(dòng)的v﹣t圖像如圖乙所示。下列說法正確的是（）A．無人機(jī)甲在t＝7s時(shí)處于超重狀態(tài) B．無人機(jī)甲在t＝14s時(shí)飛到了最高點(diǎn) C．兩架無人機(jī)在0～42s內(nèi)的平均速度大小相等 D．無人機(jī)甲在0～14s內(nèi)的位移小于無人機(jī)乙在0～14s內(nèi)的位移（多選）10．（2025?鼓樓區(qū)校級模擬）某同學(xué)利用手機(jī)拍攝了一段羽毛球運(yùn)動(dòng)的視頻，并經(jīng)處理得到的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，其中最高點(diǎn)b切線水平，c點(diǎn)的切線豎直。下列說法正確的是（）A．由a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)，羽毛球豎直方向上加速度大小不變 B．由a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)，羽毛球水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng) C．羽毛球在b點(diǎn)時(shí)處于失重狀態(tài) D．羽毛球在c點(diǎn)時(shí)速度方向豎直向下（多選）11．（2025?沙坪壩區(qū)校級模擬）風(fēng)鈴由主線、吊線、鈴鐺、鈴?fù)兴膫€(gè)部分組成，如圖所示。某同學(xué)研究風(fēng)鈴靜止時(shí)的受力，忽略主線、吊線的質(zhì)量。下列說法正確的是（）A．鈴鐺共受3個(gè)力的作用 B．吊線上、下兩端受到鈴鐺、鈴?fù)械睦ο嗤?C．鈴?fù)袑Φ蹙€的拉力與鈴鐺對吊線的拉力為一對平衡力 D．主線對鈴鐺的拉力大小等于鈴鐺的重力大小（多選）12．（2024秋?東莞市期末）伽利略理想斜面實(shí)驗(yàn)創(chuàng)造性的把實(shí)驗(yàn)、假設(shè)和邏輯推理相結(jié)合的科學(xué)方法，有力地促進(jìn)了人類科學(xué)認(rèn)識(shí)的發(fā)展。關(guān)于伽利略的斜面實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是（）A．該實(shí)驗(yàn)雖然是理想實(shí)驗(yàn)，是在思維中進(jìn)行的，但仍以真實(shí)的實(shí)驗(yàn)為基礎(chǔ) B．如果斜面粗糙，不論右側(cè)斜面傾角如何，小球也將上升到與釋放點(diǎn)等高的位置 C．該實(shí)驗(yàn)說明了物體的運(yùn)動(dòng)不需要力來維持 D．該實(shí)驗(yàn)證明了力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因三．填空題（共4小題）13．（2023秋?城廂區(qū)校級期末）如圖所示，兩根長度不等的輕繩將重力為G的小球懸掛在天花板上，且兩繩間的夾角為120°，a繩較長。當(dāng)系統(tǒng)在水平方向上作勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，ab二繩位置仍然如圖，且張力大小都為T。則T（填＞，＜，＝）G。系統(tǒng)運(yùn)動(dòng)方向是水平（填“向左”或“向右”）。14．（2024秋?閔行區(qū)期末）小安同學(xué)想測量地鐵在平直軌道上啟動(dòng)的加速度。他在一根細(xì)繩的下端綁上一支圓珠筆，細(xì)繩的上端用膠布固定在地鐵的豎直扶手上。在地鐵啟動(dòng)后的某段加速過程中，細(xì)繩偏離了豎直方向，并與豎直扶手之間有一穩(wěn)定的夾角θ，如圖，拍攝方向跟豎直扶手和細(xì)繩所在平面垂直。已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，圖中該地鐵的加速度方向?yàn)?，加速度大小為?5．（2024秋?普陀區(qū)校級月考）總質(zhì)量為M的熱氣球沿豎直方向勻速上升，至某位置時(shí)，質(zhì)量為m的物體從熱氣球上脫落。若熱氣球運(yùn)動(dòng)過程中所受的浮力不變，不計(jì)空氣阻力，重力加速度大小為g。取豎直向上為正方向，則物體脫落后，物體的加速度為，熱氣球的加速度為。16．（2023秋?思明區(qū)校級月考）如圖所示，靜止在水平地面上的木塊質(zhì)量m＝2kg，受到與水平面夾角為θ＝53°的斜向上的拉力，木塊開始沿水平地面運(yùn)動(dòng)。已知拉力F＝20N，木塊與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5，g取10m/s2，sinθ＝0.8，cosθ＝0.6。則地面對木塊的支持力為N；木塊運(yùn)動(dòng)的加速度大小為m/s2。四．解答題（共4小題）17．（2024秋?廣州期末）在水平路面上帶動(dòng)輪胎加速跑是鍛煉運(yùn)動(dòng)員核心力量和耐力的一種有效方法，如圖甲所示，在某次訓(xùn)練活動(dòng)中，運(yùn)動(dòng)員腰部系著不可伸長的輕繩拖著質(zhì)量m＝10kg的輪胎從靜止開始沿著筆直的跑道加速奔跑，輕繩與水平地面間的夾角為53°，4s后輕繩從輪胎上脫落，輪胎直線運(yùn)動(dòng)的v﹣t圖像如圖乙所示。不計(jì)空氣阻力，已知sin53°＝0.8，cos53°＝0.6，g取10m/s2。求：（1）地面對輪胎的動(dòng)摩擦因數(shù)；（2）拖繩對輪胎的拉力大小。18．（2024秋?鎮(zhèn)江期末）如圖所示，光滑豎直墻壁與斜面體間有一個(gè)質(zhì)量分布均勻的光滑小球，質(zhì)量為m。斜面體傾角α＝60°。斜面體與小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，重力加速度為g。求：（1）斜面體對球的支持力大?。唬?）球?qū)γ娴膲毫Υ笮　?9．（2025春?張家口月考）如圖所示，傾角為α的斜面體（斜面光滑且足夠長）固定在水平地面上，斜面頂端與勁度系數(shù)為k、自然長度為L的輕質(zhì)彈簧相連，彈簧的另一端連接著質(zhì)量為m的物塊。壓縮彈簧使其長度為L2（1）選物塊的平衡位置為坐標(biāo)原點(diǎn)，沿斜面向下為正方向建立坐標(biāo)系，用x表示物塊相對于平衡位置的位移，證明物塊做簡諧運(yùn)動(dòng)；（2）選物塊的平衡位置為坐標(biāo)原點(diǎn)，沿斜面向下為正方向建立坐標(biāo)系，求物塊處于正向最大位移時(shí)回復(fù)力的大小。20．（2025春?廊坊月考）甲、乙兩小車（可視為質(zhì)點(diǎn)）在平直公路上相鄰兩車道朝同一方向行駛。甲車由靜止開始做加速度大小a＝3m/s2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)的同時(shí)，乙車以v＝15m/s的速度在相鄰平直車道上并肩朝同一方向勻速行駛。取甲車開始運(yùn)動(dòng)的時(shí)刻為0時(shí)刻，求：（1）甲車追上乙車之前，兩車之間的最大距離；（2）甲車追上乙車經(jīng)過的時(shí)間和追上時(shí)甲車的速度大?。唬?）已知甲車質(zhì)量m＝1350kg，所受牽引力恒定，受阻力大小不變。若甲車追上乙車時(shí)立即關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)，甲車又運(yùn)動(dòng)了t＝15s停止。求甲車所受牽引力的大小。

高考物理一輪復(fù)習(xí)運(yùn)動(dòng)和力的關(guān)系參考答案與試題解析一．選擇題（共8小題）1．（2025?河南模擬）如圖甲所示為一智能機(jī)械臂用兩只機(jī)械手指捏著雞蛋的照片，展示機(jī)械手臂的精確抓握能力。如圖乙，若兩手指對雞蛋的合力為F，雞蛋重力為G，下列說法正確的是（）A．勻速提起雞蛋過程中，手指對雞蛋的壓力大于雞蛋對手指的彈力 B．雞蛋受到手指的壓力，是因?yàn)殡u蛋發(fā)生了彈性形變 C．若手指捏著雞蛋水平勻速移動(dòng)，則F＜G D．若手指捏著雞蛋水平加速移動(dòng)，則F＞G【考點(diǎn)】作用力與反作用力；彈力的概念及其產(chǎn)生條件；共點(diǎn)力的平衡問題及求解．【專題】定性思想；推理法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題；彈力的存在及方向的判定專題；理解能力．【答案】D【分析】根據(jù)牛頓第三定律判斷選項(xiàng)。對于靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng)的物體，其受到的合外力為零；對于加速運(yùn)動(dòng)的物體，其受到的合外力不為零，且方向與加速度方向一致?！窘獯稹拷猓篈、勻速提起雞蛋過程中，手指對雞蛋的壓力與雞蛋對手指的彈力是一對作用力與反作用力，根據(jù)牛頓第三定律，它們大小相等，方向相反，雞蛋勻速向上提起過程中，手指對雞蛋的壓力大小等于雞蛋對手指的彈力大小，故A錯(cuò)誤；B、雞蛋受到手指的壓力，是機(jī)械手指發(fā)生彈性形變，對與之接觸的雞蛋有壓力作用，故B錯(cuò)誤；C、若手指捏著雞蛋水平勻速移動(dòng)，根據(jù)平衡條件，手指對雞蛋的合力為F＝G，故C錯(cuò)誤；D、若手指捏著雞蛋水平加速移動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律，手指對雞蛋的合力為F=(ma故D正確。故選：D?！军c(diǎn)評】在分析物體受力情況時(shí)，要特別注意區(qū)分作用力與反作用力，以及物體在不同運(yùn)動(dòng)狀態(tài)下的受力平衡條件。對于靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng)的物體，其受到的合外力為零；對于加速運(yùn)動(dòng)的物體，其受到的合外力不為零，且方向與加速度方向一致。同時(shí)，要理解彈力產(chǎn)生的原理，即物體發(fā)生彈性形變時(shí)產(chǎn)生的力。2．（2025?浙江模擬）下列物理量是矢量且其單位用國際單位制基本單位表示，正確的是（）A．磁通量T?m2 B．磁感應(yīng)強(qiáng)度kg?s﹣2?A﹣1 C．電場強(qiáng)度V/m D．電荷量A?s【考點(diǎn)】力學(xué)單位制與單位制．【專題】定量思想；推理法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題；推理論證能力．【答案】B【分析】根據(jù)磁通量、電荷量為標(biāo)量，磁感應(yīng)強(qiáng)度、電場強(qiáng)度為矢量，結(jié)合國際單位制基本單位分析求解?！窘獯稹拷猓捍磐?、電荷量為標(biāo)量，磁感應(yīng)強(qiáng)度、電場強(qiáng)度為矢量，磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位為T，且1T＝1kg?s﹣2?A﹣1電場強(qiáng)度單位為V/m，而V并不是國際單位制基本單位，1V/m＝1kg?m?A﹣1?s3故ACD錯(cuò)誤，B正確。故選：B?！军c(diǎn)評】本題考查了力學(xué)單位制，熟練掌握公式和物理量之間的聯(lián)系是解決此類問題的關(guān)鍵。3．（2025?沙坪壩區(qū)校級模擬）如圖是2025年1月7日西藏日喀則市定日縣發(fā)生6.8級地震后起重機(jī)吊起石塊的情景。正方體石塊被繩子栓在起重機(jī)掛鉤處。起重機(jī)和重物靜止在水平地面上時(shí)，四根斜拉的繩端與豎直方向的夾角均相等，四條繩子拉力一樣大。運(yùn)動(dòng)過程中，繩子始終繃緊。下列說法正確的是（）A．石塊從地面上升過程中一定處于平衡狀態(tài) B．當(dāng)石塊上升時(shí)，起重機(jī)對地的壓力與起重機(jī)和石頭的總重力一定大小相等 C．當(dāng)石塊勻速上升時(shí)，每根繩端對石頭的拉力均為石塊重力的四分之一 D．當(dāng)起重機(jī)吊著石塊水平運(yùn)動(dòng)時(shí)，起重機(jī)可能會(huì)受到水平地面對它的摩擦力【考點(diǎn)】牛頓第二定律的簡單應(yīng)用；共點(diǎn)力的平衡問題及求解．【專題】定性思想；推理法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題；推理論證能力．【答案】D【分析】加速度豎直向上，處于超重狀態(tài)；對重物根據(jù)平衡條件列式，求每根繩子上的拉力；由牛頓第二定律，加速時(shí)，起重機(jī)一定會(huì)受到水平摩擦力，水平勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，起重機(jī)不受水平摩擦力?！窘獯稹拷猓篈B．當(dāng)石塊從靜止開始上升，一定要先經(jīng)歷加速過程，此時(shí)加速度豎直向上，則此過程處于超重狀態(tài)，故AB錯(cuò)誤；C．當(dāng)重物勻速上升時(shí)，設(shè)繩子上的拉力為F，繩子與豎直方向的夾角為θ，對重物根據(jù)平衡條件列式4Fcosθ＝Mg故每根繩子上的拉力為F=MgD．當(dāng)起重機(jī)吊著石塊水平加速時(shí)，對起重機(jī)受力分析由牛頓第二定律可知，起重機(jī)一定會(huì)受到水平摩擦力；當(dāng)起重機(jī)吊著石塊水平勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，起重機(jī)不受水平摩擦力。故D正確。故選：D?！军c(diǎn)評】本題解題關(guān)鍵是掌握規(guī)律平衡時(shí)根據(jù)平衡條件列式，有加速度時(shí)根據(jù)牛頓第二定律列式，難度不高。4．（2025?湖北一模）如圖所示，某同學(xué)用大拇指和食指捏著豎直倒置的圓柱形玻璃杯在空中處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知兩手指與玻璃杯的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，且最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。下列說法正確的是（）A．手指與玻璃杯的動(dòng)摩擦因數(shù)必須大于1 B．拇指所受的摩擦力等于玻璃杯的重力 C．增加拇指與杯的彈力，食指所受的摩擦力大小不變 D．增加食指與杯的彈力，拇指所受的摩擦力大小不變【考點(diǎn)】相互作用力與平衡力的區(qū)別和聯(lián)系；滑動(dòng)摩擦力的大小計(jì)算和影響因素．【專題】比較思想；推理法；共點(diǎn)力作用下物體平衡專題；推理論證能力．【答案】A【分析】對玻璃杯受力分析，由平衡條件列式，兩個(gè)摩擦力都恰好達(dá)到最大靜摩擦力時(shí)為滑動(dòng)臨界，求最小μ值；由平衡條件，分析拇指所受的摩擦力與玻璃杯的重力；由平衡條件，分析增加拇指與杯的彈力，食指所受的摩擦力變化；由平衡條件，分析增加食指與杯的彈力，拇指所受的摩擦力變化。【解答】解：A．對玻璃杯受力分析，如圖：由平衡條件豎直方向mg+F1＝f2水平方向F2＝f1兩個(gè)摩擦力都恰好達(dá)到最大靜摩擦力時(shí)，則有f1＝μF1，f2＝μF2聯(lián)立解得μ=1+B．由平衡條件，f2＝mg+F1，拇指所受的摩擦力f2大于玻璃杯的重力mg，故B錯(cuò)誤；C．由平衡條件，F(xiàn)2＝f1，增加拇指與杯的彈力F2，食指所受的摩擦力f1變大，故C錯(cuò)誤；D．由平衡條件，f2＝mg+F1，增加食指與杯的彈力F1，拇指所受的摩擦力f2變大，故D錯(cuò)誤。故選：A?！军c(diǎn)評】本題解題關(guān)鍵是正確受力分析，根據(jù)平衡條件去列等式。5．（2025?拉薩模擬）一個(gè)質(zhì)量為m的圓形冰箱貼（磁貼）吸附在豎直的冰箱門上，冰箱貼與冰箱門之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，冰箱貼與冰箱門之間的吸引力為F，冰箱貼處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說法正確的是（）A．冰箱貼受到的摩擦力大小為μF B．冰箱貼受到的摩擦力與重力是一對作用力與反作用力 C．冰箱貼受到四個(gè)力作用 D．若增大冰箱貼與冰箱門之間的吸引力F，冰箱貼受到的摩擦力也會(huì)增大【考點(diǎn)】作用力與反作用力；判斷物體的受力個(gè)數(shù)；共點(diǎn)力的平衡問題及求解．【專題】定性思想；推理法；摩擦力專題；推理論證能力．【答案】C【分析】磁性冰箱貼吸在冰箱的豎直表面上靜止不動(dòng)，受力平衡，對冰箱貼進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件即可分析。【解答】解：A、對冰箱貼進(jìn)行受力分析，冰箱貼在豎直方向受重力mg和靜摩擦力Ff，因?yàn)楸滟N靜止，冰箱貼處于平衡狀態(tài)，豎直方向受力平衡，靜摩擦力Ff＝mg，故A錯(cuò)誤；B、冰箱貼受到的摩擦力與重力都作用在冰箱貼上，是一對平衡力，作用力與反作用力是作用在兩個(gè)不同物體上，故B錯(cuò)誤；C、冰箱貼受到重力、吸引力、彈力、靜摩擦力四個(gè)力作用，故C正確；D、只要冰箱貼靜止，其在豎直方向上重力和靜摩擦力就平衡，靜摩擦力大小始終等于重力大小，故D錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評】本題主要考查了平衡條件的直接應(yīng)用，知道一磁性冰箱貼貼在冰箱的豎直表面上靜止不動(dòng)，受力平衡，難度不大，屬于基礎(chǔ)題。6．（2025?河南模擬）如圖所示，傾角為θ＝37°的斜面固定在水平地面上，質(zhì)量分別為mP＝0.5kg、mQ＝1.5kg的物塊P、Q由平行于斜面的輕質(zhì)彈簧連接，P、Q被鎖定在斜面上，此時(shí)彈簧長度為10cm?，F(xiàn)將P、Q同時(shí)解鎖，此后P、Q一起沿斜面下滑，此過程彈簧的長度始終未變。已知彈簧的勁度系數(shù)k＝50N/m，P的底面光滑，Q與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，則彈簧的原長為（）A．13cm B．7cm C．16cm D．10cm【考點(diǎn)】斜面上的連接體問題（連接體問題的特例）；胡克定律及其應(yīng)用．【專題】定量思想；推理法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題；推理論證能力．【答案】A【分析】分別分析P、Q受力，根據(jù)牛頓第二定律列式，求出彈簧彈力，再由胡克定律得出彈簧的形變量，從而得出彈簧的原長?！窘獯稹拷猓涸O(shè)彈簧上彈力大小為F，對P有mPgsinθ﹣F＝mPa對Q有mQgsine+F﹣μmQgcos0＝mQa可得F＝1.5N彈簧的壓縮量Δx=F故彈簧原長為13cm，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選：A。【點(diǎn)評】此題主要考查牛頓第二定律和胡克定律的應(yīng)用，正確的受力分析是求解的關(guān)鍵。7．（2025春?楊浦區(qū)校級期末）打羽毛球是深受大眾喜愛的體育運(yùn)動(dòng)。如圖所示是羽毛球從左往右飛行的兩條軌跡圖，圖中A、B為同一軌跡上等高的兩點(diǎn)，P為該軌跡的最高點(diǎn)，則羽毛球在該軌跡上運(yùn)動(dòng)時(shí)，下列說法正確的是（）A．在A、B兩點(diǎn)的動(dòng)能相等 B．AP段重力的沖量小于PB段重力的沖量 C．整個(gè)飛行過程中經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的速度最小 D．在PB下落階段，羽毛球加速度的豎直分量大于重力加速度值【考點(diǎn)】牛頓第二定律的簡單應(yīng)用；重力做功的特點(diǎn)和計(jì)算．【專題】定性思想；推理法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題；推理論證能力．【答案】B【分析】由動(dòng)能定理，分析羽毛球在A點(diǎn)的動(dòng)能和B點(diǎn)的動(dòng)能的關(guān)系；羽毛球上升階段豎直方向的加速度大于g，下落階段豎直方向的加速度小于g，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)，分析時(shí)間，再根據(jù)沖量的定義，分析比較沖量；合力與速度成鈍角，速度減小。【解答】解：A．羽毛球由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)過程中，合外力做負(fù)功，由動(dòng)能定理可知，動(dòng)能減小，所以羽毛球在A點(diǎn)的動(dòng)能大于B點(diǎn)的動(dòng)能，故A錯(cuò)誤；BD．羽毛球上升階段豎直方向的加速度大于g，下落階段豎直方向的加速度小于g，所以羽毛球AP段所用時(shí)間比PB段小，結(jié)合沖量的定義可知，AP段重力的沖量小于PB段重力的沖量，故B正確，D錯(cuò)誤；C．羽毛球經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)所受重力與空氣阻力的合力與速度成鈍角，說明速度正在減小，所以整個(gè)飛行過程中經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的速度不是最小，故C錯(cuò)誤；故選：B?！军c(diǎn)評】本題解題關(guān)鍵是掌握動(dòng)能定理和沖量定義，比較基礎(chǔ)，難度不高。8．（2025春?商丘期末）如圖所示，光滑輕質(zhì)滑輪固定在物塊B上，細(xì)繩的一端固定在斜面上，另一端跨過滑輪與物塊A相連。初始時(shí)，在沿斜面向上的外力作用下，質(zhì)量分別為3m和2m的物塊A、B靜止在光滑斜面上，斜面傾角θ＝30°?，F(xiàn)僅改變外力大小，使兩物塊沿斜面向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)時(shí)間t物塊B沿斜面向上滑動(dòng)的距離為d，B未到達(dá)細(xì)繩固定處，細(xì)繩始終與斜面平行。已知重力加速度為g，則外力改變后，下列說法正確的是（）A．物塊B的加速度大小為4dtB．物塊A的加速度大小為2dtC．細(xì)繩的拉力大小為m(gtD．外力的大小為2m(g【考點(diǎn)】連接體模型；牛頓第二定律的簡單應(yīng)用．【專題】定量思想；推理法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題；推理論證能力．【答案】D【分析】對A和B，分別用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和牛頓第二定律聯(lián)立，求加速度和繩子拉力大小?！窘獯稹拷猓篈C．以物塊B為研究對象，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有d=再根據(jù)牛頓第二定律有2FT﹣2mgsin30°＝2ma1聯(lián)立得：B的加速度大小為a細(xì)繩拉力大小F故AC錯(cuò)誤；BD．以物塊A為研究對象，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有2d=再根據(jù)牛頓第二定律有F﹣FT﹣3mgsin30°＝3ma2聯(lián)立得：A的加速度大小為a外力大小F=故B錯(cuò)誤，D正確。故選：D。【點(diǎn)評】本題考查學(xué)生對牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的掌握，是一道牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合題，難度中等。二．多選題（共4小題）（多選）9．（2025?河南模擬）2025年亞冬會(huì)期間無人機(jī)高速巡檢情境如圖甲所示，若兩架無人機(jī)甲、乙從地面由靜止開始豎直向上飛行，其運(yùn)動(dòng)的v﹣t圖像如圖乙所示。下列說法正確的是（）A．無人機(jī)甲在t＝7s時(shí)處于超重狀態(tài) B．無人機(jī)甲在t＝14s時(shí)飛到了最高點(diǎn) C．兩架無人機(jī)在0～42s內(nèi)的平均速度大小相等 D．無人機(jī)甲在0～14s內(nèi)的位移小于無人機(jī)乙在0～14s內(nèi)的位移【考點(diǎn)】超重與失重的概念、特點(diǎn)和判斷；平均速度（定義式方向）；利用v﹣t圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積求物體的位移；利用v﹣t圖像的斜率求解物體運(yùn)動(dòng)的加速度．【專題】定量思想；推理法；運(yùn)動(dòng)學(xué)中的圖象專題；推理論證能力．【答案】AC【分析】v﹣t圖像反映了做直線運(yùn)動(dòng)的物體的速度隨時(shí)間變化的規(guī)律，斜率表示加速度的大小及方向，圖線與時(shí)間軸所包圍的“面積”表示位移。圖像在橫軸上方，表示速度方向?yàn)檎?，在橫軸下方，表示速度方向?yàn)樨?fù)。【解答】解：A、由v﹣t圖像的斜率表示加速度的大小及方向，可知，t＝7s時(shí)，無人機(jī)向上勻加速運(yùn)動(dòng)，甲處于超重狀態(tài)，故A正確；B、t＝14s時(shí)，無人機(jī)甲速度達(dá)到最大，14s后減速上升，42s時(shí)飛到了最高點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；C、v﹣t圖像中圖線與時(shí)間坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，0～42s內(nèi)，兩架無人機(jī)的位移相等，則平均速度相等，故C正確；D、v﹣t圖像中圖線與時(shí)間坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，0～14s內(nèi)，無人機(jī)甲的位移大于無人機(jī)乙的位移，故D錯(cuò)誤。故選：AC?！军c(diǎn)評】考查對v﹣t圖像的理解，清楚圖線的含義。（多選）10．（2025?鼓樓區(qū)校級模擬）某同學(xué)利用手機(jī)拍攝了一段羽毛球運(yùn)動(dòng)的視頻，并經(jīng)處理得到的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，其中最高點(diǎn)b切線水平，c點(diǎn)的切線豎直。下列說法正確的是（）A．由a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)，羽毛球豎直方向上加速度大小不變 B．由a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)，羽毛球水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng) C．羽毛球在b點(diǎn)時(shí)處于失重狀態(tài) D．羽毛球在c點(diǎn)時(shí)速度方向豎直向下【考點(diǎn)】超重與失重的概念、特點(diǎn)和判斷；物體運(yùn)動(dòng)軌跡、速度、受力（加速度）的相互判斷．【專題】定性思想；推理法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題；推理論證能力．【答案】CD【分析】由于空氣阻力的影響，羽毛球上升過程的加速度大于下落過程的加速度；由于空氣阻力的影響，水平方向上并非勻速直線運(yùn)動(dòng)；羽毛球存在豎直向下的重力加速度，處于失重狀態(tài)；在c點(diǎn)時(shí)的切線豎直，速度方向豎直向下?！窘獯稹拷猓篈、由于空氣阻力的影響，在豎直方向上，羽毛球上升過程的加速度大于下落過程的加速度，故A錯(cuò)誤；B、由于空氣阻力的影響，水平方向會(huì)有加速度，水平方向上并非勻速直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C、由于在b點(diǎn)時(shí)羽毛球存在豎直向下的重力加速度，故羽毛球處于失重狀態(tài)，故C正確；D、羽毛球在c點(diǎn)時(shí)的切線豎直，說明水平方向速度為零，速度方向豎直向下，故D正確。故選：CD?！军c(diǎn)評】本題主要考查了超失重等相關(guān)知識(shí)，注意分析物體的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況，會(huì)根據(jù)題意進(jìn)行準(zhǔn)確分析和判斷。（多選）11．（2025?沙坪壩區(qū)校級模擬）風(fēng)鈴由主線、吊線、鈴鐺、鈴?fù)兴膫€(gè)部分組成，如圖所示。某同學(xué)研究風(fēng)鈴靜止時(shí)的受力，忽略主線、吊線的質(zhì)量。下列說法正確的是（）A．鈴鐺共受3個(gè)力的作用 B．吊線上、下兩端受到鈴鐺、鈴?fù)械睦ο嗤?C．鈴?fù)袑Φ蹙€的拉力與鈴鐺對吊線的拉力為一對平衡力 D．主線對鈴鐺的拉力大小等于鈴鐺的重力大小【考點(diǎn)】相互作用力與平衡力的區(qū)別和聯(lián)系；判斷物體的受力個(gè)數(shù)．【專題】定性思想；推理法；受力分析方法專題；理解能力．【答案】AC【分析】對鈴鐺和鈴?fù)惺芰Ψ治?，結(jié)合牛頓第三定律解答即可?！窘獯稹拷猓篈、鈴鐺受到重力、主線的拉力和吊線的拉力三個(gè)力，故A正確；B、吊線上端受到鈴鐺的拉力方向向上，下端受到鈴?fù)械睦Ψ较蛳蛳拢瑑蓚€(gè)力大小相等，方向相反，不相同，故B錯(cuò)誤；C、鈴?fù)袑Φ蹙€的拉力與鈴鐺對吊線的拉力兩個(gè)力大小相等，方向相反，作用在同一個(gè)物體上，為一對平衡力，故C正確；D、主線對鈴鐺的拉力大小等于鈴鐺與鈴?fù)兄亓Φ暮狭?，故D錯(cuò)誤。故選：AC?！军c(diǎn)評】本題考查了平衡力與作用力反作用力的辨別，要注意四個(gè)條件缺一不可，同時(shí)要注意相互作用力和平衡力的區(qū)別：是否作用在同一個(gè)物體上。（多選）12．（2024秋?東莞市期末）伽利略理想斜面實(shí)驗(yàn)創(chuàng)造性的把實(shí)驗(yàn)、假設(shè)和邏輯推理相結(jié)合的科學(xué)方法，有力地促進(jìn)了人類科學(xué)認(rèn)識(shí)的發(fā)展。關(guān)于伽利略的斜面實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是（）A．該實(shí)驗(yàn)雖然是理想實(shí)驗(yàn)，是在思維中進(jìn)行的，但仍以真實(shí)的實(shí)驗(yàn)為基礎(chǔ) B．如果斜面粗糙，不論右側(cè)斜面傾角如何，小球也將上升到與釋放點(diǎn)等高的位置 C．該實(shí)驗(yàn)說明了物體的運(yùn)動(dòng)不需要力來維持 D．該實(shí)驗(yàn)證明了力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因【考點(diǎn)】伽利略的理想斜面實(shí)驗(yàn)．【專題】定性思想；推理法；受力分析方法專題；理解能力．【答案】AC【分析】小球從左側(cè)斜面上某點(diǎn)由靜止釋放后沿斜面向下運(yùn)動(dòng)，并沿右側(cè)斜面上升，阻力越小則上升的高度越大，伽利略通過上述實(shí)驗(yàn)推理得出運(yùn)動(dòng)物體如果不受其他物體的作用，將會(huì)一直運(yùn)動(dòng)下去。【解答】解：A、該實(shí)驗(yàn)利用了實(shí)驗(yàn)、假設(shè)和邏輯推理相結(jié)合的科學(xué)方法，是在思維中進(jìn)行的，同時(shí)是以斜面實(shí)驗(yàn)真實(shí)的實(shí)驗(yàn)為基礎(chǔ)，故A正確；B、如果斜面粗糙，小球會(huì)有能量損失，將不能上升到與O點(diǎn)等高的位置，如果斜面光滑，可以上升到與釋放點(diǎn)等高的位置，故B錯(cuò)誤；CD、該實(shí)驗(yàn)說明了物體的運(yùn)動(dòng)不需要力來維持，故C正確，D錯(cuò)誤。故選：AC?！军c(diǎn)評】此題考查了伽利略研究自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律的實(shí)驗(yàn)，要想分清哪些是可靠事實(shí)，哪些是科學(xué)推論要抓住其關(guān)鍵的特征，即是否是真實(shí)的客觀存在，這一點(diǎn)至關(guān)重要。三．填空題（共4小題）13．（2023秋?城廂區(qū)校級期末）如圖所示，兩根長度不等的輕繩將重力為G的小球懸掛在天花板上，且兩繩間的夾角為120°，a繩較長。當(dāng)系統(tǒng)在水平方向上作勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，ab二繩位置仍然如圖，且張力大小都為T。則T＞（填＞，＜，＝）G。系統(tǒng)運(yùn)動(dòng)方向是水平向左（填“向左”或“向右”）?！究键c(diǎn)】牛頓第二定律的簡單應(yīng)用；力的合成與分解的應(yīng)用．【專題】定量思想；推理法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題；推理論證能力．【答案】＞，向左【分析】對小球受力分析，根據(jù)牛頓第二定律分析解答?！窘獯稹拷猓寒嫵鰞衫K子拉力的合力示意圖，見下圖：因?yàn)閮衫Υ笮∠嗤瑠A角為120°，根據(jù)力的平行四邊形定則，得合力F的大小為F＝T因?yàn)閍繩較長，所以F方向?yàn)樾毕蜃笊戏剑O(shè)合力F與豎直方向的夾角為θ，則F可以分解為豎直向上的力和水平向左的力，根據(jù)牛頓第二定律得Fcosθ＝GFsinθ＝ma所以T＞G，系統(tǒng)水平向左加速運(yùn)動(dòng)。故答案為：＞，向左【點(diǎn)評】本題考查牛頓第二定律的應(yīng)用，解題關(guān)鍵掌握小球的受力分析，注意合力決定加速度。14．（2024秋?閔行區(qū)期末）小安同學(xué)想測量地鐵在平直軌道上啟動(dòng)的加速度。他在一根細(xì)繩的下端綁上一支圓珠筆，細(xì)繩的上端用膠布固定在地鐵的豎直扶手上。在地鐵啟動(dòng)后的某段加速過程中，細(xì)繩偏離了豎直方向，并與豎直扶手之間有一穩(wěn)定的夾角θ，如圖，拍攝方向跟豎直扶手和細(xì)繩所在平面垂直。已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，圖中該地鐵的加速度方向?yàn)橄蜃螅铀俣却笮間tanθ?！究键c(diǎn)】牛頓第二定律的簡單應(yīng)用；力的合成與分解的應(yīng)用．【專題】定量思想；推理法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題；理解能力．【答案】向左；gtanθ?！痉治觥恳詧A珠筆為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大小和方向?！窘獯稹拷猓阂詧A珠筆為研究對象，受力情況如圖所示：根據(jù)牛頓第二定律可得：mgtanθ＝ma解得加速度大小為：a＝gtanθ；該地鐵的加速度方向向左。故答案為：向左；gtanθ?！军c(diǎn)評】本題主要是考查了牛頓第二定律的知識(shí)；利用牛頓第二定律答題時(shí)的一般步驟是：確定研究對象、進(jìn)行受力分析、利用牛頓第二定律建立方程進(jìn)行解答。15．（2024秋?普陀區(qū)校級月考）總質(zhì)量為M的熱氣球沿豎直方向勻速上升，至某位置時(shí)，質(zhì)量為m的物體從熱氣球上脫落。若熱氣球運(yùn)動(dòng)過程中所受的浮力不變，不計(jì)空氣阻力，重力加速度大小為g。取豎直向上為正方向，則物體脫落后，物體的加速度為﹣g，熱氣球的加速度為mgM?m【考點(diǎn)】牛頓第二定律的簡單應(yīng)用；整體法與隔離法．【專題】定量思想；類比法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題；推理論證能力．【答案】﹣g、mgM?m【分析】根據(jù)平衡條件，即系統(tǒng)合外力為零，結(jié)合物體脫落后各自受力情況，根據(jù)牛頓第二定律求各自的加速度。【解答】解：物體脫落前，熱氣球和物體整個(gè)系統(tǒng)受到的合外力為零，所以熱氣球受到的浮力等于總的重力，即：F＝Mg物體（質(zhì)量為m）脫落后，物體只受重力的作用，所以加速度大小為重力加速度，方向豎直向下；對剩余的熱氣球【質(zhì)量為（M﹣m）】，所受的合力為mg，方向向上，根據(jù)牛頓第二定律可知，其加速度為：a′=mg故答案為：﹣g、mgM?m【點(diǎn)評】本題考查原來處于平衡狀態(tài)的整體，當(dāng)一分為二后求各自的加速度問題，要注意規(guī)定正方向，弄清脫落后兩物體各自受到的合力，從而再求加速度。16．（2023秋?思明區(qū)校級月考）如圖所示，靜止在水平地面上的木塊質(zhì)量m＝2kg，受到與水平面夾角為θ＝53°的斜向上的拉力，木塊開始沿水平地面運(yùn)動(dòng)。已知拉力F＝20N，木塊與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5，g取10m/s2，sinθ＝0.8，cosθ＝0.6。則地面對木塊的支持力為4N；木塊運(yùn)動(dòng)的加速度大小為5m/s2?！究键c(diǎn)】牛頓第二定律的簡單應(yīng)用；力的合成與分解的應(yīng)用；共點(diǎn)力的平衡問題及求解．【專題】定量思想；推理法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題；推理論證能力．【答案】4；5【分析】對物體受力分析，根據(jù)豎直方向上平衡求出支持力的大小，從而得出物體所受的摩擦力大小。根據(jù)牛頓第二定律求出物體的加速度。【解答】解：由題可得拉力在豎直方向的分力大小為F1＝Fsinθ代入數(shù)據(jù)解得F1＝16N由于豎直方向受力平衡，則地面對木塊的支持力為F支＝mg﹣F1代入數(shù)據(jù)解得F支＝4N由牛頓第二定律可知木塊對地面的壓力大小為F壓＝F支＝4N則木塊所受的摩擦力大小為f＝μF壓代入數(shù)據(jù)解得f＝2N由拉力在水平方向的分力大小為F2＝Fcosθ代入數(shù)據(jù)解得F2＝12N則水平方向的合力大小為F合＝F2﹣f代入數(shù)據(jù)解得F合＝10N木塊運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a=F代入數(shù)據(jù)解得a＝5m/s2故答案為：4；5。【點(diǎn)評】解決本題時(shí)要知道加速度是聯(lián)系力學(xué)和運(yùn)動(dòng)學(xué)的橋梁，通過加速度，可以根據(jù)力求運(yùn)動(dòng)，也可以根據(jù)運(yùn)動(dòng)求力。要正確分析物體的受力情況，來確定合力的大小。四．解答題（共4小題）17．（2024秋?廣州期末）在水平路面上帶動(dòng)輪胎加速跑是鍛煉運(yùn)動(dòng)員核心力量和耐力的一種有效方法，如圖甲所示，在某次訓(xùn)練活動(dòng)中，運(yùn)動(dòng)員腰部系著不可伸長的輕繩拖著質(zhì)量m＝10kg的輪胎從靜止開始沿著筆直的跑道加速奔跑，輕繩與水平地面間的夾角為53°，4s后輕繩從輪胎上脫落，輪胎直線運(yùn)動(dòng)的v﹣t圖像如圖乙所示。不計(jì)空氣阻力，已知sin53°＝0.8，cos53°＝0.6，g取10m/s2。求：（1）地面對輪胎的動(dòng)摩擦因數(shù)；（2）拖繩對輪胎的拉力大小?！究键c(diǎn)】牛頓第二定律的簡單應(yīng)用；根據(jù)v﹣t圖像的物理意義分析單個(gè)物體的運(yùn)動(dòng)情況．【專題】定量思想；推理法；牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題；推理論證能力．【答案】（1）地面對輪胎的動(dòng)摩擦因數(shù)等于0.5；（2）拖繩對輪胎的拉力大小等于70N?！痉治觥浚?）v﹣t圖像的斜率表示加速度，根據(jù)圖乙求解加速度，對輪胎進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第二定律求解地面對輪胎的滑動(dòng)摩擦系數(shù)；（2）4s之前對輪胎進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大小。【解答】解：（1）輕繩從輪胎上脫落后，對輪胎進(jìn)行分析，則有N2＝mg，f2＝ma2，f2＝μN(yùn)2根據(jù)圖乙可知，輕繩從輪胎上脫落后的加速度大小為a解得μ＝0.5（2）4s之前對輪胎進(jìn)行分析，則有N1+Fsinθ＝mg，F(xiàn)cosθ﹣f1＝ma1，f1＝μN(yùn)1根據(jù)圖乙可知，輕繩從輪胎上脫落前的加速度大小為a解得F＝70N答：（1）地面對輪胎的動(dòng)摩擦因數(shù)等于0.5；（2）拖繩對輪胎的拉力大小等于70N?！军c(diǎn)評】本題解題關(guān)鍵對輪胎受力分析，然后根據(jù)牛頓第二定律列式求解。18．（2024秋?鎮(zhèn)江期末）如圖所示，光滑豎直墻壁與斜面體間有一個(gè)質(zhì)量分布均勻的光滑小球，質(zhì)量為m。斜面體傾角α＝60°。斜面體與小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，重力加速度為g。求：（1）斜面體對球的支持力大?。唬?）球?qū)γ娴膲毫Υ笮??！究键c(diǎn)】牛頓第三定律的理解與應(yīng)用；力的合成與分解的應(yīng)用；共點(diǎn)力的平衡問題及求解．【專題】定量思想；歸納法；受力分析方法專題；推理論證能力．【答案】（1）斜面體對球的支持力大小為2mg；（2）球?qū)γ娴膲毫Υ笮?mg。【分析】（1）對小球進(jìn)行受力分析，根據(jù)矢量三角形求出斜面體對球的支持力大?。唬?）對小球進(jìn)行受力分析，根據(jù)矢量三角形求出墻面對球的支持力大小，根據(jù)牛頓第三定律求出球?qū)Φ膲毫Φ拇笮　！窘獯稹拷猓海?）對球進(jìn)行受力分析，受豎直向下的重力mg，墻壁對球水平向右的彈力FN1，斜面體對球的支持力FN2，如圖所示由矢量三角形，F(xiàn)N1mg=tan60°，代入數(shù)據(jù)得：FFN2?cos60°＝mg，代入數(shù)據(jù)得：FN2＝2mg；（2）由牛頓第三定律得球?qū)γ娴膲毫Υ笮?mg；答：（1）斜面體對球的支持力大小為2mg；（2）球?qū)γ娴膲毫Υ笮?mg?！军c(diǎn)