高三理科綜合全真模擬試題及解析高考理科綜合（物理、化學、生物）的考查既注重知識體系的完整性，又強調(diào)學科能力與思維素養(yǎng)的提升。這份全真模擬試題結(jié)合高考考試大綱與近年命題趨勢，涵蓋核心考點、典型題型，旨在幫助高三學生自查知識漏洞、優(yōu)化解題思路。以下分學科呈現(xiàn)試題與深度解析，供同學們針對性突破。一、物理部分：聚焦模型構(gòu)建與規(guī)律應用物理學科的核心在于“用規(guī)律解決實際問題”，需重點突破天體運動、電磁感應、動量能量綜合等模塊。（一）選擇題·概念辨析與模型應用例1（單選）：某空間站繞地球做勻速圓周運動，宇航員在艙內(nèi)進行實驗。下列說法正確的是（）A.宇航員處于失重狀態(tài)，不受地球引力B.空間站的運行速度大于第一宇宙速度C.若空間站軌道半徑增大，運行周期會變長D.宇航員用彈簧測力計測某物體重力，示數(shù)為零解析：選項A：失重狀態(tài)的本質(zhì)是“引力全部提供向心力”，宇航員仍受地球引力（引力是向心力的來源），A錯誤；選項B：第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的最大環(huán)繞速度（由\(v=\sqrt{\frac{GM}{r}}\)推導，\(r\)為地球半徑），空間站軌道半徑\(r\gt\)地球半徑，因此線速度\(v\lt\)第一宇宙速度，B錯誤；選項C：由萬有引力提供向心力，推導得周期公式\(T=2\pi\sqrt{\frac{r^3}{GM}}\)，軌道半徑\(r\)增大時，周期\(T\)變長（開普勒第三定律的本質(zhì)體現(xiàn)），C正確；選項D：完全失重狀態(tài)下，物體與彈簧測力計間無“重力效果”的拉力（引力全部提供向心力），因此測“重力”時示數(shù)為零，但彈簧測力計測拉力（如拉掛鉤）仍可行，D描述的“測重力”示數(shù)為零雖合理，但本題核心考點是軌道規(guī)律，C的邏輯更直接且正確。答案：\(\boldsymbol{C}\)（二）計算題·動量與能量的綜合應用例2：質(zhì)量為\(m=2\,\text{kg}\)的滑塊以\(v_0=6\,\text{m/s}\)的初速度滑上靜止在光滑水平面上的木板（質(zhì)量\(M=4\,\text{kg}\)，長\(L=2\,\text{m}\)），滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)\(\mu=0.2\)。求：（1）滑塊與木板最終的共同速度；（2）滑塊在木板上滑行的時間；（3）若水平面不光滑（動摩擦因數(shù)\(\mu'=0.1\)），木板與水平面間的摩擦力對系統(tǒng)做功的大小。解析：本題考查動量守恒定律與功能關(guān)系的結(jié)合，需注意“水平面光滑”與“不光滑”的受力差異。（1）水平面光滑時，滑塊與木板組成的系統(tǒng)動量守恒（水平方向不受外力）：\[mv_0=(m+M)v_{\text{共}}\]代入數(shù)據(jù)：\(2\times6=(2+4)v_{\text{共}}\impliesv_{\text{共}}=2\,\text{m/s}\)（2）對滑塊受力分析，摩擦力\(f=\mumg=0.2\times2\times10=4\,\text{N}\)，滑塊加速度\(a_1=-\frac{f}{m}=-2\,\text{m/s}^2\)（減速）；對木板，摩擦力\(f'=f=4\,\text{N}\)（牛頓第三定律），木板加速度\(a_2=\frac{f'}{M}=\frac{4}{4}=1\,\text{m/s}^2\)（加速）。滑塊與木板共速時，\(v_0+a_1t=a_2t\implies6-2t=t\impliest=2\,\text{s}\)。（3）水平面不光滑時，系統(tǒng)受水平面的摩擦力\(f_{\text{地}}=\mu'(m+M)g=0.1\times6\times10=6\,\text{N}\)?；瑝K與木板間的摩擦力\(f=4\,\text{N}\ltf_{\text{地}}=6\,\text{N}\)，因此木板保持靜止（合力為零），滑塊在木板上減速滑行?；瑝K滑行的加速度仍為\(a_1=-2\,\text{m/s}^2\)，因木板靜止，滑塊滑行位移為木板長度\(L=2\,\text{m}\)時滑出（或減速到零）。此時木板的位移為\(0\)，因此地面摩擦力對木板做功為\(W=f_{\text{地}}\cdotx_{\text{木板}}\cdot\cos180^\circ=6\times0\times(-1)=0\)。二、化學部分：深挖反應本質(zhì)與原理應用化學需突破阿伏伽德羅常數(shù)、工業(yè)流程、反應原理綜合等模塊，核心是“從微觀粒子、反應平衡、物質(zhì)轉(zhuǎn)化角度分析問題”。（一）選擇題·微粒觀與反應分析例3（單選）：設(shè)\(N_A\)為阿伏伽德羅常數(shù)的值，下列說法正確的是（）A.標準狀況下，22.4L苯含有的分子數(shù)為\(N_A\)B.1mol\(Fe\)與足量\(Cl_2\)反應，轉(zhuǎn)移電子數(shù)為\(2N_A\)C.0.1mol/L\(Na_2CO_3\)溶液中，\(CO_3^{2-}\)的數(shù)目小于\(0.1N_A\)D.常溫常壓下，14g乙烯和丙烯的混合氣體中含有的氫原子數(shù)為\(2N_A\)解析：選項A：標準狀況下苯為液態(tài)，不能用“22.4L/mol”（氣體摩爾體積）計算分子數(shù)，A錯誤；選項B：\(Fe\)與\(Cl_2\)反應生成\(FeCl_3\)（\(Cl_2\)的強氧化性使\(Fe\)顯+3價），1mol\(Fe\)失去3mol電子，轉(zhuǎn)移電子數(shù)為\(3N_A\)，B錯誤；選項C：溶液體積未知，無法計算\(CO_3^{2-}\)的物質(zhì)的量（即使考慮水解，也需體積才能判斷數(shù)目），C錯誤；選項D：乙烯（\(C_2H_4\)）和丙烯（\(C_3H_6\)）的最簡式均為\(CH_2\)，14g混合氣體中\(zhòng)(CH_2\)的物質(zhì)的量為\(\frac{14\,\text{g}}{14\,\text{g/mol}}=1\,\text{mol}\)，含氫原子\(2\,\text{mol}\)（即\(2N_A\)），D正確。答案：\(\boldsymbol{D}\)（二）非選擇題·工業(yè)流程與原理綜合例4：以黃銅礦（主要成分為\(CuFeS_2\)，含少量\(SiO_2\)）為原料制備膽礬（\(CuSO_4\cdot5H_2O\)）的工藝流程如下：\[\text{黃銅礦}\xrightarrow[\text{焙燒}]{\text{空氣}}\text{焙燒渣}\xrightarrow[\text{酸浸}]{\text{稀}H_2SO_4}\text{酸浸液}\xrightarrow[\text{除雜}]{\text{調(diào)pH、加試劑}}\text{純}CuSO_4\text{溶液}\xrightarrow{\text{蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶}}\text{膽礬}\]（1）“焙燒”時，\(CuFeS_2\)轉(zhuǎn)化為\(CuO\)、\(Fe_2O_3\)和\(SO_2\)，該反應的化學方程式為____________________。（2）“酸浸”時，\(SiO_2\)不溶解，濾渣的主要成分為______；若“酸浸”后溶液中\(zhòng)(c(Fe^{3+})=0.01\,\text{mol/L}\)，則\(pH=\)______（\(K_{sp}[Fe(OH)_3]=8\times10^{-38}\)）。（3）“除雜”時，加入\(CuO\)調(diào)節(jié)\(pH\)的目的是____________________，再加入適量\(H_2O_2\)的作用是____________________。解析：本題考查氧化還原反應配平、溶度積計算與除雜原理。（1）焙燒時，\(CuFeS_2\)與\(O_2\)反應生成\(CuO\)、\(Fe_2O_3\)和\(SO_2\)，根據(jù)化合價升降配平：\[4CuFeS_2+13O_2\xlongequal{\text{高溫}}4CuO+2Fe_2O_3+8SO_2\]（2）酸浸時，\(SiO_2\)不與稀\(H_2SO_4\)反應，濾渣主要成分為\(\boldsymbol{SiO_2}\)；由\(K_{sp}[Fe(OH)_3]=c(Fe^{3+})\cdotc^3(OH^-)=8\times10^{-38}\)，代入\(c(Fe^{3+})=0.01\,\text{mol/L}\)得：\[c(OH^-)=\sqrt[3]{\frac{8\times10^{-38}}{0.01}}=2\times10^{-12}\,\text{mol/L}\]\[c(H^+)=\frac{1\times10^{-14}}{2\times10^{-12}}=5\times10^{-3}\,\text{mol/L}\impliespH\approx2.3\]（3）加入\(CuO\)（堿性氧化物）調(diào)節(jié)\(pH\)，目的是使\(Fe^{3+}\)水解生成\(Fe(OH)_3\)沉淀（不引入新雜質(zhì)）；\(H_2O_2\)的作用是將\(Fe^{2+}\)氧化為\(Fe^{3+}\)（\(Fe^{2+}\)的氫氧化物溶度積較大，需氧化為\(Fe^{3+}\)才能通過調(diào)\(pH\)除去）。三、生物部分：緊扣代謝調(diào)節(jié)與遺傳規(guī)律生物需突破光合作用與呼吸作用、遺傳規(guī)律應用、實驗設(shè)計等模塊，核心是“從生命活動的整體性與規(guī)律性分析問題”。（一）非選擇題·遺傳規(guī)律與實驗設(shè)計例5：某植物的花色由兩對等位基因（\(A/a\)、\(B/b\)）控制，顯性基因同時存在（\(A\_B\_\)）時開紅花，其余情況（\(A\_bb\)、\(aaB\_\)、\(aabb\)）開白花?，F(xiàn)有純合白花植株甲（\(AAbb\)）和純合白花植株乙（\(aaBB\)）雜交，\(F_1\)自交得\(F_2\)。（1）\(F_1\)的基因型為______，表現(xiàn)型為______。（2）\(F_2\)中紅花植株的基因型有______種，其中雜合子占______。（3）若將\(F_2\)中紅花植株與白花植株（\(aabb\)）雜交，后代紅花植株的比例為______。解析：本題考查基因的自由組合定律，需明確“顯性基因同時存在”的表型邏輯。（1）純合白花甲（\(AAbb\)）與純合白花乙（\(aaBB\)）雜交，\(F_1\)基因型為\(\boldsymbol{AaBb}\)；因\(A\)和\(B\)同時存在，表現(xiàn)型為\(\boldsymbol{紅花}\)。（2）\(F_1\)（\(AaBb\)）自交，\(F_2\)基因型及比例為\(A\_B\_:A\_bb:aaB\_:aabb=9:3:3:1\)，其中紅花（\(A\_B\_\)）的基因型有\(zhòng)(AABB\)、\(AABb\)、\(AaBB\)、\(AaBb\)，共\(\boldsymbol{4}\)種；純合子僅\(AABB\)（占紅花的\(\frac{1}{9}\)），因此雜合子占比為\(1-\frac{1}{9}=\boldsymbol{\frac{8}{9}}\)。（3）\(F_2\)中紅花植株的基因型及比例為\(AABB:AABb:AaBB:AaBb=1:2:2:4\)。與\(aabb\)雜交，后代為紅花（\(A\_B\_\)）的條件是“同時獲得\(A\)和\(B\)配子”：\(AABB\timesaabb\)：后代全為\(AaBb\)（紅花），貢獻\(\frac{1}{9}\times1=\frac{1}{9}\)；\(AABb\timesaabb\)：后代\(AaBb\)（紅）、\(Aabb\)（白）各占\(\frac{1}{2}\)，紅花貢獻\(\frac{2}{9}\times\frac{1}{2}=\frac{1}{9}\)；\(AaBB\timesaabb\)：后代\(AaBb\)（紅）、\(aaBb\)（白）各占\(\frac{1}{2}\)，紅花貢獻\(\frac{2}{9}\times\frac{1}{2}=\frac{1}{9}\)；\(AaBb\timesaabb\)：后代\(AaBb\)（紅）占\(\frac{1}{4}\)，紅花貢獻\(\frac{4}{9}\times\frac{1}{4}=\frac{1}{9}\)；綜上，后代紅花植株的比例為\(\frac{1}{9}+\frac{1}{9}+\frac{1}{9}+\frac{1}{9}=\boldsymbol{\frac{4}{9}}\)。四、備考建議：精準突破，高效提分1.分學科鞏固，構(gòu)建知識網(wǎng)絡(luò)：物理聚焦“模型+規(guī)律”（如天體運動、電磁感應的核心公式），化學深挖“反應本質(zhì)+原理應用”（如氧化還原配平、平衡移動），生物緊扣“代謝調(diào)節(jié)+遺傳邏輯”（如光合呼吸的物質(zhì)能量變化、遺傳實驗設(shè)計）。2.限