第=page11頁，共=sectionpages11頁2025-2026學(xué)年四川省德陽市第五中學(xué)高二（上）開學(xué)考試物理試卷一、單選題：本大題共7小題，共28分。1.由于地球的自轉(zhuǎn)，地球表面上各點均做勻速圓周運動，所以(

)

A.地球表面各處具有相同大小的線速度

B.地球表面各處具有相同大小的角速度

C.地球表面各處具有相同大小的向心加速度

D.地球表面各處的向心加速度方向都指向地球球心2.汽車上坡性能主要取決于發(fā)動機功率、傳動系統(tǒng)效率、輪胎抓地力以及懸掛系統(tǒng)的性能。這些因素共同決定了汽車在爬坡時的表現(xiàn)。如圖所示，汽車在圓形拱形橋上進行相關(guān)性能測試，若圖中汽車正在減速上坡，則汽車此時所受合力F的畫法合理的是(

)A.B.C.D.3.物體在恒定的合力F作用下做直線運動，在時間Δt1內(nèi)速度由0增大到v，在時間Δt2內(nèi)速度由v增大到2v.設(shè)F在Δt1內(nèi)做的功是W1，沖量是I1；在ΔA.I1<I2，W1=W2 B.I1<I24.地球同步衛(wèi)星的發(fā)射過程可以簡化如下：衛(wèi)星先在近地圓形軌道Ⅰ上運動，在點A時點火變軌進入橢圓軌道Ⅱ，到達軌道的遠地點B時，再次點火進入同步軌道Ⅲ繞地球做勻速圓周運動。設(shè)衛(wèi)星質(zhì)量保持不變，下列說法中正確的是(

)

A.衛(wèi)星在軌道Ⅱ上運動經(jīng)過A點時的速率小于7.9km/s

B.衛(wèi)星在軌道Ⅱ上A點的機械能小于軌道Ⅱ上B點的機械能

C.衛(wèi)星在軌道Ⅱ上A點的速度大于衛(wèi)星在軌道Ⅲ上B點的速度

D.衛(wèi)星在軌道Ⅱ上的運動周期大于在軌道Ⅲ上的運動周期5.如圖所示，一物塊以一定初速度沿粗糙的固定斜面上滑，運動時間t后，回到原位置，已知運動過程中摩擦力大小恒定，初位置為重力勢能零勢能點，則下列表示物體運動時間t的過程中，關(guān)于物體動能、重力勢能、機械能、重力功率隨時間變化的關(guān)系圖中正確的是(

)A.B.C.D.6.貴州首條無人駕駛公交花溪大學(xué)城專線于2025年5月4日正式開通。若無人駕駛公交在平直公路上啟動后的速度一時間圖像如圖所示，其中0～t1段為直線，t1～t2段為曲線，t2～t3A.0～t1過程中機車的牽引力越來越大

B.t1～t2過程中機車的牽引力保持不變

C.t17.如圖所示，排球運動員第一次在a點將排球水平擊出，排球擊中地面上的b點；第二次在c點將即將落地的排球斜向上擊出，排球也擊中b點。c點在a點的正下方，第二次排球運動的最高點d與a點等高，排球兩次運動軌跡交點恰好為排球網(wǎng)上端點e。不計空氣阻力，下列說法正確的是(

)

A.排球兩次在空中運動時間相等

B.排球兩次落到b點的速度大小相等

C.a、e兩點的高度差與e、c兩點的高度差之比為1:8

D.a、e兩點的水平距離與e、b兩點的水平距離之比為2:3二、多選題：本大題共3小題，共12分。8.質(zhì)量為m的物體，由靜止開始下落，下落過程的加速度大小為45g。物體下落?的過程中，下列說法中正確的是(

)A.物體的動能增加了45mg? B.物體的機械能減少了45mg?

C.物體克服阻力所做的功為19.如圖所示，細繩穿過豎直的管子拴住一個小球，用力F拉住細繩，先讓小球在A位置所在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，再讓小球在B位置所在水平面內(nèi)做勻速圓周運動。A、B位置在同一豎直線上，不計一切摩擦。則(

)

A.拉力FA>FB B.拉力FA<FB10.如圖甲所示，兩個完全相同物塊A和B(均可視為質(zhì)點)放在水平圓盤上，它們分居圓心兩側(cè)，用不可伸長的輕繩相連，兩物塊質(zhì)量均為1?kg，與圓心距離分別為RA和RB，其中RA<RB且RA=1?m。設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，當圓盤以不同角速度ω繞軸OO′勻速轉(zhuǎn)動時，繩中彈力FTA.物塊與圓盤間的動摩擦因數(shù)μ=0.5

B.物塊B與圓心距離RB=2?m

C.A受到的靜摩擦力方向始終指向圓心

D.當角速度為2

三、實驗題：本大題共2小題，共18分。11.根據(jù)公式F向=mυ2r和F向=mω2r，某同學(xué)設(shè)計如下實驗來感受向心力.如圖甲所示，用一根細繩(可視為輕繩)一端拴一個小物體，繩上離小物體30cm圖乙所示)掄動細繩，使小物體做勻速圓周運動，請另一位同學(xué)幫助用秒表計時．操作一：手握A點，使小物體在光滑水平桌面上每秒運動一周，體會此時繩子拉力的大小F操作二：手握B點，使小物體在光滑水平桌面上每秒運動一周，體會此時繩子拉力的大小F2．

(1)小物體做勻速圓周運動的向心力由

提供;(2)操作二使小物體每秒運動周數(shù)與操作一相同，是為了控制小物體運動的

相同;(3)如果在上述操作中突然松手，小物體將做

運動．(4)在上述操作中采用的研究方法是

．12.在“驗證動量守恒定律”的實驗中，先讓質(zhì)量為m1的A球從斜槽軌道上某一固定位置S由靜止開始滾下，從軌道末端水平拋出，落到位于水平地面的復(fù)寫紙上，在復(fù)寫紙下面的白紙上留下痕跡。重復(fù)上述操作10次，得到10個落點痕跡。再把質(zhì)量為m2的B球放在斜槽軌道末端，讓A球仍從位置S由靜止?jié)L下，與B球碰撞后，在復(fù)寫紙下面的白紙上留下各自的落點痕跡，重復(fù)操作10次。M、P、N為三個落點的平均位置，O點是軌道末端在白紙上的豎直投影點，如圖甲所示，并測出M、P、N三點與O點間距離分別是LM、LP(1)實驗中，通過測量

間接地測定小球A、B碰撞前后的速度(填選項前的字母)；A.小球開始釋放的高度?B.小球拋出點距地面的高度HC.小球做平拋運動的水平距離(2)下列要求，正確的是

(填選項前的字母)；A.必須測量小球A開始釋放的高度?B.斜槽軌道末端的切線必須水平C.天平、刻度尺、停表都是本實驗必須使用的器材(3)為了盡量減小實驗誤差，兩個小球的質(zhì)量應(yīng)滿足m1>m2，若關(guān)系式

成立，則可以認為兩小球碰撞前后總動量守恒；若關(guān)系式

同時成立，則可以認為兩球的碰撞為彈性碰撞(4)實驗時，若斜槽軌道光滑，兩小球發(fā)生彈性碰撞，且m1<m2<3m1，圖乙中的C、D、E是小球三個落點的平均位置，并測出C、D、E三點與O點間距離分別是LC、L

四、計算題：本大題共3小題，共30分。13.滑板運動由沖浪運動演變而來，已被列為奧運會正式比賽項目。如圖所示，某滑板愛好者從斜坡上距平臺H=2.5m高處由靜止開始下滑，水平離開A點后越過壕溝落在水平地面的B點，A、B兩點高度差?=1.8m，水平距離x=3.6m。已知人與滑板的總質(zhì)量m=60kg，取重力加速度g=10m/s2，不計空氣阻力，求：

(1)人與滑板從A點離開時的速度大??；(2)人與滑板從A點運動到B點重力做功的平均功率；(3)人與滑板從斜坡下滑到A點過程克服阻力做的功。14.如圖所示，桌面上固定有一半徑為R的水平光滑圓軌道，M、N為軌道上的兩點，且位于同一直徑上，P為MN段的中點。在P點處有一加速器(大小可忽略)，小球每次經(jīng)過P點后，其速度大小都增加ν0。質(zhì)量為m的小球1從N處以初速度ν0沿軌道逆時針運動，與靜止在M處的小球2發(fā)生第一次彈性碰撞，碰后瞬間兩球速度大小相等。忽略每次碰撞時間。求：

(1)球1第一次經(jīng)過P點后瞬間向心力的大??；

(2)球2的質(zhì)量；

(3)兩球從第一次碰撞到第二次碰撞所用時間。15.如圖所示，L=2m的長木板C靜置于光滑水平地面上，光滑斜面PQ固定在水平地面上，C的右端與斜面PQ平滑連接?？梢暈橘|(zhì)點的小滑塊A、B靜止在長木板的中點位置，兩滑塊之間有彈性勢能為E=3J的微型壓縮輕彈簧，彈簧左端固定在A上，右端與B接觸但不拴接。瞬間釋放彈簧，滑塊B到達斜面最高點Q時速度恰好為零(滑塊B從右側(cè)離開斜面)。已知滑塊A下表面光滑，質(zhì)量mA=2kg；滑塊B與長木板C質(zhì)量均為m=1kg，二者間的動摩擦因數(shù)μ=0.1，重力加速度g取10m/(1)求釋放彈簧瞬間，滑塊A、B速度大??；(2)求P、Q兩點的豎直高度差?；(3)若改變兩滑塊的初始位置，使初始位置與長木板C右端的距離為kL(0<k<1)，求釋放彈簧后，滑塊B運動過程中克服摩擦力做的功(B不會再次與A碰撞)。

答案解析1.【答案】B

【解析】AB.地球在自轉(zhuǎn)時，地球表面上各點的角速度相同，而線速度v=ωr，v與r成正比，赤道上各點線速度最大，故A錯誤，B正確；

C.根據(jù)向心加速度公式an=ω2r，可知向心加速度與半徑成正比，赤道上向心加速度最大。故C錯誤；

D.地球表面各處的向心加速度方向指向地軸方向，只有赤道上指向地心，故D2.【答案】C

【解析】AD.物體做曲線運動時，合外力及加速度指向運動軌跡凹的一側(cè)，，故AD錯誤；

BC.汽車做減速曲線運動，合力與速度夾角為鈍角，故C正確，B錯誤。

故選C。3.【答案】D

【解析】【分析】

根據(jù)動能定理研究功的關(guān)系，根據(jù)動量定理研究沖量的關(guān)系．

根據(jù)動能定理求合力做的功、根據(jù)動量定理求合力的沖量是這兩大定理基本的應(yīng)用．

【解答】

根據(jù)動能定理得：W1=12mv2，W2=12m(2v)2?12mv2=34.【答案】C

【解析】A.7.9km/s是第一宇宙速度，是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，也是衛(wèi)星繞地球做圓周運動的最大速度。衛(wèi)星在軌道Ⅰ上運動時速度約為7.9km/s，從軌道Ⅰ變軌到軌道Ⅱ，在A點需要點火加速，所以衛(wèi)星在軌道Ⅱ上經(jīng)過A點時的速率大于7.9km/s，故A錯誤；B.衛(wèi)星在橢圓軌道Ⅱ上運動時，只有萬有引力做功，機械能守恒，所以衛(wèi)星在軌道Ⅱ上

A

點的機械能等于軌道Ⅱ上B點的機械能，故B錯誤；C.根據(jù)

GMmr2=mv2r，解得

v=GMr，可知

vIA>vIIIB，又因為衛(wèi)星在Ⅰ軌道A點需要加速才能到Ⅱ軌道，故有

vIIA>D.根據(jù)開普勒第三定律，軌道半長軸越大，周期越長。軌道Ⅱ的半長軸小于軌道Ⅲ的半徑，所以衛(wèi)星在軌道Ⅱ上的運動周期小于在軌道Ⅲ上的運動周期，故D錯誤。故選C。5.【答案】D

【解析】根據(jù)牛頓第二定律可知，物體以加速度a1=gsinθ+fm向上做勻減速運動，v1=v?a1t；以加速度a2=gsinθ?fm向下做勻加速運動，v2=a2t

，

A.動能Ek=12mv2顯然與時間不是線性變化，故A6.【答案】D

【解析】A.由題可知，

0～t1

段為直線，說明機車的加速度不變，根據(jù)牛頓第二定律

F?f=ma，可知此階段機車的牽引力大小不變，故B.由題可知，

t1～t2

階段機車以恒定功率運行，根據(jù)

P=FvC.由題可知，

t1～t2

階段機車的牽引力減小，

t2～t3D.根據(jù)上述分析可知，

0～t1

過程中，機車勻加速啟動，此時機車受到的牽引力為

F=ma+f，t2～t3

階段，機車勻速行駛。此階段機車的牽引力

F′故選D。7.【答案】C

【解析】A.第二次排球運動的最高點d與a點等高，故比較第一次排球從a到b的過程和第二次排球從d到b的過程，這兩個過程都做平拋運動，豎直方向做自由落體運動，下落高度一樣，運動時間一樣，根據(jù)運動的對稱性可知，第二次從c到d的運動時間也等于第一次從a到b的運動時間，因此兩次排球在空中運動時間不相等，故A錯誤；

B.設(shè)a到b的高度差為H，根據(jù)平拋運動規(guī)律可知，水平方向xab=vat，xdb=vdt，

由題可知xab=2xdb，

解得va=2vd，

豎直方向根據(jù)vy2=2gH，

解得vy=2gH，

則第一次排球到達b點的速度為vb=va2+vy2=4vd2+2gH，

第二次排球到達b點的速度為vb′=vd2+vy2=vd2+2gH，

可得vb>vb′，

故B錯誤；

C.由題可知，過e點作出與bc水平的平行線，交點如圖所示

排球從a到f的時間和從d到g的時間相等，設(shè)為t′，根據(jù)上述分析可知va=2vd，則有xae=2xde，

根據(jù)平拋運動的規(guī)律可知，從8.【答案】AC

【解析】A.物體的合力做正功為45mg?，則物體的動能增量為45mg?，故A正確；

BC.物體下落過程中，受到阻力為15mg，物體克服阻力所做的功15mg?，機械能減小量等于阻力所做的功；故機械能減小了15mg?，故B錯誤，C正確；

D.物體下落?高度，重力做功為9.【答案】BC

【解析】CD.先讓小球在A位置所在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，再讓小球在B位置所在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，設(shè)繩子與豎直方向夾角為θ，繩子長度為l，小球所在平面距離頂點的豎直高度為?，對小球分析有F向=mgtanθ=mω2lsinθ，

解得角速度ω=glcosθ，

其中cosθ=?l，

聯(lián)立有ω=g?，

由題意可知，小球從A處到達B處，?減小，則ωA<ωB，故C正確，D錯誤；

AB.設(shè)繩子與豎直方向夾角為θ，小球質(zhì)量為m，對小球分析，根據(jù)豎直方向受力平衡有F=mgcos10.【答案】BD

【解析】本題主要考查圓盤上物體的圓周運動，解決本題的關(guān)鍵是知道B先達最大靜摩擦力，細繩出現(xiàn)張力后A受的靜摩擦力先減小到零再反向增大，根據(jù)細繩拉力和摩擦力的合力提供向心力列式求解。

A.當ω較小時，兩物塊均由靜摩擦力充當向心力，ω增大，由F=mω2r可知，它們受到的靜摩擦力也增大，而B的半徑大于A的半徑，所以B受到的靜摩擦力先達到最大，由圖知當ω2=0.5rad/s2時，B達最大靜摩擦力，之后細繩拉力和摩擦力的合力提供B的向心力，即有FT+μmg=mω2RB，得FT=mω2RB?μmg。由圖像縱軸的截距，可知B受最大靜摩擦力為1N，即μmg=1N，解得μ=0.1，故A錯誤；

B.當ω2=0.5rad/s2時，根據(jù)μmg=mω2RB，解得：RB=2m，故B正確；

C.當繩子出現(xiàn)拉力后，對A有：FT+fA=mω2RA，從而可得μmg?11.【答案】繩子拉力周期(或角速度、轉(zhuǎn)速)勻速直線控制變量法

【解析】(1)小物體豎直方向受到重力和支持力而平衡，水平方向只受到一個繩子拉力，小物體做勻速圓周運動的向心力由繩子拉力提供;(2)操作二使小物體每秒運動周數(shù)與操作一相同，是為了控制小物體運動的周期(或角速度、轉(zhuǎn)速)相同;

(3)如果在上述操作中突然松手，水平方向不受力的小物體將做勻速直線運動．(4)在上述操作中采用的研究方法是控制變量法。12.【答案】CBmmm

【解析】(1)由于平拋運動的高度H相同，根據(jù)?=12?gt2得小球在空中運動時間t相同，根據(jù)平拋運動規(guī)律可知平拋運動初速度：v0=xt，即可通過小球平拋運動的水平位移大小x間接表示速度的大小，故AB錯誤，C正確。

故選：C；

(2)A、為了保證小球到達斜槽末端時的速度相同，需要保證小球從同一高度?靜止釋放，但不需要測量?，故A錯誤；

B、斜槽軌道末端切線必須水平，保證小球能做平拋運動，故B正確；

C、不需要停表，因為平拋運動時間由高度決定，高度相同，時間相同，用天平測質(zhì)量、刻度尺測距離即可，故C錯誤。

故選：B；

(3)分析可知未放B球前，A球落點為P，放上B球發(fā)生碰撞后，A球、B球落地分別為M、N，規(guī)定向右為正方向，

根據(jù)動量守恒定律有：m1LPt=m1LMt+m2LNt，整理得：m1LP=m1LM+m2LN，

若為彈性碰撞，即碰撞前A13.【答案】(1)設(shè)人與滑板從A點到B點所用的時間為t

平拋水平位移：x=vAt

平拋豎直位移：?=12gt2

解得：t=0.6s

vA=6m/s

(2)重力做功：WG=mg?

平均功率：P=WGt

解得：P=1.8×103W

(3)人與滑板從斜坡下滑過程中

由動能定理：mgH+Wf=12mvA2?0

解得：Wf【解析