安徽省合肥十八中學(xué)2018屆高三上學(xué)期第四次月考物理試題一、選擇題1.一個物體沿直線運動，從t=0時刻開始，物體的～t的圖象如圖所示，圖線與縱橫坐標(biāo)軸的交點分別為0.5m/s和－1s，由此可知()A.物體的初速度大小為0.5m/sB.物體做變加速直線運動C.物體做勻速直線運動D.物體的初速度大小為1m/s【答案】A【解析】由數(shù)學(xué)知識可得:,則得:由勻變速直線運動的位移公式可以知道物體做勻加速直線運動,初速度為,物體的加速度大小為故A正確綜上所述本題答案是：A2.如圖，在傾角為α的固定光滑斜面上，有一用繩子栓著的長木板，木板上站著一只貓．已知木板的質(zhì)量是貓的質(zhì)量的2倍．當(dāng)繩子突然斷開時，貓立即沿著板向上

跑，以保持其相對斜面的位置不變．則此時木板沿斜面下滑的加速度為()A.1.5gsinαB.0.5gsinαC.gsinαD.2gsinα【答案】A【解析】【試題分析】對貓和木板受力分析受力分析，可以根據(jù)各自的運動狀態(tài)由牛頓第二定律分別列式來求解，把貓和木板當(dāng)做一個整體的話計算比較簡單．木板沿斜面加速下滑時，貓保持相對斜面的位置不變，即相對斜面靜止，加速度為零．將木板和貓作為整體，由牛頓第二定律，受到的合力為F木板=2ma，貓受到的合力為F貓=0則整體受的合力等于木板受的合力：F合=F木板=2ma（a為木板的加速度），又整體受到的合力的大小為貓和木板沿斜面方向的分力的大?。ù怪毙泵娣至榱悖┘碏合=3mgsinα，解得a=1.5gsinα【點睛】本題應(yīng)用整體法對貓和木板受力分析，根據(jù)牛頓第二定律來求解比較簡單，當(dāng)然也可以采用隔離法，分別對貓和木板受力分析列出方程組來求解．3.如圖所示，質(zhì)量為的物體（可視為質(zhì)點）以某一速度從A點沖上傾角為300的固定斜面，其運動的加速度為g，此物體在斜面上上升的最大高度為h，則在這個過程中物體A.重力勢能增加了mghB.物體克服阻力做功mghC.動能損失了D.機械能損失了mgh【答案】D【解析】A、物體上升的最大高度為h，則重力勢能增加mgh．故A錯誤．B、根據(jù)牛頓第二定律得，物體所受的合力，方向沿斜面向下，根據(jù)合力做功為，則動能損失．故D正確，B、C錯誤．故選D．【點睛】解決本題的關(guān)鍵掌握功能關(guān)系，知道重力做功與重力勢能的關(guān)系，合力功與動能的關(guān)系．4..在如圖所示電路中，當(dāng)滑動變阻器滑片P向下移動時，則A.A燈變亮，B燈變亮，C燈變亮B.A燈變亮，B燈變亮，C燈變暗C.A燈變亮，B燈變暗，C燈變暗D.A燈變亮，B燈變暗，C燈變亮【答案】D【解析】試題分析：當(dāng)滑動變阻器滑片P向下移動時，滑動變阻器的有效阻值變小，總電阻變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律知，總電流I增大，故A燈變亮；總電流I增大，利用電動勢、內(nèi)電壓和路段電壓關(guān)系可知，B、C燈所在支路的電壓和減小，故B燈變暗；B燈所在支路電流減小，而干路電流增大，所以C燈所在支路電流增大，故C燈變亮，故A正確考點：考查了電路的動態(tài)變化【名師點睛】靈活應(yīng)用閉合電路的歐姆定律、電動勢路端電壓和內(nèi)電壓、干路與支路電流關(guān)系是解決動態(tài)電路的關(guān)鍵，即先局部整體局部的解題思路．5.如圖甲所示，在長約1m的一端封閉的玻璃管中注滿清水，水中放一個圓柱形的紅蠟塊R（圓柱體的直徑略小于玻璃管的內(nèi)徑，輕重適宜，使它能在玻璃管內(nèi)的水中勻速上升），將玻璃管的開口端用膠塞塞緊．將此玻璃管迅速豎直倒置（如圖乙所示）．紅蠟塊R就沿玻璃管由管口A勻速上升到管底B．若在將玻璃管豎直倒置、紅蠟塊剛從A端開始勻速上升的同時，將玻璃管由靜止開始水平向右勻加速移動（如圖丙所示），直至紅蠟塊上升到管底B的位置（如圖丁所示）．紅蠟塊與玻璃管間的摩擦很?。梢院雎圆挥?，在這一過程中相對于地面而言（）A.紅蠟塊做速度大小、方向均不變的直線運動B.紅蠟塊做速度大小變化的直線運動C.紅蠟塊做加速度大小、方向均不變的曲線運動D.紅蠟塊做加速度大小變化的曲線運動【答案】C【解析】試題分析：將紅蠟塊的運動分解到水平方向的豎直方向，豎直方向做勻速直線運動，水平方向隨玻璃管一起做勻加速直線運動，加速度大小、方向不變，這樣合運動就是曲線運動，因此C正確，A、B、D錯誤?？键c：運動的合力與分解【名師點睛】此題考查了運動的合成問題；要知道紅蠟燭參與兩個分運動，兩個分運動之間相互獨立，具有等時性，根據(jù)速度的合成法則即可判斷物體的運動性質(zhì)；此題較簡單，是課本上的問題演化而來的題目，是個很好的改編題目.6.年月我國宇航員在天宮一號空間站中進行了我國首次太空授課活動，展示了許多在地面上無法實驗的實驗現(xiàn)象，假如要在空間站再次進行授課活動，下列我們曾在實驗室中進行的實驗，若移到空間站也能夠?qū)嶒灢僮鞯挠校ǎ〢.利用托盤天平測質(zhì)量B.測定單擺做簡諧運動的周期C.利用自由落體驗證機械能守恒定律D.利用彈簧測力計測拉力【答案】D【解析】宇航員在圍繞地球做勻速圓周運動的空間站中會處于完全失重狀態(tài)，物體受的重力正好充當(dāng)向心力，所以與重力有關(guān)的實驗是無法實驗的，如：利用托盤天平測質(zhì)量，利用自由落體驗證機械能守恒定律，測定單擺做簡諧運動的周期．故ABC錯誤；彈簧測力計的原理是胡克定律：，實驗可以利用彈簧測力計測拉力．故D正確．故選D．7.在空中某一位置，以大小v0的速度水平拋出一質(zhì)量為m的物體，經(jīng)過時間t物體下落一段距離后，其速度大小仍為v0，但方向與初速度方向相反，如圖所示，則下列說法中正確的是A.風(fēng)力對物體做功為零B.風(fēng)力對物體做負(fù)功C.物體的機械能增加D.物體的動能變化為【答案】B【解析】由題意知物體的動能不變，D錯；由于物體在豎直方向上初、末速度為0，即物體不做自由落體運動，物體在豎直方向下落的高度小于，物體減少的機械能ΔE＝mgh，所以，故C錯誤；由動能定理知物體克服風(fēng)力做的功與重力做的功相同，故A錯，B對．故選B.【點睛】本題整合了動能定理、自由落體運動等多個知識點，關(guān)鍵要正確分析物體的受力情況，采用運動的分解方法研究．8.發(fā)射地球同步衛(wèi)星要經(jīng)過三個階段：先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道，然后使其沿橢圓軌道運行，最后將衛(wèi)星送入同步圓軌道．軌道、相切于點，軌道、相切于點，如題圖所示．當(dāng)衛(wèi)星分別在軌道、、上正常運行時，則以下說法正確的是（）A.衛(wèi)星在軌道上的運行速率大于B.衛(wèi)星在軌道上的機械能小于它在軌道上的機械能C.衛(wèi)星在軌道上的運行速率小于它在軌道上的運行速率D.衛(wèi)星沿軌道經(jīng)過點時的加速度小于軌道經(jīng)過點時的加速度【答案】C【解析】為最大環(huán)繞速度，則衛(wèi)星在軌道上的運行速率小于，故A錯誤；衛(wèi)星從軌道1到軌道3需要克服引力做較多的功，故在軌道3上機械能較大，故B錯誤；依據(jù)萬有引力公式．，則衛(wèi)星在軌道上的運行速率小于它在軌道上的運行速率，故C正確；依據(jù)牛二定律．衛(wèi)星沿軌道經(jīng)過點時的加速度等于軌道經(jīng)過點時的加速度，故D錯誤．故選C．點睛：解答此類問題就是根據(jù)人造衛(wèi)星的萬有引力等于向心力，列式求出線速度、向心加速度、和向心力的表達式進行討論即可．9.兩電荷量分別為q1和q2的點電荷放在x軸上的O、M兩點，兩電荷連線上各點電勢φ隨x變化的關(guān)系如圖所示，其中A、N兩點的電勢為零，ND段中C點電勢最高，則下列選項說法錯誤的是：A.q1為正電荷，q2為負(fù)電荷B.q1電荷量大于q2的電荷量C.NC間場強方向沿x軸正方向D.將一負(fù)點電荷從N點移到D點，電場力先做正功后做負(fù)功【答案】C【解析】試題分析：由圖知無窮遠處的電勢為0，A點的電勢為零，由于沿著電場線電勢降低，所以O(shè)點的電荷q1帶正電，M點電荷q2帶負(fù)電．故A正確．由圖知無窮遠處的電勢為0，A點的電勢為零．由于A點距離O比較遠而距離M比較近，所以q1電荷量大于q2的電荷量．故B正確；由圖可知：從N到C，電勢三個，根據(jù)順著電場線電勢降低可知，NC間電場強度方向沿x軸負(fù)方向，故C錯誤；N→D段中，電勢先高升后降低，所以場強方向先沿x軸負(fù)方向，后沿x軸正方向，將一負(fù)點電荷從N點移到D點，電場力先做正功后做負(fù)功．故D正確；本題選錯誤選項，故選C．考點：電場強度；電勢【名師點睛】解答此題要知道：電勢為零處，電場強度不一定為零．電荷在電場中與電勢的乘積為電勢能．電場力做功的正負(fù)決定電勢能的增加與否。10.如圖所示，物體A、B用細(xì)繩與輕彈簧連接后跨過滑輪．A靜止在傾角為45°的粗糙斜面上，B懸掛著．已知質(zhì)量mA＝3mB，不計滑輪摩擦，現(xiàn)將斜面傾角由45°減小到30°，那么下列說法中正確的是（）A.彈簧的彈力將增大B.物體A對斜面的壓力將增大C.物體A受到的靜摩擦力將減小D.物體A可能被拉動【答案】BC【解析】試題分析：對物體B受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得到：T=mBg，則知彈簧的彈力不變，故A錯誤；原來有3mBgsin45°mBg=f1，后來3mBgsin30°mBg＜f1，可見物體A并未滑動，而且靜摩擦變?。矬wA對斜面的壓力為：N=mAgcosθ，θ減小，N將增大，故BC正確．物體A所受的最大靜摩擦力，因為N變大，故最大靜摩擦力變大，而靜摩擦力減小，故物體A不可能被拉動，選項D錯誤．故選BC?？键c：物體的平衡【名師點睛】本題關(guān)鍵是先對物體B受力分析，再對物體A受力分析，判斷A的運動狀態(tài)，然后根據(jù)共點力平衡條件列式求解。12.如圖所示，固定的豎直光滑U型金屬導(dǎo)軌，間距為L，上端接有阻值為R的電阻，處在方向水平且垂直于導(dǎo)軌平面、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，質(zhì)量為m、電阻為r的導(dǎo)體棒與勁度系數(shù)為k的固定輕彈簧相連放在導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌的電阻忽略不計。初始時刻，彈簧處于伸長狀態(tài)，其伸長量為，此時導(dǎo)體棒具有豎直向上的初速度v0。在沿導(dǎo)軌往復(fù)運動的過程中，導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸。則下列說法正確的是()A.初始時刻導(dǎo)體棒受到的安培力大小B.初始時刻導(dǎo)體棒加速度的大小C.導(dǎo)體棒往復(fù)運動，最終靜止時彈簧處于壓縮狀態(tài)D.導(dǎo)體棒開始運動直到最終靜止的過程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱【答案】BC【解析】導(dǎo)體棒的初速度為v0，初始時刻產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為E，由法拉第電磁感應(yīng)定律得：E=BLv0設(shè)初始時刻回路中產(chǎn)生的電流為I，由閉合電路的歐姆定律得：;設(shè)初始時刻導(dǎo)體棒受到的安培力為F，由安培力公式得：F=BIL;聯(lián)立上式得，．故A錯誤；初始時刻，彈簧處于伸長狀態(tài)，棒受到重力、向下的安培力和彈簧的彈力，所以：ma=mg+kx+F得：．故B正確；從初始時刻到最終導(dǎo)體棒靜止的過程中，導(dǎo)體棒減少的機械能一部分轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，另一部分通過克服安培力做功轉(zhuǎn)化為電路中的電能；當(dāng)導(dǎo)體棒靜止時，棒受到重力和彈簧的彈力，受力平衡，所以彈力的方向向上，此時導(dǎo)體棒的位置比初始時刻降低了，故C正確；導(dǎo)體棒直到最終靜止時，棒受到重力和彈簧的彈力，受力平衡，則：mg=kx2，得：．由于x1=x2，所以彈簧的彈性勢能不變，由能的轉(zhuǎn)化和守恒定律得：mg（x1+x2）+Ek=Q;解得系統(tǒng)產(chǎn)生的總熱量：可知R上產(chǎn)生的熱量要小于系統(tǒng)產(chǎn)生的總熱量．故D錯誤．故選BC點睛：本題中安培力的經(jīng)驗公式，可以由感應(yīng)電動勢、歐姆定律、安培力三個公式結(jié)合推導(dǎo)出來，要加強記憶，有助于分析和計算．11.如圖所示，光滑的夾角為θ＝30°的三角桿水平放置，兩小球A、B分別穿在兩個桿上，兩球之間有一根輕繩連接兩球，現(xiàn)在用力將小球B緩慢拉動，直到輕繩被拉直時，測出拉力F＝10N，則此時關(guān)于兩個小球受到的力的說法正確的是(小球重力不計)（）A.小球A只受到桿對A的彈力B.小球A受到的桿的彈力大小為20NC.此時繩子與穿有A球的桿垂直，繩子張力大小為D.小球B受到桿的彈力大小為【答案】BD【解析】由題意可知，對A、B分別受力分析，如圖所示，A球受到桿對A的彈力與繩子的張力，故A錯誤；B、對B受力分析，如圖所示，根據(jù)受力平衡條件，則有：，故B正確；C、此時繩子與穿有A球的桿垂直，繩子張力大小20N，故C錯誤；D、根據(jù)力的合成，結(jié)合力的平行四邊形定則可知，小球B受到桿的彈力大小為，故D正確；故選BD.【點評】考查如何進行受力分析，掌握彈力的方向，理解平衡條件的應(yīng)用，注意三角函數(shù)正確的運用．12.如圖所示，豎直放置的兩塊很大的平行金屬板a、b，相距為d，a、b間的電場強度為E，今有一帶正電的微粒從a板下邊緣以初速度v0豎直向上射入電場，當(dāng)它飛到b板時，速度大小不變，而方向變?yōu)樗椒较?，且剛好從高度也為d的狹縫進入bc區(qū)域，bc區(qū)域的寬度也為d，所加電場的場強大小為E，方向豎直向上，磁感應(yīng)強度方向垂直紙面向里，磁場磁感應(yīng)強度大小等于，重力加速度為g，則下列關(guān)于微粒運動的說法正確的是()A.微粒在ab區(qū)域的運動時間為B.微粒在bc區(qū)域中做勻速圓周運動，圓周半徑r＝2dC.微粒在bc區(qū)域中做勻速圓周運動，運動時間為D.微粒在ab、bc區(qū)域中運動的總時間為【答案】ABD【解析】將粒子在電場中的運動沿水平和豎直方向正交分解，水平分運動為初速度為零的勻加速運動，豎直分運動為末速度為零的勻減速運動，根據(jù)運動學(xué)公式，有水平方向：,，豎直方向：，解得：，，故A正確；粒子在復(fù)合場中運動時，由于電場力與重力平衡，故粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，有：，解得：,聯(lián)立解得：r=2d，故B錯誤；由于r=2d，畫出軌跡，如圖由幾何關(guān)系，得到回旋角度為30°，故在復(fù)合場中的運動時間為：，故C正確；粒子在電場中運動時間為：，故粒子在ab、bc區(qū)域中運動的總時間為：故D正確。所以ABD正確，C錯誤。二、實驗題13.光電計時器是一種研究物體運動情況的常見儀器．當(dāng)有物體從光電門通過時，光電計時器就可以顯示物體的擋光時間．現(xiàn)利用如圖甲所示裝置探究物體的加速度與合外力、質(zhì)量關(guān)系，其NQ是水平桌面，PQ是一端帶有滑輪的長木板，1、2是固定在木板上的兩個光電門（與之連接的兩個光電計時器沒有畫出），間距為．小車上固定著用于擋光的窄片K，測得其寬度為d，讓小車從木板的頂端滑下，光電門各自連接的計時器顯示窄片K的擋光時間分別為t1和t2．（1）該實驗中，在改變小車的質(zhì)量M或沙桶的總質(zhì)量m時，需保持Mm（填＞或＜或=或＞＞或＜＜）,這樣做的目的是；（2）用測得的物理量x、d、t1和t2計算加速度的表達式為a=；（3）某位同學(xué)經(jīng)過測量、計算得到如下表數(shù)據(jù)，請在圖乙中作出小車加速度與所受合外力的關(guān)系圖像．組別1234567M/kg0.580.580.580.580.580.580.58F/N0.100.150.200.250.300.350.40a/m·s20.130.170.260.340.430.510.59（4）由圖象可以看出，該實驗存在著較大的誤差，產(chǎn)生誤差的主要原因是：．（4）木板傾角偏?。ɑ蚰┩耆胶饽Σ亮Γ?）如下圖（4）從上圖中發(fā)現(xiàn)直線沒過原點，當(dāng)F≠0時，a=0．也就是說當(dāng)繩子上有拉力時小車的加速度還為0，說明小車的摩擦力與繩子的拉力抵消呢．該同學(xué)實驗前未平衡摩擦力或平衡摩擦力不充分．考點：探究物體的加速度與合外力、質(zhì)量關(guān)系【名師點睛】對于實驗我們要清楚每一項操作存在的理由．比如為什么要平衡摩擦力，為什么要先接通電源后釋放紙帶等．這樣問題我們要從實驗原理和減少實驗誤差方面去解決?？晒┦褂玫钠鞑挠校弘娏鞅恚毫砍?．6A，內(nèi)阻約0．2Ω電壓表：量程3V，內(nèi)阻約為9kΩ滑動變阻器：最大阻值5Ω滑動變阻器：最大阻值20Ω回答下列問題：（1）實驗中滑動變阻器應(yīng)選_____（選填“”或“”），閉合開關(guān)S前應(yīng)將滑片移至___（選填“a”或“b”）端。（2）在實物圖丙中，已正確連接了部分導(dǎo)線，請根據(jù)圖甲電路完成剩余部分的連接。（3）調(diào)節(jié)滑動變阻器，當(dāng)電流表的讀數(shù)為0．50A，電壓表示數(shù)如圖乙所示，其讀數(shù)為________V?！敬鸢浮竣臨2，a⑵如圖所示；⑶2.30V⑷L=94m【解析】（1）本實驗采用限流法測電阻，所以滑動變阻器的最大阻值應(yīng)為R0和Rx總阻值的4倍以上，R0=3Ω，所以滑動變阻器選R2，閉合開關(guān)S前應(yīng)將滑片移至阻值最大處，即a處；考點：伏安法測電阻二、計算題15.年月，奧地利極限運動員菲利克斯·鮑姆加特納乘氣球升至約的高空后跳下，經(jīng)過一段g到達距地面約高度處，打開降落傘并成功落地，打破了跳傘運動的多項世界紀(jì)錄．取重力加速度的大?。ǎ┤艉雎钥諝庾枇?，求該運動員從靜止開始下落至高度處所需的時間及其在此處的速度的大?。ǎ嶒炆?，物體在空氣中運動時會受到空氣的阻力，高速運動時所受阻力的大小可近似表示為，其中為速率，為阻力系數(shù)，其數(shù)值與物體的形狀、橫截面積及空氣密度有關(guān)．已知該運動員在某段時間內(nèi)高速下落的圖象如圖所示，若該運動員和所帶裝備的總質(zhì)量．求該運動員在達到最大速度時所受阻力的阻力系數(shù)．（結(jié)果保留位有效數(shù)字）【答案】（），．（）【解析】試題分析：（1）設(shè)運動員從開始自由下落至1.5km高度處的時間為t，下落距離為S，在1.5km高度處的速度大小為v，根據(jù)運動學(xué)公式有：①②依題意有③聯(lián)立①②③式可得：t=87s④v=8.7×102m/s⑤（2）該運動員達到最大速度時，加速度為零，由牛頓第二定律有：⑥由所給的vt圖象可讀出，可得：k=0.008kg/m⑧考點：考查了牛頓第二定律與運動學(xué)公式的應(yīng)用16.如圖所示，質(zhì)量的木塊A套在水平桿上，并用輕繩將木塊A與質(zhì)量的小球B相連．今用跟水平方向成α=30°角的力，拉著球帶動木塊一起向右勻速運動，運動中M、m相對位置保持不變，取g=10m/s2．求：（1）運動過程中輕繩與水平方向夾角θ；（2）木塊與水平桿間的動摩擦因數(shù)μ．（3）當(dāng)α為多大時，使球和木塊一起向右勻速運動的拉力最??？【答案】（1）（2）（3）時，F(xiàn)最小【解析】試題分析：（1）對B進行受力分析，設(shè)細(xì)繩對B的拉力為T，由平衡條件可得解得：，即（2）對A進行受力分析，由平衡條件有（1分）解得（3）對A進行受力分析，由平衡條件有、解得：令，，即則：顯然，當(dāng)時F有最小值，所以時F的值最小?？键c：考查了共點力平衡條件的應(yīng)用【名師點睛】在處理共點力平衡問題時，關(guān)鍵是對物體進行受力分析，然后根據(jù)正交分解法將各個力分解成兩個方向上的力，然后列式求解，如果物體受到三力處于平衡狀態(tài)，則可根據(jù)矢量三角形法，將三個力移動到一個三角形中，然后根據(jù)角度列式求解，17.在如圖所示的xOy平面內(nèi)，y≥0.5cm和y<0的范圍內(nèi)存在勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度均為B＝1.0T，一個質(zhì)量為m＝1.6×10－15kg，帶電荷量為q＝1.6×10－7C的帶正電粒子，從坐標(biāo)原點O以v0＝5.0×105m/s的速度沿與x軸成30°角的方向斜向上射出，經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)恰好從x軸上的Q點飛過，經(jīng)過Q點時的速度方向也斜向上(不計重力，π＝3.14)，求：(1)粒子從O點運動到Q點所用的最短時間；(2)粒子從O點運動到Q點所通過的路程．【答案】(1)1