2024?2025學(xué)年江蘇省無錫市某校高一（下）期末考試

物理試卷

一、單選題：本大題共11小題，共44分。

1.靜電現(xiàn)象在自然界普遍存在，在生產(chǎn)生活中也時(shí)常會(huì)發(fā)生靜電現(xiàn)象。人們可讓靜電服務(wù)于生產(chǎn)生活，但

也需對(duì)其進(jìn)行防護(hù)，做到趨利避害。下列關(guān)于靜電現(xiàn)象的說法正確的是（）

A.靜電除塵的原理是靜電屏蔽

B.避雷針利用了帶電導(dǎo)體凸起尖銳的地方電荷稀疏、附近空間電場(chǎng)較弱的特點(diǎn)

C.為了安全加油站工作人員工作時(shí)間須穿絕緣性能良好的化纖服裝

D.印刷車間的空氣應(yīng)保證適當(dāng)潮濕，以便導(dǎo)走紙頁間相互摩擦產(chǎn)生的靜電

2.取一對(duì)用絕緣支柱支持的金屬導(dǎo)體4和反使它們彼此接觸，起初它們不帶電，貼在它們下部的金屬箔是

閉合的，現(xiàn)在把帶正電荷的球C移近導(dǎo)體4可以看到小B上的金屬箔都張開了，下列說法正價(jià)的是（）

A.導(dǎo)體4的電勢(shì)比導(dǎo)體B的電勢(shì)低C--------------------

B.導(dǎo)體A內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)比導(dǎo)體B內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)大’（|V15p

C.若先用手摸一下4端，再移走C，A8帶正電

D.若先用手摸一下力端，再移走C,帶負(fù)電當(dāng)小小

3.將不帶電的金屬球8靠近帶正電的金屬球人系統(tǒng)達(dá)到靜電平衡狀態(tài)后，紙面內(nèi)的電場(chǎng)線分布如圖所示，。、

力兩點(diǎn)關(guān)于兩金屬球的連線對(duì)稱，c、d兩點(diǎn)在連線上且與金屬球B球面距離相等.下列說法正確囪是（）

A.口、。兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同

B.c、d兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反

C”點(diǎn)電勢(shì)比d點(diǎn)電勢(shì)高

D.將帶正電的試探電荷從a沿直線移到b點(diǎn)，電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功

4.兩電荷量分別為qi和q2的點(diǎn)電荷，放在y軸上的。、M兩點(diǎn)。若規(guī)定無限遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，則在兩電荷連線

上各點(diǎn)的電勢(shì)0隨y變化的關(guān)系如圖。其中，4、N兩點(diǎn)的電勢(shì)為零，ND段中C點(diǎn)的電勢(shì)最富。則下列說法中

正確的是（）

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A.%為正點(diǎn)電荷，勺2為負(fù)點(diǎn)電荷

B.小N兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小可能為零\）

C.從N點(diǎn)沿y軸正方向，電場(chǎng)強(qiáng)度大小先增大后減小

D.將一負(fù)點(diǎn)電荷從N點(diǎn)移到。點(diǎn)，電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功

0^1V

5.“世界上第一個(gè)想利用火箭飛行的人”是明朝的士大夫萬戶。他把47個(gè)自制的火箭綁在椅子上，自己坐

在椅子上，雙手舉著大風(fēng)箏，設(shè)想利用火箭的推力飛上天空，然后利用風(fēng)箏平穩(wěn)著陸。假設(shè)萬戶及所攜設(shè)

備的總質(zhì)量為M,點(diǎn)燃火箭后在極短的時(shí)間內(nèi)，質(zhì)量為m的熾熱燃?xì)庀鄬?duì)地面以孫的速度豎直向下噴出。忽

略此過程中空氣阻力的影響，要增大火箭的發(fā)射速度大小，下列操作中可行的是（）

A.減小孫的同時(shí)減小mB.增大孫的同時(shí)減小M

C.增大M的同時(shí)減小mD.同比例增大M、m

6.平行板電容器兩極板水平放置.，與電源、電阻/?及開關(guān)S組成如圖所示的電路，閉合開關(guān)，待電容器充電

結(jié)束后，將一帶電油滴置于兩板之間，油滴處于靜止?fàn)顟B(tài)。接著進(jìn)行三步操作：第一步，斷開開關(guān)；第二

步，將N板向上平移一小段距離；第三步，再閉合開關(guān)S。關(guān)于三步操作過程及操作后的現(xiàn)象，下列說法正

確的是

S

A.第二步操作后，板間的電場(chǎng)強(qiáng)度減少B.第二步操作過程中，油滴的電勢(shì)能不變

C.第三步操作后，R中有向左的電流D.第三步操作后，油滴會(huì)向下運(yùn)動(dòng)

7.一帶正電微粒從靜止開始經(jīng)電壓/加速后，射入水平放置的平行板電容器，極板間電壓為外。微粒射入

時(shí)緊靠下極板邊緣，速度方向與極板夾角為45。，微粒運(yùn)動(dòng)軌跡的最高點(diǎn)到極板左右兩端的水平距離分別為

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2L司L,到兩極板距離均為d,如圖所示。忽略邊緣效應(yīng)，不計(jì)重力。下列說法正確的是（）

B.Ui：U2=2：1

C.微粒穿過電容器區(qū)域的偏轉(zhuǎn)角度的正切值為2

D,僅改變微粒的質(zhì)量或者電荷數(shù)量，微粒在電容器中的運(yùn)動(dòng)軌跡不變

8.如圖甲所示電路中，兩定值電阻&=1僅&=5。電容器的電容C=2004心閉合開關(guān)S,滑動(dòng)變阻器危

的滑片尸從最上端向最卜.端緩慢滑動(dòng)過程中，分別記錄電壓表和電流表的示數(shù)，得到U-/圖像如圖乙所示。

已知電表均為理想申表，下列說法正確的是（）

A.電源電動(dòng)勢(shì)為8.0V,內(nèi)阻為2.5。

B.滑動(dòng)變阻器心的最大值為2512

C.當(dāng)滑片P滑到色最下端時(shí)，電容器的帶電量為6.0x10-4C

D.滑片P從最上端向最下端滑動(dòng)過程中，電流表示數(shù)最大值為3.0/1

9.圖甲所示為某電容器的充、放電過程示意圖。電路中的電流傳感器可以捕捉瞬時(shí)的電流變化，它與計(jì)算

機(jī)相連，可顯示電流隨時(shí)間的變化規(guī)律。電源電動(dòng)勢(shì)E=8V、內(nèi)阻不計(jì)，充電前電容器帶電量為零，先使S

與“1”端相連，電源向電容器充電，充電結(jié)束后，使S與“2”瑞相連，直至放電完畢。計(jì)算機(jī)記錄的電流

隨時(shí)間變化的曲線如圖乙所示，下列正確的是（）

A.在電容器充電與放電過程中，通過電阻孔的電流方I可相同

B.圖乙中陰影部分的面積Si<52

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G開關(guān)5,導(dǎo)線若干

（1）實(shí)驗(yàn)電路如圖1所示，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用_____（選填"RJ或"心”）；

（2）實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)靈敏電流計(jì)量程不畛，若要將其改裝為量程30nM的甩流表，需要一（選填“自聯(lián)”或“并

聯(lián)”）一個(gè)電阻R/，R'=篇（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；

（3）多次改變壓力凡在室溫下測(cè)出對(duì)?應(yīng)電阻值外，可得到如圖2所示壓敏電阻的架-產(chǎn)圖線，其中RF表示

壓力為尸時(shí)壓敏電阻的阻值，R（）表不無壓力時(shí)壓敏電阻的阻值；

（4）若利用圖3所示電路測(cè)量靜置于壓敏電阻上物體的質(zhì)量,需要將電壓表表盤刻度值改為對(duì)應(yīng)的物體質(zhì)量。

若質(zhì)量口＞血2,則恤應(yīng)標(biāo)在電壓值（選填“較大”或“較小”）的刻度上。該同學(xué)認(rèn)為表示物體質(zhì)量

的示數(shù)刻度均勻，你是否同意他的觀點(diǎn)？并說明理由。

三、計(jì)算題：本大題共4小題，共48分。

13.如圖，物塊48并排放在光滑水平面上，4上固定一豎直輕桿，用一長(zhǎng)1=0.2m的細(xì)線將小球C（可看成

質(zhì)點(diǎn)）豎直懸掛在輕桿上。點(diǎn)，4、B、C質(zhì)量均為M=0.03的。初始時(shí)，物塊小B均固定在水平面上，質(zhì)量

為m=0.01kg的了?彈以某■水平初速度射入小球。（射入時(shí)間極短且未射出），小球C恰能到達(dá)與。點(diǎn)等高的P

點(diǎn)。取重力加速度g=10m/s2,不計(jì)空氣阻力。

（1）求子彈初速度的大小。

（2）若解除物塊4、8的固定，子彈仍以相同初速度射入小球。（射入時(shí)間極短且未射出），求:

I.小球C能上升的最大高度；

II.物塊B速度的最大值和剛達(dá)到最大值瞬間細(xì)線中拉力的大小。

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14.如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E=6%內(nèi)電阻r=2。，定值電阻％=%=12。，電動(dòng)機(jī)M的內(nèi)電阻&=2。，

水平放置的平行板電容器電容C=2〃尸，板長(zhǎng)，=20cm,板間距d=10cm,質(zhì)量為m=2x10-5女0，帶電

量q=1x10-5。的微粒源源不斷的從電容器左側(cè)中央以一固定速度平行于板進(jìn)入板間，電容器不帶電時(shí)恰

好從極板右側(cè)下邊緣射出電容器；閉合開關(guān)電動(dòng)機(jī)穩(wěn)定工作后，帶電微粒從極板右側(cè)上邊緣射出電容器。

若電動(dòng)機(jī)除內(nèi)電阻外其他損耗不計(jì)，g=10m/s2,求：

―@-----

R2

TI------—

(1)電動(dòng)機(jī)穩(wěn)定工作時(shí)電容器的電荷量Q；

(2)電動(dòng)機(jī)穩(wěn)定工作時(shí)電路的路端電壓U和電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率P機(jī)(結(jié)果保留2位有效數(shù)字)。

15.如圖所示，不可伸長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)線下方懸掛一電荷量為q的帶正電小球，另一端固定在。點(diǎn)，。點(diǎn)左側(cè)某處

有一釘子N,直線ON上方存在豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，開始時(shí)，小球靜止于4點(diǎn)。現(xiàn)給小球一方向水平向右、

大小巧=學(xué)的初速度，使其在豎直平面內(nèi)繞。點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)。途中細(xì)線遇到釘子后，小球繞釘子在豎直

平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到釘子正下方時(shí)，細(xì)線的拉力達(dá)到最大值，且剛好被拉斷，然后小球會(huì)再

次經(jīng)過/點(diǎn)“已知小球的質(zhì)量為m,細(xì)線的長(zhǎng)度為L(zhǎng),重力加速度大小為力求：

(2)細(xì)線的最大拉力；

(3)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小的范圍。

16.如圖甲所示，P點(diǎn)處有質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子連續(xù)不斷地“飄入”電壓為%的加速電場(chǎng)，粒子

經(jīng)加速后從。點(diǎn)水平射入兩塊間距、板長(zhǎng)均為1的水平金屬板間，。為兩板左端連線的中點(diǎn)。熒光屏MO】N為

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半圓弧面，粒子從。點(diǎn)沿直線運(yùn)動(dòng)到屏上Oi點(diǎn)所用時(shí)間為，悟若在4、B兩板間加電壓，其電勢(shì)差U.8隨

時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示，所有粒子均能從平行金屬板右側(cè)射出，并且垂直打在熒光屏上。已知粒子通

過板間所用時(shí)間遠(yuǎn)小于7,粒子通過平行金屬板的過程中電場(chǎng)可視為恒定，粒子間的相互作用及粒子所受的

(1)粒子在。點(diǎn)時(shí)的速度大小；

(2)圖乙中U的最大值；

(3川取(2)中最人?伯，所有粒子均能從平行金屬板右側(cè)射出，并H.垂直打在熒光屏匕求粒子從。點(diǎn)到垂直

打在屏上的最短時(shí)間。

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答案解析

1.【答案】D

【解析】解：A靜電除塵的原理是帶甩體能夠吸引輕小物體，故4錯(cuò)誤；

8.避雷針利用了帶電導(dǎo)體尖端電荷密集、附近空間電場(chǎng)較強(qiáng)的特點(diǎn)，故8錯(cuò)誤；

C.為了安全，加油站工作人員工作時(shí)間須穿導(dǎo)電性能良好的棉制工作服，故C錯(cuò)誤；

D印刷車間中，紙張間摩擦產(chǎn)生大量靜電，由于有一定的濕度，能及時(shí)導(dǎo)走，故。正確。

故選:De

/、靜電除塵的原理是利用電場(chǎng)力將帶電顆粒從氣流中分離出來，達(dá)到凈化空氣的目的；

夙避雷針利用了尖端放電原理；

C、加油站工作人員在工作時(shí)間內(nèi)必須穿著防靜電工作服；

。、靜電危害是由于相互間不斷摩擦，從而產(chǎn)生大量的靜電，不及時(shí)導(dǎo)走，會(huì)出現(xiàn)放電危害。

靜電有應(yīng)用也有防止，在學(xué)習(xí)中要注意止確區(qū)分哪些是應(yīng)用，哪些是防止。

2.【答案】D

【解析】電荷周圍有電場(chǎng)存在，當(dāng)帶正電荷的球。移近導(dǎo)體力時(shí)，出現(xiàn)感應(yīng)起電現(xiàn)象。在A的左端感應(yīng)出

負(fù)電荷，在3的右端出現(xiàn)正電荷，直到達(dá)到靜電平衡，而處于靜電平衡的導(dǎo)體，電荷只分布在外表面，內(nèi)部

電場(chǎng)強(qiáng)度為零，且導(dǎo)體是個(gè)等勢(shì)體，故錯(cuò)誤；

。.當(dāng)人觸摸4后，人與大地相連，電勢(shì)為零，而4的電勢(shì)高于人的電勢(shì)，所以電子從人轉(zhuǎn)移到A上面，即力

上面的負(fù)電荷增多，所以移走C后，48帶負(fù)電，故C錯(cuò)誤，。正確。

3.【答案】C

【解析】4由對(duì)稱性可知a點(diǎn)與b點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，但方向不同，故力錯(cuò)誤：

8.由于金屬球力帶正電，根據(jù)靜電感應(yīng)原理可知，金屬球B左側(cè)帶負(fù)電，右側(cè)帶正電，A8間的場(chǎng)強(qiáng)方向由力

指問3,B右側(cè)的場(chǎng)強(qiáng)方向由5向右，所以。點(diǎn)和d點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向均水平向右，故8錯(cuò)誤；

C/B間的場(chǎng)強(qiáng)方向由A指向B,B右側(cè)的場(chǎng)強(qiáng)方向由8向右，電場(chǎng)線方向由4指向8,由B指向右，沿電場(chǎng)線方

向電勢(shì)降低，所以c點(diǎn)的電勢(shì)比B球表面的電勢(shì)高，B球表面的電勢(shì)比d點(diǎn)的電勢(shì)高，故c點(diǎn)電勢(shì)匕d點(diǎn)電勢(shì)高,

故C正確；

D將帶正電的試探電荷從a沿直線移到8點(diǎn)，從a沿直線到b點(diǎn)電勢(shì)先升高后降低，電勢(shì)能先增大后減小，電

場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功，故。錯(cuò)誤。

4.【答案】A

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【解析】4由圖象可知，M點(diǎn)附近的電勢(shì)為負(fù)值、。點(diǎn)附近的電勢(shì)為正值，所以th為正點(diǎn)電荷，《2為負(fù)點(diǎn)電

荷，故4正確；

B.A.N點(diǎn)的電勢(shì)為零，但s-y圖象的斜率不為零，所以場(chǎng)強(qiáng)不為零，故8錯(cuò)誤；

。.從N點(diǎn)沿y軸正方向，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小先減小后增大再逐漸減個(gè)，故C錯(cuò)誤；

。.將一正點(diǎn)電荷從N點(diǎn)移到。點(diǎn)，電勢(shì)能先增后減，所以電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功，故。錯(cuò)誤。

5.【答案】B

【解析】點(diǎn)燃火箭后在極短的時(shí)間內(nèi)，根據(jù)動(dòng)量守恒可知

mv0=(M—m)v

解得

mv

V=-73-0-----

M-m

所以要增大火箭的發(fā)射速度大小，應(yīng)增大m和v0的同時(shí)減小M。

故選瓦

6.【答案】C

【解析】第一步，斷開開關(guān)，則電容器所帶電荷量保持不變：第二步，將N板向上平移一小段距離，則

板間距離d減小，根據(jù)￡=§=3=衾=當(dāng)，可知板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變；則帶電油滴處于靜止?fàn)顟B(tài),

dCd蠱dIS

帶電油滴所處位置與N板距離減小，根據(jù)U=Ed可知，帶電油滴所處位置與N板間的電勢(shì)差減小，則帶電

油滴所處位置電勢(shì)降低；根據(jù)受力平衡可知，帶電油滴受到的電場(chǎng)力豎直向上，油滴帶負(fù)電，所以油滴的

電勢(shì)能增大，故力〃錯(cuò)誤;

CD根據(jù)C=麻,C吟第二步操作后，電容器電容增大，極板間電勢(shì)差減小，則第三步，再閉合開關(guān)

S后，電容器再次被充電，R中有向左的電流；隨著電容器所帶電荷量的增加，板間場(chǎng)強(qiáng)增大，油滴受到的

電場(chǎng)力增大，油滴會(huì)向上運(yùn)動(dòng)，故C正確，。錯(cuò)誤。

故選Co

7.【答案】D

【解析】【分析】

本題考查帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做拋體運(yùn)動(dòng)的相關(guān)計(jì)算：由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和動(dòng)能定理解答。

【解答】

4帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做類斜施運(yùn)動(dòng)，從進(jìn)入電場(chǎng)到最高點(diǎn)有

2L=vt,d=-yt,0=v—at

x乙y

又

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tan45°=—

聯(lián)立，解得

L：d=1:1

故A錯(cuò)誤；

8帶電粒子在加速電場(chǎng)中，行

12

qui=2mvo

帶電粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中，有

lh12

qT=2mvy

又

sin45T

聯(lián)立，解得

U［：f/2=1:1

故B錯(cuò)誤：

C設(shè)帶電粒子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的速度方向與水平方向夾角為a,則有

tana=tan45°=1

設(shè)帶電粒子射出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的速度方向與水平夾角為0，則有

Vy

tan/?=—

依感意，帶電粒子從最高點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到射出電場(chǎng)過程，有

L=vxt',u'y=at'

聯(lián)立，解得

1

tan/?=亍

根據(jù)數(shù)學(xué)三角函數(shù)，可得

tan(a+/?)=3

故C錯(cuò)誤；

D粒子射入最高點(diǎn)的過程水平方向和豎直方向的位移分別為

1qU2

X=Vxt'y=2^2

解得

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2

U2x

可知帶電粒了?的軌跡方程與其質(zhì)量或者電荷數(shù)量無關(guān)，即軌跡不會(huì)變化。故。正確。

故選Do

8.【答案】B

【解析】4題意可知/?2、/?3并聯(lián)再與%串聯(lián)，電壓表測(cè)的是并聯(lián)電路電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律有u二

E-/(r+/?D

結(jié)合圖乙有5.0V=E-1.2Ax(r+R。,2.0V=E-2.4Ax(r+%)

代入題中數(shù)據(jù)，聯(lián)立解得E=8.0，、r=1.5。

故,4錯(cuò)誤；

6.題意可知滑片在滑動(dòng)變阻器最上端時(shí)，飛接入電路的阻值最大(設(shè)最大阻值為Rmax)，此時(shí)電壓表、電流

表示數(shù)分為％=5.0心1.2/1,根據(jù)歐姆定律有力=//=/]然嗎

代人題中數(shù)據(jù)，聯(lián)立解得Rmax=25。

故5正確：

C圖甲可知電容器與燈并聯(lián)，電容器兩端電壓與占兩端電壓相同，滑片P滑到7?3最下端時(shí)，&被短路，

根據(jù)閉合電路歐姆定律可知&兩端電壓Uo==xR]

K\十r

聯(lián)立以上解得%=3.2V

64

則電容器的帶電量為Q=CU0=(200X10X3.2)C=6.4X10C

故C錯(cuò)誤；

。.清片P在滑動(dòng)變阻器最下端時(shí)，整個(gè)電路電阻最小，電流最大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知最大電流/max=

故。錯(cuò)誤。

故選8。

9.【答案】C

【解析】4由圖甲可知，電容器充電時(shí)，通過電阻孔的電流方向向左，放電時(shí)通過％的電流方向向右，故

在電容器充電與放電過程中，通過電阻島的電流方向相反，故力錯(cuò)誤；

反曲線圖像與對(duì)應(yīng)時(shí)間軸所圍成的面積表示電荷量，充電和放電電荷量相等，所以乙圖中陰影部分的面積相

等，即工=52,故8錯(cuò)誤；

C充完電后，電容器兩端電壓等于電源電動(dòng)勢(shì),則該電容器的電容為§

Uno

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故C正確;

。.由圖乙可知，充電時(shí)的最大電流大于放電時(shí)的最大電流，則用</?2

故D錯(cuò)誤。

故選Co

10.【答案】A

/g(/?l+/?3+Ag)%(R1+Rg)

【解析】根據(jù)電流改裝原理可知，接1時(shí)的量程為=l+，接2時(shí)的量程為/z=，g+

g%A2+R3

故％增大時(shí)，兩個(gè)量程均變大，故力正確。

11.【答案】B

【解析】4當(dāng)小球由最低點(diǎn)開始運(yùn)動(dòng)到第一次回到最低點(diǎn)時(shí).，類似彈性碰撞，設(shè)小球末速度也凹槽末速度v2

mvQ=mux+MV2,gm評(píng)=；巾資+gm設(shè)

聯(lián)立可得時(shí)=嘴就

以初速度方向?yàn)檎较?，由題目可知當(dāng)小球第一次回到最低點(diǎn)時(shí)力V0,即號(hào)1>1

可以判斷mVM,故力錯(cuò)誤;

上當(dāng)小球由最低點(diǎn)開始運(yùn)動(dòng)到第一次回到最高點(diǎn)時(shí)，類似完全非彈性碰撞，設(shè)小球和凹槽的末速度是v7.

由動(dòng)最守恒mvQ=(m+M)v共即巳共=賓瑞

當(dāng)增人M值后會(huì)減小，小球和半圓形凹槽在水平方向的動(dòng)能々共=Rm十M)u；.會(huì)減小。

由機(jī)械能守恒可以判斷重力勢(shì)能不變，水平方向動(dòng)能減小，則豎直方向動(dòng)能一定會(huì)增加。半便形凹槽豎直

方向沒有速度，則小球在豎直方向的速度一定增加，小球會(huì)飛的更高，故4正確：

。.設(shè)小球末速度水平分速度與，凹槽末速度也，由動(dòng)量守恒可知

?nv0=7nv1+MV2,即m(v0-vt)=Mv2

當(dāng)凹槽對(duì)地向左運(yùn)動(dòng)時(shí)v2<0,可得v0<巧

v

由能量守恒可知系統(tǒng)總能量為E=2^崎，即gm評(píng)：>gm*,v0>i

故C錯(cuò)誤；

。.設(shè)小球末速度水平分速度巧，凹槽末速度v2,由動(dòng)量守恒可知

mvQ=mvx+”也，即m(v0—=Mv2

小球由A到8過程中%-%一直增大，所以直增大，故。錯(cuò)誤。

故選民

第12頁，共17頁

12.【答案】(1)%；(2)并聯(lián)；2.7；(4)較小；不同意，根據(jù)圖2可知，壓力與壓敏電阻的電阻值RF的倒數(shù)

成線性關(guān)系，即物體質(zhì)量m與壓敏電阻的電阻值不是線性關(guān)系，由圖3電路中電壓表示數(shù)U=//?"=

可知，即物體質(zhì)量小與電壓U不是線性關(guān)系，因此物體質(zhì)最示數(shù)隨刻度不是均勻變化。

K'Tr-rKp

【解析】(1)由于待測(cè)電阻阻值遠(yuǎn)大于滑動(dòng)變阻器的最大阻值，為測(cè)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓

接法，為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用片;

(2)把電流計(jì)改裝為量程3077M的電流表，需要并聯(lián)一個(gè)分流電IQR',并聯(lián)電阻阻值=等=

2.5xl0-3x30八c”八

30x10-3-2.5x10-3〃x乙/以。

(4)由圖2所示圖像可知，隨壓力F增大，視增大，而治不變，則作變小，即壓力越大，壓敏電阻的阻值越

小。

若叫〉m2,則壓敏電阻受到的壓力尸〔＞尸2,壓敏電阻阻值電壓表測(cè)壓敏電阻兩端電壓，電阻越

小電阻分壓越小，則%VU2,即血1應(yīng)標(biāo)在電壓值較小的刻度上。

由圖2所示可知是=.+1，”第

ER

根據(jù)圖3所示電路圖可知,電壓表示數(shù)U=IRp—F,將即代入，發(fā)現(xiàn)U與昨不成正比，刻度

r+R+R尸

不均勻。

】3.【答案】解；(1)設(shè)子彈的速度為力，擊中C后，二者共同的速度為也

由動(dòng)量守恒m%=(ni+M)V2

當(dāng)C達(dá)到P點(diǎn)時(shí)，由機(jī)械能守恒白O+M)vl=(m+M)gl

聯(lián)立求解得：%=8m/s,v2=72gI=2m/s

(2)/：設(shè)小球C到最高點(diǎn)時(shí)速度為。3

由動(dòng)量守恒(m+M)V2=(m+3M)V3

由機(jī)械能守恒+河)送=+3M泗+(m+M)gh

解得：h=0.12m

II：設(shè)C再次回到最低點(diǎn)時(shí)速度為以，此時(shí)木塊小B恰好分離，B的速度有最大值％

由動(dòng)量守恒(m+M)V2=(m+M；V4+2Mv5

由機(jī)械能守恒+M)詔=1(m+M)v1+1-2Mvl

解得叱=1.6m/s

第13頁，共17頁

v4=—0.4m/s

在最低點(diǎn)，由牛頓第二定律?一(m+M)g=(m+M)"p^

代人數(shù)據(jù)可得虧=1.2/V

答：(1)求子彈初速度的大小為8m/s。

(2)1.小球C能上升的最大高度為0.12m；

II.物塊B速度的最大值和剛達(dá)到最大值瞬間細(xì)淺中拉力的大小為1.2N。

【解析】解題的關(guān)鍵在于明確不同階段的物理過程，合理選擇對(duì)應(yīng)的物理規(guī)律進(jìn)行求解。

本題主要考查了動(dòng)量守恒定律、機(jī)械能守恒定律以及牛頓第二定律在多個(gè)物體相互作用問題中的應(yīng)用。

14.【答案】解：(1)設(shè)微粒的初速度為〃電容器不帶電時(shí)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有

I=vt

d1°

2=2^

解得u=2m/s

電動(dòng)機(jī)穩(wěn)定工作時(shí)，設(shè)電容器兩板間電壓為U‘，粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)，則有

l=vtf

d1,2

22

根據(jù)牛頓第二定律有

U'

q方一m,g

a=-------------

m

則電容器所帶電荷量為

Q=CU,

聯(lián)立以上各式代入數(shù)據(jù)解得

U'=4V

Q=8x10-6。

(2)根據(jù)電路結(jié)構(gòu)知電動(dòng)機(jī)兩端的電壓等于電容器兩板間電壓，所以電路中的總電流為

UU-U'

F+FT

根據(jù)閉合電路的歐姆定律有

U=E-Ir

解得U=5V

通過電動(dòng)機(jī)的電流為

第14頁，共17頁

U—U'5-41

1Ri1212

電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率為

P龍=//】一/沁

解得P/2=0.32W

【解析】詳細(xì)解答和解析過程見【答案】

15.【答案】(1)小球的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示

D

小球從4點(diǎn)出發(fā)到再次回到4點(diǎn)的過程中，所受各個(gè)力做功均為零，所以小球再次問到4點(diǎn)時(shí)速度大小仍為火，

其速度方向與水平方向的夾角設(shè)為。，。、N兩點(diǎn)的距離設(shè)為L(zhǎng)小球由F點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)過程中做平拋運(yùn)動(dòng),

根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)推論，經(jīng)過4點(diǎn)時(shí)速度的反向延長(zhǎng)線必過尸G的中點(diǎn)H,根據(jù)題意可知尸G=，

GA=I

GAl

3而=T=2

2

cos。=-=-

KJ

小球由F點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至4點(diǎn)的過程中，水平方向和豎直方向分別有為cos。-t=l

17

2gt=1

聯(lián)立求得/=

(2)小球經(jīng)過5點(diǎn)時(shí)的速度為勿=vocos0=3噌"

小球繞。點(diǎn)圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r=L-l=^L

小球經(jīng)過9點(diǎn)時(shí)，重力與最大拉力的合力提供向心力，有7