高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGE2025學(xué)年第二學(xué)期天津市濱海新區(qū)期末聯(lián)考高二物理仿真模擬試題一一、單選題：本大題共8小題，共32分。1.ABCDE為單反照相機(jī)取景器中五棱鏡的一個(gè)截面示意圖，AB⊥BC，由a、b兩種單色光組成的細(xì)光束從空氣垂直于AB射入棱鏡，經(jīng)兩次反射后光線垂直于BC射出，且在CD、AE邊只有a光射出，光路圖如圖所示，則a、b兩束光（）A.在真空中，a光的傳播速度比b光的大B.在棱鏡內(nèi)，a光的傳播速度比b光的小C.以相同的入射角從空氣斜射入水中，b光的折射角較小D.分別通過(guò)同一雙縫干涉裝置，a光的相鄰亮條紋間距小【答案】C【解析】A．所有光在真空中有相同的速度，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．在CD、AE邊只有a光射出，b光發(fā)生了全反射，說(shuō)明b光的臨界角小，在五棱鏡中的折射率大，由知，b光在棱鏡里的速度小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．由折射定律知，b光的折射率大，折射角小，選項(xiàng)C正確；D．a(chǎn)光的頻率小于b光的頻率，則a光的波長(zhǎng)大于b光的波長(zhǎng)，由知，a光的相鄰亮條紋間距大于b光的相鄰亮條紋間距，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C。2.下圖中的研究?jī)?nèi)容與“光的干涉”無(wú)關(guān)的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】A．光導(dǎo)纖維工作原理是全反射，與光的干涉無(wú)關(guān)，符合題意，故A正確；B．檢測(cè)厚玻璃板的是否標(biāo)準(zhǔn)利用了薄膜干涉，與光的干涉有關(guān)，不符合題意，故B錯(cuò)誤；C．肥皂薄膜看到彩色條紋利用了薄膜干涉，與光的干涉有關(guān)，不符合題意，故C錯(cuò)誤；D．楊氏雙縫干涉實(shí)驗(yàn)利用了干涉，與光的干涉有關(guān)，不符合題意，故D錯(cuò)誤。故選A，3.如圖甲所示為以O(shè)點(diǎn)為平衡位置，在A、B兩點(diǎn)間運(yùn)動(dòng)的彈簧振子，圖乙為這個(gè)彈簧振子的振動(dòng)圖像，由圖可知下列說(shuō)法中正確的是（）A.在t=0.2s時(shí)，彈簧振子的加速度為正向最大B.在t=0.1s與t=0.3s兩個(gè)時(shí)刻，彈簧振子的速度不同C.從t=0到t=0.2s時(shí)間內(nèi)，彈簧振子做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)D.在t=0.6s時(shí)，彈簧振子有最小的位移【答案】B【解析】A．t=0.2s時(shí)，彈簧振子到達(dá)正向位移最大位置，此時(shí)速度為零，加速度為負(fù)向最大，A錯(cuò)誤；B．t=0.1s時(shí)，彈簧振子的速度沿正方向，t=0.3s與t=0.1s彈簧振子經(jīng)過(guò)同一位置，兩個(gè)時(shí)刻的速度大小相等，方向相反，二者的速度不同，B正確；C．t=0到t=0.2s時(shí)間內(nèi)，彈簧振子逐漸遠(yuǎn)離平衡位置，彈簧振子速度減小，加速度增大，故彈簧振子做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，C錯(cuò)誤；D．t=0.6s時(shí)，彈簧振子具有負(fù)向最大位移，D錯(cuò)誤。4.如圖所示，圖甲為沿x軸傳播的一列簡(jiǎn)諧波在t=0.01s時(shí)刻的波動(dòng)圖像，P、Q分別是x軸上和處的兩質(zhì)點(diǎn)，其中圖乙為質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖像，下列說(shuō)法正確的是（）A.該波沿x軸正方向傳播，波速為15m/sB.質(zhì)點(diǎn)P經(jīng)0.01s的時(shí)間將沿x軸移動(dòng)15cmC.該波與另一列頻率為0.25Hz的波相遇時(shí)，可能發(fā)生穩(wěn)定的干涉D.t=0.15s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)【答案】D【解析】A．t=0.01s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，結(jié)合甲圖，由“上下坡”法可知，機(jī)械波向x軸負(fù)方向傳播，A錯(cuò)誤；B．機(jī)械波傳播過(guò)程中，任意質(zhì)點(diǎn)不會(huì)隨波遷移，B錯(cuò)誤；C．該波的頻率為發(fā)生干涉要滿足兩列波頻率相同，該波與另一列頻率為0.25Hz波相遇時(shí)，不可能發(fā)生穩(wěn)定的干涉，C錯(cuò)誤；D．在t=0.15s時(shí)，即再經(jīng)過(guò)，質(zhì)點(diǎn)Q回到平衡位置，速度方向沿y軸負(fù)方向，D正確。故選D。5.無(wú)線充電技術(shù)在新能源汽車(chē)領(lǐng)域應(yīng)用前景廣闊。如圖甲所示，與蓄電池相連的受電線圈置于地面供電線圈正上方，供電線圈輸入如圖乙所示的正弦式交變電流，下列說(shuō)法正確的是（）A.時(shí)兩線圈之間的相互作用力最小B.時(shí)受電線圈中感應(yīng)電流最大C.受電線圈中電流的有效值一定為20AD.受電線圈中的電流方向每秒鐘改變50次【答案】A【解析】B．根據(jù)圖乙可知，時(shí)，電流隨時(shí)間的變化率為0，即穿過(guò)受電線圈的磁通量變化率為0，受電線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，感應(yīng)電流為零，故B錯(cuò)誤；A．結(jié)合上述，時(shí)受電線圈中的感應(yīng)電流為0，此時(shí)受電線圈不受安培力，所以時(shí)兩線圈之間的相互作用力為0，故A正確；C．供電線圈的電流有效值為20A，受電線圈中的電流由受電線圈產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)及其所在回路決定，不一定是20A，故C錯(cuò)誤；D．交流電的周期，一個(gè)周期內(nèi)電流方向改變兩次，則受電線圈中的電流方向每秒鐘改變次數(shù)為故D錯(cuò)誤。故選A。6.電磁波在通信、醫(yī)療和科學(xué)研究中有廣泛的應(yīng)用。關(guān)于電磁波的應(yīng)用，下列說(shuō)法正確的是（）A.天文學(xué)家用射電望遠(yuǎn)鏡接收天體輻射的紫外線，進(jìn)行天體物理研究B.體溫槍可以探測(cè)并轉(zhuǎn)化無(wú)線電波C.微波爐能快速加熱食物利用了紅外線具有顯著的熱效應(yīng)的特點(diǎn)D.雷達(dá)是一種利用微波來(lái)探測(cè)物體位置的設(shè)備【答案】D【解析】A．射電望遠(yuǎn)鏡用于接收天體發(fā)出的無(wú)線電波，而非紫外線。紫外線需用紫外探測(cè)器，故A錯(cuò)誤；B．體溫槍通過(guò)檢測(cè)人體發(fā)出的紅外線輻射來(lái)測(cè)溫，而非無(wú)線電波，故B錯(cuò)誤；C．微波爐加熱食物利用的是微波使水分子共振產(chǎn)熱，而非紅外線的熱效應(yīng)，故C錯(cuò)誤；D．雷達(dá)通過(guò)發(fā)射和接收微波探測(cè)物體位置，描述正確，故D正確。故選D。7.如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為，方向垂直紙面向里，是它的下邊界。現(xiàn)有質(zhì)量為、電荷量為的帶負(fù)電粒子與成角垂直射入磁場(chǎng)，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力，可得根據(jù)線速度和周期的關(guān)系，可得聯(lián)立解得軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為，則時(shí)間為故選D。8.蹦床是一項(xiàng)運(yùn)動(dòng)員利用從蹦床反彈中表現(xiàn)雜技技巧的競(jìng)技運(yùn)動(dòng)，一質(zhì)量為50kg的運(yùn)動(dòng)員從離蹦床1.8m處自由下落，若從運(yùn)動(dòng)員接觸蹦床到運(yùn)動(dòng)員陷至最低點(diǎn)經(jīng)歷了0.2s，（取g=10m/s2，不計(jì)空氣阻力）則這段時(shí)間內(nèi)，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.運(yùn)動(dòng)員受到的合力沖量大小300N?s B.重力的沖量大小100N?sC.運(yùn)動(dòng)員動(dòng)量變化量大小300N?s D.蹦床對(duì)運(yùn)動(dòng)員的沖量大小200N?s【答案】D【解析】由題意可知考查動(dòng)量變化量、沖量大小的計(jì)算，根據(jù)沖量定義式及動(dòng)量定理計(jì)算可得．設(shè)動(dòng)動(dòng)員剛接觸蹦床時(shí)速度為v，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，可求得從接觸蹦床到陷至最低點(diǎn)，取向下為正，由動(dòng)量定理可理，運(yùn)動(dòng)員受到的合力沖量大小300N?s，故A不符合題意．根據(jù)沖量的定義式可重力的沖量大小，故B不符合題意；運(yùn)動(dòng)員動(dòng)量變化量大小，故C不符合題意；設(shè)蹦床對(duì)運(yùn)動(dòng)員的沖量大小由動(dòng)量定理可得代入數(shù)值可得，故D符合題意．二、多選題：本大題共4小題，共16分。9.如圖所示，子彈以某一水平速度擊中靜止在光滑水平面上的木塊并留在其中。對(duì)子彈射入木塊的過(guò)程，下列說(shuō)法正確的是（）A.子彈克服木塊阻力做的功等于子彈的動(dòng)能減少量B.因子彈受到阻力的作用，故子彈和木塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒C.子彈和木塊組成的系統(tǒng)損失的機(jī)械能等于子彈損失的動(dòng)能減去子彈對(duì)木塊所做的功D.木塊對(duì)子彈的沖量等于子彈對(duì)木塊的沖量【答案】AC【解析】A．由動(dòng)能定理可知，子彈克服木塊阻力做的功等于子彈的動(dòng)能減少量，故A正確；B．子彈與木塊組成的系統(tǒng)所受合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，故B錯(cuò)誤；C．子彈對(duì)木塊做的功等于木塊動(dòng)能的增加量，子彈損失的機(jī)械能轉(zhuǎn)化成系統(tǒng)的熱量和木塊動(dòng)能的增加，即系統(tǒng)損失的機(jī)械能轉(zhuǎn)化成系統(tǒng)的熱量，故子彈和木塊組成的系統(tǒng)損失的機(jī)械能等于子彈損失的動(dòng)能減去子彈對(duì)木塊所做的功，故C正確；D．木塊對(duì)子彈作用力與子彈對(duì)木塊的作用力等大反向，作用時(shí)間相同，故木塊對(duì)子彈的沖量與子彈對(duì)木塊的沖量等大反向，故D錯(cuò)誤。故選AC。10.下列關(guān)于以下四幅插圖的說(shuō)法正確的是（）A.圖甲中，當(dāng)手搖動(dòng)柄使得蹄形磁鐵轉(zhuǎn)動(dòng)，則鋁框會(huì)同向轉(zhuǎn)動(dòng)，但是磁鐵轉(zhuǎn)得更快B.圖乙是真空冶煉爐，耐火材料制成的冶煉鍋外的線圈通入高頻交流電時(shí)，被冶煉的金屬內(nèi)部產(chǎn)生很強(qiáng)的渦流，從而產(chǎn)生大量的熱量使金屬熔化C.圖丙是速度選擇器示意圖，帶電粒子能夠從N向M沿直線勻速通過(guò)D.如圖丁，把一根柔軟的彈簧懸掛起來(lái)，使它的下端剛好跟槽中的水銀接觸，通電后彈簧上下振動(dòng)【答案】ABD【解析】A．根據(jù)電磁驅(qū)動(dòng)原理，圖甲中，當(dāng)手搖動(dòng)柄使得蹄形磁鐵轉(zhuǎn)動(dòng)，則鋁框會(huì)同向轉(zhuǎn)動(dòng)，磁鐵比鋁框轉(zhuǎn)得快，A正確；B．圖乙是真空冶煉爐，當(dāng)爐外線圈通入高頻交流電時(shí)，金屬塊中產(chǎn)生很強(qiáng)渦流，金屬塊中產(chǎn)生大量熱量，從而冶煉金屬，B正確；C．圖丙中假設(shè)粒子帶正電，從N向M運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力的方向向下，洛倫茲力方向也向下，無(wú)法平衡，則不能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，C錯(cuò)誤；D．當(dāng)有電流通過(guò)彈簧時(shí)，構(gòu)成彈簧的每一圈導(dǎo)線周?chē)籍a(chǎn)生了磁場(chǎng)，根據(jù)安培定則知，各圈導(dǎo)線之間都產(chǎn)生了相互的吸引作用，彈簧就縮短了，當(dāng)彈簧的下端離開(kāi)水銀后，電路斷開(kāi)，彈簧中沒(méi)有了電流，各圈導(dǎo)線之間失去了相互吸引力，彈簧又恢復(fù)原長(zhǎng)，使得彈簧下端又與水銀接觸，彈簧中又有了電流，開(kāi)始重復(fù)上述過(guò)程，彈簧上下振動(dòng)，D正確。故選ABD。11.關(guān)于以下四幅圖說(shuō)法正確的是（）A.圖甲，將開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)，燈泡A一定閃亮一下后再熄滅B.圖乙，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S后，彈簧K不會(huì)立刻將銜鐵D拉起而斷電C.圖丙，真空冶煉爐接高頻交流電源后能在爐體內(nèi)產(chǎn)生渦流發(fā)熱加熱金屬使金屬熔化D.圖丁，電子沿逆時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)動(dòng)，為了使電子加速，電磁線圈中的電流應(yīng)該變大【答案】BD【解析】A．線圈的直流電阻和燈泡電阻滿足時(shí)，開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)，燈泡A閃亮一下后再熄滅，故A錯(cuò)誤；B．將S斷開(kāi)，導(dǎo)致穿過(guò)線圈B的磁通量減小變慢，根據(jù)楞次定律可知，產(chǎn)生有延時(shí)釋放D的作用，故B正確；C．真空冶煉爐的工作原理是爐中金屬產(chǎn)生渦流使?fàn)t內(nèi)金屬熔化，不是爐體產(chǎn)生渦流，故C錯(cuò)誤；D．電磁體線圈中電流變大，產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度變大，由楞次定律可知，進(jìn)而產(chǎn)生的感生電場(chǎng)方向是順時(shí)針?lè)较颍娮邮芨猩妶?chǎng)的力與運(yùn)動(dòng)方向相同，電子的速度增大，故D正確。故選BD。12.托卡馬克是一種利用磁約束來(lái)實(shí)現(xiàn)受控核聚變的環(huán)形容器，如圖甲所示。我國(guó)托克馬克裝置在世界上首次實(shí)現(xiàn)了穩(wěn)定運(yùn)行100秒的成績(jī)，其內(nèi)部產(chǎn)生的強(qiáng)磁場(chǎng)將百萬(wàn)開(kāi)爾文的高溫等離子體（等量的正離子和電子）約束在特定區(qū)域?qū)崿F(xiàn)受控核聚變，如圖乙所示。其中沿管道方向的磁場(chǎng)分布圖如圖丙所示，越靠管的右側(cè)磁場(chǎng)越強(qiáng)，則速度平行于紙面的帶電粒子在圖丙磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，不計(jì)帶電粒子重力，下列說(shuō)法正確的是（）A.正離子在磁場(chǎng)中沿順時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)動(dòng)B.由于帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)方向不確定，磁場(chǎng)可能對(duì)其做功C.帶電粒子由磁場(chǎng)的左側(cè)區(qū)域向右側(cè)區(qū)域運(yùn)動(dòng)時(shí)，運(yùn)動(dòng)半徑減小D.帶電粒子由磁場(chǎng)的左側(cè)區(qū)域向右側(cè)區(qū)域運(yùn)動(dòng)時(shí)，洛倫茲力變大【答案】CD【解析】A．根據(jù)左手定則可知，正離子在垂直于紙面向里的磁場(chǎng)中做逆時(shí)針?lè)较虻膱A周運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．離子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，由于洛倫茲力方向總是與速度方向垂直，可知磁場(chǎng)對(duì)其一定不做功，故B錯(cuò)誤；C．離子在磁場(chǎng)中，做圓周運(yùn)動(dòng)，軌跡如圖由洛倫茲力提供向心力可得，解得離子由磁場(chǎng)的左側(cè)區(qū)域向右側(cè)區(qū)域運(yùn)動(dòng)時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度變大，可知離子運(yùn)動(dòng)半徑減小，故C正確；D．洛倫茲力公式為，由于速度大小不變，但從左向右逐漸變?cè)?，所以洛倫茲力變大，故D正確。三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共12分。13.某同學(xué)用圖甲所示裝置做“用單擺測(cè)重力加速度”的實(shí)驗(yàn)并進(jìn)行了如下的操作：（1）如圖乙所示，用游標(biāo)卡尺測(cè)量擺球直徑，擺球直徑______。把擺球用細(xì)線懸掛在鐵架臺(tái)上，測(cè)量擺長(zhǎng)。（2）改變擺線長(zhǎng)度，測(cè)量出多組周期、擺長(zhǎng)數(shù)值后，畫(huà)出圖像如圖丙所示，圖線不過(guò)原點(diǎn)的原因是______；若圖線斜率大小為，則所測(cè)得重力加速度______。（3）若只用一組的測(cè)量數(shù)據(jù)測(cè)得重力加速度的值比當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊膶?shí)際值偏大，可能的原因是______。A.擺球的質(zhì)量偏大 B.單擺振動(dòng)的振幅偏小C.測(cè)量擺長(zhǎng)時(shí)沒(méi)有加上擺球的半徑 D.將實(shí)際振動(dòng)次數(shù)記成次【答案】（1）22.6（2）把擺線的長(zhǎng)度當(dāng)作了擺長(zhǎng)，漏加了擺球半徑（3）D【解析】（1）10分度游標(biāo)卡尺的精確度為0.1mm，由乙圖可知，擺球直徑（2）[1]擺線長(zhǎng)度與擺球半徑之和是單擺擺長(zhǎng)，由圖丙所示圖像可知，當(dāng)擺長(zhǎng)為零時(shí)單擺已經(jīng)有周期，即周期不為零，說(shuō)明單擺所測(cè)擺長(zhǎng)小于實(shí)際擺長(zhǎng)，可能是把擺線的長(zhǎng)度當(dāng)作了擺長(zhǎng)，漏加了擺球半徑。[2]由單擺的周期公式可知結(jié)合圖丙所示圖像可知解得（3）A．由可得可知重力加速度的測(cè)量值與擺球質(zhì)量無(wú)關(guān)，擺球的質(zhì)量偏大不會(huì)導(dǎo)致重力加速度的測(cè)量值偏大，故A錯(cuò)誤；B．同理，重力加速度的測(cè)量值與單擺的振幅無(wú)關(guān)，單擺振動(dòng)的振幅偏小不會(huì)導(dǎo)致重力加速度的測(cè)量值偏大，故B錯(cuò)誤；C．測(cè)量擺長(zhǎng)時(shí)沒(méi)有加上擺球的半徑，擺長(zhǎng)L的測(cè)量值小于真實(shí)值，導(dǎo)致g的測(cè)量值小于真實(shí)值，故C錯(cuò)誤；D．將實(shí)際振動(dòng)次數(shù)n記成n+1次，周期T的測(cè)量值小于真實(shí)值，導(dǎo)致g的測(cè)量值大于真實(shí)值，故D正確。故選D。14.如圖所示，用“碰撞實(shí)驗(yàn)器”可以驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，即研究?jī)蓚€(gè)半徑相同的小球在軌道水平部分碰撞前后的動(dòng)量關(guān)系。圖中點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在地面上的垂直投影點(diǎn)。實(shí)驗(yàn)時(shí)先讓質(zhì)量為的入射小球A從斜槽軌道上某一固定位置由靜止開(kāi)始滾下，從軌道末端拋出，落到位于水平地面的復(fù)寫(xiě)紙上，在下面的白紙上留下痕跡。重復(fù)上述操作10次，得到10個(gè)落點(diǎn)痕跡。再把質(zhì)量為的被撞小球B放在斜槽軌道末端，讓A球仍從位置由靜止?jié)L下，與B球碰撞后，分別在白紙上留下各自的落點(diǎn)痕跡，重復(fù)操作10次。（1）實(shí)驗(yàn)中，必須測(cè)量的物理量有（）A.兩個(gè)小球的質(zhì)量、 B.拋出點(diǎn)距地面的高度C.兩小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間 D.平拋的水平射程、、（2）關(guān)于本實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的有（）A.斜槽軌道必須光滑B.斜槽軌道末端切線必須水平C.入射小球的質(zhì)量必須大于被撞小球的質(zhì)量D.實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，白紙可以移動(dòng)（3）用天平測(cè)量?jī)蓚€(gè)小球的質(zhì)量、，實(shí)驗(yàn)中分別找到碰前和、相碰后平均落地點(diǎn)的位置，測(cè)量平拋水平射程、、。則動(dòng)量守恒的表達(dá)式可表示為_(kāi)_______（用測(cè)量的量表示）?！敬鸢浮浚?）AD（2）BC（3）【解析】（1）設(shè)碰撞前入射球的速度大小為v0，碰撞后瞬間入射球的速度大小為v1，被碰球的速度大小為v2，由動(dòng)量守恒可得小球離開(kāi)斜槽后做平拋運(yùn)動(dòng)，它們拋出點(diǎn)的高度相等，運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，則有可得實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的表達(dá)式為可知實(shí)驗(yàn)中，必須測(cè)量的物理量有兩個(gè)小球的質(zhì)量、，平拋的水平射程、、。故選AD。（2）A．為了保證每次碰撞前瞬間入射小球的速度相同，每次需要從同一位置靜止釋放入射小球，但斜槽軌道不需要光滑，故A錯(cuò)誤；B．為了保證小球拋出時(shí)的速度處于水平方向，斜槽軌道末端切線必須水平，故B正確；C．為了保證碰撞后入射小球不反彈，入射小球的質(zhì)量必須大于被撞小球的質(zhì)量，故C正確；D．實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，復(fù)寫(xiě)紙可以移動(dòng)，但白紙不能移動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選BC。（3）根據(jù)（1）分析可知?jiǎng)恿渴睾愕谋磉_(dá)式可表示為四、計(jì)算題：本大題共3小題，共36分。15.某建筑工地用的打樁機(jī)簡(jiǎn)化示意圖如圖所示，打樁機(jī)重錘的質(zhì)量m=1.0×103kg，錘在鋼筋混凝土樁子以上高度H=3.2m處從靜止開(kāi)始自由落下，打在質(zhì)量M=2.0×103kg的樁子上，隨后，樁子在泥土中向下移動(dòng)t=0.5s后停止，重錘反彈后上升的高度h=0.2m。錘與樁子作用時(shí)間極短，重力加速度大小取g=10m/s2，設(shè)樁向下移動(dòng)的過(guò)程中泥土對(duì)樁子的作用力F是恒力。求：（1）樁在泥土中向下運(yùn)動(dòng)的初速度v1的大??；（2）F的大小?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】（1）重錘自由下落過(guò)程有解得碰撞后樁的速度為，重錘速度為，重錘上升過(guò)程有解得取向下為正方向，系統(tǒng)動(dòng)量守恒有聯(lián)立可得（2）樁下降過(guò)程中，加速度為由牛頓第二定律可得解得16.如圖甲所示，電阻不計(jì)的兩根平行粗糙金屬導(dǎo)軌相距，導(dǎo)軌平面與水平面的夾角，導(dǎo)軌的下端PQ間接有的定值電阻。相距的MN和PQ間存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化情況如圖乙所示。將導(dǎo)體棒垂直放在導(dǎo)軌上，使導(dǎo)體棒從時(shí)由靜止釋放，時(shí)導(dǎo)體棒恰好運(yùn)動(dòng)到MN，開(kāi)始勻速下滑。已知導(dǎo)體棒的質(zhì)量，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)，取，，。求：（1）0～1s內(nèi)回路中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；（2）導(dǎo)體棒接入電路部分阻值；（3）0～2s時(shí)間內(nèi)定值電阻上所產(chǎn)生的焦耳熱。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】（1）0﹣1s內(nèi)，磁場(chǎng)均勻變化，由法拉第電磁感應(yīng)定律有由圖象得其中代入數(shù)據(jù)，解得（2）根據(jù)牛頓第二定律，0～1s內(nèi)導(dǎo)體棒的加速度為則導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小為此后導(dǎo)