高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024—2025學(xué)年下學(xué)期期末考試高二物理注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的學(xué)校、班級、姓名及考號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.2024年6月，我國科研人員通過分析我國首顆探日衛(wèi)星“羲和號”的觀測數(shù)據(jù)，精確繪制出國際首個(gè)太陽大氣自轉(zhuǎn)的三維圖像?！棒撕吞枴鲍@取的太陽譜線是氫原子巴耳末系中頻率最低的譜線。如圖為氫原子的能級圖，巴耳末系是指氫原子從更高能級躍遷到能級時(shí)發(fā)出的光譜線系。根據(jù)玻爾理論，下列說法正確的是（）A.譜線是氫原子由躍遷到能級時(shí)產(chǎn)生B.譜線的光子能量為C.輻射譜線的光子后，氫原子核外電子的動能變小D.輻射譜線的光子后，氫原子核外電子的電勢能變小【答案】D【解析】A．光子能量最小時(shí)頻率最小，則光子能量最小，故譜線是氫原子由躍遷到能級時(shí)產(chǎn)生的，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)玻爾理論可知譜線的光子能量為故B錯(cuò)誤；C．輻射譜線的光子后，氫原子向低能級躍遷，氫原子核外電子的動能增大，故C錯(cuò)誤；D．輻射譜線的光子后，氫原子向低能級躍遷，庫侖力對電子做正功，氫原子核外電子的電勢能變小，故D正確。故選D。2.如圖，天然氣灶的鍋支架上對稱分布著四個(gè)支撐片，每個(gè)支撐片與水平方向的夾角均為α，鍋及鍋內(nèi)食材的總質(zhì)量為m，重力加速度為g，將鍋放在支架上烹飪時(shí)鍋處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮鍋與支撐片之間的摩擦力，每個(gè)支撐片對鍋的彈力大小為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】根據(jù)平衡條件得解得故選A。3.壓縮空氣儲能是指在電網(wǎng)負(fù)荷低谷期將電能用于壓縮空氣儲存能量，在電網(wǎng)負(fù)荷高峰期釋放儲存能量的儲能方式。若在電網(wǎng)負(fù)荷低谷期壓縮空氣時(shí)，初段采取快速壓縮一定質(zhì)量氣體（可視為理想氣體）的方式，由于來不及散熱，可看作發(fā)生如圖所示的絕熱壓縮過程，關(guān)于該過程下列說法正確的是（）A.氣體分子的平均動能一定增大B.氣體溫度可能不變C.氣體分子數(shù)密度減小D.單位時(shí)間內(nèi)碰撞單位面積容器內(nèi)壁的氣體分子個(gè)數(shù)減少【答案】A【解析】AB．絕熱壓縮一定質(zhì)量氣體，則Q=0，W>0，由熱力學(xué)第一定律可知，所以T增大，氣體分子的平均動能一定增大，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．快速壓縮一定質(zhì)量氣體，氣體壓強(qiáng)變大，氣體分子數(shù)不變，體積減小，氣體分子數(shù)密度增大，單位時(shí)間內(nèi)碰撞單位面積容器內(nèi)壁氣體分子個(gè)數(shù)增大，故CD錯(cuò)誤。故選A。4.2025年2月27日長征二號丙火箭一箭雙星，成功將四維高景一號03、04星精準(zhǔn)送入預(yù)定軌道，開啟了商業(yè)遙感衛(wèi)星的新篇章。四維高景一號03星發(fā)射后在近地軌道上繞地球做勻速圓周運(yùn)動。已知地球半徑為R，地球同步衛(wèi)星距離地面的高度約為，發(fā)射前后衛(wèi)星質(zhì)量不變。四維高景一號03星在近地軌道上運(yùn)行時(shí)與發(fā)射前靜置在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射場上相比（）A.線速度更小 B.角速度更小C.向心加速度更大 D.機(jī)械能更小【答案】C【解析】A．四維高景一號03星發(fā)射前衛(wèi)星隨地球自轉(zhuǎn)的線速度大小小于地球同步衛(wèi)星的線速度；由解得衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動時(shí)線速度大小衛(wèi)星在近地軌道線速度大于地球同步衛(wèi)星的線速度，故四維高景一號03星在近地軌道上運(yùn)行時(shí)與發(fā)射前靜置在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射場上相比線速度更大，故A錯(cuò)誤；B．四維高景一號03星發(fā)射前靜置在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射場的角速度等于地球自轉(zhuǎn)角速度，地球自轉(zhuǎn)角速度大小等于同步衛(wèi)星軌道的角速度；由解得可知衛(wèi)星在近地軌道角速度大于地球同步衛(wèi)星的角速度，故四維高景一號03星在近地軌道上運(yùn)行時(shí)與發(fā)射前靜置在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射場上相比角速度更大，故B錯(cuò)誤；C．發(fā)射前衛(wèi)星的向心加速度小于地球同步衛(wèi)星的加速度；由解得衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動時(shí)加速度大小衛(wèi)星在近地軌道加速度大于地球同步衛(wèi)星的加速度，故四維高景一號03星在近地軌道上運(yùn)行時(shí)與發(fā)射前靜置在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射場上相比向心加速度更大，故C正確；D．四維高景一號03星在近地軌道上運(yùn)行時(shí)與發(fā)射前靜置在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射場上相比重力勢能增大，動能增大，故機(jī)械能增大，故D錯(cuò)誤。故選C。5.汽車消聲器的排氣管通常由兩個(gè)長度不同的管道組成，簡化原理如圖所示，這兩個(gè)管道先在左側(cè)分開再在右側(cè)交匯，發(fā)動機(jī)的噪聲聲波在左側(cè)分成兩部分，分別通過A、B管道傳播，在右側(cè)交匯處再次相遇，即可達(dá)到降低噪聲的效果。A、B管道的長度分別為s1、s2，則此消聲器能夠降低的噪聲最大波長為（）A.4（s1-s2） B.2（s1-s2） C.s1-s2 D.【答案】B【解析】當(dāng)其中時(shí)，兩列聲波相遇時(shí)減弱時(shí)，波長最大，最大波長為6.手搖發(fā)電機(jī)（如圖甲）通過搖動手柄，變速裝置會使發(fā)電機(jī)內(nèi)部的線圈在磁場中快速旋轉(zhuǎn)，從而產(chǎn)生電能。若穿過線圈的磁通量按照如圖乙所示的余弦規(guī)律變化，已知線圈的匝數(shù)為100匝，內(nèi)阻為1Ω。將手搖發(fā)電機(jī)與電阻為9Ω的純電阻負(fù)載串聯(lián)后，下列說法正確的是（）A.手搖發(fā)電機(jī)輸出的電流1s內(nèi)方向改變5次B.0.15s時(shí)內(nèi)部線圈平面與中性面垂直C.0.10s時(shí)手搖發(fā)電機(jī)的電動勢瞬時(shí)值為10πVD.負(fù)載電路兩端獲得的電壓有效值為9πV【答案】B【解析】A．線圈與中性面平行時(shí)，線圈的四條邊均不切割磁感線，感應(yīng)電流等于0，感應(yīng)電流此時(shí)改變方向。所以線圈每經(jīng)過中性面一次電流的方向就改變一次。線圈與中性面平行時(shí)，磁通量最大。一個(gè)周期內(nèi)磁通量兩次最大，線圈經(jīng)過中性面兩次，電流方向改變兩次。手搖發(fā)電機(jī)輸出的電流1s內(nèi)方向改變的次數(shù)為，所以手搖發(fā)電機(jī)輸出的電流1s內(nèi)方向改變10次，A錯(cuò)誤；B．0.15s時(shí)磁通量等于0，內(nèi)部線圈平面與磁感線平行，與中性面垂直，B正確；C．0.10s時(shí)磁通量為負(fù)最大，線圈與中性面平行，感應(yīng)電動勢等于0，C錯(cuò)誤；D．交變電流的周期為線圈轉(zhuǎn)動的角速度為感應(yīng)電動勢最大值為感應(yīng)電動勢有效值為感應(yīng)電流的有效值為負(fù)載電路兩端獲得的電壓有效值為，D錯(cuò)誤。故選B。7.斗笠是我國農(nóng)耕社會傳承千年的擋雨遮陽的工具，斗笠外層涂有起防水作用的桐油，可用來遮雨，如圖所示。若水滴從斗笠最高點(diǎn)A沿側(cè)面下滑到底端B，此過程可看做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，斗笠的底面半徑R不變，不計(jì)水滴與斗笠之間的摩擦，為使水滴從斗笠最高點(diǎn)A沿側(cè)面下滑到底端B的時(shí)間最短，編制斗笠時(shí)側(cè)面與水平面的夾角應(yīng)為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】斗笠時(shí)側(cè)面的長度不計(jì)水滴與斗笠之間的摩擦，則水滴從斗笠最高點(diǎn)A沿側(cè)面下滑到底端B，看做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，則解得當(dāng)時(shí)水滴從斗笠最高點(diǎn)A沿側(cè)面下滑到底端B的時(shí)間最短，故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)或兩個(gè)以上選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.2025年3月21日，邯鄲歷史文化街區(qū)——邯鄲道上空進(jìn)行了大型無人機(jī)表演《太極流轉(zhuǎn)，韻動邯鄲》（如圖）。下列所給出的四個(gè)無人機(jī)做直線運(yùn)動的圖像中，能表示無人機(jī)做勻變速直線運(yùn)動的是（）A. B. C. D.【答案】CD【解析】A．表示無人機(jī)向正方向做勻速直線運(yùn)動，速度大小等于該直線的斜率，不是勻變速直線運(yùn)動，A錯(cuò)誤；B．無人機(jī)的加速度減小，不是勻變速直線運(yùn)動，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)得，斜率為，解得，無人機(jī)做勻減速直線運(yùn)動，C正確；D．根據(jù)，表示無人機(jī)先做勻減速直線運(yùn)動，在做勻加速直線運(yùn)動，D正確。故選CD。9.如圖所示，在正方形ABCD區(qū)域內(nèi)有方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，甲、乙兩個(gè)質(zhì)子以不同的速率，先后從A點(diǎn)沿AD方向射入磁場，其中甲質(zhì)子從C點(diǎn)射出，乙質(zhì)子從CD中點(diǎn)E射出。不計(jì)質(zhì)子的重力，則甲、乙兩質(zhì)子（）A.速率之比為4:5B.速率之比為3:4C.在磁場中運(yùn)動的周期之比為37:53D.在磁場中運(yùn)動的時(shí)間之比為90:53【答案】AD【解析】AB．設(shè)正方形邊長為L。對甲質(zhì)子，對乙質(zhì)子解得，，，A正確，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)，在磁場中運(yùn)動的周期之比為1:1，C錯(cuò)誤；D．乙質(zhì)子軌跡所對的圓心角為，解得在磁場中運(yùn)動的時(shí)間分別為，解得，D正確。故選AD。10.在x坐標(biāo)軸上和處分別固定有點(diǎn)電荷M和N，帶電荷量分別為QM、QN，兩點(diǎn)電荷在x軸上部分的電勢與坐標(biāo)φ-x關(guān)系圖像如圖所示，規(guī)定無窮遠(yuǎn)處電勢為零，下列說法正確的是（）A.點(diǎn)電荷N的電荷量QN為正B.兩點(diǎn)電荷的電荷量大小之比C.從處由靜止釋放一個(gè)帶正電且重力不計(jì)的粒子，一段時(shí)間后該粒子將再次經(jīng)過a點(diǎn)D.在x軸的負(fù)半軸（除）側(cè)，不存在電場強(qiáng)度為零的點(diǎn)【答案】BD【解析】A．因?yàn)閮蓚€(gè)點(diǎn)電荷形成的電場的電勢有正值也有負(fù)值，所以這兩個(gè)點(diǎn)電荷一定帶異種電荷。又因?yàn)檎姾芍車碾妱菀欢檎?，?fù)電荷周圍的電勢一定為負(fù)值。根據(jù)圖像，點(diǎn)電荷M周圍的電勢為正值，那么，M帶正電，N帶負(fù)電，電荷量QN為負(fù)，A錯(cuò)誤；B．圖像的斜率表示電場強(qiáng)度，所以點(diǎn)的電場強(qiáng)度等于0。根據(jù)點(diǎn)電荷的電場強(qiáng)度公式得解得兩點(diǎn)電荷的電荷量大小之比，B正確；C．點(diǎn)的電場強(qiáng)度等于0，所以在范圍內(nèi)，電場強(qiáng)度向右，在范圍內(nèi)，電場強(qiáng)度向左。從處由靜止釋放一個(gè)帶正電且重力不計(jì)的粒子，電場力先做正功，根據(jù)動能定理，，因?yàn)閍、b兩點(diǎn)之間的電勢差等于b和無窮遠(yuǎn)間的電勢差，所以粒子會運(yùn)動到無窮遠(yuǎn)處，粒子不會再次經(jīng)過a點(diǎn)，C錯(cuò)誤。D．在范圍內(nèi)，電場強(qiáng)度向左，在范圍內(nèi)，電場強(qiáng)度向右。所以在x軸的負(fù)半軸（除）側(cè)，不存在電場強(qiáng)度為零的點(diǎn)，D正確。故選BD。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.用如圖所示的裝置驗(yàn)證動量守恒定律，小球的質(zhì)量為，通過輕質(zhì)細(xì)線懸掛在拉力傳感器的下方，懸點(diǎn)到球心的距離為L，質(zhì)量為的小物塊放置在拉力傳感器正下方的水平桌面上，小物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)為。將小球拉開一定的偏角后由靜止釋放，在懸點(diǎn)正下方與小物塊發(fā)生碰撞，用直尺測出小物塊在水平桌面上運(yùn)動的距離為s，通過與拉力傳感器連接的計(jì)算機(jī)可以實(shí)時(shí)顯示拉力大小，讀出碰前和碰后拉力的兩個(gè)峰值和，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間。（1）下列關(guān)于該實(shí)驗(yàn)的說法正確的是___________（單選）。A.將小球拉開的偏角不應(yīng)超過B.小球質(zhì)量必須大于小物塊的質(zhì)量即C.應(yīng)使小球在懸點(diǎn)正下方與小物塊發(fā)生對心正碰（2）如果本次實(shí)驗(yàn)滿足小球質(zhì)量大于小物塊質(zhì)量即，則與小物塊碰撞前小球的動量為___________（選用題中物理量、L、μ、s、、g表示）。若滿足關(guān)系式______（選用題中物理量、L、μ、s、、g表示），則可驗(yàn)證碰撞中動量守恒定律成立?！敬鸢浮浚?）C（2）【解析】（1）A．小球拉開的偏角可以超過，因小球的擺動無需是單擺，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．題干中沒有要求質(zhì)量為m1的小球不反彈，則不需要滿足，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．應(yīng)使小球在懸點(diǎn)正下方與小物塊發(fā)生對心正碰，選項(xiàng)C正確；（2）[1]與小物塊碰撞前小球根據(jù)則小球的動量為[2]同理碰后小球的動量碰后物塊物塊的動量實(shí)驗(yàn)滿足小球質(zhì)量大于小物塊質(zhì)量即，則若動量守恒則滿足即12.某同學(xué)對自動鉛筆筆芯的導(dǎo)電性能產(chǎn)生了興趣，設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)測量其電阻率，電路圖如圖甲所示。其中定值電阻，實(shí)驗(yàn)的主要步驟如下：（1）連接好電路，將滑片P停在距離鉛筆筆芯a端較近的位置，用游標(biāo)卡尺量出鉛筆筆芯接入電路中的長度L，游標(biāo)卡尺的示數(shù)如圖乙所示，其讀數(shù)為___________。（2）閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)滑動變阻器和電阻箱的阻值使電流計(jì)G示數(shù)為零，讀取電阻箱的阻值。（3）改變滑片P的位置重復(fù)以上操作，獲得多組L和的數(shù)據(jù)。在滑片P位置不同于（1）的某次測量中，當(dāng)電流計(jì)G示數(shù)為零時(shí)，電阻箱的阻值，則該次測量中鉛筆筆芯接入電路中的阻值___________（保留1位有效數(shù)字）。（4）根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)作出圖像如圖丙，查閱產(chǎn)品說明書得知該自動鉛筆筆芯的橫截面積為，則該自動鉛筆筆芯的電阻率為___________（保留2位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）30.7（3）0.9（4）【解析】[1]游標(biāo)卡尺示數(shù)3cm+0.1mm×7=30.7mm[2]由電橋電路的原理可知,當(dāng)了電流計(jì)示數(shù)為零時(shí)，則，解得R=0.9Ω[3]根據(jù)，可得，由圖像可知解得13.水晶在中國傳統(tǒng)文化中具有純潔、美好、吉祥等豐富的象征意義，早在《山海經(jīng)》中就有“水玉”的記載。研究小組的同學(xué)對一個(gè)水晶圓柱體的折射率進(jìn)行了測定，如圖所示為均質(zhì)水晶圓柱體的橫截面，截面的圓心為O，半徑為R，用激光筆從P點(diǎn)射入一束激光，經(jīng)折射后恰過水晶圓柱體與地面的接觸點(diǎn)Q，經(jīng)測量P點(diǎn)到所在直線的距離點(diǎn)到水平地面的距離，光在真空中的傳播速度為c。求：（1）水晶圓柱體對激光的折射率；（2）激光由點(diǎn)P傳播到點(diǎn)Q所用時(shí)間?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】（1）激光在水晶圓柱體中的光路圖如圖所示由幾何關(guān)系可知，其中，則，則水晶圓柱體對激光的折射率為（2）激光由點(diǎn)P傳播到點(diǎn)Q的路程為激光在水晶圓柱體中的速度為則激光由點(diǎn)P傳播到點(diǎn)Q所用時(shí)間為14.2025年2月亞洲冬季運(yùn)動會在哈爾濱舉行，我國選手表現(xiàn)出色，獲得雙人花樣滑冰銀牌。如圖所示，若比賽中選手A在選手B后方處，初態(tài)兩者均保持靜止?fàn)顟B(tài)，某時(shí)刻選手A調(diào)整冰鞋的冰刀角度持續(xù)蹬冰面獲得了向前的水平恒力，從靜止開始向前加速運(yùn)動，與選手B相遇時(shí)選手A立即不再蹬冰面撤去水平恒力，并快速用先收縮再伸張手臂的方式將選手B迅速推出。已知將選手B迅速推出前后兩選手的動能之和保持不變，選手A與選手B的質(zhì)量分別為和，重力加速度g取，不計(jì)兩選手與冰面間的摩擦和空氣阻力。（1）求與選手B相遇前瞬間選手A的速度大?。唬?）求選手A將選手B迅速推出后兩人的速度大?。唬?）若選手A將選手B迅速推出后，選手A立即恢復(fù)蹬冰面的狀態(tài)，重新獲得的水平外力，求再經(jīng)多長時(shí)間兩選手再次相遇?！敬鸢浮浚?）（2），（3）【解析】（1）對選手A，根據(jù)牛頓第二定律解得，選手A的加速度大小為，根據(jù)可得，與選手B相遇前瞬間選手A的速度大小為（2）設(shè)選手A將選手B迅速推出后兩人的速度大小分別為、，根據(jù)選手A將選手B迅速推出前后兩選手動量守恒根據(jù)動能守恒聯(lián)立，解得，（3）由題意可知解得15.如圖甲，列車進(jìn)站時(shí)利用電磁制動技術(shù)剎車，某列車制動系統(tǒng)部分的簡化模擬原理圖如圖乙所示，列車底部固定有長為、寬為d、電阻為R的水平矩形單匝勻質(zhì)線框，制動區(qū)域也為長、寬d的矩形，區(qū)域內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場。當(dāng)線框邊運(yùn)動到制動區(qū)域左邊界時(shí)具有水平向右的速度，線框邊運(yùn)動到制動區(qū)域右邊界時(shí)速度恰好減為零。已知列車總質(zhì)量（包括線框）為m，列車與軌道（圖中未畫出）間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度為g。（1）求線框邊剛進(jìn)入制動區(qū)域左邊界時(shí)，其兩端的電壓；（2）求線框邊剛進(jìn)入制動區(qū)域左邊界時(shí)，列車加速度的大小；（3）求列車制動過程中線框中產(chǎn)生的焦耳熱；（4）若考慮空氣阻力的影響，且列車所受空氣阻力與車速v成正比，可表示為，如線框邊運(yùn)動到制動區(qū)域左邊界時(shí)具有水平向右的速度，線框邊運(yùn)動到制動區(qū)域右邊界時(shí)速度仍恰好減為零，求列車減速到零所需的時(shí)間。【答案】（1）（2）（3）（4）【解析】（1）求線框邊剛進(jìn)入制動區(qū)域左邊界時(shí)，感應(yīng)電動勢回路中的電流其兩端的電壓得（2）根據(jù)牛頓第二定律有得（3）列車制動過程中，根據(jù)能量守恒有求得（4）以向右為正方向，在一段很短的時(shí)間內(nèi)，根據(jù)動量定理有即兩邊對求和，得解得2024—2025學(xué)年下學(xué)期期末考試高二物理注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的學(xué)校、班級、姓名及考號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.2024年6月，我國科研人員通過分析我國首顆探日衛(wèi)星“羲和號”的觀測數(shù)據(jù)，精確繪制出國際首個(gè)太陽大氣自轉(zhuǎn)的三維圖像?！棒撕吞枴鲍@取的太陽譜線是氫原子巴耳末系中頻率最低的譜線。如圖為氫原子的能級圖，巴耳末系是指氫原子從更高能級躍遷到能級時(shí)發(fā)出的光譜線系。根據(jù)玻爾理論，下列說法正確的是（）A.譜線是氫原子由躍遷到能級時(shí)產(chǎn)生B.譜線的光子能量為C.輻射譜線的光子后，氫原子核外電子的動能變小D.輻射譜線的光子后，氫原子核外電子的電勢能變小【答案】D【解析】A．光子能量最小時(shí)頻率最小，則光子能量最小，故譜線是氫原子由躍遷到能級時(shí)產(chǎn)生的，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)玻爾理論可知譜線的光子能量為故B錯(cuò)誤；C．輻射譜線的光子后，氫原子向低能級躍遷，氫原子核外電子的動能增大，故C錯(cuò)誤；D．輻射譜線的光子后，氫原子向低能級躍遷，庫侖力對電子做正功，氫原子核外電子的電勢能變小，故D正確。故選D。2.如圖，天然氣灶的鍋支架上對稱分布著四個(gè)支撐片，每個(gè)支撐片與水平方向的夾角均為α，鍋及鍋內(nèi)食材的總質(zhì)量為m，重力加速度為g，將鍋放在支架上烹飪時(shí)鍋處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮鍋與支撐片之間的摩擦力，每個(gè)支撐片對鍋的彈力大小為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】根據(jù)平衡條件得解得故選A。3.壓縮空氣儲能是指在電網(wǎng)負(fù)荷低谷期將電能用于壓縮空氣儲存能量，在電網(wǎng)負(fù)荷高峰期釋放儲存能量的儲能方式。若在電網(wǎng)負(fù)荷低谷期壓縮空氣時(shí)，初段采取快速壓縮一定質(zhì)量氣體（可視為理想氣體）的方式，由于來不及散熱，可看作發(fā)生如圖所示的絕熱壓縮過程，關(guān)于該過程下列說法正確的是（）A.氣體分子的平均動能一定增大B.氣體溫度可能不變C.氣體分子數(shù)密度減小D.單位時(shí)間內(nèi)碰撞單位面積容器內(nèi)壁的氣體分子個(gè)數(shù)減少【答案】A【解析】AB．絕熱壓縮一定質(zhì)量氣體，則Q=0，W>0，由熱力學(xué)第一定律可知，所以T增大，氣體分子的平均動能一定增大，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．快速壓縮一定質(zhì)量氣體，氣體壓強(qiáng)變大，氣體分子數(shù)不變，體積減小，氣體分子數(shù)密度增大，單位時(shí)間內(nèi)碰撞單位面積容器內(nèi)壁氣體分子個(gè)數(shù)增大，故CD錯(cuò)誤。故選A。4.2025年2月27日長征二號丙火箭一箭雙星，成功將四維高景一號03、04星精準(zhǔn)送入預(yù)定軌道，開啟了商業(yè)遙感衛(wèi)星的新篇章。四維高景一號03星發(fā)射后在近地軌道上繞地球做勻速圓周運(yùn)動。已知地球半徑為R，地球同步衛(wèi)星距離地面的高度約為，發(fā)射前后衛(wèi)星質(zhì)量不變。四維高景一號03星在近地軌道上運(yùn)行時(shí)與發(fā)射前靜置在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射場上相比（）A.線速度更小 B.角速度更小C.向心加速度更大 D.機(jī)械能更小【答案】C【解析】A．四維高景一號03星發(fā)射前衛(wèi)星隨地球自轉(zhuǎn)的線速度大小小于地球同步衛(wèi)星的線速度；由解得衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動時(shí)線速度大小衛(wèi)星在近地軌道線速度大于地球同步衛(wèi)星的線速度，故四維高景一號03星在近地軌道上運(yùn)行時(shí)與發(fā)射前靜置在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射場上相比線速度更大，故A錯(cuò)誤；B．四維高景一號03星發(fā)射前靜置在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射場的角速度等于地球自轉(zhuǎn)角速度，地球自轉(zhuǎn)角速度大小等于同步衛(wèi)星軌道的角速度；由解得可知衛(wèi)星在近地軌道角速度大于地球同步衛(wèi)星的角速度，故四維高景一號03星在近地軌道上運(yùn)行時(shí)與發(fā)射前靜置在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射場上相比角速度更大，故B錯(cuò)誤；C．發(fā)射前衛(wèi)星的向心加速度小于地球同步衛(wèi)星的加速度；由解得衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動時(shí)加速度大小衛(wèi)星在近地軌道加速度大于地球同步衛(wèi)星的加速度，故四維高景一號03星在近地軌道上運(yùn)行時(shí)與發(fā)射前靜置在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射場上相比向心加速度更大，故C正確；D．四維高景一號03星在近地軌道上運(yùn)行時(shí)與發(fā)射前靜置在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射場上相比重力勢能增大，動能增大，故機(jī)械能增大，故D錯(cuò)誤。故選C。5.汽車消聲器的排氣管通常由兩個(gè)長度不同的管道組成，簡化原理如圖所示，這兩個(gè)管道先在左側(cè)分開再在右側(cè)交匯，發(fā)動機(jī)的噪聲聲波在左側(cè)分成兩部分，分別通過A、B管道傳播，在右側(cè)交匯處再次相遇，即可達(dá)到降低噪聲的效果。A、B管道的長度分別為s1、s2，則此消聲器能夠降低的噪聲最大波長為（）A.4（s1-s2） B.2（s1-s2） C.s1-s2 D.【答案】B【解析】當(dāng)其中時(shí)，兩列聲波相遇時(shí)減弱時(shí)，波長最大，最大波長為6.手搖發(fā)電機(jī)（如圖甲）通過搖動手柄，變速裝置會使發(fā)電機(jī)內(nèi)部的線圈在磁場中快速旋轉(zhuǎn)，從而產(chǎn)生電能。若穿過線圈的磁通量按照如圖乙所示的余弦規(guī)律變化，已知線圈的匝數(shù)為100匝，內(nèi)阻為1Ω。將手搖發(fā)電機(jī)與電阻為9Ω的純電阻負(fù)載串聯(lián)后，下列說法正確的是（）A.手搖發(fā)電機(jī)輸出的電流1s內(nèi)方向改變5次B.0.15s時(shí)內(nèi)部線圈平面與中性面垂直C.0.10s時(shí)手搖發(fā)電機(jī)的電動勢瞬時(shí)值為10πVD.負(fù)載電路兩端獲得的電壓有效值為9πV【答案】B【解析】A．線圈與中性面平行時(shí)，線圈的四條邊均不切割磁感線，感應(yīng)電流等于0，感應(yīng)電流此時(shí)改變方向。所以線圈每經(jīng)過中性面一次電流的方向就改變一次。線圈與中性面平行時(shí)，磁通量最大。一個(gè)周期內(nèi)磁通量兩次最大，線圈經(jīng)過中性面兩次，電流方向改變兩次。手搖發(fā)電機(jī)輸出的電流1s內(nèi)方向改變的次數(shù)為，所以手搖發(fā)電機(jī)輸出的電流1s內(nèi)方向改變10次，A錯(cuò)誤；B．0.15s時(shí)磁通量等于0，內(nèi)部線圈平面與磁感線平行，與中性面垂直，B正確；C．0.10s時(shí)磁通量為負(fù)最大，線圈與中性面平行，感應(yīng)電動勢等于0，C錯(cuò)誤；D．交變電流的周期為線圈轉(zhuǎn)動的角速度為感應(yīng)電動勢最大值為感應(yīng)電動勢有效值為感應(yīng)電流的有效值為負(fù)載電路兩端獲得的電壓有效值為，D錯(cuò)誤。故選B。7.斗笠是我國農(nóng)耕社會傳承千年的擋雨遮陽的工具，斗笠外層涂有起防水作用的桐油，可用來遮雨，如圖所示。若水滴從斗笠最高點(diǎn)A沿側(cè)面下滑到底端B，此過程可看做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，斗笠的底面半徑R不變，不計(jì)水滴與斗笠之間的摩擦，為使水滴從斗笠最高點(diǎn)A沿側(cè)面下滑到底端B的時(shí)間最短，編制斗笠時(shí)側(cè)面與水平面的夾角應(yīng)為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】斗笠時(shí)側(cè)面的長度不計(jì)水滴與斗笠之間的摩擦，則水滴從斗笠最高點(diǎn)A沿側(cè)面下滑到底端B，看做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，則解得當(dāng)時(shí)水滴從斗笠最高點(diǎn)A沿側(cè)面下滑到底端B的時(shí)間最短，故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)或兩個(gè)以上選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.2025年3月21日，邯鄲歷史文化街區(qū)——邯鄲道上空進(jìn)行了大型無人機(jī)表演《太極流轉(zhuǎn)，韻動邯鄲》（如圖）。下列所給出的四個(gè)無人機(jī)做直線運(yùn)動的圖像中，能表示無人機(jī)做勻變速直線運(yùn)動的是（）A. B. C. D.【答案】CD【解析】A．表示無人機(jī)向正方向做勻速直線運(yùn)動，速度大小等于該直線的斜率，不是勻變速直線運(yùn)動，A錯(cuò)誤；B．無人機(jī)的加速度減小，不是勻變速直線運(yùn)動，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)得，斜率為，解得，無人機(jī)做勻減速直線運(yùn)動，C正確；D．根據(jù)，表示無人機(jī)先做勻減速直線運(yùn)動，在做勻加速直線運(yùn)動，D正確。故選CD。9.如圖所示，在正方形ABCD區(qū)域內(nèi)有方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，甲、乙兩個(gè)質(zhì)子以不同的速率，先后從A點(diǎn)沿AD方向射入磁場，其中甲質(zhì)子從C點(diǎn)射出，乙質(zhì)子從CD中點(diǎn)E射出。不計(jì)質(zhì)子的重力，則甲、乙兩質(zhì)子（）A.速率之比為4:5B.速率之比為3:4C.在磁場中運(yùn)動的周期之比為37:53D.在磁場中運(yùn)動的時(shí)間之比為90:53【答案】AD【解析】AB．設(shè)正方形邊長為L。對甲質(zhì)子，對乙質(zhì)子解得，，，A正確，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)，在磁場中運(yùn)動的周期之比為1:1，C錯(cuò)誤；D．乙質(zhì)子軌跡所對的圓心角為，解得在磁場中運(yùn)動的時(shí)間分別為，解得，D正確。故選AD。10.在x坐標(biāo)軸上和處分別固定有點(diǎn)電荷M和N，帶電荷量分別為QM、QN，兩點(diǎn)電荷在x軸上部分的電勢與坐標(biāo)φ-x關(guān)系圖像如圖所示，規(guī)定無窮遠(yuǎn)處電勢為零，下列說法正確的是（）A.點(diǎn)電荷N的電荷量QN為正B.兩點(diǎn)電荷的電荷量大小之比C.從處由靜止釋放一個(gè)帶正電且重力不計(jì)的粒子，一段時(shí)間后該粒子將再次經(jīng)過a點(diǎn)D.在x軸的負(fù)半軸（除）側(cè)，不存在電場強(qiáng)度為零的點(diǎn)【答案】BD【解析】A．因?yàn)閮蓚€(gè)點(diǎn)電荷形成的電場的電勢有正值也有負(fù)值，所以這兩個(gè)點(diǎn)電荷一定帶異種電荷。又因?yàn)檎姾芍車碾妱菀欢檎?，?fù)電荷周圍的電勢一定為負(fù)值。根據(jù)圖像，點(diǎn)電荷M周圍的電勢為正值，那么，M帶正電，N帶負(fù)電，電荷量QN為負(fù)，A錯(cuò)誤；B．圖像的斜率表示電場強(qiáng)度，所以點(diǎn)的電場強(qiáng)度等于0。根據(jù)點(diǎn)電荷的電場強(qiáng)度公式得解得兩點(diǎn)電荷的電荷量大小之比，B正確；C．點(diǎn)的電場強(qiáng)度等于0，所以在范圍內(nèi)，電場強(qiáng)度向右，在范圍內(nèi)，電場強(qiáng)度向左。從處由靜止釋放一個(gè)帶正電且重力不計(jì)的粒子，電場力先做正功，根據(jù)動能定理，，因?yàn)閍、b兩點(diǎn)之間的電勢差等于b和無窮遠(yuǎn)間的電勢差，所以粒子會運(yùn)動到無窮遠(yuǎn)處，粒子不會再次經(jīng)過a點(diǎn)，C錯(cuò)誤。D．在范圍內(nèi)，電場強(qiáng)度向左，在范圍內(nèi)，電場強(qiáng)度向右。所以在x軸的負(fù)半軸（除）側(cè)，不存在電場強(qiáng)度為零的點(diǎn)，D正確。故選BD。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.用如圖所示的裝置驗(yàn)證動量守恒定律，小球的質(zhì)量為，通過輕質(zhì)細(xì)線懸掛在拉力傳感器的下方，懸點(diǎn)到球心的距離為L，質(zhì)量為的小物塊放置在拉力傳感器正下方的水平桌面上，小物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)為。將小球拉開一定的偏角后由靜止釋放，在懸點(diǎn)正下方與小物塊發(fā)生碰撞，用直尺測出小物塊在水平桌面上運(yùn)動的距離為s，通過與拉力傳感器連接的計(jì)算機(jī)可以實(shí)時(shí)顯示拉力大小，讀出碰前和碰后拉力的兩個(gè)峰值和，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間。（1）下列關(guān)于該實(shí)驗(yàn)的說法正確的是___________（單選）。A.將小球拉開的偏角不應(yīng)超過B.小球質(zhì)量必須大于小物塊的質(zhì)量即C.應(yīng)使小球在懸點(diǎn)正下方與小物塊發(fā)生對心正碰（2）如果本次實(shí)驗(yàn)滿足小球質(zhì)量大于小物塊質(zhì)量即，則與小物塊碰撞前小球的動量為___________（選用題中物理量、L、μ、s、、g表示）。若滿足關(guān)系式______（選用題中物理量、L、μ、s、、g表示），則可驗(yàn)證碰撞中動量守恒定律成立。【答案】（1）C（2）【解析】（1）A．小球拉開的偏角可以超過，因小球的擺動無需是單擺，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．題干中沒有要求質(zhì)量為m1的小球不反彈，則不需要滿足，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．應(yīng)使小球在懸點(diǎn)正下方與小物塊發(fā)生對心正碰，選項(xiàng)C正確；（2）[1]與小物塊碰撞前小球根據(jù)則小球的動量為[2]同理碰后小球的動量碰后物塊物塊的動量實(shí)驗(yàn)滿足小球質(zhì)量大于小物塊質(zhì)量即，則若動量守恒則滿足即12.某同學(xué)對自動鉛筆筆芯的導(dǎo)電性能產(chǎn)生了興趣，設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)測量其電阻率，電路圖如圖甲所示。其中定值電阻，實(shí)驗(yàn)的主要步驟如下：（1）連接好電路，將滑片P停在距離鉛筆筆芯a端較近的位置，用游標(biāo)卡尺量出鉛筆筆芯接入電路中的長度L，游標(biāo)卡尺的示數(shù)如圖乙所示，其讀數(shù)為___________。（2）閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)滑動變阻器和電阻箱的阻值使電流計(jì)G示數(shù)為零，讀取電阻箱的阻值。（3）改變滑片P的位置重復(fù)以上操作，獲得多組L和的數(shù)據(jù)。在滑片P位置不同于（1）的某次測量中，當(dāng)電流計(jì)G示數(shù)為零時(shí)，電阻箱的阻值，則該次測量中鉛筆筆芯接入電路中的阻值___________（保留1位有效數(shù)字）。（4）根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)作出圖像如圖丙，查閱產(chǎn)品說明書得知該自動鉛筆筆芯的橫截面積為，則該自動鉛筆筆芯的電阻率為___________（保留2位有效數(shù)字）。【答案】（1）30.7（3）0.9（4）【解析】[1]游標(biāo)卡尺示數(shù)3cm+0.1mm×7=30.7mm[2]由電橋電路的原理可知,當(dāng)了電流計(jì)示數(shù)為零時(shí)，則，解得R=0.9Ω[3]根據(jù)，可得，由圖像可知解得13.水晶在中國傳統(tǒng)文化中具有純潔、美好、吉祥等豐富的象征意義，