高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024－2025學(xué)年第二學(xué)期高二4月期中考試物理（B）注意事項(xiàng)：1.本試卷考試時(shí)間為75分鐘，滿分100分。2.答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡相應(yīng)的位置。一、單選題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.下列說(shuō)法正確的是（）A.條形磁體下落過(guò)程中穿過(guò)閉合線圈，線圈中產(chǎn)生了感應(yīng)電流，說(shuō)明電能是可以被創(chuàng)造的B.在能量轉(zhuǎn)化的過(guò)程中，雖然能量的總量并不減少，但能量的品質(zhì)降低了C.第一類(lèi)永動(dòng)機(jī)不可能制成是因?yàn)檫`背了熱力學(xué)第二定律D.熱力學(xué)第二定律可描述為“不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體”【答案】B【解析】A．磁鐵穿過(guò)線圈過(guò)程中是機(jī)械能轉(zhuǎn)化成了電能，故A錯(cuò)誤；B．在能量轉(zhuǎn)化的過(guò)程中，雖然能量的總量并不減少，但能量品質(zhì)降低了，故B正確；C．第一類(lèi)永動(dòng)機(jī)不可能制成是因?yàn)檫`背了能量守恒定律，故C錯(cuò)誤；D．熱力學(xué)第二定律可描述為“不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體，而不引起其他變化”，故D錯(cuò)誤。故選B。2.某同學(xué)自己繞制天線線圈，制作一個(gè)簡(jiǎn)單的收音機(jī)，用來(lái)收聽(tīng)中波的無(wú)線電廣播，初步制作后發(fā)現(xiàn)有一個(gè)頻率最高的中波電臺(tái)收不到，但可以接收其他中波電臺(tái)。適當(dāng)調(diào)整后，去戶外使用，假設(shè)空間中存在波長(zhǎng)分別為340m、497m、600m的無(wú)線電波，下列說(shuō)法不正確的是（）A.在電磁波接收技術(shù)中，把聲音信號(hào)從高頻電流中還原出來(lái)的過(guò)程叫作解調(diào)B.在電磁波發(fā)射技術(shù)中，有調(diào)頻和調(diào)幅兩種調(diào)制方式C.為更好接收波長(zhǎng)為600m的無(wú)線電波，應(yīng)把收音機(jī)的調(diào)諧頻率調(diào)到5×105HzD.為了能收到頻率最高的中波電臺(tái)，應(yīng)增加線圈的匝數(shù)【答案】D【解析】A．在電磁波接收技術(shù)中，把聲音或圖像信號(hào)從高頻電流中還原出來(lái)的過(guò)程叫作解調(diào)，故A正確；B．在電磁波發(fā)射技術(shù)中，有調(diào)頻和調(diào)幅兩種調(diào)制方式，故B正確；C．為更好接收波長(zhǎng)為600m的無(wú)線電波，根據(jù)可知應(yīng)把收音機(jī)的調(diào)諧頻率調(diào)到5×105Hz，故C正確；D．為了能收到頻率最高的中波電臺(tái)，應(yīng)增大調(diào)諧電路的固有頻率，根據(jù)（L為電感，與線圈匝數(shù)有關(guān)）可知應(yīng)減少線圈的匝數(shù)，故D錯(cuò)誤。故選D。3.下列關(guān)于液體和固體性質(zhì)的說(shuō)法，正確的是（）A.水黽可以在水面自由活動(dòng)，說(shuō)明它所受到水的浮力大于重力B.食鹽顆粒受潮粘連成食鹽塊時(shí)，形狀不規(guī)則，是非晶體C.毛細(xì)現(xiàn)象是液體的浸潤(rùn)（或不浸潤(rùn)）與表面張力共同作用的結(jié)果D.石墨烯熔化過(guò)程中吸熱，碳原子的平均動(dòng)能增加【答案】C【解析】A．水黽可以在水面自由活動(dòng)，是因?yàn)樗谋砻鎻埩?，故A錯(cuò)誤；B．食鹽顆粒受潮粘連成食鹽塊時(shí)，形狀不規(guī)則，但仍是晶體，故B錯(cuò)誤；C．毛細(xì)現(xiàn)象是液體的浸潤(rùn)（或不浸潤(rùn)）與表面張力共同作用的結(jié)果，故C正確；D．石墨烯是晶體，熔化過(guò)程中吸熱，溫度不變，碳原子的平均動(dòng)能不變，故D錯(cuò)誤。故選C。4.5G是新一代蜂窩移動(dòng)通信技術(shù)，數(shù)據(jù)傳輸速率比4GLTE蜂窩網(wǎng)絡(luò)快100倍。下表為5G使用的無(wú)線電波的頻率范圍。已知光在真空中的傳播速度c=3×108m/s，1MHz=1×106Hz，下列說(shuō)法正確的是（）頻率范圍名稱對(duì)應(yīng)的頻率范圍FR1450MHz~6000MHzFR224250MHz~52600MHzA.FR1比FR2中無(wú)線電波更不容易發(fā)生明顯衍射B.FR1和FR2中的無(wú)線電波在傳播時(shí)不需要介質(zhì)C.FR1和FR2中的無(wú)線電波不產(chǎn)生偏振現(xiàn)象D.在真空中傳播時(shí)，F(xiàn)R2比FR1中的無(wú)線電波的傳播速度更大【答案】B【解析】A．FR1比FR2對(duì)應(yīng)的頻率小，根據(jù)，則波長(zhǎng)較大，衍射能力更強(qiáng)，故A錯(cuò)誤；BC．無(wú)線電波是電磁波，電磁波傳播不需要介質(zhì)，電磁波是橫波，可以發(fā)生偏振現(xiàn)象，故B正確，C錯(cuò)誤；故選B。5.一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷從a→b→c→d→a的過(guò)程，其過(guò)程如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（）A.在a→c的過(guò)程中，氣體吸收的熱量為4p0V0B.在a→c的過(guò)程中，氣體對(duì)外界做的功為2p0V0C.在a→c的過(guò)程中，溫度先降低后升高D.在a→b→c→d→a的過(guò)程中，氣體放出的熱量為2p0V0【答案】A【解析】AB．p?V圖像與V軸所圍的面積表示氣體對(duì)外界做的功由圖像知Ta=Tc，故從a→c的過(guò)程中ΔU=0，因?yàn)闅怏w對(duì)外界做功，W<0，由知，Q>0，即氣體要吸收熱量，吸收的熱量故A正確，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程可知p?V圖像的坐標(biāo)值的乘積反映溫度，a狀態(tài)和c狀態(tài)的坐標(biāo)值的乘積相等，而中間狀態(tài)的坐標(biāo)值乘積更大，則a→c過(guò)程的溫度先升高后降低，故C錯(cuò)誤；D．整個(gè)過(guò)程中氣體對(duì)外界做的功大小等于Δacd的面積，即又因ΔU=0，故氣體吸收的熱量，故D錯(cuò)誤。故選A。6.壓敏電阻的阻值隨所受壓力的增大而減小，有位同學(xué)設(shè)計(jì)了利用壓敏電阻判斷豎直升降機(jī)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的裝置，其工作原理圖如圖甲所示，將壓敏電阻固定在升降機(jī)底板上，其上放置一個(gè)物塊，在升降機(jī)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，電流表示數(shù)如圖乙所示，已知升降機(jī)靜止時(shí)電流表的示數(shù)為I1.下列判斷不正確的是（）A.0到t1時(shí)間內(nèi)，升降機(jī)可能向下勻速運(yùn)動(dòng)B.t1到t2時(shí)間內(nèi)，升降機(jī)可能做勻加速直線運(yùn)動(dòng)C.t1到t2時(shí)間內(nèi)，升降機(jī)運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度向上D.t2到t3時(shí)間內(nèi)，升降機(jī)可能勻加速上升【答案】B【解析】A．從時(shí)間內(nèi)，電流為不變，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知電路中的總阻值不變，升降機(jī)可能靜止也可能勻速運(yùn)動(dòng)，故A正確，不符合題意；BC．時(shí)間內(nèi)，電流增大，則電阻減小，因?yàn)閴好綦娮枳柚惦S所受壓力的增大而減小，所以壓力增大，由牛頓第三定律得物塊受到的支持力逐漸增大，根據(jù)牛頓第二定律有，合力向上，加速度向上且逐漸增大，故B錯(cuò)誤，符合題意，C正確，不符合題意；D．時(shí)間內(nèi)電流不變，電阻不變，壓力不變，電流大于靜止時(shí)的電流，壓力大于靜止時(shí)的壓力，物塊受重力和支持力，根據(jù)牛頓第二定律有合力向上，加速度向上且大小不變，所以時(shí)間內(nèi)升降機(jī)勻加速上升或勻減速下降，故D正確，不符合題意。本題選擇錯(cuò)誤選項(xiàng)，故選B。7.如圖所示，豎直放置的兩端開(kāi)口的U形管，一段空氣柱被水銀柱a和水銀柱b封閉在右管內(nèi)，水銀柱b的兩個(gè)水銀面的高度差為h?，F(xiàn)將U形管放入熱水槽中，則系統(tǒng)再度達(dá)到平衡的過(guò)程中（水銀沒(méi)有溢出，外界大氣壓保持不變）（）A.空氣柱中氣體分子的平均動(dòng)能不變B.空氣柱中氣體分子的密集程度變大C.水銀柱a液面將上升D.水銀柱b的兩個(gè)水銀面的高度差h變大【答案】C【解析】AB．空氣柱的壓強(qiáng)其中為水銀柱的高度，由于的大小不變，故空氣柱的壓強(qiáng)不變，被封閉氣體做等壓變化，由于氣體溫度升高，氣體分子的平均動(dòng)能變大，故根據(jù)蓋—呂薩克定律可得，氣體的體積增大，故氣體分子的密集程度變小，故AB錯(cuò)誤；CD．被封閉氣體的壓強(qiáng)，由不變，可知不變，水銀柱b的兩個(gè)水銀面的高度差不變，又因氣體的體積增大，則水銀柱a液面將上升，故C正確，D錯(cuò)誤。二、多選題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.如圖所示的后車(chē)安裝了“預(yù)碰撞安全系統(tǒng)”，其配備的雷達(dá)會(huì)發(fā)射毫米級(jí)電磁波（毫米波），并對(duì)前車(chē)反射的毫米波進(jìn)行運(yùn)算，通過(guò)和電磁波譜對(duì)比，下列說(shuō)法正確的是（）A.毫米波比紅外線的頻率高B.毫米波比紫外線波動(dòng)性更明顯C.毫米波可以用于工業(yè)探傷D.前車(chē)的金屬尾板遇到毫米波時(shí)會(huì)產(chǎn)生極其微弱的感應(yīng)電流【答案】BD【解析】A．從電磁波譜的順序可知毫米波的頻率比紅外線低，故A錯(cuò)誤；B．毫米波波長(zhǎng)大于紫外線的波長(zhǎng)，故毫米波的波動(dòng)性更明顯，故B正確；C．由于頻率越高，其穿透力越強(qiáng)，毫米波頻率遠(yuǎn)低于X射線，其比X射線穿透能力更弱，不可以用于工業(yè)探傷，故C錯(cuò)誤；D．后車(chē)發(fā)出電磁波，電磁波會(huì)引起前車(chē)的金屬尾板磁通量的變化，從而產(chǎn)生感應(yīng)電流，故D正確。故選BD。9.傳感器是采集信息的一種重要元件，如圖所示是一種電容式壓力傳感器，當(dāng)待測(cè)壓力作用于可動(dòng)電極時(shí)，使它發(fā)生形變，從而改變傳感器的電容。若電流從靈敏電流計(jì)“＋”接線柱流進(jìn)時(shí)指針向右偏，從“－”接線柱流進(jìn)時(shí)向左偏。當(dāng)待測(cè)壓力突然增大時(shí)，下列說(shuō)法中正確的是（）A.電容器所帶電荷量將增大 B.電容器兩極板間電勢(shì)差變大C.靈敏電流計(jì)指針向左偏轉(zhuǎn) D.M點(diǎn)的電勢(shì)比N點(diǎn)的低【答案】AD【解析】電容與電源相連，電容器兩極板間電勢(shì)差不變，由，可知當(dāng)待測(cè)壓力突然增大時(shí)，向上壓可動(dòng)電極，可知減小，電容增大，電荷量增大，電容器充電，電路中形成逆時(shí)針?lè)较虻碾娏?，則靈敏電流計(jì)指針向右偏；電流從N流向M，故的電勢(shì)比的低。故選AD。10.一定質(zhì)量的理想氣體，初始溫度為300K，壓強(qiáng)為1×105Pa。經(jīng)等容過(guò)程，該氣體吸收400J的熱量后溫度上升100K；若經(jīng)等壓過(guò)程，需要吸收600J的熱量才能使氣體溫度上升100K。下列說(shuō)法正確的是（）A.等容過(guò)程中，氣體的體積為6LB.等壓過(guò)程中，氣體內(nèi)能增加200JC.等容過(guò)程中，氣體壓強(qiáng)增加了原壓強(qiáng)的D.等壓過(guò)程中，氣體體積增加了原體積的【答案】AC【解析】CD．設(shè)理想氣體初始狀態(tài)的壓強(qiáng)、體積和溫度分別為，，等容過(guò)程為狀態(tài)二：，，等壓過(guò)程為狀態(tài)三：，，由理想氣體狀態(tài)方程可得，解得，等容過(guò)程中，氣體壓強(qiáng)增加了原壓強(qiáng)的，等壓過(guò)程中，氣體體積增加了原體積的，故C正確，D錯(cuò)誤；B．等容過(guò)程中氣體做功為零，由熱力學(xué)第一定律因此內(nèi)能增加都為，等壓過(guò)程內(nèi)能增加了，故B錯(cuò)誤；A．吸收熱量為，由熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w對(duì)外做功為，即做功的大小為解得，故A正確。故選AC。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。解答題應(yīng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要演算步驟，只寫(xiě)出最后答案的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位。11.用圖甲所示實(shí)驗(yàn)裝置探究氣體等溫變化的規(guī)律。（1）關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是______。A.為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，可以在柱塞上涂潤(rùn)滑油，以減小摩擦B.實(shí)驗(yàn)中應(yīng)緩慢推拉柱塞，以免氣體溫度發(fā)生變化C.為方便推拉柱塞，應(yīng)用手握緊注射器再推拉柱塞D.處理數(shù)據(jù)時(shí)采用圖像，是因?yàn)閳D像比圖像更直觀（2）在實(shí)驗(yàn)中，下列哪些操作不是必需的______。A.用橡膠套密封注射器的下端B.用游標(biāo)卡尺測(cè)量柱塞的直徑C.讀取壓力表上顯示的壓強(qiáng)值D.讀取刻度尺上顯示的空氣柱長(zhǎng)度（3）測(cè)得多組空氣柱的壓強(qiáng)p和體積V的數(shù)據(jù)后，為直觀反映壓強(qiáng)與體積之間的關(guān)系，以p為縱坐標(biāo)，以為橫坐標(biāo)在坐標(biāo)系中描點(diǎn)作圖。實(shí)驗(yàn)過(guò)程中該同學(xué)發(fā)現(xiàn)，環(huán)境溫度逐漸升高，則用上述方法作出的圖線應(yīng)為圖乙中的____（選填“①”或“②”）?！敬鸢浮浚?）BD（2）B（3）①【解析】（1）A．涂潤(rùn)滑油的主要目的是防止漏氣，使被封閉氣體的質(zhì)量不發(fā)生變化，故A錯(cuò)誤；B．改變氣體體積時(shí)，要緩慢進(jìn)行，等穩(wěn)定后再讀出氣體壓強(qiáng)，以防止氣體體積變化太快，氣體的溫度發(fā)生變化，故B正確；C．手握緊注射器會(huì)導(dǎo)致溫度的變化，造成實(shí)驗(yàn)誤差，故C錯(cuò)誤；D．需要驗(yàn)證的規(guī)律是“一定質(zhì)量的氣體溫度不變時(shí)，壓強(qiáng)p與體積V成反比”。圖像是一條過(guò)原點(diǎn)的直線，而圖像是雙曲線的一支，所以圖像更直觀，故D正確；故選BD。（2）A．為了保證氣密性，應(yīng)用橡膠套密封注射器的下端，故A必需；BD．由于注射器粗細(xì)均勻，根據(jù)V=LS可知，體積和空氣柱長(zhǎng)度成正比，所以只需讀取刻度尺上顯示的空氣柱長(zhǎng)度即可，無(wú)需測(cè)量直徑，故D必需，B不必需；C．為了得知壓強(qiáng)的變化情況，需要讀取壓力表上顯示的壓強(qiáng)值，故C必需；故選B。（3）由玻意耳定律得可見(jiàn)，圖像為一條過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線。環(huán)境溫度逐漸升高，假設(shè)該氣體體積V不變，則壓強(qiáng)p增大，故C變大，即圖線的斜率變大，作出的圖像應(yīng)為題圖乙中的①。12.某研究性學(xué)習(xí)小組利用壓敏電阻制作電子秤。已知壓敏電阻在壓力作用下發(fā)生微小形變，它的電阻也隨之發(fā)生變化，其阻值R隨壓力F變化的圖像如圖甲所示，其中R0=10Ω，圖像斜率k=1.5Ω/N。小組同學(xué)按圖乙所示電路制作了一個(gè)簡(jiǎn)易電子秤（秤盤(pán)質(zhì)量不計(jì)），電路中電源電動(dòng)勢(shì)E=4.0V，內(nèi)阻未知，電流表量程為20mA，內(nèi)阻RA=9Ω，g取10m/s2。按以下操作步驟進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。①秤盤(pán)上不放重物時(shí)，閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使電流表指針滿偏；②秤盤(pán)上放置已知重力的重物G，保持滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值不變；讀出此時(shí)電流表示數(shù)I；③換用不同已知質(zhì)量的重物，記錄每一個(gè)質(zhì)量值對(duì)應(yīng)的電流值；④將電流表刻度盤(pán)改裝為質(zhì)量刻度盤(pán)。（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)發(fā)現(xiàn)電流表量程偏小，根據(jù)需要將其量程擴(kuò)大為200mA，則應(yīng)該給該電流表并聯(lián)阻值為_(kāi)_____Ω的電阻。（2）改裝后的刻度盤(pán)，其0刻度線在電流表__________（選填“零刻度”或“滿刻度”）處。（3）用改裝后的電流表進(jìn)行操作，若電流表示數(shù)為50mA，則待測(cè)重物質(zhì)量為_(kāi)_____kg。（4）使用一段時(shí)間后，由于電源的電動(dòng)勢(shì)略微變小，內(nèi)阻變大，其他條件不變，用這臺(tái)電子秤稱重前，進(jìn)行了步驟①的操作，則測(cè)量結(jié)果______（填“偏大”“偏小”或“不變”）?！敬鸢浮浚?）1（2）滿刻度（3）4（4）偏大【解析】（1）當(dāng)小量程的電流表改裝成量程較大的電流表時(shí)，需要并聯(lián)一個(gè)小電阻，有代入數(shù)據(jù)解得R=1Ω（2）由于壓敏電阻阻值R隨壓力增大而增大，則電流表示數(shù)隨壓力增大而減小，所以改裝后的刻度盤(pán)，其零刻度線在電流表的滿刻度處。（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律可得，當(dāng)秤盤(pán)上不放重物時(shí)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器使得電流表滿偏，有當(dāng)秤盤(pán)上放上重物，且電流表示數(shù)為50mA時(shí)，有，聯(lián)立解得m=4kg（4）使用一段時(shí)間后，由于電源的電動(dòng)勢(shì)略微變小，電路中電流將減小，電流表示數(shù)將偏小，故其測(cè)量結(jié)果將偏大。13.轎車(chē)中的安全氣囊能有效保障駕乘人員的安全，轎車(chē)在發(fā)生一定強(qiáng)度的碰撞時(shí)，疊氮化鈉（亦稱“三氮化鈉”，化學(xué)式NaN3）受撞擊完全分解產(chǎn)生鈉和氮?dú)舛淙霘饽?。若充入氮?dú)夂蟀踩珰饽覂?nèi)有3.4mol的氮?dú)猓瑲饽抑械獨(dú)獾拿芏圈?1.7kg/m3，已知氮?dú)獾哪栙|(zhì)量M=28g/mol，阿伏加德羅常數(shù)NA=6.0×1023mol-1.請(qǐng)估算：（1）安全氣囊的容積；（2）氣囊中氮?dú)夥肿娱g的平均距離r。（結(jié)果保留一位有效數(shù)字）【答案】（1）56L（2）m【解析】（1）設(shè)安全氣囊的容積，則有（2）氣囊中氮?dú)夥肿拥目倐€(gè)數(shù)為氣體分子間距較大，可以認(rèn)為每個(gè)分子占據(jù)一個(gè)邊長(zhǎng)為的立方體，則有代入數(shù)據(jù)解得14.如圖所示，一LC振蕩電路，線圈的電感L=0.25H，周期T=9.42×10-3s，電容器兩極板間電壓最大為10V，以電容器開(kāi)始放電的時(shí)刻為零時(shí)刻，上極板帶正電，下極板帶負(fù)電。（1）求電容器的電容；（2）在前內(nèi)的平均電流為多大？（3）當(dāng)t=4.0×10-3s時(shí)，電容器上極板帶何種電荷？電流方向如何？【答案】（1）9μF（2）A（3）負(fù)電，逆時(shí)針【解析】（1）根據(jù)解得C=9μF（2）若電容器兩極板間電壓最大為10V，則電容器所帶電荷量最大值為解得則在前內(nèi)的平均電流為解得（3）當(dāng)時(shí)，即在從時(shí)刻開(kāi)始的第二個(gè)周期內(nèi)電容器充電，此時(shí)上極板帶負(fù)電荷，電流沿逆時(shí)針?lè)较颉?5.如圖（a）所示，一導(dǎo)熱性能良好、內(nèi)壁光滑的汽缸水平放置，橫截面積為、質(zhì)量為、厚度不計(jì)的活塞與汽缸底部之間封閉了一部分氣體，此時(shí)活塞與汽缸底部之間的距離為18cm，在活塞的右側(cè)12cm處有一對(duì)與汽缸固定連接的卡環(huán)，氣體的溫度為300K，大氣壓強(qiáng)?，F(xiàn)將汽缸豎直放置，如圖（b）所示，取，環(huán)境溫度不變。（1）求活塞與汽缸底部之間的距離；（2）給汽缸加熱，求活塞恰好到達(dá)卡環(huán)處時(shí)汽缸內(nèi)的溫度；（3）求加熱到720K時(shí)封閉氣體的壓強(qiáng)；（4）加熱到720K過(guò)程中，氣體從外界吸收熱量，求氣體內(nèi)能的變化量?！敬鸢浮浚?）15cm（2）600K（3）（4）增加14J【解析】（1）汽缸水平放置時(shí)，K，cm×m3當(dāng)汽缸豎直放置時(shí)，，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程有代入數(shù)據(jù)解得（2）假設(shè)加熱到時(shí)，恰好到達(dá)卡環(huán)處，則有，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程有解得（3）加熱到720K時(shí)，活塞已經(jīng)到達(dá)卡環(huán)處，則有，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程有解得（4）活塞向上運(yùn)動(dòng)時(shí)氣體對(duì)外界做功，則有根據(jù)熱力學(xué)第一定律解得則氣體內(nèi)能增加14J2024－2025學(xué)年第二學(xué)期高二4月期中考試物理（B）注意事項(xiàng)：1.本試卷考試時(shí)間為75分鐘，滿分100分。2.答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡相應(yīng)的位置。一、單選題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.下列說(shuō)法正確的是（）A.條形磁體下落過(guò)程中穿過(guò)閉合線圈，線圈中產(chǎn)生了感應(yīng)電流，說(shuō)明電能是可以被創(chuàng)造的B.在能量轉(zhuǎn)化的過(guò)程中，雖然能量的總量并不減少，但能量的品質(zhì)降低了C.第一類(lèi)永動(dòng)機(jī)不可能制成是因?yàn)檫`背了熱力學(xué)第二定律D.熱力學(xué)第二定律可描述為“不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體”【答案】B【解析】A．磁鐵穿過(guò)線圈過(guò)程中是機(jī)械能轉(zhuǎn)化成了電能，故A錯(cuò)誤；B．在能量轉(zhuǎn)化的過(guò)程中，雖然能量的總量并不減少，但能量品質(zhì)降低了，故B正確；C．第一類(lèi)永動(dòng)機(jī)不可能制成是因?yàn)檫`背了能量守恒定律，故C錯(cuò)誤；D．熱力學(xué)第二定律可描述為“不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體，而不引起其他變化”，故D錯(cuò)誤。故選B。2.某同學(xué)自己繞制天線線圈，制作一個(gè)簡(jiǎn)單的收音機(jī)，用來(lái)收聽(tīng)中波的無(wú)線電廣播，初步制作后發(fā)現(xiàn)有一個(gè)頻率最高的中波電臺(tái)收不到，但可以接收其他中波電臺(tái)。適當(dāng)調(diào)整后，去戶外使用，假設(shè)空間中存在波長(zhǎng)分別為340m、497m、600m的無(wú)線電波，下列說(shuō)法不正確的是（）A.在電磁波接收技術(shù)中，把聲音信號(hào)從高頻電流中還原出來(lái)的過(guò)程叫作解調(diào)B.在電磁波發(fā)射技術(shù)中，有調(diào)頻和調(diào)幅兩種調(diào)制方式C.為更好接收波長(zhǎng)為600m的無(wú)線電波，應(yīng)把收音機(jī)的調(diào)諧頻率調(diào)到5×105HzD.為了能收到頻率最高的中波電臺(tái)，應(yīng)增加線圈的匝數(shù)【答案】D【解析】A．在電磁波接收技術(shù)中，把聲音或圖像信號(hào)從高頻電流中還原出來(lái)的過(guò)程叫作解調(diào)，故A正確；B．在電磁波發(fā)射技術(shù)中，有調(diào)頻和調(diào)幅兩種調(diào)制方式，故B正確；C．為更好接收波長(zhǎng)為600m的無(wú)線電波，根據(jù)可知應(yīng)把收音機(jī)的調(diào)諧頻率調(diào)到5×105Hz，故C正確；D．為了能收到頻率最高的中波電臺(tái)，應(yīng)增大調(diào)諧電路的固有頻率，根據(jù)（L為電感，與線圈匝數(shù)有關(guān)）可知應(yīng)減少線圈的匝數(shù)，故D錯(cuò)誤。故選D。3.下列關(guān)于液體和固體性質(zhì)的說(shuō)法，正確的是（）A.水黽可以在水面自由活動(dòng)，說(shuō)明它所受到水的浮力大于重力B.食鹽顆粒受潮粘連成食鹽塊時(shí)，形狀不規(guī)則，是非晶體C.毛細(xì)現(xiàn)象是液體的浸潤(rùn)（或不浸潤(rùn)）與表面張力共同作用的結(jié)果D.石墨烯熔化過(guò)程中吸熱，碳原子的平均動(dòng)能增加【答案】C【解析】A．水黽可以在水面自由活動(dòng)，是因?yàn)樗谋砻鎻埩?，故A錯(cuò)誤；B．食鹽顆粒受潮粘連成食鹽塊時(shí)，形狀不規(guī)則，但仍是晶體，故B錯(cuò)誤；C．毛細(xì)現(xiàn)象是液體的浸潤(rùn)（或不浸潤(rùn)）與表面張力共同作用的結(jié)果，故C正確；D．石墨烯是晶體，熔化過(guò)程中吸熱，溫度不變，碳原子的平均動(dòng)能不變，故D錯(cuò)誤。故選C。4.5G是新一代蜂窩移動(dòng)通信技術(shù)，數(shù)據(jù)傳輸速率比4GLTE蜂窩網(wǎng)絡(luò)快100倍。下表為5G使用的無(wú)線電波的頻率范圍。已知光在真空中的傳播速度c=3×108m/s，1MHz=1×106Hz，下列說(shuō)法正確的是（）頻率范圍名稱對(duì)應(yīng)的頻率范圍FR1450MHz~6000MHzFR224250MHz~52600MHzA.FR1比FR2中無(wú)線電波更不容易發(fā)生明顯衍射B.FR1和FR2中的無(wú)線電波在傳播時(shí)不需要介質(zhì)C.FR1和FR2中的無(wú)線電波不產(chǎn)生偏振現(xiàn)象D.在真空中傳播時(shí)，F(xiàn)R2比FR1中的無(wú)線電波的傳播速度更大【答案】B【解析】A．FR1比FR2對(duì)應(yīng)的頻率小，根據(jù)，則波長(zhǎng)較大，衍射能力更強(qiáng)，故A錯(cuò)誤；BC．無(wú)線電波是電磁波，電磁波傳播不需要介質(zhì)，電磁波是橫波，可以發(fā)生偏振現(xiàn)象，故B正確，C錯(cuò)誤；故選B。5.一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷從a→b→c→d→a的過(guò)程，其過(guò)程如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（）A.在a→c的過(guò)程中，氣體吸收的熱量為4p0V0B.在a→c的過(guò)程中，氣體對(duì)外界做的功為2p0V0C.在a→c的過(guò)程中，溫度先降低后升高D.在a→b→c→d→a的過(guò)程中，氣體放出的熱量為2p0V0【答案】A【解析】AB．p?V圖像與V軸所圍的面積表示氣體對(duì)外界做的功由圖像知Ta=Tc，故從a→c的過(guò)程中ΔU=0，因?yàn)闅怏w對(duì)外界做功，W<0，由知，Q>0，即氣體要吸收熱量，吸收的熱量故A正確，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程可知p?V圖像的坐標(biāo)值的乘積反映溫度，a狀態(tài)和c狀態(tài)的坐標(biāo)值的乘積相等，而中間狀態(tài)的坐標(biāo)值乘積更大，則a→c過(guò)程的溫度先升高后降低，故C錯(cuò)誤；D．整個(gè)過(guò)程中氣體對(duì)外界做的功大小等于Δacd的面積，即又因ΔU=0，故氣體吸收的熱量，故D錯(cuò)誤。故選A。6.壓敏電阻的阻值隨所受壓力的增大而減小，有位同學(xué)設(shè)計(jì)了利用壓敏電阻判斷豎直升降機(jī)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的裝置，其工作原理圖如圖甲所示，將壓敏電阻固定在升降機(jī)底板上，其上放置一個(gè)物塊，在升降機(jī)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，電流表示數(shù)如圖乙所示，已知升降機(jī)靜止時(shí)電流表的示數(shù)為I1.下列判斷不正確的是（）A.0到t1時(shí)間內(nèi)，升降機(jī)可能向下勻速運(yùn)動(dòng)B.t1到t2時(shí)間內(nèi)，升降機(jī)可能做勻加速直線運(yùn)動(dòng)C.t1到t2時(shí)間內(nèi)，升降機(jī)運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度向上D.t2到t3時(shí)間內(nèi)，升降機(jī)可能勻加速上升【答案】B【解析】A．從時(shí)間內(nèi)，電流為不變，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知電路中的總阻值不變，升降機(jī)可能靜止也可能勻速運(yùn)動(dòng)，故A正確，不符合題意；BC．時(shí)間內(nèi)，電流增大，則電阻減小，因?yàn)閴好綦娮枳柚惦S所受壓力的增大而減小，所以壓力增大，由牛頓第三定律得物塊受到的支持力逐漸增大，根據(jù)牛頓第二定律有，合力向上，加速度向上且逐漸增大，故B錯(cuò)誤，符合題意，C正確，不符合題意；D．時(shí)間內(nèi)電流不變，電阻不變，壓力不變，電流大于靜止時(shí)的電流，壓力大于靜止時(shí)的壓力，物塊受重力和支持力，根據(jù)牛頓第二定律有合力向上，加速度向上且大小不變，所以時(shí)間內(nèi)升降機(jī)勻加速上升或勻減速下降，故D正確，不符合題意。本題選擇錯(cuò)誤選項(xiàng)，故選B。7.如圖所示，豎直放置的兩端開(kāi)口的U形管，一段空氣柱被水銀柱a和水銀柱b封閉在右管內(nèi)，水銀柱b的兩個(gè)水銀面的高度差為h?，F(xiàn)將U形管放入熱水槽中，則系統(tǒng)再度達(dá)到平衡的過(guò)程中（水銀沒(méi)有溢出，外界大氣壓保持不變）（）A.空氣柱中氣體分子的平均動(dòng)能不變B.空氣柱中氣體分子的密集程度變大C.水銀柱a液面將上升D.水銀柱b的兩個(gè)水銀面的高度差h變大【答案】C【解析】AB．空氣柱的壓強(qiáng)其中為水銀柱的高度，由于的大小不變，故空氣柱的壓強(qiáng)不變，被封閉氣體做等壓變化，由于氣體溫度升高，氣體分子的平均動(dòng)能變大，故根據(jù)蓋—呂薩克定律可得，氣體的體積增大，故氣體分子的密集程度變小，故AB錯(cuò)誤；CD．被封閉氣體的壓強(qiáng)，由不變，可知不變，水銀柱b的兩個(gè)水銀面的高度差不變，又因氣體的體積增大，則水銀柱a液面將上升，故C正確，D錯(cuò)誤。二、多選題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.如圖所示的后車(chē)安裝了“預(yù)碰撞安全系統(tǒng)”，其配備的雷達(dá)會(huì)發(fā)射毫米級(jí)電磁波（毫米波），并對(duì)前車(chē)反射的毫米波進(jìn)行運(yùn)算，通過(guò)和電磁波譜對(duì)比，下列說(shuō)法正確的是（）A.毫米波比紅外線的頻率高B.毫米波比紫外線波動(dòng)性更明顯C.毫米波可以用于工業(yè)探傷D.前車(chē)的金屬尾板遇到毫米波時(shí)會(huì)產(chǎn)生極其微弱的感應(yīng)電流【答案】BD【解析】A．從電磁波譜的順序可知毫米波的頻率比紅外線低，故A錯(cuò)誤；B．毫米波波長(zhǎng)大于紫外線的波長(zhǎng)，故毫米波的波動(dòng)性更明顯，故B正確；C．由于頻率越高，其穿透力越強(qiáng)，毫米波頻率遠(yuǎn)低于X射線，其比X射線穿透能力更弱，不可以用于工業(yè)探傷，故C錯(cuò)誤；D．后車(chē)發(fā)出電磁波，電磁波會(huì)引起前車(chē)的金屬尾板磁通量的變化，從而產(chǎn)生感應(yīng)電流，故D正確。故選BD。9.傳感器是采集信息的一種重要元件，如圖所示是一種電容式壓力傳感器，當(dāng)待測(cè)壓力作用于可動(dòng)電極時(shí)，使它發(fā)生形變，從而改變傳感器的電容。若電流從靈敏電流計(jì)“＋”接線柱流進(jìn)時(shí)指針向右偏，從“－”接線柱流進(jìn)時(shí)向左偏。當(dāng)待測(cè)壓力突然增大時(shí)，下列說(shuō)法中正確的是（）A.電容器所帶電荷量將增大 B.電容器兩極板間電勢(shì)差變大C.靈敏電流計(jì)指針向左偏轉(zhuǎn) D.M點(diǎn)的電勢(shì)比N點(diǎn)的低【答案】AD【解析】電容與電源相連，電容器兩極板間電勢(shì)差不變，由，可知當(dāng)待測(cè)壓力突然增大時(shí)，向上壓可動(dòng)電極，可知減小，電容增大，電荷量增大，電容器充電，電路中形成逆時(shí)針?lè)较虻碾娏?，則靈敏電流計(jì)指針向右偏；電流從N流向M，故的電勢(shì)比的低。故選AD。10.一定質(zhì)量的理想氣體，初始溫度為300K，壓強(qiáng)為1×105Pa。經(jīng)等容過(guò)程，該氣體吸收400J的熱量后溫度上升100K；若經(jīng)等壓過(guò)程，需要吸收600J的熱量才能使氣體溫度上升100K。下列說(shuō)法正確的是（）A.等容過(guò)程中，氣體的體積為6LB.等壓過(guò)程中，氣體內(nèi)能增加200JC.等容過(guò)程中，氣體壓強(qiáng)增加了原壓強(qiáng)的D.等壓過(guò)程中，氣體體積增加了原體積的【答案】AC【解析】CD．設(shè)理想氣體初始狀態(tài)的壓強(qiáng)、體積和溫度分別為，，等容過(guò)程為狀態(tài)二：，，等壓過(guò)程為狀態(tài)三：，，由理想氣體狀態(tài)方程可得，解得，等容過(guò)程中，氣體壓強(qiáng)增加了原壓強(qiáng)的，等壓過(guò)程中，氣體體積增加了原體積的，故C正確，D錯(cuò)誤；B．等容過(guò)程中氣體做功為零，由熱力學(xué)第一定律因此內(nèi)能增加都為，等壓過(guò)程內(nèi)能增加了，故B錯(cuò)誤；A．吸收熱量為，由熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w對(duì)外做功為，即做功的大小為解得，故A正確。故選AC。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。解答題應(yīng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要演算步驟，只寫(xiě)出最后答案的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位。11.用圖甲所示實(shí)驗(yàn)裝置探究氣體等溫變化的規(guī)律。（1）關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是______。A.為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，可以在柱塞上涂潤(rùn)滑油，以減小摩擦B.實(shí)驗(yàn)中應(yīng)緩慢推拉柱塞，以免氣體溫度發(fā)生變化C.為方便推拉柱塞，應(yīng)用手握緊注射器再推拉柱塞D.處理數(shù)據(jù)時(shí)采用圖像，是因?yàn)閳D像比圖像更直觀（2）在實(shí)驗(yàn)中，下列哪些操作不是必需的______。A.用橡膠套密封注射器的下端B.用游標(biāo)卡尺測(cè)量柱塞的直徑C.讀取壓力表上顯示的壓強(qiáng)值D.讀取刻度尺上顯示的空氣柱長(zhǎng)度（3）測(cè)得多組空氣柱的壓強(qiáng)p和體積V的數(shù)據(jù)后，為直觀反映壓強(qiáng)與體積之間的關(guān)系，以p為縱坐標(biāo)，以為橫坐標(biāo)在坐標(biāo)系中描點(diǎn)作圖。實(shí)驗(yàn)過(guò)程中該同學(xué)發(fā)現(xiàn)，環(huán)境溫度逐漸升高，則用上述方法作出的圖線應(yīng)為圖乙中的____（選填“①”或“②”）?！敬鸢浮浚?）BD（2）B（3）①【解析】（1）A．涂潤(rùn)滑油的主要目的是防止漏氣，使被封閉氣體的質(zhì)量不發(fā)生變化，故A錯(cuò)誤；B．改變氣體體積時(shí)，要緩慢進(jìn)行，等穩(wěn)定后再讀出氣體壓強(qiáng)，以防止氣體體積變化太快，氣體的溫度發(fā)生變化，故B正確；C．手握緊注射器會(huì)導(dǎo)致溫度的變化，造成實(shí)驗(yàn)誤差，故C錯(cuò)誤；D．需要驗(yàn)證的規(guī)律是“一定質(zhì)量的氣體溫度不變時(shí)，壓強(qiáng)p與體積V成反比”。圖像是一條過(guò)原點(diǎn)的直線，而圖像是雙曲線的一支，所以圖像更直觀，故D正確；故選BD。（2）A．為了保證氣密性，應(yīng)用橡膠套密封注射器的下端，故A必需；BD．由于注射器粗細(xì)均勻，根據(jù)V=LS可知，體積和空氣柱長(zhǎng)度成正比，所以只需讀取刻度尺上顯示的空氣柱長(zhǎng)度即可，無(wú)需測(cè)量直徑，故D必需，B不必需；C．為了得知壓強(qiáng)的變化情況，需要讀取壓力表上顯示的壓強(qiáng)值，故C必需；故選B。（3）由玻意耳定律得可見(jiàn)，圖像為一條過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線。環(huán)境溫度逐漸升高，假設(shè)該氣體體積V不變，則壓強(qiáng)p增大，故C變大，即圖線的斜率變大，作出的圖像應(yīng)為題圖乙中的①。12.某研究性學(xué)習(xí)小組利用壓敏電阻制作電子秤。已知壓敏電阻在壓力作用下發(fā)生微小形變，它的電阻也隨之發(fā)生變化，其阻值R隨壓力F變化的圖像如圖甲所示，其中R0=10Ω，圖像斜率k=1.5Ω/N。小組同學(xué)按圖乙所示電路制作了一個(gè)簡(jiǎn)易電子秤（秤盤(pán)質(zhì)量不計(jì)），電路中電源電動(dòng)勢(shì)E=4.0V，內(nèi)阻未知，電流表量程為20mA，內(nèi)阻RA=9Ω，g取10m/s2。按以下操作步驟進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。①秤盤(pán)上不放重物時(shí)，閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使電流表指針滿偏；②秤盤(pán)上放置已知重力的重物G，保持滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值不變；讀出此時(shí)電流表示數(shù)I；③換用不同已知質(zhì)量的重物，記錄每一個(gè)質(zhì)量值對(duì)應(yīng)的電流值；④將電流表刻度盤(pán)改裝為質(zhì)量刻度盤(pán)。（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)發(fā)現(xiàn)電流表量程偏小，根據(jù)需要將其量程擴(kuò)大為200mA，則應(yīng)該給該電流表并聯(lián)阻值為_(kāi)_____Ω的電阻。（2）改裝后的刻度盤(pán)，其0刻度線在電流表__________（選填“零刻度”或“滿刻度”）處。（3）用改裝后的電流表進(jìn)行操作，若電流表示數(shù)為50mA，則待測(cè)重物質(zhì)量為_(kāi)_____kg。（4）使用一段時(shí)間后，由于電源的電動(dòng)勢(shì)略微變小，內(nèi)阻變大，其他條件不變，用這臺(tái)電子秤稱重前，進(jìn)行了步驟①的操作，則測(cè)量結(jié)果