2025年大學(xué)《數(shù)理基礎(chǔ)科學(xué)》專業(yè)題庫——數(shù)理基礎(chǔ)科學(xué)的實踐教育模擬考試時間：______分鐘總分：______分姓名：______一、設(shè)函數(shù)$f(x)$在$[a,b]$上連續(xù)，在$(a,b)$內(nèi)可導(dǎo)，且$f(a)=f(b)=0$。證明：存在$\xi\in(a,b)$，使得$f'(\xi)=-\frac{f(\xi)}{\xi}$。二、計算極限$\lim_{n\to\infty}\frac{1}{n}\sum_{k=1}^n\left(\frac{k}{n}\right)^{2019}$。三、已知$\mathbf{A}=\begin{pmatrix}1&2\\3&4\end{pmatrix}$，$\mathbf{B}=\begin{pmatrix}0&1\\-1&0\end{pmatrix}$。求$\mathbf{A}^2$，并計算$\mathbf{A}^5$。四、設(shè)函數(shù)$z=z(x,y)$由方程$x^2+y^2+z^2=f(xyz)$確定，其中$f$是可微函數(shù)。求$\frac{\partialz}{\partialx}$和$\frac{\partial^2z}{\partialx^2}$。五、計算二重積分$\iint_D\sin(x+y)\,dA$，其中區(qū)域$D$由直線$y=0$，$y=x$和$x=\frac{\pi}{2}$圍成。六、將函數(shù)$f(x)=x^2$在$[0,2\pi]$上展開成以$2\pi$為周期的傅里葉級數(shù)。七、求解微分方程$y''-4y'+3y=e^{2x}$。八、從容器頂部以初速度$v_0$垂直向上拋出一小球，不計空氣阻力，重力加速度為$g$。求小球上升到最高點時的高度$h$。試卷答案一、證明：構(gòu)造輔助函數(shù)$F(x)=xf(x)$。顯然$F(x)$在$[a,b]$上連續(xù)，在$(a,b)$內(nèi)可導(dǎo)，且$F(a)=af(a)=0$，$F(b)=bf(b)=0$。根據(jù)羅爾定理，存在$\xi\in(a,b)$，使得$F'(\xi)=0$。計算導(dǎo)數(shù)：$F'(x)=f(x)+xf'(x)$。因此，$F'(\xi)=f(\xi)+\xif'(\xi)=0$，即$f'(\xi)=-\frac{f(\xi)}{\xi}$。二、解：$\lim_{n\to\infty}\frac{1}{n}\sum_{k=1}^n\left(\frac{k}{n}\right)^{2019}=\lim_{n\to\infty}\sum_{k=1}^n\left(\frac{k}{n}\right)^{2019}\frac{1}{n}$。這是函數(shù)$f(x)=x^{2019}$在區(qū)間$[0,1]$上的黎曼和。$\int_0^1x^{2019}\,dx=\left[\frac{x^{2020}}{2020}\right]_0^1=\frac{1}{2020}$。三、解：$f(x)=\begin{pmatrix}1&2\\3&4\end{pmatrix}^2=\begin{pmatrix}1&2\\3&4\end{pmatrix}\begin{pmatrix}1&2\\3&4\end{pmatrix}=\begin{pmatrix}1\cdot1+2\cdot3&1\cdot2+2\cdot4\\3\cdot1+4\cdot3&3\cdot2+4\cdot4\end{pmatrix}=\begin{pmatrix}7&10\\15&22\end{pmatrix}$。觀察$\mathbf{B}^2=\begin{pmatrix}0&1\\-1&0\end{pmatrix}^2=\begin{pmatrix}0&1\\-1&0\end{pmatrix}\begin{pmatrix}0&1\\-1&0\end{pmatrix}=\begin{pmatrix}0\cdot0+1\cdot(-1)&0\cdot1+1\cdot0\\-1\cdot0+0\cdot(-1)&-1\cdot1+0\cdot0\end{pmatrix}=\begin{pmatrix}-1&0\\0&-1\end{pmatrix}=-\mathbf{I}$。利用$\mathbf{A}^5=\mathbf{A}^4\mathbf{A}=(\mathbf{A}^2)^2\mathbf{A}=(7\mathbf{I})^2\mathbf{A}=49\mathbf{I}^2\mathbf{A}=49(-\mathbf{I})\mathbf{A}=-49\mathbf{A}=-49\begin{pmatrix}1&2\\3&4\end{pmatrix}=\begin{pmatrix}-49&-98\\-147&-196\end{pmatrix}$。四、解：對$x^2+y^2+z^2=f(xyz)$兩邊關(guān)于$x$求偏導(dǎo)，得到$2x+2z\frac{\partialz}{\partialx}=f'(xyz)yz\frac{\partialz}{\partialx}$。整理得$\left(2z-f'(xyz)yz\right)\frac{\partialz}{\partialx}=-2x$。$\frac{\partialz}{\partialx}=\frac{-2x}{2z-f'(xyz)yz}$。再求$\frac{\partial^2z}{\partialx^2}$。對$\frac{\partialz}{\partialx}=\frac{-2x}{2z-f'(xyz)yz}$兩邊關(guān)于$x$求偏導(dǎo)：$\frac{\partial^2z}{\partialx^2}=\frac{(-2)(2z-f'(xyz)yz)-(-2x)\left(2\frac{\partialz}{\partialx}-f''(xyz)y^2z\frac{\partialz}{\partialx}-f'(xyz)y^2\frac{\partialz}{\partialx}\right)}{(2z-f'(xyz)yz)^2}$。將$\frac{\partialz}{\partialx}=\frac{-2x}{2z-f'(xyz)yz}$代入上式，化簡可得：$\frac{\partial^2z}{\partialx^2}=\frac{-4z+2f'(xyz)yz+4x\left(f'(xyz)y^2z+f''(xyz)y^2z^2\right)}{(2z-f'(xyz)yz)^3}$。五、解：積分區(qū)域$D$由$y=0$,$y=x$,$x=\frac{\pi}{2}$圍成。可以采用先對$y$后對$x$的積分順序。$\iint_D\sin(x+y)\,dA=\int_{x=0}^{\frac{\pi}{2}}\int_{y=0}^x\sin(x+y)\,dy\,dx$。內(nèi)層積分：$\int_0^x\sin(x+y)\,dy=\left[-\cos(x+y)\right]_0^x=-\cos(2x)+\cos(x)$。外層積分：$\int_0^{\frac{\pi}{2}}\left(-\cos(2x)+\cos(x)\right)\,dx=\left[-\frac{1}{2}\sin(2x)+\sin(x)\right]_0^{\frac{\pi}{2}}=\left(-\frac{1}{2}\sin(\pi)+\sin\left(\frac{\pi}{2}\right)\right)-\left(-\frac{1}{2}\sin(0)+\sin(0)\right)=1$。六、解：$f(x)=x^2$在$[0,2\pi]$上的傅里葉級數(shù)為$\frac{a_0}{2}+\sum_{n=1}^{\infty}(a_n\cos(nx)+b_n\sin(nx))$。計算系數(shù)：$a_0=\frac{1}{\pi}\int_0^{2\pi}x^2\,dx=\frac{1}{\pi}\left[\frac{x^3}{3}\right]_0^{2\pi}=\frac{8\pi^2}{3}$。$a_n=\frac{1}{\pi}\int_0^{2\pi}x^2\cos(nx)\,dx$。利用分部積分兩次：$\intx^2\cos(nx)\,dx=x^2\frac{\sin(nx)}{n}-\int2x\frac{\sin(nx)}{n}\,dx=x^2\frac{\sin(nx)}{n}-\frac{2}{n}\left(x\frac{-\cos(nx)}{n}-\int\frac{-\cos(nx)}{n}\,dx\right)$$=x^2\frac{\sin(nx)}{n}+\frac{2x\cos(nx)}{n^2}-\frac{2}{n^3}\sin(nx)$。因此，$a_n=\frac{1}{\pi}\left[x^2\frac{\sin(nx)}{n}+\frac{2x\cos(nx)}{n^2}-\frac{2}{n^3}\sin(nx)\right]_0^{2\pi}$$=\frac{1}{\pi}\left(0+\frac{4\pi\cos(2\pin)}{n^2}-0-0\right)=\frac{4\pi}{n^2}\cdot1=\frac{4\pi}{n^2}$(利用$\cos(2\pin)=1$)。$b_n=\frac{1}{\pi}\int_0^{2\pi}x^2\sin(nx)\,dx$。利用分部積分兩次（過程類似，結(jié)果為零）：$b_n=\frac{1}{\pi}\left[x^2\frac{-\cos(nx)}{n}-\frac{2x(-\sin(nx))}{n^2}-\frac{2(-\cos(nx))}{n^3}\right]_0^{2\pi}$$=\frac{1}{\pi}\left(0-0+\frac{2}{n^3}\left[\cos(nx)\right]_0^{2\pi}\right)=\frac{2}{\pin^3}\left(\cos(2\pin)-1\right)=0$(利用$\cos(2\pin)=1$)。所以，傅里葉級數(shù)為$\frac{4\pi^2}{3}+\sum_{n=1}^{\infty}\frac{4\pi}{n^2}\cos(nx)$。七、解：對應(yīng)的齊次微分方程為$y''-4y'+3y=0$。特征方程為$r^2-4r+3=0$，解得$r_1=1$,$r_2=3$。齊次方程通解為$y_h=C_1e^x+C_2e^{3x}$。由于非齊次項為$e^{2x}$，且$2$不是特征根，設(shè)特解為$y_p=Ae^{2x}$。代入原方程：$(Ae^{2x})''-4(Ae^{2x})'+3(Ae^{2x})=A(4e^{2x})-4(2Ae^{2x})+3Ae^{2x}=(4A-8A+3A)e^{2x}=-Ae^{2x}$。令$-A=1$，得$A=-1$。所以特解為$y_p=-e^{2x}$。原方程通解為$y=y_h+y_p=C_1e^x+C_2e^{3x}-e^{2x}$。八、解：設(shè)小球在時刻$t$的高度為$h(t)$，取豎直向上為正方向，拋出點為坐標(biāo)原點。根據(jù)勻變速直