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山東省天成大聯(lián)考2023年高二物理第一學(xué)期期末達(dá)標(biāo)檢測(cè)模擬試題注意事項(xiàng)1.考生要認(rèn)真填寫(xiě)考場(chǎng)號(hào)和座位序號(hào)。2.試題所有答案必須填涂或書(shū)寫(xiě)在答題卡上,在試卷上作答無(wú)效。第一部分必須用2B鉛筆作答;第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3.考試結(jié)束后,考生須將試卷和答題卡放在桌面上,待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、兩個(gè)較大的平行金屬板A、B相距為d,分別接在電壓為U的電源正、負(fù)極上,這時(shí)質(zhì)量為m,帶電油滴恰好靜止在兩極之間,如圖所示,在其它條件不變的情況下,如果將兩極非常緩慢地錯(cuò)開(kāi)一些,那么在錯(cuò)開(kāi)的過(guò)程中()A.油滴將向上加速運(yùn)動(dòng),電流計(jì)中電流從b流向aB.油滴將向下加速運(yùn)動(dòng),電流計(jì)中的電流從a流向bC.油滴靜止不動(dòng),電流計(jì)中的電流從a流向bD.油滴靜止不動(dòng),電流計(jì)中的電流從b流向a2、如圖,一束正離子先后經(jīng)過(guò)速度選擇器和勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域,則在速度選擇器中沿直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),且在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)半徑又相等的離子具有相同的()A.電量和質(zhì)量 B.質(zhì)量和動(dòng)能C.速度和比荷 D.速度和質(zhì)量3、如圖所示,真空中A、B兩個(gè)點(diǎn)電荷的電荷量分別為+Q和+q,放在光滑絕緣水平面上,A、B之間用絕緣的輕彈簧連接.當(dāng)系統(tǒng)平衡時(shí),彈簧的伸長(zhǎng)量為x0.若彈簧發(fā)生的均是彈性形變,則()A.保持Q不變,將q變?yōu)?q,平衡時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量等于2x0B.保持q不變,將Q變?yōu)?Q,平衡時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量大于2x0C.保持Q不變,將q變?yōu)?q,平衡時(shí)彈簧的縮短量大于x0D.保持q不變,將Q變?yōu)?Q,平衡時(shí)彈簧的縮短量小于x04、關(guān)于科學(xué)家在物理學(xué)上做出的貢獻(xiàn),下列說(shuō)法正確的是A.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象 B.愛(ài)因斯坦發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動(dòng)規(guī)律C.牛頓提出了萬(wàn)有引力定律 D.開(kāi)普勒提出了狹義相對(duì)論5、如圖所示,直角三角形導(dǎo)線(xiàn)框abc在有界磁場(chǎng)外運(yùn)動(dòng)一時(shí)間后以速度v從左向右勻速進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域,從圖示位置開(kāi)始計(jì)時(shí),則此過(guò)程中導(dǎo)線(xiàn)框內(nèi)感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的規(guī)律為下列四個(gè)圖象中的哪一個(gè)()A. B.C. D.6、在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中有粗細(xì)均勻的同種導(dǎo)線(xiàn)制成的等邊三角形線(xiàn)框abc,磁場(chǎng)方向垂直于線(xiàn)框平面,ac兩點(diǎn)間接一直流電源,電流方向如圖所示,則()A.導(dǎo)線(xiàn)ab受到的安培力大于導(dǎo)線(xiàn)ac所受的安培力B.導(dǎo)線(xiàn)abc受到的安培力大于導(dǎo)線(xiàn)ac受到的安培力C.線(xiàn)框受到的安培力的合力為零D.線(xiàn)框受到的安培力的合力方向垂直于ac向下二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示,用兩根輕質(zhì)絕緣細(xì)線(xiàn)將質(zhì)量為、長(zhǎng)為的金屬棒懸掛在兩處,整個(gè)裝置處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。棒中通以從到的電流,兩懸線(xiàn)偏離豎直方向的夾角處于平衡狀態(tài),則磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小可能為(重力加速度)A. B.C. D.8、如圖所示電場(chǎng)中有A、B兩點(diǎn),下列判斷正確的是()A.電勢(shì)φA>φB,場(chǎng)強(qiáng)EA>EBB.電勢(shì)φA>φB,場(chǎng)強(qiáng)EA<EBC.將電荷量為q的正電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn),電場(chǎng)力做正功,電勢(shì)能減少D.將電荷量為q的負(fù)電荷分別放在A、B兩點(diǎn),電荷具有的電勢(shì)能EpA>EpB9、如圖8所示的電路,電源內(nèi)阻不可忽略,電表為理想電表.當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向下滑動(dòng)時(shí)()A.電流表A的示數(shù)減小 B.電流表A的示數(shù)增大C.電壓表V的示數(shù)減小 D.電壓表V的示數(shù)增大10、如圖所示,半徑為R的圓形區(qū)域中充滿(mǎn)了垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng),O是圓形區(qū)域的圓心,MN和PQ是夾角為θ=的兩條直徑,a、b兩個(gè)帶電粒子都從M點(diǎn)沿垂直于PQ的方向進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域,并分別從P、Q兩兩點(diǎn)離開(kāi),不計(jì)粒子的重力,下列說(shuō)法一定正確的是A.a粒子帶負(fù)電,b粒子帶正電B.b粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是a粒子的2倍C.若只改變b粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度方向,不改變速度大小,則b粒子均以垂直于MN的方向射出磁場(chǎng)D.若讓a粒子從P點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng),a粒子可能從M點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11.(6分)如圖所示是“探究影響通電導(dǎo)線(xiàn)受力的因素”的裝置圖。實(shí)驗(yàn)時(shí),先保持導(dǎo)線(xiàn)通電部分的長(zhǎng)度不變,改變電流的大?。蝗缓蟊3蛛娏鞑蛔?,改變導(dǎo)線(xiàn)通電部分的長(zhǎng)度。每次導(dǎo)體棒在場(chǎng)內(nèi)同一位置平衡時(shí),懸線(xiàn)與豎直方向的夾角為。對(duì)該實(shí)驗(yàn):(1)下列說(shuō)法正確的是___________A.該實(shí)驗(yàn)探究了電流大小以及磁感應(yīng)強(qiáng)度大小對(duì)安培力的影響B(tài).該實(shí)驗(yàn)探究了磁感應(yīng)強(qiáng)度大小以及通電導(dǎo)體棒對(duì)安培力的影響C.若想增大,可以把磁鐵N級(jí)和S級(jí)對(duì)調(diào)D.若想減小,可以把接入電路的導(dǎo)體棒從1、4換成2、3兩端(2)若把電流為I,且接通2、3時(shí),導(dǎo)體棒受到的安培力記為F1,當(dāng)電流減半且接通1、4時(shí),導(dǎo)體棒受到的安培力為_(kāi)_________________。12.(12分)某同學(xué)用圖1所示電路,測(cè)繪標(biāo)有“3.8V,0.3A”的小燈泡的燈絲電阻R隨電壓U變化的圖象.除了導(dǎo)線(xiàn)和開(kāi)關(guān)外,有以下一些器材可供選擇:電流表:A1(量程100mA,內(nèi)阻約2Ω);A2(量程06A,內(nèi)阻約0.3Ω);電壓表:V1(量程5V,內(nèi)阻約5kΩ);V2(量程15V,內(nèi)阻約15Ω);電源:E1(電動(dòng)勢(shì)為1.5V,內(nèi)阻為0.2Ω);E2(電動(dòng)勢(shì)為4V,內(nèi)阻約為0.04Ω)滑動(dòng)變阻器:R1(最大阻值約為100Ω),R2(最大阻值約為10Ω),電鍵S,導(dǎo)線(xiàn)若干(1)為了調(diào)節(jié)方便,測(cè)量準(zhǔn)確,實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選用電流表_____,電壓表_____,滑動(dòng)變阻器_____,電源_____.(填器材的符號(hào))(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù),計(jì)算并描繪出R﹣U的圖象如圖2所示.由圖象可知,此燈泡在不工作時(shí),燈絲電阻為_(kāi)____;當(dāng)所加電壓為3.00V時(shí),燈絲電阻為_(kāi)____,燈泡實(shí)際消耗的電功率為_(kāi)____(3)根據(jù)R﹣U圖象,可確定小燈泡耗電功率P與外加電壓U的關(guān)系.符合該關(guān)系的示意圖是下列圖中的_____四、計(jì)算題:本題共3小題,共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13.(10分)ABC表示豎直放在電場(chǎng)強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)中的絕緣光滑軌道,其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán),軌道的水平部分與半圓環(huán)相切.A為水平軌道上的一點(diǎn),而且AB=R=0.2m,把一質(zhì)量m=0.1kg,帶電量為q=+C的小球,放在A點(diǎn)由靜止釋放后,求:(g=10m/s2)(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時(shí),軌道受到的壓力大小14.(16分)如圖,兩根間距為L(zhǎng)=0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動(dòng)勢(shì)E=3V、內(nèi)阻r=1Ω的電源,導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ=37°.金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置,質(zhì)量m=0.2kg.導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計(jì),整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中.當(dāng)R0=1Ω時(shí),金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài),取g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8(1)求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??;(2)若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上,求金屬桿的加速度15.(12分)如圖所示,水平放置的兩塊長(zhǎng)直平行金屬板a、b相距d=0.10m,a、b間的電場(chǎng)強(qiáng)度為E=5.0×105N/C,b板下方整個(gè)空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng).今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計(jì)重力),從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場(chǎng),剛好從狹縫P處穿過(guò)b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng),最后粒子回到b板的Q處(圖中未畫(huà)出).求P、Q之間的距離L
參考答案一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】電容器與電源相連,兩極板間電壓不變,將兩極板非常緩慢地水平錯(cuò)開(kāi)一些,兩極板正對(duì)面積減小,而間距不變,由可知,電場(chǎng)強(qiáng)度不變,油滴受到的電場(chǎng)力不變,仍與重力平衡,因此油滴靜止不動(dòng)。由可知,電容減小,由Q=CU可知,電荷量減小,電容器放電,因此可判斷電流計(jì)中的電流從a流向b,故C正確,ABD錯(cuò)誤。故選C。2、C【解析】在正交的電磁場(chǎng)區(qū)域中,正離子不偏轉(zhuǎn),說(shuō)明離子受力平衡,在此區(qū)域Ⅰ中,離子受電場(chǎng)力和洛倫茲力,由得v=可知這些正離子具有相同的速度;進(jìn)入只有勻強(qiáng)磁場(chǎng)的區(qū)域Ⅱ時(shí),偏轉(zhuǎn)半徑相同,由R=和v=可知這些正離子具有相同的比荷,故C正確,ABD錯(cuò)誤。3、C【解析】根據(jù)庫(kù)侖定律及胡克定律列式分析,電荷量變化,庫(kù)侖力變化,兩球的距離變化,彈力變化,根據(jù)平衡條件列方程計(jì)算即可【詳解】設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為K,原長(zhǎng)為x.當(dāng)系統(tǒng)平衡時(shí),彈簧的伸長(zhǎng)量為x0,則有:…①A.保持Q不變,將q變?yōu)?q時(shí),平衡時(shí)有:Kx1=…②由①②解得:x1<2x0,故A錯(cuò)誤;B.同理可以得到保持q不變,將Q變?yōu)?Q,平衡時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量小于2x0,故B錯(cuò)誤;C.保持Q不變,將q變?yōu)?q,如果縮短量等于x0,則靜電力大于彈力,故會(huì)進(jìn)一步壓縮彈簧,故平衡時(shí)彈簧的縮短量大于x0,故C正確;D.保持q不變,將Q變?yōu)?Q,如果縮短量等于x0,則靜電力大于彈力,故會(huì)進(jìn)一步壓縮彈簧,故平衡時(shí)彈簧的縮短量大于x0,故D錯(cuò)誤故選C4、C【解析】奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng),選項(xiàng)A錯(cuò)誤;開(kāi)普勒發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動(dòng)規(guī)律,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;牛頓提出了萬(wàn)有引力定律,選項(xiàng)C正確;愛(ài)因斯坦提出了狹義相對(duì)論,選項(xiàng)D錯(cuò)誤.5、A【解析】本題分兩段過(guò)程研究:一段是ac段切割磁感線(xiàn)的過(guò)程,另一段是ac段和ab段都切割磁感線(xiàn)的過(guò)程,根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向,根據(jù)有效的切割長(zhǎng)度L,由感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式E=BLv分析感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小的變化,從而確定出感應(yīng)電流大小的變化;【詳解】在ac段進(jìn)入磁場(chǎng)切割磁感線(xiàn)的過(guò)程中,由楞次定律判斷可知,感應(yīng)電流方向沿abca.線(xiàn)框有效的切割長(zhǎng)度均勻增大,由E=BLv知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)均勻增大,感應(yīng)電流均勻增大;在ab段也切割磁感線(xiàn)的過(guò)程中,由楞次定律判斷可知,感應(yīng)電流方向沿abca,即感應(yīng)電流方向不變.線(xiàn)框有效的切割長(zhǎng)度均勻減小,由E=BLv知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)均勻減小,感應(yīng)電流均勻減小,故A正確,BCD錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】本題是電磁感應(yīng)中圖象問(wèn)題,根據(jù)楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律判斷感應(yīng)電流的方向,得到電流的解析式,再選擇圖象6、D【解析】AB.導(dǎo)線(xiàn)粗細(xì)均勻,材料相同,則電阻與導(dǎo)線(xiàn)長(zhǎng)度成正比,導(dǎo)線(xiàn)abc與導(dǎo)線(xiàn)ac并聯(lián),導(dǎo)線(xiàn)abc的電阻為導(dǎo)線(xiàn)ac的電阻的2倍,流過(guò)導(dǎo)線(xiàn)abc的電流I1與流過(guò)導(dǎo)線(xiàn)ac的電流I2的關(guān)系為導(dǎo)線(xiàn)ab受到的安培力大小為導(dǎo)線(xiàn)ac所受的安培力大小為導(dǎo)線(xiàn)abc的有效長(zhǎng)度為L(zhǎng),受到的安培力大小為故AB錯(cuò)誤;CD.根據(jù)左手定則,導(dǎo)線(xiàn)abc受安培力垂直于ac向下,導(dǎo)線(xiàn)ac受到的安培力也垂直于ac向下,故線(xiàn)框受到的安培力的合力方向垂直于ac向下,故C錯(cuò)誤,D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】如圖當(dāng)安培力垂直于拉力時(shí),安培力最小解得A.0.2T,與結(jié)論不相符,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;B.0.4T,與結(jié)論不相符,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;C.0.5T,與結(jié)論相符,選項(xiàng)C正確;D.1.0T,與結(jié)論相符,選項(xiàng)D正確;故選CD。8、BC【解析】AB.電場(chǎng)線(xiàn)的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小,A處電場(chǎng)線(xiàn)疏,場(chǎng)強(qiáng)小,故場(chǎng)強(qiáng)EA<EB.順著電場(chǎng)線(xiàn)的方向電勢(shì)降落,可知φA>φB,故A錯(cuò)誤B正確;C.將電荷量為q的正電荷放在電場(chǎng)中,受力的方向是從A指向B,故從A點(diǎn)移到B點(diǎn),電場(chǎng)力做正功,電勢(shì)能減少,故C正確;D.負(fù)電荷受到的電場(chǎng)力和電場(chǎng)方向相反,所以從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn),電場(chǎng)力做負(fù)功,電勢(shì)能增大,故D錯(cuò)誤故選:BC。9、BC【解析】先判斷滑動(dòng)變阻器的阻值如何變化,再用“串反并同”去分析【詳解】AB.滑動(dòng)變阻器的滑片向下滑動(dòng),電阻變小,電流表與滑動(dòng)變阻器串聯(lián),所以示數(shù)變大,A錯(cuò)誤,B正確;CD.滑動(dòng)變阻器的阻值變小,電壓表與滑動(dòng)變阻器并聯(lián),所以示數(shù)變小,C正確,D錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】和滑動(dòng)變阻器串聯(lián)的電阻上的電壓、電流、電功率變化趨勢(shì)和滑動(dòng)變阻器電阻值變化趨勢(shì)相反,和滑動(dòng)變阻器并聯(lián)的電阻上的電壓、電流、電功率和滑動(dòng)變阻器電阻值變化趨勢(shì)相同,即串反并同10、AC【解析】A.粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖甲所示,由左手定則可知,a粒子帶負(fù)電,b粒子帶正電,故A正確;B.由粒子運(yùn)動(dòng)軌跡和幾何關(guān)系可知,得所以?xún)闪W釉诖艌?chǎng)中的運(yùn)動(dòng)半徑相同,由公式由于不清楚粒子電荷量、質(zhì)量等,所以無(wú)法確定兩粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間,故B錯(cuò)誤;C.改變b粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度方向,不改變速度大小,由于粒子的運(yùn)動(dòng)半徑與圓形磁場(chǎng)半徑相等,所以,如圖乙中四邊形AOMC為菱形,所以AC一定豎直,速度一定垂直MN,故C正確;D.由于a粒子帶負(fù)電,從P點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)后向右偏轉(zhuǎn),所以不可能從M點(diǎn)射出,故D錯(cuò)誤。故選AC。三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、①.D②.【解析】(1)[1].AB.該實(shí)驗(yàn)探究了導(dǎo)體棒通長(zhǎng)度和電流大小對(duì)安培力的影響,故AB錯(cuò)誤;C.把磁鐵的N極和S極對(duì)調(diào),不改變B的大小,故F不變,故C錯(cuò)誤;D.把接入電路的導(dǎo)體棒從1、4兩端換成2、3兩端,L減小,故安培力F減小,則θ減小,故D正確;故選D。(2)[2].若把電流為I且接通2、3時(shí),導(dǎo)體棒受到的安培力記為F1;則當(dāng)電流減半且接通1、4時(shí),導(dǎo)體棒的安培力為12、①.A2②.V1③.R2④.E2⑤.1.5⑥.11.5⑦.0.78⑧.A【解析】(1)[1][2][3][4]因小燈泡額定電流為0.3A,額定電壓為3.8V,故電流表應(yīng)選A2,電壓表應(yīng)選V1,又因測(cè)伏安特性曲線(xiàn)要求電壓與電流調(diào)節(jié)范圍大,故變阻器需用分壓式接法,應(yīng)選阻值小的變阻器,故變阻器應(yīng)選R2,顯然電源應(yīng)選E2(2)[5]由R﹣U圖象知U=0時(shí)R為1.5Ω;[6][7]U=3V時(shí)R為11.5Ω;
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