2025-2026學(xué)年天一大聯(lián)考高二物理第一學(xué)期期末質(zhì)量跟蹤監(jiān)視模擬試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、通電長直導(dǎo)線中有恒定電流I，方向豎直向上，矩形線框與直導(dǎo)線在同一豎直面內(nèi)，現(xiàn)要使線框中產(chǎn)生沿abcd方向的感應(yīng)電流，則應(yīng)使線框（）A.稍向左平移B.稍向右平移C.稍向上平移D.以直導(dǎo)線為軸勻速轉(zhuǎn)動2、如圖所示，帶電平行板中勻強(qiáng)磁場方向水平垂直紙面向里，某帶電小球從光滑絕緣軌道上的a點(diǎn)自由滑下，經(jīng)過軌道端點(diǎn)P進(jìn)入板間后恰能沿水平作直線運(yùn)動．現(xiàn)使小球從較低的b點(diǎn)開始下滑，經(jīng)P點(diǎn)進(jìn)入板間，在板間的運(yùn)動過程中()A.其動能將會增大 B.其電勢能將會減小C.小球受到電場力將會增大 D.小球所受的洛倫茲力將會不變3、如圖所示，直線OAC為某一直流電源的總功率P總隨電流I變化的圖線，拋物線OBC為同一直流電源內(nèi)部熱功率Pr隨電流I變化的圖線．若A、B對應(yīng)的橫坐標(biāo)為2A，那么線段AB表示的功率及I＝2A對應(yīng)的外電阻是()A.6W、2Ω B.4W、2ΩC.2W、1Ω D.2W、0.5Ω4、A、B是一條電場線上的兩個(gè)點(diǎn)，一帶負(fù)電的微粒僅在電場力作用下以一定初速度從A點(diǎn)沿電場線運(yùn)動到B點(diǎn)，其速度﹣時(shí)間圖象如圖所示．則這一電場可能是下圖中的（）A. B.C. D.5、如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，定值電阻R0，A和B是小燈泡，光敏電阻Rt阻值隨光照強(qiáng)度增加而減?。弥饾u增強(qiáng)的光照射光敏電阻Rt過程中A.電源路端電壓不變B.R0兩端電壓減小C.燈A和燈B都變暗D.燈A變亮，燈B變暗6、首先發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的科學(xué)家是（）A.安培 B.奧斯特C.庫侖 D.伏特二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，水平向右的勻強(qiáng)電場中，質(zhì)量為m帶正電的小球在A點(diǎn)由靜止釋放后，沿直線由A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)。不計(jì)空氣阻力，在這一過程中，()A.小球的重力勢能減小B.小球的動能減小C.小球的機(jī)械能減小D.小球的電勢能減小8、如圖所示，長為L＝0.5m、傾角為θ＝37°的光滑絕緣斜面處于水平向右的勻強(qiáng)電場中，一帶電荷量為＋q，質(zhì)量為m的小球(可視為質(zhì)點(diǎn))，以初速度v0＝2m/s恰能沿斜面勻速上滑，g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，則下列說法中正確的是()A.水平勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度為B.小球在B點(diǎn)的電勢能大于在A點(diǎn)的電勢能C.若電場強(qiáng)度加倍，小球運(yùn)動的加速度大小為3m/s2D.若電場強(qiáng)度減半，小球運(yùn)動到B點(diǎn)時(shí)的速度為初速度v0的一半9、關(guān)于電動勢，下列說法正確的是(

)A.電源兩極間的電壓等于電源電動勢B.電動勢越大的電源，將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能就越多C.電源電動勢的數(shù)值等于內(nèi)、外電壓之和D.電源電動勢由電源本身決定，與外電路的組成無關(guān)10、如圖所示，扇形區(qū)域AOB內(nèi)存在有垂直平面向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場，OA和OB互相垂直是扇形的兩條半徑，長度為R．一個(gè)帶電粒子1從A點(diǎn)沿AO方向進(jìn)入磁場，從B點(diǎn)離開，若與該粒子完全相同的帶電粒子2以同樣的速度從C點(diǎn)平行AO方向進(jìn)入磁場，C到AO的距離為R／2，則A.1粒子從B點(diǎn)離開磁場時(shí)，速度方向沿OB方向B.粒子帶負(fù)電C.2粒子仍然從B點(diǎn)離開磁場D.兩粒子在磁場中運(yùn)動時(shí)間之比為3：2三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）如圖甲所示為某多用電表內(nèi)部簡化電路圖，作為歐姆表使用時(shí)，選擇開關(guān)S應(yīng)接________（填“1”“2”“3”“4”或“5”）（2）某同學(xué)想通過該多用電表的歐姆擋測量某定值電阻的阻值，主要步驟如下：①把選擇開關(guān)撥到“×100”的歐姆擋上；②把兩表筆相接觸，旋轉(zhuǎn)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指在________（填“電阻”或“電流”）零刻度處；③把紅、黑表筆與待測電阻兩端相接，發(fā)現(xiàn)這時(shí)指針偏轉(zhuǎn)角度很大；④換用________（填“×10”或“×1k”）歐姆擋重新調(diào)零后測量，發(fā)現(xiàn)這時(shí)指針偏轉(zhuǎn)適中，如圖乙所示，記下電阻阻值為________Ω；⑤把選擇開關(guān)調(diào)至空擋或交流電壓最高擋后拔下表筆，把多用電表放回桌上原處，實(shí)驗(yàn)完畢。12．（12分）某同學(xué)用伏安法測某電源的電動勢和內(nèi)阻，現(xiàn)備有下列器材：A.被測電源B.電流表A：量程0?0.6A，內(nèi)阻為0.5ΩC.電壓表V：量程0?3V，內(nèi)阻未知D.滑動變阻器R：0?10Ω，2AE.開關(guān)、導(dǎo)線若干伏安法測電池電動勢和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，由于電流表和電壓表內(nèi)阻的影響，測量結(jié)果存在系統(tǒng)誤差。在現(xiàn)有器材的條件下，為消除上述系統(tǒng)誤差，盡可能準(zhǔn)確地測量電源的電動勢和內(nèi)阻。（1）實(shí)驗(yàn)電路圖應(yīng)選擇上圖中的___（填“甲”或“乙”）（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)中電流表和電壓表的示數(shù)得到了如圖丙所示的U-I圖象。由此可知，電源的電動勢E=___V，內(nèi)電阻r=___Ω。（結(jié)果保留二位小數(shù)）四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動勢E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場中．當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）ABC表示豎直放在電場強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時(shí)，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個(gè)空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場.今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計(jì)重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】A．由右手螺旋定則判斷知，線框所在處磁場方向向里，使線框向左平移，穿過線框的磁通量將增加，產(chǎn)生感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律判斷知感應(yīng)電流方向沿逆時(shí)針方向，與圖示相反，故A錯(cuò)誤；B．使線框向右平移，穿過線框的磁通量將減小，產(chǎn)生感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律判斷知感應(yīng)電流方向沿順時(shí)針方向，與圖示相同，故B正確；C．線框稍向上平移，穿過線框的磁通量不變，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C錯(cuò)誤；D．以直導(dǎo)線為軸勻速轉(zhuǎn)動時(shí)，穿過線框的磁通量不變，不產(chǎn)生感應(yīng)電流。故D錯(cuò)誤。故選B。2、A【解析】如果小球帶負(fù)電，則小球在金屬板間受到向下重力，向下的電場力，向下的洛倫茲力，則小球不可能受力平衡，則不可能帶負(fù)電；若小球帶正電，則小球受向下的重力、向上的電場力，向上的洛侖茲力，也可能平衡，故小球帶正電；因小球帶正電，使小球從較低的b點(diǎn)開始下滑，經(jīng)P點(diǎn)進(jìn)入板間，由于速度減小，則小球的洛侖茲力減小，故合力向下，則小球向下運(yùn)動，合力做正功，故動能增大；電場力做負(fù)功，故電勢能增加；故A正確，B錯(cuò)誤根據(jù)F=qE，電場力不變；根據(jù)f=qvB，洛倫茲力變小，故CD錯(cuò)誤；故選A3、D【解析】由電源總功率為，得．由，可知．當(dāng)電流為2A時(shí)，，得．此時(shí)線段AB表示的功率．綜上分析，D正確4、A【解析】由圖像可知，速度在逐漸減小，圖像的斜率在逐漸增大，故此帶負(fù)電的微粒做加速度越來越大的減速直線運(yùn)動，所受電場力越來越大，電場線的疏密表示場強(qiáng)的大小，帶負(fù)電的微粒受力方向與運(yùn)動方向相反。故選A。5、C【解析】由光敏電阻的性質(zhì)可知電路中電阻的變化，則由閉合電路歐姆定律可得出電路中電流的變化以及路端電壓的變化；由串聯(lián)電路的規(guī)律可得出并聯(lián)部分電壓的變化，再由并聯(lián)電路的規(guī)律可得出通過小燈泡的電流的變化.【詳解】用逐漸增強(qiáng)的光照射光敏電阻Rt過程中，Rt阻值減小，外電路電阻減小，總電流變大，路端電壓減小，燈泡A的電流減小亮度變暗，則左邊支路的電流變大，R0兩端電壓變大，燈泡B兩端電壓減小亮度變暗，選項(xiàng)ABD錯(cuò)誤，C正確；故選C.【點(diǎn)睛】閉合電路的動態(tài)分析問題一般按外電路、內(nèi)電路再外電路的分析思路進(jìn)行；分析內(nèi)電路主要根據(jù)總電流及內(nèi)阻分析內(nèi)壓，而外電路較為復(fù)雜，要注意靈活應(yīng)用電路的性質(zhì)6、B【解析】首先發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的科學(xué)家是奧斯特，故B正確，ACD錯(cuò)誤二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】小球受到水平向右的電場力，豎直向下的重力，又知道小球沿直線AB運(yùn)動，故合力方向在直線AB上，由A指向B；A．從A到B，小球的高度減小，重力做正功，重力勢能減小，A正確；B．合力方向與運(yùn)動方向同向，所以做正功，動能增大，B錯(cuò)誤；CD．電場力方向和運(yùn)動方向夾角為銳角，故電場力做正功，所以電勢能減小，機(jī)械能增大，C錯(cuò)誤D正確；故選AD。8、AD【解析】A．帶電小球從A點(diǎn)到B點(diǎn)，動能不變，由動能定理知重力做功與電場力做功之和為零，即得qELcosθ-mgLsinθ=0得故A正確。B．帶電小球從A點(diǎn)到B點(diǎn)，電場力做正功，電勢能減小，因此B點(diǎn)的電勢能小于A點(diǎn)的電勢能。故B錯(cuò)誤。C．由題意知，電場強(qiáng)度未加倍時(shí)，滿足mgsinθ=qEcosθ電場強(qiáng)度加倍后，小球在斜面方向的合力2qEcosθ-mgsinθ=ma所以小球的加速度a=gsinθ=6m/s2故C錯(cuò)誤；D．電場強(qiáng)度未減半時(shí)，滿足mgsinθ=qEcosθ若電場強(qiáng)度減半，小球在斜面方向的合力為：mgsinθ-qEcosθ=mgsinθ=ma′所以小球的加速度為：a′=gsinθ=3m/s2；根據(jù)速度位移公式，有v2-v02=2as，代入數(shù)據(jù)解得v=1m/s=v0故D正確。故選AD。9、CD【解析】AC.電源沒有接入電路時(shí)兩極間的電壓等于電源電動勢，在閉合電路中電源兩極間的電壓是路端電壓，電源電動勢的數(shù)值等于內(nèi)、外電壓之和，故A錯(cuò)誤，C正確；B.電動勢越大的電源，將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)越大，但不是將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能就越多．故B錯(cuò)誤；D.電動勢是描述電源把其它形式的能量轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)的物理量，大小由電源本身決定，與外電路的組成無關(guān)，故D正確【點(diǎn)睛】電動勢是描述電源把其它形式的能量轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)的物理量；電源電動勢等于電源沒有接入電路前兩極間的電壓，等于電路內(nèi)外電壓之和10、ACD【解析】粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，作出粒子的運(yùn)動軌跡，應(yīng)用數(shù)學(xué)知識與牛頓第二定律分析答題【詳解】A項(xiàng)：粒子1從A點(diǎn)正對圓心射入，恰從B點(diǎn)射出，粒子在磁場中運(yùn)動圓心角為90°，1粒子從B點(diǎn)離開磁場時(shí)，速度方向沿OB方向，故A正確；B項(xiàng)：帶電粒子從A點(diǎn)沿AO方向進(jìn)入磁場，從B點(diǎn)離開，那么粒子在A點(diǎn)向右上方偏轉(zhuǎn)，則由左手定則可判定：粒子帶正電，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：粒子2從C點(diǎn)沿CD射入其運(yùn)動軌跡如圖所示，設(shè)對應(yīng)的圓心為O1，運(yùn)動軌道半徑也為BO=R，連接O1C、O1B，O1COB是平行四邊形，O1B=CO，則粒子2一定從B點(diǎn)射出磁場，故C正確；D項(xiàng)：粒子1的速度偏角，粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角θ1=90°，連接PB，可知P為O1C的中點(diǎn)，由數(shù)學(xué)知識可知，θ2=∠BO1P=60°，粒子在磁場中運(yùn)動的周期：，兩粒子的周期相等粒子在磁場中的運(yùn)動時(shí)間，運(yùn)動時(shí)間之比：t1：t2=θ1：θ2=90°：60°=3：2，故D正確故選ACD【點(diǎn)睛】本題考查了粒子在勻強(qiáng)磁場中運(yùn)動，粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，作出粒子運(yùn)動軌跡、應(yīng)用數(shù)學(xué)知識、周期公式即可正確解題三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.3②.電阻③.×10④.220【解析】（1）[1]接3時(shí)電源連入電路，為歐姆檔。（2）②[2]換檔的要進(jìn)行歐姆調(diào)零，把兩表筆相接觸旋轉(zhuǎn)歐姆調(diào)零旋鈕使指針指在電阻零刻度處。④[3]偏角過大說明電阻小，換用“×10”歐姆擋，重新調(diào)零后測量。[4]對應(yīng)的阻值為。12、①.乙②.3.00③.2.83【解析】（1）[1]若采用甲圖，由于電壓表的分流會使測量結(jié)果存在系統(tǒng)誤差；而采用乙圖，由于電流表的內(nèi)阻已知，測量的內(nèi)阻為電流表和電源內(nèi)阻之和，所以采用乙圖會消除實(shí)驗(yàn)帶來的系統(tǒng)誤差，使測量結(jié)果更準(zhǔn)確。（2）[2]根據(jù)實(shí)驗(yàn)中電流表和電壓表的示數(shù)得到了如圖丙所示的U-I圖象，當(dāng)電流I=0時(shí)圖線與縱軸的截距即為電源的電動勢，即E=3.00V。［3］由閉合電路歐姆定律知，U=E-Ir，圖線斜率的大小即為電流表和電源內(nèi)阻之和，圖線斜率