江蘇省揚州市武堅中學2026屆高三化學第一學期期中統(tǒng)考試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題（每題只有一個選項符合題意）1、H2與ICl的反應分①、②兩步進行，其能量曲線如圖所示，下列有關說法正確的是A．反應①、反應②△H均大于零B．反應①、反應②均為氧化還原反應C．反應①比反應②的速率慢，與相應正反應的活化能無關D．該反應的熱反應方程式可表示為：H2（g）+2ICl（g）=I2（g）+2HCl（g）ΔH=－218kJ2、下列物質性質與應用對應關系正確的是()A．晶體硅熔點高、硬度大，可用于制作半導體材料B．氫氧化鋁具有弱堿性，可用于制胃酸中和劑C．漂白粉在空氣中不穩(wěn)定，可用于漂白紙張D．氧化鐵能與酸反應，可用于制作紅色涂料3、下列有關化學反應的敘述正確的是A．將Na2O2投入NH4Cl溶液中只可能生成一種氣體B．鐵分別與稀鹽酸和氯氣反應，產物中鐵元素的化合價相同C．SO2通入BaCl2溶液有白色沉淀BaSO3生成D．向滴有酚酞的Na2CO3溶液中加入足量CaCl2溶液，溶液紅色褪去4、下列表示對應化學反應的離子方程式書寫正確的是A．硫酸銅溶液與足量氨水反應生成深藍色溶液：Cu2＋＋4NH3·H2O＝Cu(NH3)42＋＋4H2OB．新制氯水中滴加澄清石灰水，黃綠色褪去：Cl2＋Ca(OH)2＝Ca2＋＋Cl－＋ClO－＋H2OC．含0.1molFeI2的溶液中滴加含0.1molCl2的氯水：2Fe2＋＋2I－＋2Cl2＝2Fe3＋＋I2＋4Cl－D．向飽和Ca(HCO3)2溶液中加入足量的NaOH：Ca2＋＋HCO3－＋OH－＝CaCO3＋H2O5、化學與社會、生活密切相關。對下列現(xiàn)象或事實的解釋正確的是選項現(xiàn)象或事實解釋A用熱的燒堿溶液洗去油污Na2CO3可直接和油污反應B漂白粉在空氣中久置變質漂白粉中的CaCl2與空氣中的CO2反應生成CaCO3C施肥時，草木灰(有效成分為K2CO3)不能與NH4Cl混合使用K2CO3與NH4Cl反應生成氨氣會降低肥效DFeCl3溶液可用于銅質印刷線路板制作FeCl3能從含有Cu2＋的溶液中置換出銅A．A B．B C．C D．D6、某離子反應涉及H+、Bi3+、MnO4-、BiO3-、Mn2+、H2O六種微粒。其中c(MnO4-)隨反應進行逐漸增大。下列判斷錯誤的是A．該反應的還原產物為Bi3+B．氧化劑與還原劑的物質的量之比為5：2C．反應后溶液的酸性明顯增強D．若有1mol還原劑參加反應，轉移電子的物質的量為5mol7、下列事實不能用元素周期律解釋的是A．堿性：NaOH＞Mg(OH)2B．酸性：H2SO4＞HClOC．穩(wěn)定性：HBr＞HID．氧化性：O2＞S8、分別取40mL的0.50mol/L鹽酸與40mL0.55mol/L氫氧化鈉溶液進行中和熱的測定。下列說法錯誤的是A．稍過量的氫氧化鈉是確保鹽酸完全反應B．儀器A的名稱是環(huán)形玻璃攪拌棒C．在實驗過程中，把溫度計上的酸用水沖洗干凈后再測量NaOH溶液的溫度D．用Ba（OH）2和硫酸代替鹽酸和氫氧化鈉溶液，結果也是正確的9、25℃時，用0.1000mol·L-1NaOH溶液滴定20mL0.1000mol·L-1一元酸HA(pKa=-lgKa=4.75)溶液，其滴定曲線如圖所示。下列說法正確的是A．當?shù)稳?0mLNaOH溶液時，溶液中：c(Na+)>c(A-)>c(OH-)>c(H+)B．當溶液中c(H+)+c(OH-)=2×10-7時：c(Na+)>c(A-)>c(OH-)=c(H+)C．當?shù)稳隢aOH溶液20mL時c(OH-)>c(H+)+c(HA)D．當?shù)味ǖ絧H=4.75時，c(A-)=c(HA)10、A～G各物質間的關系如下圖所示，其中B、D為氣體單質。則下列說法錯誤的是A．若反應①在常溫下進行，則1molA在反應中能轉移1mol電子B．反應②的離子方程式為MnO2＋4H＋＋2ClˉMn2＋＋2H2O＋Cl2↑C．新配制的F溶液一般需要加入鐵屑和稀鹽酸，前者用于防止Fe2+被空氣氧化成Fe3+，后者可抑制Fe2+的水解D．已知C的濃溶液在催化劑存在的條件下加熱，能與B反應生成D，由此可以推斷B的氧化性比MnO2強11、下列敘述正確的個數(shù)是①常溫常壓下，17g甲基(-14CH3)所含的中子數(shù)為9NA②向氯水中加入碳酸鈣粉末，能提高溶液中HClO的濃度③0℃，101kPa，含有l(wèi)mol硫原子的SO2與SO3的混合物，其體積小于22.4L④向SiO2固體中滴加NaOH溶液或氫氟酸，固體均溶解，說明SiO2是兩性氧化物⑤氯氣可置換出碘化鉀溶液中的碘，氟氣也可置換出碘化鉀溶液中的碘⑥加入鋁粉能放出H2的溶液中，Ca2+、Fe2+、Cl-、一定能夠大量共存⑦常溫下，鋁可溶于過量濃硝酸，也可溶于過量NaOH溶液⑧1molBrCl與H2O完全反應生成氯化氫和次溴酸，轉移的電子的物質的量為1molA．2個 B．3個 C．4個 D．5個12、可以用離子方程式2H++CO32﹣=H2O+CO2↑來表示的化學反應是（）A．硝酸和碳酸氫鈉溶液的反應B．稀硫酸和碳酸鉀溶液的反應C．醋酸和碳酸鈉溶液的反應D．鹽酸和碳酸鋇溶液的反應13、濃硫酸有許多重要的性質，在與含有水分的蔗糖作用過程中不能顯示的性質是A．酸性 B．脫水性 C．強氧化性 D．吸水性14、常溫下pH=2的溶液中離子數(shù)據(jù)如下：則該溶液中還存在的一種離子是A．K+ B．Ba2+ C．Cl- D．CO32-15、SO2氣體與足量Fe2(SO4)3溶液完全反應后，再加入K2Cr2O7溶液，發(fā)生如下化學反應：①SO2＋2Fe3＋＋2H2O＝SO42－＋2Fe2＋＋4H＋；②Cr2O72－＋6Fe2＋＋14H＋＝2Cr3＋＋6Fe3＋＋7H2O。則下列有關說法不正確的是A．氧化性：Cr2O72－＞Fe3＋＞SO2B．標準狀況下，若有6.72LSO2參加反應，則最終消耗0.2molK2Cr2O7C．反應②中，每有1molK2Cr2O7參加反應，轉移電子的數(shù)目為6NAD．由上述反應原理推斷：K2Cr2O7能將Na2SO3氧化成Na2SO416、為落實“五水共治”，某工廠擬綜合處理含NH4+廢水和工業(yè)廢氣（主要含N2、CO2、SO2、NO、CO，不考慮其他成分），設計了如下流程：下列說法不正確的是A．固體1中主要含有Ca(OH)2、CaCO3、CaSO3B．X可以是空氣，且需過量C．捕獲劑所捕獲的氣體主要是COD．處理含NH4+廢水時，發(fā)生反應的離子方程式為：NH4++NO2-==N2↑+2H2O二、非選擇題（本題包括5小題）17、A、B、C、D、E五種短周期元素，原子序數(shù)依次增大，其中只有C為金屬元素。A、C原子序數(shù)之和等于E的原子序數(shù)，D與B同主族且D原子序數(shù)是B原子序數(shù)的2倍。AB2和DB2溶于水得到酸性溶液，C2D溶于水得到堿性溶液。（1）E元素在周期表中的位置為_______________；工業(yè)上制取C單質的化學方程式為______。（2）A的最低負價氫化物的空間構型為___；C、D、E的簡單離子的離子半徑由大到小的順序是__（用離子符號表示）。（3）化合物C2D3中，該化合物的水溶液在空氣中久置后變質，生成一種單質，所得溶液呈強堿性，用化學方程式表示這一變化過程____________________。18、松油醇是一種調香香精，它是α、β、γ三種同分異構體組成的混合物，可由松節(jié)油分餾產品A（下式中的18是為區(qū)分兩個羥基而人為加上去的）經下列反應制得：（1）A分子中的官能團名稱是_________________。（2）A分子能發(fā)生的反應類型是________。a.加成b.取代c.催化氧化d.消去（3）α－松油醇的分子式_________________。（4）α－松油醇所屬的有機物類別是________。a.酸b.醛c.烯烴d.不飽和醇（5）寫結構簡式：β－松油醇_____________，γ-松油醇_____________。（6）寫出α－松油醇與乙酸發(fā)生酯化反應的方程：___________________。19、現(xiàn)有鐵、碳兩種元素組成的合金，某實驗小組為了研究該合金的性質并測定該合金中碳的質量分數(shù)，設計了如下實驗方案和實驗裝置。I.探究該合金的某些性質：（1）取ag合金粉末放入蒸餾燒瓶，并加入足量濃H2SO4，A、B中均無明顯現(xiàn)象，原因是___；（2）點燃酒精燈一段時間后，A中劇烈反應，請寫出此時合金中成分碳參與的化學反應方程式___；（3）裝置C的作用是___；反應的離子方程式___。II.測定樣品中碳的質量分數(shù)：（4）裝置F的作用___；（5）若反應前后E裝置的質量分別是m1和m2，則合金中碳的質量分數(shù)是___。20、亞硝酰氯(NOCl,熔點:-64.5℃,沸點:-5.5℃)是一種黃色氣體,遇水易水解。可用于合成清潔劑、觸媒劑及中間體等。實驗室可由氯氣與一氧化氮在常溫常壓下合成。（1）甲組的同學擬制備原料氣NO和Cl2,制備裝置如下圖所示:為制備純凈干燥的氣體,下表中缺少的藥品是:裝置Ⅰ裝置Ⅱ燒瓶中分液漏斗中制備純凈Cl2MnO2①___②___制備純凈NOCu③___④___（2）乙組同學利用甲組制得的NO和Cl2制備NOCl,裝置如圖所示:①裝置連接順序為a→________(按氣流自左向右方向,用小寫字母表示)。

②裝置Ⅳ、Ⅴ除可進一步干燥NO、Cl2外,另一個作用是____________。

③裝置Ⅶ的作用是____________。

④裝置Ⅷ中吸收尾氣時,NOCl發(fā)生反應的化學方程式為________________。

（3）丙組同學查閱資料,查得王水是濃硝酸與濃鹽酸的混酸，一定條件下該混酸可生成亞硝酰氯和氯氣，該反應的化學方程式為__________________。21、N2O、NO和NO2等氮氧化物是空氣污染物，含有氮氧化物的尾氣需處理后才能排放。（1）N2O的處理。N2O是硝酸生產中氨催化氧化的副產物，用特種催化劑能使N2O分解。NH3與O2在加熱和催化劑作用下生成N2O的化學方程式為________。（2）NO和NO2的處理。已除去N2O的硝酸尾氣可用NaOH溶液吸收，主要反應為NO+NO2+2OH?2+H2O2NO2+2OH?++H2O①下列措施能提高尾氣中NO和NO2去除率的有________（填字母）。A．加快通入尾氣的速率B．采用氣、液逆流的方式吸收尾氣C．吸收尾氣過程中定期補加適量NaOH溶液②吸收后的溶液經濃縮、結晶、過濾，得到NaNO2晶體，該晶體中的主要雜質是________（填化學式）；吸收后排放的尾氣中含量較高的氮氧化物是________（填化學式）。（3）NO的氧化吸收。用NaClO溶液吸收硝酸尾氣，可提高尾氣中NO的去除率。其他條件相同，NO轉化為的轉化率隨NaClO溶液初始pH（用稀鹽酸調節(jié)）的變化如圖所示。①在酸性NaClO溶液中，HClO氧化NO生成Cl?和，其離子方程式為________。②NaClO溶液的初始pH越小，NO轉化率越高。其原因是________。

參考答案一、選擇題（每題只有一個選項符合題意）1、B【解析】A．根據(jù)圖象可知，反應①和反應②中反應物總能量都大于生成物，則反應①、反應②均為放熱反應，△H均小于零，A錯誤；B．反應①中氫氣參與反應，反應產物中都是化合物，則一定存在化合價變化，反應②中反應物都是化合物，生成物中有碘單質生成，則也一定存在化合價變化，所以反應①②均為氧化還原反應，B正確；C．反應①比反應②的速率慢，說明反應①中正反應的活化能較小，反應②中正反應的活化能較大，與活化能有關系，C錯誤；D．反應①、反應②總的能量變化為218kJ，根據(jù)蓋斯定律可知，反應①、反應②的焓變之和為△H=-218kJ?mol-1，D錯誤；答案選B。點睛：本題考查了化學反應與能量變化，明確反應熱與反應物、生成物總能量的關系為解答關鍵，注意掌握蓋斯定律的內容及應用方法，選項C為解答的易錯點，注意活化能對反應速率的影響。2、B【詳解】A、晶體硅能導電，可用于制作半導體材料，與熔點高硬度大無關系，A不正確；B、氫氧化鋁具有弱堿性，能與酸反應生成鋁鹽和水，可用于制胃酸中和劑，B正確；C、漂白粉具有強氧化性，可用于漂白紙張，與其穩(wěn)定性無關系，C不正確；D、氧化鐵是紅棕色粉末，可用于制作紅色涂料，與是否能與酸反應無關系，D不正確，答案選B。3、D【詳解】A.過氧化鈉和水反應得到氫氧化鈉和氧氣，氫氧化鈉和銨鹽反應可以得到氨氣，因此一共有兩種氣體，A項錯誤；B.鐵和稀鹽酸反應得到的是，鐵和氯氣反應得到的是最高價氯化物，B項錯誤；C.氯化鋇溶液不吸收、，因為弱酸不能制強酸，C項錯誤；D.純堿溶液中，由于發(fā)生水解反應CO32-+H2OHCO3-+OH-顯堿性遇酚酞變紅，向溶液中加入CaCl2與CO32-結合生成難溶的碳酸鈣，平衡逆向移動，使紅色褪去，D項正確；答案選D。4、A【詳解】A、開始滴加氨水時產生氫氧化銅沉淀，繼續(xù)滴加，沉淀消失，故A正確；B、新制氯水中滴加澄清石灰水，反應生成次氯酸鈣、氯化鈣和水，氫氧化鈣應該拆開，正確的離子方程式為：Cl2+2OH-=Cl-+ClO-+H2O，故B錯誤；C、含0.1molFeI2的溶液中滴加含0.1molCl2的氯水，還原性I->Fe2+，依據(jù)所給量可知2I-+Cl2=I2+2Cl-，0.2molI-消耗0.1molCl2，所以無多余氯氣，該反應的離子方程式為2I-+Cl2=I2+2Cl-，故C錯誤；D、向飽和的Ca(HCO3)2溶液中加入足量的NaOH，反應生成碳酸鈣沉淀、碳酸鈉和水，正確的離子方程式為：Ca2＋＋2HCO3－＋2OH－＝CaCO3＋2H2O+CO32-，故D錯誤；故選A；【點睛】一些簡單離子的還原性強弱順序為：S2->I->Fe2+>Br->Cl->OH-，故通入氯氣是先與碘離子反應。5、C【詳解】A、鹽的水解反應是吸熱反應，所以升高溫度，促進鹽的水解，溶液的堿性更強。因此用熱的純堿溶液可以洗去油污。并不是碳酸鈉可與油污直接反應。錯誤。B、漂白粉在空氣中久置變質，是因為有效成分Ca(ClO)2會發(fā)生反應產生的HClO不穩(wěn)定，光照分解產生HCl和氧氣，錯誤；C、當施肥時草木灰（有效成分為K2CO3）與NH4Cl混合使用，則二者的水解作用相互促進，使N元素以氨氣的形式逸出因而肥效會降低。正確；D、FeCl3溶液可用于銅質印刷線路板的制作，是因為二者發(fā)生反應生成氯化亞鐵和氯化銅，把多余的Cu腐蝕掉。錯誤。答案選C。6、C【解析】c(MnO4-)隨反應進行逐漸增大，這說明MnO4-是生成物，則Mn2+是反應物，即Mn元素化合價從+2價升高到+7價，失去電子，被氧化，作還原劑。因此BiO3-是氧化劑，Bi元素化合價從+5價降低到+3價，則A、該反應的還原產物為Bi3+，A正確；B、根據(jù)電子得失守恒可知氧化劑與還原劑的物質的量之比為5：2，B正確；C、根據(jù)以上分析可知該反應的方程式為14H++5BiO3-+2Mn2+＝5Bi3++2MnO4-+7H2O，因此反應后溶液的酸性明顯減弱，C錯誤；D、根據(jù)以上分析可知若有1mol還原劑參加反應，轉移電子的物質的量為5mol，D正確，答案選C。點睛：正確標注元素化合價，分析元素反應前后化合價的變化，是解決氧化還原反應相關問題的關鍵，氧化還原反應中的基本概念、配平、計算等考查都是圍繞電子轉移展開的，必須從元素化合價升降上分析氧化還原反應，對氧化還原反應概念原理綜合運用的考查，要從氧化還原反應的實質及電子轉移入手，正確理解有關概念，并理清知識線和對應規(guī)律，需要牢固掌握氧化還原反應知識中的重要概念和重要規(guī)律，真正做到舉一反三，靈活運用，根據(jù)題中信息分析，要善于利用氧化還原反應中的守恒規(guī)律、價態(tài)變化規(guī)律、強弱規(guī)律、難易規(guī)律去分析特征元素的化合價變化，得出合理答案。7、B【解析】A、同周期自從左到右金屬性逐漸增強，最高價氧化物水化物的堿性逐漸增強，與元素周期律有關，選項A不選；B、含氧酸中非羥基氧原子個數(shù)越多酸性越強，與元素周期律沒有關系，選項B選；C、同主族元素由上到下元素的非金屬性逐漸減弱，氣態(tài)氫化物的穩(wěn)定性逐漸減弱，則穩(wěn)定性：HBr＞HI能用元素周期律解釋，選項C不選；D、同主族元素由上到下元素的非金屬性逐漸減弱，單質的氧化性逐漸減弱，則氧化性：O2＞S能用元素周期律解釋，選項D不選。答案選B。8、D【解析】A．測定中和熱時，為了使氫離子或者氫氧根離子完全反應，需要讓其中一種反應物稍稍過量，故A正確；B．儀器A是環(huán)形玻璃攪拌棒，故B正確；C．中和反應是放熱反應，溫度計上的酸與NaOH溶液反應放熱，使溫度計讀數(shù)升高，使測得的溫度不準確，故C正確；D．硫酸與Ba（OH）2溶液反應除了生成水外，還生成了BaSO4沉淀，該反應中的生成熱會影響反應的反應熱，所以不能用Ba（OH）2溶液和硫酸代替NaOH溶液和鹽酸測中和熱，故D錯誤；故選D。9、D【解析】HA的pKa=-lgKa=4.75，說明HA是弱酸?！驹斀狻緼．當?shù)稳?0mLNaOH溶液時，二者發(fā)生反應產生NaA，同時NaOH溶液過量，二者的物質的量的比是1:1，NaA是強堿弱酸鹽，A-發(fā)生水解反應產生OH-，同時溶液中還存在NaOH電離產生的OH-，故離子濃度關系c(OH-)>c(A-)，鹽電離產生的離子濃度c(A-)大于水電離產生c(H+)，故溶液中離子濃度關系是：c(Na+)>c(OH-)>c(A-)>c(H+)，A錯誤；B．在溶液中存在電荷守恒關系：c(Na+)+c(H+)=c(A-)+c(OH-)，當溶液中c(H+)+c(OH-)=2×10-7時，(H+)=c(OH-)，所以c(Na+)=c(A-)，由于鹽的電離作用大于水的電離作用，所以c(Na+)=c(A-)>c(OH-)=c(H+)，B錯誤；C．當?shù)稳隢aOH溶液20mL時。二者恰好中和，反應產生NaA，該鹽是強堿弱酸鹽，A-發(fā)生水解反應消耗水電離產生的H+，產生HA和OH-，根據(jù)質子守恒關系可得c(OH-)=c(H+)+c(HA)，C錯誤；D．當?shù)味ǖ絧H=4.75時，c(H+)=10-4.75mol/L，由于pKa=-lgKa=4.75，所以=10-4.75，所以c(A-)=c(HA)，D正確；答案選D。10、D【詳解】A．若反應①在常溫下進行，則A是H2O2，B是O2，C是濃HCl；D是Cl2；E是Fe3O4；F是FeCl2；G是FeCl3.1molA在反應中能轉移1mol電子，正確。B．反應②是用濃鹽酸和二氧化錳在實驗室制取氯氣，反應的離子方程式為MnO2＋4H＋＋2ClMn2＋＋2H2O＋Cl2↑，正確；C．FeCl2是強酸弱堿鹽，在溶液中Fe2＋容易發(fā)生水解反應而使溶液顯渾濁，為了抑制鹽的水解，要加入少量的鹽酸，同時Fe2+有還原性，溶液被空氣中的氧氣氧化為Fe3+.為了防止其氧化，要加入還原劑Fe粉。正確。D.HCl與O2在催化劑存在的條件下加熱，反應產生Cl2，只能證明氧化性O2>Cl2，但是不能證明氧化性：O2>MnO2，錯誤。11、A【詳解】①常溫常壓下，17g甲基(-14CH3)的物質的量為=1mol，1個-14CH3中含有中子的個數(shù)為14-6=8個，則1mol-14CH3中含有中子的個數(shù)為8NA，錯誤；②Cl2+H2OHCl+HClO，向氯水中加入碳酸鈣粉末，CaCO3+HCl=CaCl2+H2CO3，從而使反應平衡向生成HClO的方向移動，提高溶液中HClO的濃度，正確；③標準狀況下，SO3呈固態(tài)。所以含有1mol硫原子的SO2

與SO3的混合物，其體積小于22.4L，正確；④二氧化硅能和堿反應生成鹽和水，但只能與氫氟酸反應，所以二氧化硅是酸性氧化物，不是兩性氧化物，錯誤；⑤氟氣性質活潑，與碘化鉀溶液混合，F(xiàn)2與H2O反應，不能置換出KI溶液中的碘，錯誤；⑥加入鋁粉能放出H2的溶液中，存在大量的H+或OH-離子（強酸性或強堿性）。當溶液呈堿性時，F(xiàn)e2+不能大量存在，當溶液呈酸性時，具有強氧化性，會和Fe2+反應，不能大量共存，錯誤；⑦鋁在濃硝酸中會鈍化，不溶于過量濃硝酸，錯誤；⑧BrCl與H2O完全反應生成氯化氫和次溴酸，該反應中沒有化合價變化，不屬于氧化還原反應，錯誤；正確的有2個，故選A。12、B【解析】試題分析：A．硝酸和碳酸氫鈉溶液的離子反應為H++HCO3-=H2O+CO2↑，A不符合題意；B．稀硫酸和碳酸鉀溶液反應的離子反應為2H++CO32-=H2O+CO2↑，B符合題意；C．醋酸和碳酸鈉溶液的離子反應為2CH3COOH+CO32-=H2O+CO2↑+2CH3COO-，C不符合題意；D．鹽酸和碳酸鋇溶液反應的離子反應為2H++BaCO3=Ba2++H2O+CO2↑，D不符合題意，答案選B?？键c：考查離子反應方程式的書寫及意義13、A【詳解】濃硫酸和含有水分的蔗糖作用，被脫水后生成了黑色的炭（碳化），并會產生二氧化碳、二氧化硫。反應過程分兩步，濃硫酸吸收水，蔗糖(C12H22O11)在濃硫酸作用下脫水，生成碳單質和水，這一過程表現(xiàn)了濃硫酸的吸水性和脫水性：第二步，脫水反應產生的大量熱讓濃硫酸和C發(fā)生反應生成二氧化碳和二氧化硫，這一過程表現(xiàn)了濃硫酸的強氧化性。答案選A?！军c睛】酸性需要通過酸堿指示劑，或者是化學反應中體現(xiàn)出來的，蔗糖遇到濃硫酸的實驗中沒有體現(xiàn)出酸性。14、C【分析】pH=2的溶液含大量的H+，離子之間不能結合生成沉淀、氣體、水等，則離子大量共存，結合溶液為電中性來解答?！驹斀狻縫H=2的溶液含大量的H+，c(H+)=1.0×10-2mol/L，結合表中數(shù)據(jù)可知，1.0×10-2mol/L+1.0×10-2mol/L+1.0×10-2mol/L×3>1.0×10-2mol/L+1.75×10-2×2，則還含離子為陰離子，且CO32-與Fe3+反應生成沉淀不能共存，只有C合理，故合理選項是C?！军c睛】本題考查常見離子的檢驗及離子共存，把握溶液的pH及電荷守恒為解答的關鍵，注意電荷守恒的應用，題目側重考查學生的分析與應用能力。15、B【分析】氧化還原反應中，氧化劑的氧化性大于氧化產物的氧化性，氧化劑的氧化性大于還原劑的氧化性；由氧化性的強弱，判斷反應的發(fā)生．【詳解】A.由①可知,Fe元素的化合價降低,則氧化性為Fe3＋>SO2,由②可知,Cr元素的化合價降低,則氧化性為Cr2O72－>Fe3＋,則氧化性：Cr2O72－>Fe3＋>SO2，故A正確；B.

6.72LSO2(標準狀況)參加反應,n(SO2)=6.72L÷22.4L/mol=0.3mol,由上述兩個反應可知,存在3SO2～Cr2O72－,則最終消耗0.1molK2Cr2O7，故B錯誤；C.每有1molK2Cr2O7參加反應,轉移電子為1mol×2×(6?3)=6mol,即轉移電子的數(shù)目為6NA，故C正確；D.因氧化性為Cr2O72－>SO2,則K2Cr2O7能將Na2SO3氧化成Na2SO4，故D正確；故選B.【點睛】氧化還原反應由強到弱，即是強氧化劑生成弱氧化性的物質，強還原劑生成弱還原性的物質，計算時要用電子守恒：還原劑失電子總數(shù)等于氧化劑得電子總數(shù)。16、B【詳解】工業(yè)廢氣中CO2、SO2可被石灰水吸收，生成固體1為CaCO3、CaSO3，氣體1是不能被過量石灰水吸收的N2、NO、CO，氣體1通入氣體X，用氫氧化鈉溶液處理后到的NaNO2，X可為空氣，但不能過量，否則得到硝酸鈉，NaNO2與含有NH4+的溶液反應生成無污染氣體，應生成氮氣，則氣體2含有CO、N2，捕獲劑所捕獲的氣體主要是CO。A．工業(yè)廢氣中CO2、SO2可被石灰水吸收，生成CaCO3、CaSO3，因氫氧化鈣過量，則固體1為主要含有Ca(OH)2、CaCO3、CaSO3，故A正確；B．由分析可知，氣體1是不能被過量石灰水吸收的N2、NO、CO，氣體1通入氣體X，用氫氧化鈉溶液處理后到的NaNO2，X可為空氣，但不能過量，否則得到硝酸鈉，故B錯誤；C．氣體2含有CO、N2，經捕獲劑得到氮氣和CO，所捕獲的氣體主要是CO，防止污染空氣，故C正確；D．NaNO2與含有NH4+的溶液反應生成無污染氣體，應生成氮氣，發(fā)生氧化還原反應，離子方程式為NH4++NO2-=N2↑+2H2O，故D正確；故選B。二、非選擇題（本題包括5小題）17、第三周期ⅦA族2NaCl2Na+Cl2↑正四面體S2->Cl->Na+Na2S3+O2+2H2O=4NaOH+6S↓【分析】A，B，C，D，E五種短周期元素(稀有氣體除外)，原子序數(shù)依次增大，D與B同主族且D原子序數(shù)是B原子序數(shù)的2倍，則D為S元素，B為O元素，E為Cl元素；只有C為金屬元素，化合物C2D溶于水得到堿性溶液，則C只能為Na元素，硫化鈉水解生成氫氧化鈉，溶液顯堿性；A、C原子序數(shù)之和等于E的原子序數(shù)，則A的原子序數(shù)為6，A為C元素；據(jù)此分析解答?！驹斀狻扛鶕?jù)上述分析，A為C元素、B為O元素、C為Na元素、D為S元素、E為Cl元素。(1)E為Cl，在周期表中位于第三周期ⅦA族，工業(yè)上通過電解熔融的NaCl制取金屬鈉，反應的方程式為2NaCl2Na+Cl2↑，故答案為第三周期ⅦA族；2NaCl2Na+Cl2↑；(2)A的最低負價氫化物為甲烷，空間構型為正四面體；一般而言，電子層數(shù)越多，離子半徑越大，則鈉離子半徑最小，S2-、Cl-具有相同的電子層結構，離子半徑S2->Cl-，因此C、D、E的簡單離子的離子半徑由大到小的順序為S2->Cl->Na+，故答案為正四面體；S2->Cl->Na+；(3)化合物Na2S3的水溶液在空氣中久置后變質，生成硫和氫氧化鈉，反應的化學方程式為Na2S3+O2+2H2O=4NaOH+6S↓，故答案為Na2S3+O2+2H2O=4NaOH+6S↓?！军c睛】本題考查元素的推斷，正確判斷元素的種類是解題的關鍵。本題的難點為(3)，要注意氧化還原反應方程式的書寫和配平。18、羥基bdC10H1818OdCH3COOH++H2O【分析】A()在濃硫酸作用下發(fā)生羥基的消去反應生成碳碳雙鍵，根據(jù)β-松油醇中含有兩個甲基，因此β-松油醇為，γ-松油醇中含有三個甲基，γ-松油醇為：，據(jù)此分析解答?！驹斀狻?1)A()中含有的官能團是-OH，名稱為羥基，故答案為羥基；(2)A()中含有-OH，且與羥基相連碳原子的鄰位碳原子上含有氫原子，能夠發(fā)生消去反應，能夠與羧酸發(fā)生酯化反應，即取代反應，與羥基直接相連的碳原子上沒有氫原子，不能發(fā)生催化氧化；不存在碳碳不飽和鍵，不能發(fā)生加成反應，故答案為bd；(3)由α-松油醇的結構簡式可知，α－松油醇的分子式為C10H1818O，故答案為C10H1818O；(4)由α-松油醇的結構簡式可知，分子中含有醇-OH，屬于醇類，分子中還含有C=C，也屬于不飽和醇，故答案為d；(5)根據(jù)β-松油醇中含有兩個甲基，可寫出其結構簡式為，γ-松油醇中含有三個甲基，其結構簡式為：，故答案為；；(6)-COOH和-OH發(fā)生酯化反應生成-COO-和水，其中羧酸脫去羥基，醇脫去氫原子，因此α－松油醇與乙酸反應的方程式為CH3COOH++H2O，故答案為CH3COOH++H2O。19、常溫下，F(xiàn)e在濃硫酸中鈍化，碳不與濃硫酸反應C+2H2SO4(濃)CO2↑+2SO2↑+2H2O吸收二氧化硫，防止對實驗造成干擾5SO2+2MnO4-+2H2O=5SO42-+2Mn2++4H+防止外界空氣中的水蒸氣和CO2進入E，對實驗造成干擾×100%【分析】鐵、碳單質均可以和濃硫酸加熱反應生成二氧化硫，二氧化硫的檢驗可以用品紅溶液，吸收可以用高錳酸鉀溶液，C與濃硫酸加熱反應還有二氧化碳氣體生成，將產生的二氧化碳用濃硫酸干燥，通入堿石灰，根據(jù)堿石灰增加的質量可以確定二氧化碳的質量，根據(jù)C元素守恒，可以計算碳單質的質量，進而計算碳的質量分數(shù)?！驹斀狻?1)往蒸餾燒瓶中滴加足量的濃硫酸，未點燃酒精燈前，A、B均無明顯現(xiàn)象，原因是：常溫下鐵在濃硫酸中鈍化，碳和濃硫酸不反應；(2)點燃酒精燈一段時間后，A中劇烈反應，F(xiàn)e、C都與濃硫酸反應，其中碳與濃硫酸在加熱條件下反應生成SO2、CO2和水，反應的化學方程式為C+2H2SO4(濃)CO2↑+2SO2↑+2H2O；(3)裝置C盛有高錳酸鉀溶液，可以吸收二氧化硫氣體，溶液紫紅色褪去，其中SO2被氧化為硫酸，發(fā)生反應的離子方程式為5SO2+2MnO4-+2H2O=5SO42-+2Mn2++4H+；(4)裝置F防止外界空氣中CO2、水蒸氣進入E管，對實驗造成干擾；(5)E中堿石灰增加的質量可以確定反應中產生的二氧化碳的質量，E增重(m2-m1)g，即生成二氧化碳的質量是(m2-m1)g，根據(jù)碳元素守恒，所以混合物中含有碳單質的物質的量是=mol，所以鐵碳合金中碳的質量分數(shù)為×100%=×100%。20、濃鹽酸飽和食鹽水稀硝酸水e→f(或f→e)→c→b→d通過觀察氣泡調節(jié)氣體的流速防止水蒸氣進入裝置Ⅸ中NOCl+2NaOH＝NaCl+NaNO2+H2OHNO3(濃)+3HCl(濃)＝NOCl↑+Cl2↑+2H2O【解析】(1)實驗室加熱制取氯氣是用MnO2與濃鹽酸加熱生成的，所以分液漏斗