2026屆黑龍江省綏化市望奎縣第二中學化學高二第一學期期中復習檢測模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、選擇題(共包括22個小題。每小題均只有一個符合題意的選項）1、如圖所示，初始體積均為1L的兩容器，甲保持恒容，乙保持恒壓。起始時關閉活塞K，向甲中充入1molPCl5(g)，乙中充入1molPCl3(g)和1molCl2(g)。恒溫下，均發(fā)生反應：PCl5(g)PCl3(g)+Cl2(g)。達平衡時，乙的容積為0.8L。下列說法不正確的是A．平衡時PCl5(g)的體積分數：甲<乙B．從甲中移走0.5molPCl3(g)，0.5molCl2(g)，再次平衡時0.2mol<n(PCl5)<0.4molC．甲中PCl5(g)的轉化率大于60%D．打開K一段時間，再次平衡時乙容器的體積為0.6L2、把1molA和3molB投入2L密閉容器中發(fā)生反應A(g)+3B(g)?2C(g)+D(s)，2min后，測得C的濃度為0.2mol/L，則下列說法正確的是A．v(D)=0.05mol/(L?min) B．3v(B)=2v(C)C．v(B)=0.15mol/(L?min) D．A的轉化率為40%3、20世紀化學合成技術的發(fā)展對人類健康水平和生活質量的提高作出了巨大貢獻。下列各組物質全部由化學合成得到的是()A．玻璃、纖維素、青霉素B．尿素、食鹽、聚乙烯C．滌綸、洗衣粉、阿司匹林D．石英、橡膠、塑料4、高溫下，某反應達平衡，平衡常數K=c(CO)?c(H2O)A．該反應的焓變?yōu)檎礏．恒溫恒容下，通入N2，壓強增大，反應速率加快C．升高溫度，正反應速率加快，逆反應速率減慢，平衡正向移動D．該反應化學方程式為CO+H2OCO2+H25、某烴與氫氣加成后得到2，2-二甲基丁烷，該烴的名稱可能是（）A．3，3-二甲基-3-丁炔 B．2，2-二甲基-2-丁烯C．2，2-二甲基-1-丁烯 D．3，3-二甲基-1-丁烯6、工業(yè)上常用電解法冶煉的金屬是A．Fe B．Al C．Cu D．Ag7、在25℃時向VmLpH=a的鹽酸中，滴加pH=b的NaOH(aq)10VmL時，溶液中Cl－的物質的量恰好等于Na＋的物質的量，則a+b的值是（）A．13 B．14 C．15 D．不能確定8、在蒸餾實驗中，下列敘述不正確的是（）A．在蒸餾燒瓶中盛約1/2體積的自來水，并放入幾粒沸石B．將溫度計水銀球插入自來水中C．冷水從冷凝管下口入，上口出D．收集蒸餾水時，應棄去開始餾出的部分9、100℃，有pH分別為7、9、10的三種相同物質的量濃度的鹽溶液NaX、NaY、NaZ，以下說法中不正確的是A．在三種酸HX、HY、HZ中以HX酸性相對最強B．HX、HY、HZ三者中有一種為強酸C．在X－、Y－、Z－三者中，以Z－最易發(fā)生水解D．向1molHY加入NaOH充分反應至溶液呈中性時，需要的NaOH稍小于1mol10、已知X、Y、Z、W有如圖所示的轉化關系，已知焓變:ΔH=ΔH1+ΔH2，則X、Y不可能是A．C、COB．AlCl3、Al(OH)3C．Fe、Fe(NO3)2D．Na2O、Na2O211、在不同溫度下，水溶液中c(H＋)與c(OH－)有如圖所示關系。下列條件關于離子共存說法中正確的是A．a點對應的溶液中大量存在：CO32-、Na＋、Cl－、SO42-B．b點對應的溶液中大量存在：Fe2+、Ba2＋、K+、NO3-C．c點對應的溶液中大量存在：Na＋、Ba2＋、Cl－、Al3+D．d點對應的溶液中大量存在：Na＋、K＋、ClO-、Cl—12、下列說法中，能說明化學平衡一定向正反應方向移動的是（）A．N2O4(g)2NO2(g)，改變某一條件后，氣體顏色加深B．H2(g)+I2(g)2HI(g)，單位時間內消耗H2和HI的物質的量之比大于1:2C．N2(g)+3H2(g)2NH3(g)，改變某一條件后，NH3的體積分數增加D．2SO2(g)+O2(g)2SO3(g)，恒溫恒壓條件下，充入He13、臭氧是常見的強氧化劑，廣泛用于水處理系統。制取臭氧的方法很多，其中高壓放電法和電解純水法原理如下圖所示。下列有關說法錯誤的是A．兩種方法都是電解原理B．高壓放電出來的空氣中，除含臭氧外還含有氮的氧化物C．電解純水時，電極b發(fā)生的電極反應有3H2O－6e－＝O3↑＋6H＋和2H2O－4e－＝O2↑＋4H＋D．電解純水時，H+由電極b經聚合固體電解質膜流向電極a14、下列有關物質用途的說法中，不正確的是A．氯氣可用于制備漂白粉 B．堿金屬的化合物可用于制煙花C．二氧化硅可做半導體材料 D．二氧化硫能漂白某些有色物質15、基態(tài)鉻(原子序數24)原子的電子排布式是()A．1s22s22p63s23p64s14p5 B．1s22s22p63s23p63d6C．1s22s22p63s23p64s13d4 D．1s22s22p63s23p63d54s116、某溫度時，在2L容器中三種物質的物質的量隨時間的變化曲線如圖所示。由圖中數據分析，該反應的化學方程式和反應開始至2min末Z的平均反應速率分別為（）A．X+3Y=2Z0.1mol?·B．2X+Y2Z0.1mol?·C．X+2Y=Z0.05mol?·D．3X+Y2Z0.05mol?·17、下列各組物質間反應：①Cu與HNO3溶液②鈉與氧氣③Zn與H2SO4溶液④MnO2與HCl溶液。由于濃度不同反應情況不同的有()A．①③ B．②④ C．①③④ D．①②③④18、某濃度的氨水中存在下列平衡：NH3?H2O?NH4++OH-，如想增大NH4+的濃度，而不增大OH-的濃度，應采取的措施是A．適當升高溫度 B．通入NH3C．加入NH4Cl固體 D．加入少量氫氧化鈉19、取1mL0.1mol·L-1AgNO3溶液進行如下實驗(實驗中所用試劑濃度均為0.1mol·L-1)：下列說法不正確的是A．實驗①白色沉淀是難溶的AgCl B．由實驗②說明AgI比AgCl更難溶C．若按①③順序實驗，看不到黑色沉淀 D．若按②①順序實驗，看不到白色沉淀20、把5molA和6molB的混合氣體通入4L的密閉容器中，在一定條件下發(fā)生如下反應：5A(g)+4B(g)6C(g)+xD(g)，經過5min后反應達到平衡狀態(tài)時，生成3molC，并測得D的平均反應速率為0.1mol?L-1?min-1．下列計算結果正確的是A．x的數值是2 B．A的轉化率為50%C．B的平衡濃度為2mol/L D．反應前后混合氣體的壓強之比為22：2521、在一定溫度下的密閉容器中，當下列物理量不再變化時，表明A(s)+2B(g)C(g)+D(g)已達平衡的是A．混合氣體的密度 B．混合氣體的壓強C．混合氣體的分子數目 D．混合氣體的總物質的量22、下列說法中有錯誤的是A．升高溫度，一般可使活化分子的百分數增大，因而反應速率增大B．加入適宜的催化劑，可使活化分子的百分數大大增加，從而增大反應速率C．活化分子之間發(fā)生的碰撞一定為有效碰撞D．對有氣體參加的反應，增大壓強，體系體積減小，可使單位體積內活化分子數增加，反應速率增大二、非選擇題(共84分)23、（14分）某化學興趣小組模擬工業(yè)上從鋁土礦（主要成分是Al2O3，含SiO2、Fe2O3等雜質）中提取氧化鋁的工藝做實驗，流程如下：請回答下列問題：（1）操作Ⅰ的名稱為_______。（2）驗證溶液B中是否含有Fe3+的方法：_______________________，（3）不溶物A是___(填化學式)，寫出D→E反應的離子方程式______________。（4）說出溶液F中含碳元素溶質的一種用途____________________。24、（12分）以煤氣(主要成分CO、H2)和油脂為原料合成有機化合物日益受到重視。其中一種轉化關系如下：(1)A的結構簡式是______________。(2)E是兩種含碳碳雙鍵的酯的混合物，C與D反應得到E的化學方程式是____________(寫出一個即可)。(3)以CH2＝CHCH3為原料合成D的過程如下：在方框“”中填寫物質或條件__________、__________、_________。25、（12分）實驗室中有一未知濃度的稀鹽酸，某學生為測定鹽酸的濃度，在實驗室中進行如下實驗，請完成下列填空：（1）配制100mL0.10mol/LNaOH標準溶液。（2）取20.00mL待測稀鹽酸溶液放入錐形瓶中，并滴加2~3滴酚酞作指示劑，用自己配制的標準NaOH溶液進行滴定。重復上述滴定操作2~3次，記錄數據如下。實驗編號NaOH溶液的濃度（mol/L）滴定完成時，NaOH溶液滴入的體積（mL）待測鹽酸溶液的體積（mL）10.1022.6220.0020.1022.7220.0030.1022.8020.00①滴定達到終點的現象是________________________________________________________，此時錐形瓶內溶液的pH范圍為________。②根據上述數據，可計算出該鹽酸的濃度約為____________________（保留兩位有效數字）③排去堿式滴定管中氣泡的方法應采用操作_____，然后輕輕擠壓玻璃球使尖嘴部分充滿堿液。④在上述實驗中，下列操作（其他操作正確）會造成測定結果偏高的有_______。（多選扣分）A、滴定終點讀數時俯視讀數B、酸式滴定管使用前，水洗后未用待測鹽酸溶液潤洗C、錐形瓶水洗后未干燥D、堿式滴定管尖嘴部分有氣泡，滴定后消失E、配制好的NaOH標準溶液保存不當，部分與空氣中的CO2反應生成了Na2CO3⑤如實驗室要用該標準NaOH溶液測定某醋酸的濃度，該選用的指示劑為______________。26、（10分）某酸性工業(yè)廢水中含有K2Cr2O7。光照下，草酸(H2C2O4)能將其中的Cr2O轉化為Cr3＋。某課題組研究發(fā)現，少量鐵明礬[Al2Fe(SO4)4·24H2O]即可對該反應起催化作用。為進一步研究有關因素對該反應速率的影響，探究如下：(1)在25℃下，控制光照強度、廢水樣品初始濃度和催化劑用量相同，調節(jié)不同的初始pH和一定濃度草酸溶液用量，做對比實驗，完成以下實驗設計表(表中不要留空格)。實驗編號初始pH廢水樣品體積/mL草酸溶液體積/mL蒸餾水體積/mL①4601030②5601030③560__________________測得實驗①和②溶液中的Cr2O72—濃度隨時間變化關系如圖所示。(2)上述反應后草酸被氧化為__________________(填化學式)。(3)實驗①和②的結果表明____________________；實驗①中0～t1時間段反應速率v(Cr3＋)＝____________mol·L－1·min－1(用代數式表示)。(4)該課題組對鐵明礬[Al2Fe(SO4)4·24H2O]中起催化作用的成分提出如下假設，請你完成假設二和假設三：假設一：Fe2＋起催化作用；假設二：___________________________；假設三：___________________________；(5)請你設計實驗驗證上述假設一，完成下表中內容。[除了上述實驗提供的試劑外，可供選擇的藥品有K2SO4、FeSO4、K2SO4·Al2(SO4)3·24H2O、Al2(SO4)3等。溶液中Cr2O的濃度可用儀器測定]實驗方案（不要求寫具體操作過程)預期實驗結果和結論__________________________（6）某化學興趣小組要完成中和熱的測定，實驗桌上備有大、小兩個燒杯、泡沫塑料、泡沫塑料板、膠頭滴管、環(huán)形玻璃攪拌棒、0.5mol·L-1鹽酸、0.55mol·L-1NaOH溶液,實驗尚缺少的玻璃用品是___、_____。(7)他們記錄的實驗數據如下:實驗用品溶液溫度中和熱t(yī)1t2ΔH①50mL0.55mol·L-1NaOH溶液50mL0.5mol·L-1HCl溶液20℃23.3℃②50mL0.55mol·L-1NaOH溶液50mL0.5mol·L-1HCl溶液20℃23.5℃已知:Q=cm(t2-t1),反應后溶液的比熱容c為4.18kJ·℃-1·kg-1,各物質的密度均為1g·cm-3。計算完成上表中的ΔH_________________________。(8)若用KOH代替NaOH,對測定結果____(填“有”或“無”)影響;若用醋酸代替HCl做實驗,對測定結果ΔH____(填“偏大”或“偏小”無影響)。27、（12分）已知：2KMnO4+5H2C2O4+3H2SO4=K2SO4+2MnSO4+10CO2↑+8H2O．某化學小組根據上述反應原理進行下列實驗：I．測定H2C2O4溶液的物質的量濃度實驗步驟如下：①取待測H2C2O4溶液25.00mL放入錐形瓶中，再加入適量的稀硫酸；②用0.1mol/L

KMnO4溶液滴定至終點，記錄數據；③重復滴定2次，平均消耗KMnO4溶液20.00mL。請回答：（1）滴定時，將KMnO4溶液裝在______（填“酸式”或“堿式”）滴定管中。（2）若在步驟①操作之前，先用待測H2C2O4溶液潤洗錐形瓶，則測得H2C2O4溶液的濃度會______（填“偏大”“偏小”或“無影響”）。（3）步驟②中到達滴定終點時的現象為_______________________________。（4）計算H2C2O4溶液的物質的量濃度為__________mol/L。II．探究反應物濃度對化學反應速率的影響設計如下實驗方案（實驗溫度均為25℃）：實驗序號體積V/mL0.1mol?L-1KMnO4溶液

0.11mol?L-1H2C2O4溶液0.11mol?L-1H2SO4溶液H2O①2.05.06.07.0②2.08.06.0V1③2.0V26.02.0請回答：（5）表中v1=______。（6）實驗中需要測量的數據是______________________________。（7）實驗中______（填“能”或“不能”）用0.2mol/L鹽酸代替0.1mol/LH2SO4溶液，理由是_________。28、（14分）阿司匹林的結構簡式如右圖：根據這一信息，回答下列問題：。(1)寫出阿司匹林的分子式:______________________________________(2)根據結構，推測阿司匹林的性質，下列試劑中，不能與阿司匹林反應的是（_______）A、氫氧化鈉溶液B、硫酸鈉溶液C、碳酸鈉溶液D、稀硫酸(3)阿司匹林是一種人工合成藥物，化學上用水楊酸與乙酸酐(CH3CO)2O反應來制取阿司匹林。請用化學反應方程式表示這個過程：__________________________________________________________(4)阿司匹林與NaOH反應可以得到可溶性鈉鹽，有比阿司匹林更好的療效。請寫出此反應的方程式：__________________________________________________________(5)有四種常見藥物①阿司匹林②青霉素③胃舒平④麻黃堿。請回答：①某同學胃酸過多，應選用的藥物是________（填序號）?？顾崴幨侵委熚杆徇^多的一類藥品，請寫出一種抗酸藥與胃酸反應的化學方程式：_________________________________________________________②由于具有興奮作用，國際奧委會嚴禁運動員服用的藥物是________（填序號）。③從用藥安全角度考慮，使用前要進行皮膚敏感性測試的藥物是________（填序號）。④濫用藥物會導致不良后果，如過量服用________（填序號）會出現水楊酸中毒，應立即停藥，并靜脈注射NaHCO329、（10分）二氧化碳的過量排放可對環(huán)境造成很大影響。（1）寫出圖1中巖溶的化學方程式：___。（2）CO2是引起溫室效應的主要物質，可用于生產甲醇。在恒容的密閉容器中，通入1molCO2和1.5molH2，發(fā)生的反應為CO2(g)+3H2(g)CH3OH(g)+H2O(g)△H<0，測得CO2的轉化率隨溫度和壓強的變化如圖2。①X代表的物理量是___。②Y1___(填“>”或“<”)Y2，判斷的理由是___。③保持溫度不變，反應達到平衡后，測得氣體壓強p為起始壓強p0的0.8倍，則反應平衡常數KP=___(用p表示，分壓=物質的量分數×總壓，列出計算式即可)。（3）已知常溫下，H2CO3的電離平衡常數：K1=4.4×10-7、K2=4.7×10-11，則CO+H2OHCO+OH-的平衡常數K=___(保留兩位有效數字)。

參考答案一、選擇題(共包括22個小題。每小題均只有一個符合題意的選項）1、B【詳解】A．若乙容器也是恒溫恒容，則兩容器達到的平衡為等效平衡，平衡時PCl5(g)的體積分數相等，但現在乙容器是恒溫恒壓，相對于甲容器，乙容器相當于增大壓強，平衡逆向移動，故平衡時PCl5(g)的體積分數：甲<乙，A正確；B．若甲容器也是恒溫恒壓，則兩容器達到的平衡為等效平衡，根據乙容器可知，，則有：x+1-x+1-x=2×0.8，解得：x=0.4mol，即乙容器中平衡時n(PCl5)=0.4mol，但甲容器為恒溫恒容，相對于乙容器來說，相當于甲容器是對乙容器減小壓強，故平衡正向移動，即甲容器中平衡時n(PCl5)<0.4mol，現從甲中移走0.5molPCl3(g)，0.5molCl2(g)，相當于對甲容器進行減小壓強，平衡正向移動，故再次平衡時n(PCl5)<0.2mol，B錯誤；C．由B的分析可知，平衡時甲中n(PCl5)<0.4mol，故PCl5(g)的轉化率大于60%，C正確；D．打開K一段時間，即兩容器均為恒溫恒壓，所達平衡與乙容器開始達到的平衡為等效平衡，故再次平衡時兩容器的總體積為2×0.8L=1.6L，故乙容器的體積為1.6L-1L=0.6L，D正確；故答案為：B。2、C【詳解】v(C)==0.1mol/(L?min)，根據速率之比等于化學計量數之比，可得：A.D是固體不能表示反應速率，A錯誤；B.應該是2v(B)=3v(C)，B錯誤；C.v(B)=3/2×v(C)=3/2×0.1mol/(L?min)=0.15mol/(L?min)，C正確；D.v(A)=1/2×v(C)=1/2×0.1mol/(L?min)=0.05mol/(L?min)，2min內△n(A)=v(A)×V×△t=0.05mol/(L?min)×2L×2min=0.2mol，因此A的轉化率為0.2mol/1mol×100%=20%，D錯誤。故選C。3、C【解析】A．纖維素有天然存在的、青霉菌產生青霉素；B．食鹽也是天然存在的，如海鹽、井鹽、巖鹽等；C．合成材料主要包括塑料、合成纖維、合成橡膠，如滌淪，洗衣粉，阿斯匹林也是由化學合成而得；D．石英是天然存在的，是地球表面分布最廣的礦物之一?！驹斀狻緼中纖維素在自然界中大量存在，如棉花、木材等；B中食鹽大量存在于海水中，提取即可，不必合成；D中石英大量存在于自然界中，如石英砂、水晶等；C中物質全部為合成而得，故選C。【點睛】本題考查天然物質與化學合成物質的區(qū)別，解答本題的關鍵是要知道天然物質與常見合成物質的成分。4、A【解析】平衡常數指可逆反應達到平衡時各生成物濃度的化學計量數次冪的乘積除以各反應物濃度的化學計量數次冪的乘積所得的比值，平衡常數k=c(CO)?c(H2O)c(CO2)?c(H2)，所以該反應化學方程式應為CO2+H【詳解】A、恒容時，溫度升高，H2濃度減小，平衡正向移動，則該反應為吸熱反應，所以△H＞0，故A正確；B、反應前后氣體體積不變，恒溫恒容下，通入N2，壓強增大，平衡不移動，故B錯誤；C、升高溫度，正、逆反應速率都增大，正反應速率增大更多，平衡正向移動，故C錯誤；D、，平衡常數k=c(CO)?c(H2O)c(CO2)?c(H2)，所以該反應化學方程式應為CO故選A。5、D【解析】首先畫出加成后產物的結構，分子中有一個季碳，季碳不可能通過加成反應得到，因此加成前的不飽和鍵只能在3,4號碳上，符合條件的是3，3-二甲基-1-丁烯。答案為D。6、B【詳解】A.金屬鐵是較活潑金屬，工業(yè)上常用熱還原法冶煉，故A不符合題意；B.金屬鋁是活潑金屬，工業(yè)上常用電解法冶煉，故B符合題意；C.金屬銅是中等活潑金屬，工業(yè)上常用熱還原法冶煉，故C不符合題意；D.金屬銀是不活潑金屬，工業(yè)上常用熱分解法冶煉，故D不符合題意；故選B。7、A【分析】本題考查pH的簡單計算，運用pH的計算方法和溶液中的離子關系分析。【詳解】鹽酸和氫氧化鈉反應生成氯化鈉和水，溶液中Cl-的物質的量恰好等于Na+的物質的量，說明溶液呈中性，即n（H+）=n（OH-），即酸堿恰好完全中和，則有n（HCl）=n（NaOH），pH=a的鹽酸中c（H+）=10-amol/L，pH=b的氫氧化鈉溶液中c（OH-）=10b-14mol/L，則V×10-3L×10-amol/L=10V×10-3L×10b-14mol/L，解之得：a+b=13，

答案選A?！军c睛】溶液呈電中性時：n（H+）=n（OH-）。8、B【詳解】A、為防止暴沸，蒸餾時，加入的液體約為蒸餾燒瓶容積的三分之一，且加入幾粒沸石，故A正確；B、溫度計測的是蒸氣的溫度，水銀球應位于蒸餾燒瓶支管口處，故B錯誤；C、冷凝管中冷水從下口流進，上口流出，故C正確；D、因為儀器中難免有雜質存在，為保證蒸餾水的純度應棄去開始餾出的部分，故D正確。答案選B。【點睛】蒸餾操作注意事項：（1）在蒸餾燒瓶中放少量碎瓷片，防止液體暴沸。（2）溫度計水銀球的位置應與支管口下端位于同一水平線上。（3）蒸餾燒瓶中所盛放液體不能超過其容積的2/3，也不能少于1/3。（4）冷凝管中冷卻水從下口進，上口出。（5）加熱溫度不能超過混合物中沸點最高物質的沸點。9、B【分析】常溫下，水的離子積為1×10-14，即中性溶液的pH值為7，因為電離為吸熱過程，升高溫度到100℃，促進水的電離，水的離子積增大，此時中性溶液的pH值應小于7，100℃，有pH分別為7、9、10的三種相同物質的量濃度的鹽溶液NaX、NaY、NaZ，溶液均為堿性，說明三種鈉鹽均水解，HX、HY、HZ三者均為弱酸，pH值越大，證明酸根離子的水解程度越大，其相應的酸的酸性越弱。【詳解】A、相同物質的量濃度的鈉鹽溶液，溶液的pH值越大，酸根離子的水解程度越大,其相應的酸的酸性越弱，根據題意知,在三種酸HX、HY、HZ中，HX酸性相對最強，故A不符合題意;

B、水電離為吸熱過程，升高溫度，促進水的電離，水的離子積增大，此時中性溶液的pH值應小于7，100℃，pH分別為7、9、10的三種相同物質的量濃度的鹽溶液NaX、NaY、NaZ，溶液均為堿性，說明三種鈉鹽均水解，HX、HY、HZ三者均為弱酸，故B符合題意;

C、100℃，pH分別為7、9、10的三種相同物質的量濃度的鹽溶液NaX、NaY、NaZ，溶液均為堿性，說明三種鈉鹽均水解，pH值越大，證明酸根離子越易水解，所以在X－、Y－、Z－三者中，所以Z－最易發(fā)生水解，故C不符合題意；D、經分析，HY為弱酸，向1molHY加入NaOH溶液充分反應至溶液呈中性時，HY還有剩余，故需要的NaOH稍小于1mol，故D不符合題意；綜上所述，本題應選B?！军c睛】本題需要學生注意題干中溫度為100℃，學生看到pH=7，就會下意識認為溶液為中性，但pH=7為中性只是在室溫下（25℃），溫度升高，促進水的電離，水的離子積增大，此時中性溶液的pH值應小于7。10、D【解析】A.X為C，Y為CO，Z為CO2,W為O2；C燃燒生成CO，反應熱為ΔH1，CO完全燃燒生成二氧化碳，反應熱為ΔH2，C完全燃燒生成二氧化碳，反應熱為ΔH，根據蓋斯定律可知，ΔH=ΔH1+ΔH2，A不選；B.X為AlCl3，Y為Al(OH)3，Z為NaAlO2，W為NaOH；AlCl3與NaOH反應生成Al(OH)3，反應熱為ΔH1；Al(OH)3與NaOH反應生成NaAlO2，反應熱為ΔH2，AlCl3與足量的NaOH反應生成NaAlO2，反應熱為ΔH，根據蓋斯定律可知，ΔH=ΔH1+ΔH2，B不選；C.X為Fe，Y為Fe(NO3)2，Z為Fe(NO3)3，W為HNO3；Fe與少量的HNO3反應生成Fe(NO3)2，反應熱為ΔH1；Fe(NO3)2與硝酸繼續(xù)反應生成Fe(NO3)3，反應熱為ΔH2，Fe與足量的HNO3反應生成Fe(NO3)3，反應熱為ΔH，根據蓋斯定律可知，ΔH=ΔH1+ΔH2，C不選；D.Na2O與氧氣反應只能生成Na2O2，Na2O與水反應生成氫氧化鈉，而過氧化鈉與水反應生成氫氧化鈉和氧氣，而轉化過程中需用到同一物質W，不滿足圖示轉化關系，D錯誤；綜上所述，本題選D。11、D【詳解】A.a點處溶液呈中性，而所給出的離子中，碳酸根離子會水解使得溶液呈堿性，故A錯。B.b點處溶液呈酸性，但是溶液中還有硝酸根離子，即相當于有硝酸存在，強氧化性的硝酸不會允許有還原性的二價鐵離子的存在，故B錯。C.c對應的溶液呈中性，但是鋁離子的水解會使得溶液呈酸性，故C錯。D.d點所對應的溶液呈堿性，該組離子可以大量共存，與題意符合，所以D正確。12、B【解析】A.增大壓強平衡向體積減小的方向移動，即向逆反應移動，但NO2濃度增大，顏色加深；若恒容下加入N2O4，平衡向正反應移動，NO2濃度增大，顏色加深，所以平衡不一定向正反應移動，A項錯誤；B.單位時間內消耗H2和HI的物質的量之比等于1：2，處于平衡狀態(tài)，大于1：2，說明氫氣的消耗速率大于生成速率，反應未到達平衡狀態(tài)，反應向正反應進行，B項正確；C.增大壓強平衡向體積減小的方向移動，即向正反應方向移動，NH3的體積分數增大，增大氨氣的濃度平衡向逆反應移動，移動的結果是降低氨氣濃度增大的趨勢，平衡時仍比原來的濃度高，所以平衡不一定向正反應移動，C項錯誤；D.恒溫恒壓充入He，體積增大，相當于減小壓強，平衡逆向移動，D項錯誤；答案選B。13、A【分析】從題干敘述中分析制取臭氧有兩種方法，從電解的原理分析電極反應及電解質溶液中離子的流向?！驹斀狻緼.在高壓放電的條件下，O2生成O3，并非電解原理，故A錯誤；B.由于在放電的條件下氧氣也與氮氣化合生成NO，而NO可以被氧化生成NO2，所以高壓放電出來的空氣中，除含臭氧外還含有氮的氧化物，故B正確；C.根據裝置圖可知，b電極生成氧氣和臭氧，這說明b電極是陽極，水電離出的OH－放電，電極反應式為3H2O－6e－＝O3↑＋6H＋和2H2O－4e－＝O2↑＋4H＋，故C正確；D.a電極是陰極，水電離出的氫離子放電生成氫氣，所以電解時，H＋由電極b經聚合固體電解質膜流向電極a，D正確。故選A?！军c睛】根據放電順序知，電解水時由水電離出的OH－放電，所以產物中有H＋生成，同時根據電荷守恒及原子守恒規(guī)律配平電極反應方程式。14、C【分析】A.氯氣和氫氧化鈣反應制取漂白粉；

B.堿金屬元素在灼燒時會產生焰色反應；

C.硅能作半導體,二氧化硅是光導纖維的主要成分；

D.二氧化硫具有漂白性。【詳解】A.氯氣與石灰乳反應生成氯化鈣和次氯酸鈣；漂白粉的主要成分是氯化鈣和次氯酸鈣，有效成分是次氯酸鈣，故A正確；B.堿金屬元素在灼燒時會產生焰色反應,堿金屬的化合物可用于制煙花,故B正確；

C.晶體硅導電性介于導體與絕緣體之間,可以做半導體；二氧化硅是光導纖維的主要成分，故C錯誤；

D.二氧化硫能和有色物質反應生成無色物質而具有漂白性，能漂白某些有色物質，故D正確；

綜上所述，本題選C。15、D【詳解】A．違反了構造原理，3d能級比4p能級低，應排3d而不是4p，故A錯誤；B．違反了構造原理和洪特規(guī)則特例，價電子排布部分應為3d54s1，故B錯誤；C．違反了洪特規(guī)則特例和核外電子式書寫規(guī)范，同一能層的寫在一起，應為1s22s22p63s23p63d54s1，故C錯誤；D．Cr的原子序數為24，核外電子數為24，根據洪特規(guī)則特例，電子排布式為1s22s22p63s23p63d54s1，故D正確；答案選D。16、D【詳解】由圖可知，Y、X的物質的量減小，Z的物質的量增加，則Y、X為反應物，Z為生成物，且△n之比為(1?0.9):(1?0.7):(0.2?0)=1:3:2，2min達到平衡，由物質的量的變化量之比等于化學計量數之比可知，反應為3X+Y?2Z；反應開始至2min末Z的平均反應速率為=0.05mol?min?1；故選：D。17、C【詳解】①銅與濃硝酸反應，其還原產物為NO2，與稀硝酸反應，其還原產物為NO，硝酸的濃度不同，反應情況不同，①符合題意；②鈉與氧氣常溫下反應生成Na2O，加熱條件下反應生成Na2O2，反應條件不同，產物不同，與濃度無關，②不符合題意；③Zn與濃硫酸反應，生成SO2，與稀硫酸反應生成H2，硫酸濃度不同，產物不同，③符合題意；④MnO2與濃鹽酸反應生成Cl2，與稀鹽酸不反應，鹽酸的濃度不同，反應情況不同，④符合題意；綜上，由于濃度不同，反應情況不同的是①③④，C符合題意；故答案為：C18、C【分析】升高溫度，氨水電離平衡正向移動；通入NH3，氨水電離平衡正向移動；加入NH4Cl固體，抑制氨水電離；氫氧化鈉抑制氨水電離。【詳解】A.適當升高溫度，氨水電離平衡正向移動，c(NH4+)增大，c(OH-)增大，故不選A；B.向氨水中通入氨氣，c(NH4+)增大，c(OH-)增大，故不選B；C.加入氯化銨固體，c(NH4+)增大，平衡逆向移動，c(OH-)減小，故選C；D.加入少量NaOH，c(OH-)增大，c(NH4+)減小，故不選D?！军c睛】本題考查影響弱電解質電離的因素，加入含有銨根離子或氫氧根離子的物質能抑制氨水電離，加入和銨根離子或氫氧根離子反應的物質能促進氨水電離。19、C【分析】利用反應向著更難溶的方向進行分析?！驹斀狻緼、AgNO3溶液中加入NaCl溶液，發(fā)生Ag＋＋Cl－=AgCl↓，即實驗①中白色沉淀是AgCl，故A說法正確；B、實驗②中加入過量KI溶液，出現黃色沉淀，說明產生AgI，即發(fā)生AgCl(s)＋I－(aq)=AgI(s)＋Cl－(aq)，推出AgI比AgCl更難溶，故B說法正確；C、實驗③得到黑色沉淀，該黑色沉淀為Ag2S，推出Ag2S比AgI更難溶，溶解度由大到小的順序是AgCl>AgI>Ag2S，按①③順序實驗，能觀察黑色沉淀，故C說法錯誤；D、根據選項C分析，按照②①順序實驗，生成更難溶的AgI，不能得到AgCl，即無法觀察到白色沉淀，故D說法正確。20、B【分析】本題涉及化學平衡的計算，首先寫出反應方程式，列出相關量（起始量、變化量、平衡量），確定各量之間的關系，列出比例式進行求解?！驹斀狻繐}給信息可知，，根據，可知設A的轉化量為a，B的轉化量為b5A(g)+4B(g)6C(g)+xD(g)起始量/mol5600轉化量/molab32平衡量/mol32則有：，解得根據，(mol)，同理可得，則平衡時，，，則A的轉化率，B的平衡濃度，反應前后混合氣體的壓強之比等于反應前后氣體的總物質的量之比，即反應前后混合氣體的壓強之比為，故B項正確；答案選B。21、A【分析】當反應達到平衡狀態(tài)時，正逆反應速率相等，各物質的濃度、百分含量不變，以及由此衍生的一些量也不發(fā)生變化，據此解答【詳解】A、反應前后氣體的質量是變化的，容器體積不變，當混合氣體的密度不變，說明氣體的質量不變，反應達平衡狀態(tài)，A正確；B、兩邊氣體的計量數相等，所以混合氣體的壓強始終不變，B錯誤；C、反應前后氣體的體積是不變的，所以混合氣體的分子數目不變不能說明是平衡狀態(tài)，C錯誤；D、兩邊氣體的計量數相等，所以混合氣體的總物質的量始終不變，D錯誤；答案選A?！军c睛】本題考查了化學平衡狀態(tài)的判斷，注意當反應達到平衡狀態(tài)時，正逆反應速率相等，但不為0。解題時要注意，選擇判斷的物理量，隨著反應的進行發(fā)生變化，當該物理量由變化到定值時，說明可逆反應到達平衡狀態(tài)。22、C【解析】A.升高溫度，反應體系中物質的能量升高，一般可使活化分子的百分數增大，因而反應速率增大，故A正確；

B.催化劑可使反應需要的能量減小，使活化分子的百分數大大增加，從而增大化學反應的速率，故B正確；

C.由于活化分子之間的碰撞分為有效碰撞和無效碰撞，故C錯誤；

D.增大壓強體系體積減小，對于有氣體參加的反應，可使單位體積內活化分子數增加，反應速率增大，故D正確。故選C。二、非選擇題(共84分)23、過濾取少量溶液B于試管中，加入少量KSCN溶液，若溶液變成紅色，則溶液B中含有Fe3＋SiO2AlO2－＋2H2O＋CO2=HCO3－＋Al(OH)3↓發(fā)酵粉、治療胃酸過多等【分析】鋁土礦的主要成分是Al2O3，含SiO2、Fe2O3等雜質，由流程圖可知，加足量鹽酸過濾得到不溶物A為SiO2，溶液B中含Al3+、Fe3+，加過量NaOH溶液過濾得到不溶物C為Fe(OH)3，溶液D中含偏鋁酸根離子，通入過量二氧化碳后過濾得到不溶物E為Al(OH)3，G為氧化鋁，溶液F中含碳酸氫鈉?！驹斀狻?1).由上述分析可知，操作I的名稱為過濾，故答案為過濾；(2).檢驗溶液B中是否含有Fe3+，可選用KSCN溶液，若溶液變紅色，證明含有鐵離子，故答案為取少量溶液B于試管中，加入少量KSCN溶液，若溶液變成紅色，則溶液B中含有Fe3＋；(3).由上述分析可知，A為SiO2，偏鋁酸鈉溶液中通入過量二氧化碳反應的化學方式為NaAlO2+CO2+2H2O=Al(OH)3↓+NaHCO3，離子方程式為AlO2－＋2H2O＋CO2=HCO3－＋Al(OH)3↓，故答案為SiO2；AlO2－＋2H2O＋CO2=HCO3－＋Al(OH)3↓；(4).溶液F中含碳酸氫鈉，可作發(fā)酵粉或治療胃酸的藥物等，故答案為作發(fā)酵粉、治療胃酸過多等。24、CH2=CHCH2OHCH2OHCHOHCH2OH+CH2=CHCOOHCH2OHCHOHCH2OOCCH=CH2+H2OCl2CH2ClCHClCH2ClNaOH溶液、加熱【分析】根據流程圖，丙烯與氯氣發(fā)生取代反應生成CH2=CHCH2Cl，CH2=CHCH2Cl與NaOH溶液在加熱的條件下發(fā)生取代反應，生成CH2=CHCH2OH，即A；A中的羥基被氧化生成CH2=CHCHO，B被氧化生成C，則C為CH2=CHCOOH；油脂在酸性條件下水解生成高級脂肪酸和丙三醇，則D為丙三醇，丙三醇與C反應生成酯和水?！驹斀狻?1)分析可知，A的結構簡式CH2=CHCH2OH；(2)E是由丙三醇和CH2=CHCOOH發(fā)生酯化反應生成的兩種含碳碳雙鍵的酯的混合物，則E為CH2OHCH(CH2OH)OOCCH=CH2或CH2OHCHOHCH2OOCCH=CH2，反應的方程式為CH2OHCHOHCH2OH+CH2=CHCOOHCH2OHCHOHCH2OOCCH=CH2+H2O；(3)丙烯與氯氣在500℃的條件下，發(fā)生取代反應生成CH2=CHCH2Cl，CH2=CHCH2Cl與氯氣發(fā)生加成反應生成CH2ClCHClCH2Cl，再與NaOH溶液共熱的條件下生成丙三醇。25、最后一滴氫氧化鈉溶液加入，溶液由無色恰好變成淺紅色，且半分鐘內不褪色8.2~100.11mol/L丙D酚酞【解析】①用已知濃度的標準氫氧化鈉溶液滴定未知濃度的稀鹽酸用酚酞溶液作指示劑，滴定達到終點的現象是最后一滴氫氧化鈉溶液加入，溶液由無色恰好變成淺紅色，且半分鐘內不褪色；此時錐形瓶內溶液的pH范圍為8.2~10；②根據c（酸）×V（酸）=c（堿）×V（堿），需要V（NaOH）=mL=22.72mL，則該鹽酸的濃度為=0.11mol/L；③堿式滴定管的氣泡通常橡皮管內，只要將滴定玻璃頭朝上，并擠橡皮管中的玻璃珠就可以將氣泡沖排出，故答案為丙；④A．滴定終點讀數時俯視度數，讀出的最終標準液體積偏小，則消耗標準液體積偏小，測定結果偏低，選項A錯誤；B．酸式滴定管水洗后未用待測稀鹽酸溶液潤洗，會導致鹽酸濃度偏小，需要NaOH體積偏小，測定值偏小，選項B錯誤；C．錐形瓶水洗后直接裝待測液，對實驗無影響，選項C錯誤；D．堿式滴定管尖嘴部分有氣泡，滴定后消失，會導致測定NaOH體積偏大，測定值偏大，選項E正確；E．配制好的NaOH標準溶液保存不當，部分與空氣中的CO2反應生成了Na2CO3，等物質的量的碳酸鈉與氫氧化鈉消耗的氯化氫相等，滴定時消耗的標準液體積不變，測定結果不變，選項E錯誤；答案選D；⑤如實驗室要用該標準NaOH溶液測定某醋酸的濃度，完全中和時生成醋酸鈉為強堿弱酸鹽，溶液呈堿性，故選用的指示劑為酚酞。26、2020CO2溶液pH對該反應的速率有影響2(c0-c1)/t1Al3＋起催化作用SO42—起催化作用用等物質的量的K2SO4·Al2(SO4)3·24H2O代替實驗①中的鐵明礬，控制其他條件與實驗①相同，進行對比實驗反應進行相同時間后，若溶液中c(Cr2O72—)大于實驗①中的c(Cr2O72—)則假設一成立，若兩溶液中的c(Cr2O72—)相同，則假設一不成立量筒溫度計-56.85kJ·mol-1無偏大【解析】（1）①②中pH不同，是探究pH對速率的影響；則②③是探究不同濃度時草酸對速率的影響；（2）草酸中碳元素化合價為+3價，被氧化為+4價，Cr2O72-轉化為Cr3+，根據電子守恒來計算；（3）實驗①②表明溶液pH越小，反應的速率越快，根據公式求算；（4）根據鐵明礬的組成分析；（5）做對比實驗：要證明Fe2+起催化作用，需做對比實驗，再做沒有Fe2+存在時的實驗，用等物質的量K2SO4?Al2（SO4）3?24H2O代替實驗①中的鐵明礬，控制其他反應條件與實驗①相同，進行對比實驗；（6）根據中和熱測定的實驗步驟選用需要的儀器，然后判斷還缺少的儀器；（7）先求出2次反應的溫度差，根據公式Q=cm△T來求出生成0.025mol的水放出熱量，最后根據中和熱的概念求出中和熱；（8）反應放出的熱量和所用酸以及堿的量的多少有關?！驹斀狻浚?）①②中pH不同，是探究PH對速率的影響；則②③是探究不同濃度時草酸對速率的影響，故答案為實驗編號初始

pH廢水樣品

體積/mL草酸溶液

體積/mL蒸餾水

體積/mL③2020（2）草酸中碳元素化合價為+3價，氧化產物為CO2，被氧化為+4價，化合價共升高2價，Cr2O72-轉化為Cr3+，化合價共降低了6價，根據電子守恒，參加反應的Cr2O72-與草酸的物質的量之比為是1：3，離子方程式為：Cr2O72-+3H2C2O4+8H+=6CO2↑+2Cr3++7H2O，故答案為Cr2O72-+3H2C2O4+8H+=6CO2↑+2Cr3++7H2O；

（3）由實驗①②表明溶液pH越小，反應的速率越快，所以溶液pH對該反應的速率有影響，v（Cr3+）=2v（Cr2O72-）=2(c0-c1)/t1mol?L-1?min-1，故答案為2(c0-c1)/t1溶液pH對該反應的速率有影響；（4）根據鐵明礬[Al2Fe（SO4）4?24H2O]組成分析，Al3+起催化作用；SO42-起催化作用，故答案為Al3+起催化作用；SO42-起催化作用；（5）要證明Fe2+起催化作用，需做對比實驗，再做沒有Fe2+存在時的實驗，所以要選K2SO4?Al2（SO4）3?24H2O，注意由于需要控制Al3+和SO42-濃度比，不要選用K2SO4和Al2（SO4）3；用等物質的量K2SO4?Al2（SO4）3?24H2O代替實驗①中的鐵明礬，控制其他反應條件與實驗①相同，進行對比實驗，反應進行相同時間后，若溶液中c（Cr2O72-）大于實驗①中c（Cr2O72-），則假設一成立；若兩溶液中的c（Cr2O72-）相同，則假設一不成立；故答案為實驗方案預期實驗結果和結論用等物質的量K2SO4?Al2（SO4）3?24H2O代替實驗①中的鐵明礬，控制其他反應條件與實驗①相同，進行對比實驗反應進行相同時間后，若溶液中c（Cr2O72-）大于實驗①中c（Cr2O72-），則假設一成立；若兩溶液中的c（Cr2O72-）相同，則假設一不成立（6）中和熱的測定過程中，需要用量筒量取酸溶液、堿溶液的體積，需要使用溫度計測量溫度，所以還缺少量筒、溫度計，故答案為量筒、溫度計；

（7）第1次反應前后溫度差為：3.3℃，第2次反應前后溫度差為：3.5℃，平均溫度差為3.4℃，50mL0.55mol?L-1NaOH溶液與50mL0.5mol?L-1HCl溶液混合，氫氧化鈉過量，反應生成了0.025mol水，50mL0.5mol?L-1鹽酸、0.55mol?L-1NaOH溶液的質量和為：m=100mL×1g/mL=100g，c=4.18J/（g?℃），代入公式Q=cm△T得生成0.025mol的水放出熱量Q=4.18J/（g?℃）×100g×3.4℃=1.4212kJ，即生成0.025mol的水放出熱量1.4212kJ，所以生成1mol的水放出熱量為1.4212kJ×1mol/0.025mol=-56.8kJ，即該實驗測得的中和熱△H=-56.8kJ?mol-1,故答案為-56.8kJ?mol-1；(8)KOH代替NaOH對結果無影響，因為二者都是強堿，與HCl反應生成易溶鹽和水，所以中和熱不變；醋酸電離過程為吸熱過程，所以用醋酸代替HCl做實驗，反應放出的熱量偏小，但△H偏大；故答案為無；偏大?！军c睛】本題考查了化學實驗方案的設計與評價，涉及了探究重鉻酸根與草酸反應過程中的催化作用和中和熱測定，重鉻酸根與草酸反應為一比較熟悉的反應，試題考查了從圖象中獲取數據并分析的能力、設計實驗的能力等，中和熱的測定側