試卷第=page88頁，共=sectionpages1818頁重慶市涪陵第五中學(xué)校2025年秋高二物理期末模擬考試和答案一、單選題（4*7=28分）1．如圖所示，原來不帶電，長(zhǎng)為的導(dǎo)體棒水平放置，現(xiàn)將一個(gè)電荷量為的點(diǎn)電荷放在棒的中心軸線上距離棒的左端處，A、B分別為導(dǎo)體棒左右兩端的一點(diǎn)，靜電力常量為。當(dāng)棒達(dá)到靜電平衡后，下列說法正確的是（）A．導(dǎo)體棒上的點(diǎn)電勢(shì)比點(diǎn)電勢(shì)高B．將導(dǎo)體棒處接地，則處不存在感應(yīng)電荷C．導(dǎo)體棒上感應(yīng)電荷在棒的中心處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小D．增加點(diǎn)電荷的帶電量，導(dǎo)體靜電平衡時(shí)處的合場(chǎng)強(qiáng)將變大2．用粗細(xì)均勻的電阻絲折成一個(gè)正五角星框架兩點(diǎn)與電源連接。在框架所在平面內(nèi)，有一垂直于平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小恒定，如圖所示。閉合開關(guān)S后，線框ANB部分所受安培力大小為，則整個(gè)五角星線框所受安培力的大小為（）A． B． C．0 D．3．如圖，在等邊三角形三個(gè)頂點(diǎn)處，各有一根長(zhǎng)直導(dǎo)線垂直于紙面固定放置。P、Q導(dǎo)線通有電流I，M導(dǎo)線通有電流2I其中P、Q導(dǎo)線中電流垂直紙面向里，M導(dǎo)線中電流垂直紙面向外，P、Q導(dǎo)線在三角形中心O處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，則三角形中心O處磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為（

）（，k為常量，I為長(zhǎng)直導(dǎo)線中的電流，r為到長(zhǎng)直導(dǎo)線的距離）

A．B B．2B C．3B D．4．如圖，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，R1、R2為定值電阻，C為電容器，電表均為理想電表。閉合開關(guān)S，將滑片向上滑動(dòng)過程中（

）A．電阻R2中有向上的電流B．兩電表示數(shù)變化量絕對(duì)值之比變大C．電源的輸出功率一定變大D．保持滑片位置不動(dòng)，將電容器C上極板上移，P點(diǎn)電勢(shì)降低5．如圖為多用電表的原理示意圖，其中表頭G的滿偏電流為1mA，內(nèi)阻，，調(diào)零電阻的最大值，電池電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻。虛線框中S為選擇開關(guān)，下列說法正確的是（

）A．若電池用久了，電動(dòng)勢(shì)減小，內(nèi)阻增大，即使能夠歐姆調(diào)零，測(cè)量的電阻值也會(huì)偏小B．若電壓表的量程為0~3V，則的阻值為2820ΩC．測(cè)某電阻阻值時(shí)，正確操作后若指針指在正中央，則待測(cè)阻值為150ΩD．圖中的A端與黑色表筆相連接6．如圖所示，電荷量為的點(diǎn)電荷與均勻帶電薄板相距2d，點(diǎn)電荷到帶電薄板的垂線通過板的幾何中心，圖中，點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為零。下列說法正確的是（）A．薄板帶正電B．點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度也為零C．帶電薄板產(chǎn)生的電場(chǎng)在點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為D．A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)相等7.如圖所示的正六邊形，邊長(zhǎng)為a?？臻g存在平行于正六邊形所在平面的勻強(qiáng)電場(chǎng)。把質(zhì)子（電量為e）從F移到E，電場(chǎng)力做功為W；把電子從E移到C，需克服電場(chǎng)力做功為3W。已知A點(diǎn)的電勢(shì)為零，則）（）A．C點(diǎn)電勢(shì)為 B．B點(diǎn)電勢(shì)為C．電場(chǎng)強(qiáng)度為 D．電場(chǎng)強(qiáng)度為二、多選題（3*5=15分）8．如圖所示，水平放置的平行金屬板A、B相距為，分別與電源兩極相連，兩板中央各有一個(gè)小孔和。閉合開關(guān)S，將一質(zhì)量為的帶電微粒從距A板為的點(diǎn)由靜止釋放，忽略空氣阻力，重力加速度為，微粒通過孔時(shí)的動(dòng)能小于。下列說法正確的是（）A．微粒帶正電B．若將A板上移一小段距離，則微粒經(jīng)過孔時(shí)動(dòng)能將減小C．若將B板上移一小段距離，則微粒經(jīng)過孔時(shí)動(dòng)能將減小D．若將S斷開，再將A板上移一小段距離，則微?？赡軣o法到達(dá)孔9．如圖甲所示，粗糙水平面上固定一長(zhǎng)直導(dǎo)線，其左側(cè)水平面上放置一個(gè)長(zhǎng)方形的金屬線框（俯視圖），現(xiàn)導(dǎo)線中通以如圖乙所示的電流，線框始終保持靜止?fàn)顟B(tài)，規(guī)定導(dǎo)線中電流方向向下為正，在時(shí)間內(nèi)，則（）A．線框中感應(yīng)電流先逆時(shí)針后順時(shí)針 B．線框中感應(yīng)電流一直沿順時(shí)針方向C．線框受到的摩擦力先向右，后向左 D．線框先有擴(kuò)張趨勢(shì)后有收縮趨勢(shì)10．如圖所示，半徑為R、質(zhì)量為3m的圓弧槽AB靜止放在光滑水平地面上，圓弧槽底端B點(diǎn)切線水平，距離B點(diǎn)為R處有一質(zhì)量為3m的小球2，其左側(cè)連有輕彈簧?，F(xiàn)將質(zhì)量為m的小球1（可視為質(zhì)點(diǎn)）從左側(cè)圓弧槽上端的A點(diǎn)由靜止釋放，重力加速度為g，不計(jì)一切摩擦。則下列說法正確的是（）A．系統(tǒng)（三個(gè)物體）全程動(dòng)量守恒B．小球1剛與彈簧接觸時(shí)，與圓弧槽底端B點(diǎn)相距RC．小球在下滑過程中對(duì)弧形槽的水平?jīng)_量大小為mD．小球1最終的速度大小為6gR三、實(shí)驗(yàn)題11．（6分）某同學(xué)用如圖所示的裝置研究斜槽末端的小球碰撞是否滿足動(dòng)量守恒定律，選取了兩個(gè)大小相同、質(zhì)量不同的小球，先讓質(zhì)量為的小球甲從軌道頂部釋放，由軌道末端的點(diǎn)水平飛出并落在斜面上。再把質(zhì)量為的小球乙放在點(diǎn)，小球甲重復(fù)上述操作，與小球乙發(fā)生碰撞，碰后兩小球均落在斜面上，分別記錄落點(diǎn)位置，其中、、三個(gè)落點(diǎn)位置與點(diǎn)的距離分別為、、。(1)兩小球的質(zhì)量應(yīng)滿足（填“＞”“＝”或“＜”）(2)若，在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)，只要滿足關(guān)系式（結(jié)果用、、表示），就能說明兩球碰撞過程動(dòng)量守恒。(3)在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)，若要驗(yàn)證兩球的碰撞是彈性碰撞，需要滿足關(guān)系式（結(jié)果用、、表示）。12．（9分）某實(shí)驗(yàn)小組同學(xué)利用電流表和電壓表測(cè)定由一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)電路如圖甲所示?，F(xiàn)有開關(guān)和導(dǎo)線若干，以及如下器材：A．電流表A：量程，內(nèi)阻約為B．電壓表V：量程，內(nèi)阻約為C．滑動(dòng)變阻器(1)根據(jù)所畫圖線可得出干電池的電動(dòng)勢(shì)V，內(nèi)電阻（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）。(2)用該電路測(cè)得的電源電動(dòng)勢(shì)真實(shí)值。（填大于、等于或小于）(3)某實(shí)驗(yàn)小組同學(xué)利用一只電流表和一個(gè)電阻箱測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，使用的器材還有開關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干，實(shí)驗(yàn)原理如圖丙所示：接通開關(guān)，多次改變電阻箱的阻值R，讀出對(duì)應(yīng)的電流表的示數(shù)I，并作記錄，畫出關(guān)系圖線，如圖丁所示。若電流表內(nèi)阻，由圖線求得電源的電動(dòng)勢(shì)V，內(nèi)阻Ω（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）。四、解答題13．（10分）如圖甲所示，匝的線圈（圖中只畫了2匝），電阻，其兩端與一個(gè)R=8Ω的電阻相連，線圈內(nèi)有指向紙內(nèi)方向的磁場(chǎng)。線圈中的磁通量按圖乙所示規(guī)律變化。(1)求線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大??；(2)求電勢(shì)差Uba和時(shí)間內(nèi)電阻R的焦耳熱。14．（14分）如圖所示，物體A質(zhì)量，以初速度在光滑平臺(tái)上向右運(yùn)動(dòng)，右邊放置有質(zhì)量mB=2kg的滑塊B。平臺(tái)上有一水平光滑固定滑軌，其上穿有一質(zhì)量mc=6kg的滑塊C，滑塊B與C通過一輕彈簧連接，開始時(shí)彈簧豎直并處于原長(zhǎng)。一段時(shí)間后A與B碰撞并粘在一起向右運(yùn)動(dòng)。A、B組合體隨后運(yùn)動(dòng)過程中一直沒有離開水平面，且(1)滑塊A碰到B后整體的速度；(2)彈簧伸到最長(zhǎng)時(shí)的彈性勢(shì)能；(3)C在彈簧第一次恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)的速度。15．(18分)圖所示，豎直平面內(nèi)有沿軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，第三、四象限有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向垂直于平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。分別是軸、軸上的一點(diǎn)，且。A是一塊長(zhǎng)度略小于的平行于軸的擋板，放置于的中點(diǎn)位置處（圖中未畫出），板的中點(diǎn)在軸上。帶電小球與擋板碰撞前后，方向上的分速度不變，方向分速度反向，且大小不變。質(zhì)量為、帶電量為的小球從點(diǎn)射出，沿直線運(yùn)動(dòng)至點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)。已知重力加速度為，求：(1)勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的大??；(2)若小球經(jīng)磁場(chǎng)區(qū)域后沿直線恰好回到點(diǎn)，求從點(diǎn)射出至回到點(diǎn)所經(jīng)歷的時(shí)間；(3)若小球沿原方向射出后，經(jīng)過與擋板碰撞也能回到點(diǎn)，求小球速度大小的可能值。參考答案題號(hào)12345678910答案CACDCCDCDBDBCD1．C【詳解】A．根據(jù)靜電現(xiàn)象規(guī)律，當(dāng)棒達(dá)到靜電平衡后，導(dǎo)體棒是等勢(shì)體，所以導(dǎo)體棒上的A點(diǎn)電勢(shì)等于B點(diǎn)電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；B．將導(dǎo)體棒A處接地，靜電現(xiàn)象仍會(huì)發(fā)生，A處仍感應(yīng)出負(fù)電荷，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)靜電平衡規(guī)律可知，中心O處場(chǎng)強(qiáng)為零，所以導(dǎo)體棒上感應(yīng)電荷在棒的中心O處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小與的點(diǎn)電荷在該處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相反，即大小為，故C正確；D．根據(jù)靜電平衡規(guī)律可知，導(dǎo)體靜電平衡時(shí)中心O處合場(chǎng)強(qiáng)始終為零，故D錯(cuò)誤。故選C。2．A【詳解】設(shè)線框電阻為，則線框段電阻為，電源提供電壓為，線框與電路接觸的兩點(diǎn)間距離為，則線框部分所受安培力大小則部分所受安培力為，兩部分所受安培力均向上，所以整個(gè)線框所受安培力的大小故選A。3．C【詳解】由題意，結(jié)合安培定則，M導(dǎo)線在O處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2B，方向垂直MO向右，P、Q導(dǎo)線在三角形中心O處的合磁場(chǎng)方向垂直MO向右，由于夾角為，合磁場(chǎng)大小為B，故三根導(dǎo)線在O處合磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為故選C。4．D【詳解】A．在滑動(dòng)變阻器R的滑片向上滑動(dòng)過程中，其接入阻值增大，干路電流減小，即通過電阻電流減小，滑動(dòng)變阻器兩端的電壓為可知U增大，電容器繼續(xù)充電，電容器C兩極板所帶電荷量變大，電阻中有向下的電流，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)以上分析可知，兩電表示數(shù)變化量絕對(duì)值之比，不變，故B錯(cuò)誤；C．電源的輸出功率隨外電阻的變化如圖所示由于外電阻與內(nèi)阻的關(guān)系未知，故電源的輸出功率不一定變大，故C錯(cuò)誤；D．保持滑片位置不動(dòng)，電容器兩端電壓不變，將電容器C上極板上移，根據(jù)可知，場(chǎng)強(qiáng)變小，根據(jù)減小，下極板電勢(shì)為零不變，且下極板電勢(shì)低于上極板，所以P點(diǎn)電勢(shì)降低，故D正確。故選D。5．C【詳解】A．若電池用久了，電動(dòng)勢(shì)減小，內(nèi)阻增大，中值電阻變小，即使能夠歐姆調(diào)零，測(cè)量的電阻值也會(huì)偏大，故A錯(cuò)誤；B．若電壓表的量程為0~3V，則S接3位置，則代入數(shù)據(jù)解得，故B錯(cuò)誤；C．測(cè)某電阻阻值時(shí)S接2，靈敏電流計(jì)的量程變?yōu)榇藭r(shí)靈敏電流計(jì)的內(nèi)阻指針指在正中央時(shí)則有解得，故C正確；D．多用表中，黑表筆與內(nèi)部電源的正極相連，紅表筆與內(nèi)部電源的負(fù)極相連，因此圖中的A端與紅色表筆相連接，故D錯(cuò)誤。故選C。6．C【詳解】ABC．由于A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，可知薄板在A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度與正點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相反，則薄板帶負(fù)電，薄板在A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為根據(jù)對(duì)稱性可知，薄板在B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為薄板在B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向向左，與正點(diǎn)電荷在B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同，則點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不為0，故AB錯(cuò)誤，C正確；D．根據(jù)對(duì)稱性可知，薄板在A點(diǎn)和B點(diǎn)的電勢(shì)相等，而正點(diǎn)電荷在B點(diǎn)的電勢(shì)高于在A點(diǎn)的電勢(shì)，則B點(diǎn)的電勢(shì)高于在A點(diǎn)的電勢(shì)，故D錯(cuò)誤。7．D【詳解】A．題意知，對(duì)質(zhì)子，電場(chǎng)力做功對(duì)電子有可知對(duì)質(zhì)子，F(xiàn)到C過程有將AE連線與FC連線交與G點(diǎn)，如圖幾何關(guān)系可知故將質(zhì)子從F點(diǎn)移動(dòng)到G點(diǎn)，靜電力做功可知為等電勢(shì)點(diǎn)，故電場(chǎng)線沿F指向C方向，可知電勢(shì)相等且均為0，故解得故A錯(cuò)誤；B．幾何關(guān)系可知與平行FC且等于FC的一半，則有解得故B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)聯(lián)立解得故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。8．CD【詳解】A．帶電油滴下落到N孔時(shí)的動(dòng)能，則電場(chǎng)力對(duì)其做負(fù)功，所以油滴帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；B．由題設(shè)條件知，把A板向上平移一小段距離后，極板間電勢(shì)差不變，電場(chǎng)力做功不變，重力做功也不變，根據(jù)動(dòng)能定理知，油滴到達(dá)N孔時(shí)的動(dòng)能與原來的相等，故B錯(cuò)誤；C．由題設(shè)條件知，把B板向上平移一小段距離后，極板間電勢(shì)差不變，電場(chǎng)力做功不變，重力做功減小，根據(jù)動(dòng)能定理知，油滴到達(dá)N孔時(shí)的動(dòng)能減小，故C正確；D．若將S斷開，則兩極板所帶電荷量不變，根據(jù)可知，兩極板間的電勢(shì)差增大，若則微粒無法到達(dá)N孔，故D正確。故選CD。9．BD【詳解】AB．在0～t0時(shí)間內(nèi)，電流方向向下減小，根據(jù)安培定則，線框所在處的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里減小，根據(jù)楞次定律，線框中感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針；同理在t0～2t0時(shí)間內(nèi)，電流方向向上增加，根據(jù)安培定則，線框所在處的磁場(chǎng)方向垂直紙面向外增加，感應(yīng)電流的方向還是順時(shí)針方向，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．線框上下兩邊受到的安培力等大反向，ab邊受到的安培力小于cd邊受到的安培力，所以線框受到的安培力大小可以根據(jù)cd邊受到的安培力情況進(jìn)行分析。根據(jù)左手定則，線框受到的安培力先向右，后向左，線框始終靜止，故摩擦力方向先向左后向右，故C錯(cuò)誤，D選項(xiàng)，根據(jù)楞次定律，線框先有擴(kuò)張趨勢(shì)后有收縮趨勢(shì)。10．BCD【詳解】A．小球1在圓弧槽上運(yùn)動(dòng)時(shí)，系統(tǒng)在豎直方向上動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤；B．小球1從圓弧槽的A點(diǎn)到B點(diǎn)的過程中，設(shè)小球1滑到B點(diǎn)時(shí)小球1的速度為v0，圓弧槽的速度為v，取水平向右為正方向，小球1與圓弧槽在水平方向動(dòng)量守恒有由能量守恒有解得設(shè)小球1到B點(diǎn)時(shí)，小球1水平向右移動(dòng)的距離為x1，圓弧槽向左運(yùn)動(dòng)的距離為x2，兩者的相對(duì)位移為R，因此有x1＋x2＝R聯(lián)立解得此時(shí)圓弧槽的B點(diǎn)與彈簧之間的距離小球1從B點(diǎn)向右以v0勻速運(yùn)動(dòng)，圓弧槽向左以勻速運(yùn)動(dòng)，小球1剛與彈簧接觸時(shí)，與圓弧槽底端B點(diǎn)的距離故B正確；D．從小球1剛與彈簧接觸到兩球分開，由動(dòng)量守恒有mv0=mv1＋3mv2由能量守恒有m=m＋·3m解得小球1之后向左以v0勻速運(yùn)動(dòng)，因?yàn)閳A弧槽此時(shí)正向左以勻速運(yùn)動(dòng)，故會(huì)再次和圓弧槽碰撞，以向左為正，碰撞前、后動(dòng)量守恒有由能量守恒有解得最終小球1以v0的速度向左運(yùn)動(dòng)，圓弧槽以v0的速度向左運(yùn)動(dòng)，小球2以v0的速度向右運(yùn)動(dòng)，小球1最終的速度為故D正確。故選BCD。11．(1)>（1分）(2)（2分）(3)（3分）【詳解】（1）為防止入射小球m1碰撞后反彈，應(yīng)滿足m1>m2。（2）小球拋出后作平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)斜面與水平面的夾角為θ，小球落點(diǎn)位置與O點(diǎn)的距離為L(zhǎng)。根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，在水平方向有在豎直方向有聯(lián)立可得小球拋出的速度為設(shè)碰撞前m1的速度為v1，碰撞后m1的速度為v1′，碰撞后m2的速度為v2′，則，，若兩球碰撞過程動(dòng)量守恒，則有又根據(jù)題意有聯(lián)立解得（3）若兩球的碰撞是彈性碰撞，則機(jī)械能守恒，有又因?yàn)?，，，?lián)立可得又因?yàn)閮汕蚺鲎策^程動(dòng)量守恒，滿足整理可得12．(1)1.51.0(各2分)(2)小于(1分，填“小”不給分）(3)1.4(各2分)【詳解】（1）[1]由圖乙可知電源電動(dòng)勢(shì)為；[2]根據(jù)閉合電路歐姆定律有代入數(shù)據(jù)有解得（2）本接法中采用相對(duì)電源的電流表外接法，因?yàn)殡妷罕淼姆至髯饔?，使電流表測(cè)量結(jié)果偏小，可知實(shí)際圖像(虛線所示)和測(cè)量圖像應(yīng)如圖所示：由圖可知，用該電路測(cè)得的電源電動(dòng)勢(shì)小于真實(shí)值，內(nèi)阻小于真實(shí)值。（3）[1][2]由閉合電路歐姆定律有變形為即在圖像中，圖像的斜率表示電源電動(dòng)勢(shì)，電源電動(dòng)勢(shì)為縱軸截距為解得13．(1)（3分）(2)-8V（4分），0.8J（3分）【詳解】（1）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律……(2分)代入數(shù)據(jù)解得……(1分)（3）電阻兩端的電壓為路端電壓，根據(jù)分壓規(guī)律可知……(2分)代入數(shù)據(jù)解得U=8V……(1分)由右手定則知，流過R的電流方向是a到b，故Uba=-8V……(1根據(jù)焦耳定律