北京曲一線圖書策劃有限公司5年高考3年模擬B版物理屆遼寧省沈陽市高三下學(xué)期三模物理試卷答案1.【答案】B【解析】電源把其他形式的能量轉(zhuǎn)化為電能的功率等于電源的輸出功率與電源內(nèi)電路的熱功率之和，即有EI=UI+I2r，可得2.【答案】A【解析】船體對冰塊的彈力垂直于接觸面，指向受力物體；摩擦力與相對運(yùn)動(dòng)方向相反。故選A。3.【答案】C【解析】偵察衛(wèi)星從B點(diǎn)到A點(diǎn)過程中只有萬有引力做功，機(jī)械能守恒，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；偵察衛(wèi)星從B點(diǎn)到A點(diǎn)過程中，萬有引力做正功，由動(dòng)能定理可知，合外力做正功，物體的動(dòng)能增加，所以偵查衛(wèi)星從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)過程中動(dòng)能增加，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；對衛(wèi)星有GMmr2=ma，整理有a=GMr2，由于“中星26號(hào)”和偵察衛(wèi)星在D點(diǎn)距離地心的距離相同，繞同一個(gè)中心天體，所以兩者在D點(diǎn)的加速度相等，故C項(xiàng)正確；AB兩點(diǎn)為軌道的長軸，設(shè)其距離為2a，“中星26號(hào)”衛(wèi)星軌道半徑為r，由開普勒第三定律有a3T12=4.【答案】A【解析】圖示位置，磁場方向與線框平面垂直，可知，圖示位置為中性面，此時(shí)穿過線框平面的磁通量最大，感應(yīng)電動(dòng)勢的瞬時(shí)值為0，即線框磁通量變化率為零，故A正確；線框每次經(jīng)過中性面位置時(shí)，電流的反向發(fā)生變化，結(jié)合上述可知，線框轉(zhuǎn)過90°時(shí)電流方向不會(huì)發(fā)生改變，故B錯(cuò)誤；根據(jù)正弦式交變電流的產(chǎn)生原理，線框產(chǎn)生的電動(dòng)勢最大值Emax=BL?L2ω=12BL2ω，故C錯(cuò)誤；感應(yīng)電動(dòng)勢的有效值E=Emax2=2BL2ω4，由于線框轉(zhuǎn)動(dòng)過程中在5.【答案】D【解析】作出光路圖如圖所示由題意可得2=sin45°sinθ，解得θ=30°，根據(jù)光線從空氣到水中與水中的空氣中的對稱性，由幾何關(guān)系得細(xì)光束在雨滴內(nèi)所走的路程s=23R，細(xì)光束在雨滴內(nèi)的速度v=cn=c26.【答案】B【解析】由題圖可知兒童三次“點(diǎn)冰”共加速了3s，A錯(cuò)誤；依題意，根據(jù)v?t圖像，可知小孩在7s~15s這一過程中，做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)s=vt有16m=vm+02×15?7，求得vm=4m/s，C錯(cuò)誤；在7s~15s內(nèi)，由a=ΔvΔt7.【答案】C【解析】該超聲波波長為λ=1cm，則懸浮儀發(fā)出的超聲波頻率f=vλ=34010?2Hz=34000Hz，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；質(zhì)點(diǎn)P只在平衡位置附近振動(dòng)，而不隨波遷移，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；設(shè)距離P點(diǎn)x處為減弱點(diǎn)，則(4?x)?x=nλ，（n=1，2，3，4……）n=1時(shí)x=1.5cm；n=2時(shí)x=1cm；n=3時(shí)x=0.5cm；n=4時(shí)x=0cm；同理O點(diǎn)右側(cè)有3個(gè)振動(dòng)減弱點(diǎn)，即兩列波疊加穩(wěn)定后，P8.【答案】AB【解析】大量處于n=3激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí),能夠輻射出三種能量的光子，分別是3→2，3.40?1.51eV=1.89eV；3→1，13.6?1.51eV=12.09eV；2→1，13.6?3.40eV=10.2eV，能級(jí)躍遷所釋放的能量，因?yàn)橹挥袃煞N輻射光能使光電管發(fā)生光電效應(yīng)，所以光電管陰極材料的逸出功不能小于1.89eV，故A正確；由光電效應(yīng)方程EK=?ν?W0及eUC=EK可得UC=?eν?9.【答案】BCD【解析】對小球受力分析電場力qE=102N，重力mg=10N，可得二力合力如圖指向水平方向，即等效重力水平向右，大小F=(qE)2?(mg)2=10N。A點(diǎn)為圓周運(yùn)動(dòng)的等效最高點(diǎn)，也即速度最小，故A錯(cuò)誤，B正確；小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，動(dòng)能增加量等于合力做的功Δ10.【答案】ABC【解析】根據(jù)題意知，金屬棒先在0~1.5秒內(nèi)加速運(yùn)動(dòng)，感應(yīng)電動(dòng)勢增大，安培力增大，到1.5s時(shí)，安培力等于外力大小，達(dá)到平衡狀態(tài)，金屬棒勻速運(yùn)動(dòng)，速度達(dá)到最大值vmax，感應(yīng)電動(dòng)勢為BLvmax，大小不變，故1.5s～2.0s過程電流穩(wěn)定，結(jié)合圖線知，通過導(dǎo)體棒電流I=ΔqΔt=1.3?0.82?1.5A=1A，根據(jù)平衡條件，對導(dǎo)體棒F=BIL，解得B=0.1T，故A正確；導(dǎo)體棒勻速時(shí)，導(dǎo)體棒電動(dòng)勢E=BLvmax，根據(jù)歐姆定律I=ER+r，聯(lián)立解得vmax=7m/s，故B正確；0~1.5s過程中q=BLx11.【答案】(1)dtd22Lt2【解析】（1）根據(jù)光電門的測速原理可知，滑塊通過光電門的速度v=dt。根據(jù)速度與位移的關(guān)系式有v2=2aL（2）氣墊導(dǎo)軌調(diào)至水平時(shí)，摩擦阻力可以忽略，滑塊所受合力F等于細(xì)繩的拉力，令彈簧秤的示數(shù)為F0，對彈簧下方的滑輪進(jìn)行分析可知2F=F0，解得F=F（3）對滑塊進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第二定律有F=Ma，結(jié)合上述有F=Md22Lt2，可知只要能證明1t12.【答案】(1)②I0(2)②I=1100+t【解析】（1）實(shí)驗(yàn)采用替代法，將開關(guān)S與2端閉合，調(diào)節(jié)電阻箱使電流表的讀數(shù)為I0（2）由圖2可知R隨溫度t變化的關(guān)系為R=100+3t。熱敏電阻的溫度為0°C時(shí)，熱敏阻值為100Ω，電流表滿偏，根據(jù)歐姆定律，則有I=ER+RA+R1，（4）若干電池用久了其電源電動(dòng)勢不變，而其內(nèi)阻變大，無法忽略不計(jì)，保持R113.【答案】（1）1.008×105【解析】（1）設(shè)此時(shí)密閉空氣的壓強(qiáng)為p2，對井蓋受力分析可知解得p2（2）由題可知，設(shè)剛開始時(shí)的壓強(qiáng)p1，密閉氣體的體積V1，井蓋被頂開時(shí)的壓強(qiáng)為p2，此時(shí)密閉氣體的體積為其中p1=1.0×p2=1.008×代入數(shù)據(jù)解得?=2m14.【答案】（1）12mL12t【解析】（1）從兩球開始運(yùn)動(dòng)到彈性繩第一次出現(xiàn)彈力時(shí)，B球自由落體運(yùn)動(dòng)，A球做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)A的初速度為v0，則水平方向L=設(shè)豎直方向的速度vy1，則vA球的動(dòng)能E聯(lián)立解得EkA（2）從彈性繩第一次出現(xiàn)彈力到彈力減為零的過程中，兩球水平方向動(dòng)量守恒，能量也守恒，設(shè)彈力減為零的瞬間A球水平速度vAx，B球水平速度vBx，則由mv0解得vAxA球的豎直分速度vA球的動(dòng)量p解得pA（3）根據(jù)彈性碰撞規(guī)律，每次碰撞后，兩球速度交換，從開始運(yùn)動(dòng)到兩球第一次相碰，經(jīng)歷時(shí)間T=2之后兩球在水平方向上呈現(xiàn)周期性運(yùn)動(dòng)，周期為T，故從兩球開始運(yùn)動(dòng)到兩球發(fā)生第二次碰撞用時(shí)間t=2T=4t15.【答案】（1）4.0×103ms（2）【解析】（1）第三象限內(nèi)，一帶正電粒子由靜止釋放，經(jīng)加速電壓加速后，由動(dòng)能定理可得qU=代入數(shù)據(jù)解得v0（2）粒子從AO中點(diǎn)P垂直x軸進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡與AD邊相切時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度有最小值，由洛倫茲力提供向心力可得q其中r=L=10解得Bmin（3）粒子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t0，則有解得t水平方向的速度v粒子反彈后的速度v粒子在電場中的加速度大小