/定遠(yuǎn)育才學(xué)校2025-2026學(xué)年高二（上）12月月考物理試題一、單選題（本大題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是符合要求的。）1.人類研究電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象的歷史與力學(xué)同樣豐富多彩，下列關(guān)于物理學(xué)家對(duì)電現(xiàn)象探索說(shuō)法正確的是(

)A.美國(guó)科學(xué)家富蘭克林通過(guò)實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)，雷電的性質(zhì)與摩擦產(chǎn)生的電的性質(zhì)完全相同，并命名了正電荷和負(fù)電荷；隨著科學(xué)的進(jìn)步，科學(xué)家們發(fā)現(xiàn)目前自然界中不止這兩種電荷。

B.美國(guó)物理學(xué)家密立根通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)出電子電量，正式確定電子即為元電荷。

C.法國(guó)科學(xué)家?guī)靵?，通過(guò)扭稱實(shí)驗(yàn)探究了電荷之間的作用力與萬(wàn)有引力具有相似的形式。

D.英國(guó)科學(xué)家法拉第提出電荷周圍存在電場(chǎng)，電場(chǎng)看不見(jiàn)摸不著，是一種理想化的物理模型。2.如圖，質(zhì)量相等的小球和小環(huán)用不可伸長(zhǎng)的輕繩相連，小環(huán)套在光滑固定的水平細(xì)桿上，初始時(shí)刻小球在小環(huán)的左下方，繩子拉直，由靜止釋放，不計(jì)空氣阻力，則(

)

A.小球和小環(huán)組成的系統(tǒng)，動(dòng)量守恒

B.小球和小環(huán)組成的系統(tǒng)，機(jī)械能不守恒

C.小球擺到最低點(diǎn)過(guò)程中，小球的機(jī)械能減少

D.小球向右擺到最高點(diǎn)的高度比釋放高度低3.安裝適當(dāng)?shù)能浖?，利用智能手機(jī)中的磁傳感器可以測(cè)量磁感應(yīng)強(qiáng)度B。如圖，在手機(jī)上建立直角坐標(biāo)系，手機(jī)顯示屏所在平面為xOy面。某同學(xué)在某地對(duì)地磁場(chǎng)進(jìn)行了四次測(cè)量，每次測(cè)量時(shí)y軸指向不同方向而z軸正向保持豎直向上。根據(jù)表中測(cè)量結(jié)果可推知(

)A.測(cè)量地點(diǎn)位于南半球 B.當(dāng)?shù)氐牡卮艌?chǎng)大小約為66μT

C.第2次測(cè)量時(shí)y軸正向指向南方 D.第3次測(cè)量時(shí)y4.如圖1所示，一質(zhì)量為m的物塊(視為質(zhì)點(diǎn))放置在粗糙的水平面上，現(xiàn)給物塊一水平向右的拉力，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間t0撤去拉力，再經(jīng)過(guò)2t0時(shí)間物塊停止運(yùn)動(dòng)。整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，物塊的動(dòng)量與時(shí)間的圖像如圖2所示，物塊在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，受到的摩擦力不變，下列說(shuō)法不正確的是(

)

A.物塊與水平面間的滑動(dòng)摩擦力大小為p02t0 B.物塊受到的水平拉力大小為3p02t0

C.0至t5.某同學(xué)在研究性學(xué)習(xí)活動(dòng)中自制電子秤，原理示意圖如圖所示。用理想電壓表的示數(shù)指示物體的質(zhì)量，托盤(pán)與電阻可忽略的金屬?gòu)椈上噙B，托盤(pán)與彈簧的質(zhì)量均不計(jì)，滑動(dòng)變阻器R的滑動(dòng)端與彈簧上端連接。當(dāng)托盤(pán)中沒(méi)有放物體時(shí)，滑片恰好指在變阻器的最上端，此時(shí)電壓表指針指向最左端，示數(shù)為0。設(shè)變阻器總電阻為R，總長(zhǎng)度為l，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，限流電阻阻值為R0，彈簧勁度系數(shù)為k，不計(jì)一切摩擦和其他阻力。下列說(shuō)法中正確的是(

)

A.電壓表示數(shù)越小，說(shuō)明所稱物體質(zhì)量越大

B.稱量物體的質(zhì)量越大，電路消耗的總功率越大

C.將電壓表表盤(pán)改寫(xiě)為等質(zhì)量間隔的電子秤表盤(pán)后，表盤(pán)右端刻度線更密

D.更換不同勁度系數(shù)的彈簧后，電子秤的量程不變6.如圖所示，一不計(jì)重力的點(diǎn)電荷從P點(diǎn)出發(fā)經(jīng)水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)E1加速后沿ab方向進(jìn)入矩形abdc區(qū)域，最終從d點(diǎn)離開(kāi)。abdc區(qū)域中有另一勻強(qiáng)電場(chǎng)E2，方向豎直向下，已知線段長(zhǎng)度Pa=ac=L、ab=2L。則勻強(qiáng)電場(chǎng)A.4:1 B.1:2 C.1:1 D.2:7.如圖所示，在光滑的水平面上，質(zhì)量分別為mA=2kg、mB=3kg的兩個(gè)小球A、B用輕彈簧相連，處于靜止?fàn)顟B(tài)。位于同一條直線上的另一質(zhì)量mC=1kg小球C以速度v0=4mA.A，B，C組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒

B.A，B兩球最終以65m/s的速度勻速運(yùn)動(dòng)

C.彈簧能獲得的最大彈性勢(shì)能為6J8.反射式速調(diào)管是常用的微波器件之一，其內(nèi)部真空，有一個(gè)靜電場(chǎng)的方向平行于x軸，其電勢(shì)φ隨x的分布如圖所示。一個(gè)帶負(fù)電粒子(重力不計(jì))從x=3cm處由靜止釋放，下列說(shuō)法中正確的是(

)

A.該靜電場(chǎng)可以由兩個(gè)負(fù)電荷產(chǎn)生

B.x=?2cm處的電場(chǎng)強(qiáng)度等于x=2cm處的電場(chǎng)強(qiáng)度

C.該粒子在x=0處的電勢(shì)能最大二、多選題（本大題共2小題，每小題5分，共10分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合要求。全部選對(duì)得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。）9.如圖所示，兩塊彼此絕緣的金屬板A、B水平平行放置并與一個(gè)電源相連，其中B板接地。開(kāi)關(guān)S閉合后，在A、B兩板間C點(diǎn)處有一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的油滴恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說(shuō)法正確的是(

)

A.若將S斷開(kāi)，再將A板向左移動(dòng)一小段位移，油滴向下運(yùn)動(dòng)

B.若將S斷開(kāi)，再將B板向下平移一小段位移，油滴將仍靜止

C.保持S閉合，再將A板向上平移一小段位移，C點(diǎn)電勢(shì)降低

D.若將S斷開(kāi)，再將A板向下平移一小段位移，C點(diǎn)電勢(shì)升高10.在圖所示的電路中，若在滑動(dòng)變阻器R的滑片P向左滑動(dòng)一小段距離的過(guò)程中，電壓表的示數(shù)增大ΔU，則在該過(guò)程中(

)

A.電阻R1中通過(guò)的電流增大，且增加量為ΔUR1

B.電阻R2兩端的電壓減小，且減少量為三、非選擇題（本大題共5小題，滿分58分）11（8分）.某實(shí)驗(yàn)小組利用圖甲所示的軌道槽內(nèi)滾下的球和槽口懸掛的擺球碰撞來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律.實(shí)驗(yàn)步驟如下：?①選兩個(gè)直徑相同的小鋼球，一個(gè)是實(shí)心球P，另一個(gè)是中心帶通孔的球Q，測(cè)得球P、Q的質(zhì)量分別為M、m，且M?②調(diào)好軌道槽，多次從同一點(diǎn)由靜止釋放球P，在水平地面上通過(guò)畫(huà)圓法確定其落點(diǎn)A?③把球Q懸掛在槽口，保證球Q與球P放在槽口等高;?④再將球P從?②中同一點(diǎn)靜止釋放，錄下兩球碰后球Q擺動(dòng)的視頻，同時(shí)定下M球的落點(diǎn).重復(fù)多次，記落點(diǎn)為B(圖甲中未畫(huà)出?⑤槽口在地面上的投影點(diǎn)為O，分別測(cè)量O點(diǎn)到A、B兩點(diǎn)的間距xA、xB.通過(guò)視頻處理軟件，測(cè)得球Q上擺的最大高度的平均值h(球Q沒(méi)有擺到懸點(diǎn)高度)(1)固定軌道槽時(shí)，槽末端

(選填“需要”或“不需要”)調(diào)成水平，軌道槽粗糙對(duì)實(shí)驗(yàn)

(選填“有”或“沒(méi)有”)影響．(2)確定球P落點(diǎn)A時(shí)，白紙上留下了9個(gè)印跡，用畫(huà)圓法確定小球的落點(diǎn)，圖乙中畫(huà)的三個(gè)圓最合理的是

(選填“Ⅰ”“Ⅱ”或“Ⅲ”)．(3)為了完成驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，實(shí)驗(yàn)步驟中還需要測(cè)量的一物理量是

．A.擺線的長(zhǎng)度LB.擺線的最大擺角θC.槽口離地面高度H(4)如果等式

(用所測(cè)物理量的字母表示)成立，能說(shuō)明兩球的碰撞遵守動(dòng)量守恒定律．(5)若在測(cè)量xA和xB線段長(zhǎng)度時(shí)，發(fā)現(xiàn)兩者相差不明顯，請(qǐng)你寫(xiě)出一條改進(jìn)建議

12.（8分）金屬薄膜電阻器是在絕緣材料上鍍有金屬薄膜的電阻元件，其具有良好的穩(wěn)定性，廣泛應(yīng)用于精密儀器。實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了以下實(shí)驗(yàn)來(lái)檢測(cè)某金屬薄膜電阻器的阻值是否符合工藝要求。

(1)結(jié)合電路圖(a)，請(qǐng)用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線，將實(shí)物圖(b(2)閉合開(kāi)關(guān)后，調(diào)節(jié)滑片位置，記錄電流表示數(shù)I及相應(yīng)電壓表示數(shù)U。重復(fù)上述操作，得到多組數(shù)據(jù)，并繪制I?U圖像，若圖像是一條過(guò)原點(diǎn)的直線且斜率為k，則金屬薄膜電阻器的電阻值為(3)考慮電表內(nèi)阻的影響，金屬薄膜電阻器的電阻測(cè)量值

真實(shí)值。(填“大于”“小于”或“等于”)(4)為提高測(cè)量精度，實(shí)驗(yàn)小組采用圖(c)所示電路進(jìn)行測(cè)量。AC是均勻的金屬電阻絲，R0是已知電阻，Rx是被測(cè)金屬薄膜電阻器，P、Q之間接有電壓傳感器(內(nèi)阻視為無(wú)窮大)。調(diào)節(jié)滑動(dòng)觸頭的位置D，使電壓傳感器的讀數(shù)為零，測(cè)量AD和DC間的距離分別為l1、(5)某工廠制作了一根長(zhǎng)度為L(zhǎng)的金屬薄膜電阻器，結(jié)構(gòu)如圖(d)所示，H是一個(gè)表面鍍有電阻膜的長(zhǎng)陶瓷管，陶瓷管兩端有導(dǎo)電金屬箍M、N(電阻可忽略不計(jì))。另設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)，將該電阻器接入恒壓源，用電壓傳感器(內(nèi)阻視為無(wú)窮大)測(cè)量其表面各位置與M端之間的電壓U，和該位置到M端的距離x，得到如圖(e)所示的U?x曲線。實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)，由于鍍膜工藝問(wèn)題，不同位置的厚度不同，測(cè)得13.（12分）在如圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)E=28V，內(nèi)阻r=2Ω，電阻R1=12Ω，R2=R4=4Ω，R3=8Ω(1)若開(kāi)關(guān)S處于斷開(kāi)狀態(tài)，則將其閉合后，流過(guò)R4的電荷量為多少(2)若開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，有一個(gè)帶電微粒沿虛線方向以v0=?2.0m/s的初速度射入平行板電容器的兩極板間，帶電微粒剛好沿虛線勻速運(yùn)動(dòng)。問(wèn)：當(dāng)開(kāi)關(guān)S14.（14分）如圖所示的平面直角坐標(biāo)系xOy中，在第二象限邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形ABCO區(qū)域Ⅰ內(nèi)存在沿x軸正向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E0。在第一象限的虛線CD上方區(qū)域Ⅱ內(nèi)存在沿y軸負(fù)向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為4E0，電場(chǎng)邊界CD為一條曲線，C、D點(diǎn)坐標(biāo)分別為(0,L)、(L,0)。在AB上排列著質(zhì)量為m，電荷量為q(q>?0)的粒子，所有粒子由靜止釋放后都能運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)，然后立即進(jìn)入一矩形電場(chǎng)區(qū)域Ⅲ(圖中未畫(huà)出)(1)粒子運(yùn)動(dòng)到y(tǒng)軸時(shí)的速度大??；(2)第一象限電場(chǎng)邊界CD的曲線方程；(3)矩形電場(chǎng)區(qū)域Ⅲ的最小面積。15.（16分）如圖所示為一項(xiàng)冰上游戲設(shè)施，平臺(tái)之間的水平冰面上有可滑動(dòng)的小車，左右平臺(tái)及小車上表面等高，小車緊靠左邊平臺(tái)。小孩坐在雪橇上(系有安全帶)，靜止在左邊平臺(tái)邊緣處。現(xiàn)在家長(zhǎng)施加推力，雪橇瞬時(shí)獲得水平?jīng)_量I=160N?s，滑上小車。小車在冰面上滑行了L2=4m的距離后與右側(cè)平臺(tái)碰撞并被鎖定，雪橇最終停在右側(cè)平臺(tái)上。已知小孩和雪橇的總質(zhì)量m=20kg，雪橇與小車上表面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1=0.8，雪橇與右側(cè)平臺(tái)間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2(1)雪橇滑上小車時(shí)的速度；(2)小車碰撞右側(cè)平臺(tái)時(shí)的速度；(3)雪橇在右側(cè)平臺(tái)上滑行的距離。

答案和解析1.【答案】C

【解析】A、美國(guó)科學(xué)家富蘭克林通過(guò)實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)，雷電的性質(zhì)與摩擦產(chǎn)生的電的性質(zhì)完全相同，并命名了正電荷和負(fù)電荷，隨著科學(xué)的進(jìn)步，科學(xué)家們發(fā)現(xiàn)目前自然界中只有這兩種電荷。故A錯(cuò)誤；

B、美國(guó)物理學(xué)家密立根通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)出電子電量，但電子不是元電荷。故B錯(cuò)誤；

C、法國(guó)科學(xué)家?guī)靵觯ㄟ^(guò)扭稱實(shí)驗(yàn)探究了電荷之間的作用力與萬(wàn)有引力具有相似的形式，故C正確；

D、英國(guó)科學(xué)家法拉第提出電荷周圍存在電場(chǎng)，電場(chǎng)看不見(jiàn)摸不著，是一種客觀存在的物質(zhì)，不是一種理想化的物理模型。故D錯(cuò)誤。2.【答案】C

【解析】A.由于小環(huán)套在光滑固定的水平細(xì)桿上，小球和小環(huán)組成的系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒，在豎直方向上所受合外力不為零，有加速度，豎直方向上動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤；

B.小球和小環(huán)系統(tǒng)在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中只有重力做功，因此它們組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故B錯(cuò)誤；

C.小球擺到最低點(diǎn)過(guò)程中，環(huán)的機(jī)械能增大，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，所以小球的機(jī)械能減少，故C正確；

D.小球向右擺到最高點(diǎn)時(shí)，小球和小環(huán)的速度相同，設(shè)為v，取水平向右為正方向，由系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒得0=2mv，解得v=0，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒可知，小球向右擺到的最高點(diǎn)和釋放點(diǎn)的高度相同，故3.【答案】C

【解析】A.如圖所示

地球可視為一個(gè)大磁場(chǎng)，磁場(chǎng)南極大致在地理的北極附近，磁場(chǎng)北極大致在地理南極附近。通過(guò)這兩個(gè)磁極的假想直線(磁軸)與地球的自轉(zhuǎn)軸大約成11.3度的傾斜。由表中z軸數(shù)據(jù)可看出z軸的磁場(chǎng)豎直向下，則測(cè)量地點(diǎn)應(yīng)位于北半球，故A錯(cuò)誤；

B.磁感應(yīng)強(qiáng)度為矢量，故由表格可看出此處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大致為B=Bx2+Bz2=By2+Bz2=202+462μT=2516μT4.【答案】C

【解析】A.由題意，撤去拉力后，對(duì)物塊利用動(dòng)量定理有

f得物塊與水平面間的滑動(dòng)摩擦力大小為

f=p02t0

，故A正確；

BC、0至t0時(shí)間內(nèi)，由動(dòng)量定理可知合外力的沖量為p0?0=p0

0至t0時(shí)間內(nèi)，由動(dòng)量定理，取向右為正，D.經(jīng)過(guò)一段時(shí)間t0撤去拉力，0至

t0可得拉力的沖量為

IF=3故選C。5.【答案】C

【解析】A.彈簧電阻不計(jì)，電壓表測(cè)量滑動(dòng)變阻器上半部分電阻電壓，所稱物體質(zhì)量越大，滑動(dòng)變阻器上半部分電阻越大，電路總電阻越大，電流越小，R0和電源內(nèi)阻上分到的電壓越小，故滑動(dòng)變阻器上電壓越大，即電壓表示數(shù)越大，故A錯(cuò)誤；

B.稱量物體的質(zhì)量越大，接入電路的滑動(dòng)變阻器阻值越大，由閉合電路歐姆定律有I=ERx+Ro+r電路消耗的總功率P=EI可知Rx越大，I越小，P越小，故B錯(cuò)誤；

C.當(dāng)托盤(pán)中沒(méi)有放物體時(shí)，電壓表示數(shù)為零，當(dāng)物體質(zhì)量為m時(shí)，設(shè)物體下降x，由平衡條件有mg=kx，根據(jù)歐姆定律得I=ERx+R0+r，故電壓表讀數(shù)為U=IRx=ERxr+R0+Rx，根據(jù)電阻定律可得6.【答案】C

【解析】點(diǎn)電荷從P點(diǎn)出發(fā)運(yùn)動(dòng)到a點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理qE1L=12mva2

點(diǎn)電荷從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到d點(diǎn)做類平拋運(yùn)動(dòng)

水平方向27.【答案】D

【解析】A、A、B、C組成的系統(tǒng)所受的合外力為0，則該系統(tǒng)動(dòng)量守恒，但彈簧彈力對(duì)系統(tǒng)要做功，則該系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤；

BC、C與B碰撞前后，取水平向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律：mCv0=mCvC+mBvB，由機(jī)械能守恒定律：12mCv02=12mCvC2+12mBvB2，聯(lián)立知，碰后C的質(zhì)量vC=?2m/s，B的速度vB=2m8.【答案】D

【解析】AB．φ?x圖像的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度，

由圖可知?6cm<x<0區(qū)域的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E10<x<4?cm區(qū)域的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E2=

6可知x=?2?cm的電場(chǎng)強(qiáng)度小于x=2?C.x=0處電勢(shì)最高，根據(jù)Ep=qφ可知該帶負(fù)電粒子在D.帶負(fù)電粒子(重力不計(jì))從x=3?cm處由靜止釋放，受到向x軸負(fù)方向的電場(chǎng)力，當(dāng)運(yùn)動(dòng)到x<0區(qū)域后，受到可得x則該粒子將沿x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)到的最遠(yuǎn)位置為x=?x1故選D。9.【答案】BC

【解析】A、油滴靜止時(shí)，重力與電場(chǎng)力平衡，即mg=qE。當(dāng)S斷開(kāi)，電容器電荷量Q不變。根據(jù)C=εS4πkd、U=QC和E=Ud，可得E=4πkQεS。將A板向左移動(dòng)一小段位移，S減小，E增大，電場(chǎng)力qE>mg，油滴向上運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；

B、S斷開(kāi)，Q不變，由E=4πkQεS可知，將B板向下平移一小段位移，S不變，E不變，油滴所受電場(chǎng)力不變，油滴仍靜止，B正確；

C、保持S閉合，兩板間電壓U不變。將A板向上平移一小段位移，d增大，根據(jù)E=Ud，E減小。B板接地，電勢(shì)為0，C點(diǎn)到B板距離dCB不變，根據(jù)φC?0=E10.【答案】AD

【解析】A.當(dāng)P向左端移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻增大，外電路總電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流減小，則內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，即電壓表V2的示數(shù)增大，R1兩端的電壓減小，所以V1的示數(shù)增大，V2的示數(shù)減小，根據(jù)歐姆定律知電阻R1B.由于路端電壓等于兩個(gè)電表示數(shù)之和，而路端電壓增大，所以V2的示數(shù)減小，小于ΔU，故B錯(cuò)誤；

C.由于電源的內(nèi)電阻與外電阻的大小關(guān)系未知，不能判斷電源輸出功率的變化，故C錯(cuò)誤；

D.電源的效率η=UIEI=U故選AD。11.【答案】(1)需要沒(méi)有(2)Ⅰ(3)C(4)（5）增大m或減小M以及增加釋放點(diǎn)高度

【解析】(1)固定軌道槽時(shí)，槽末端需要調(diào)成水平，這樣才能保證小球P離開(kāi)軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)；

軌道槽粗糙對(duì)實(shí)驗(yàn)沒(méi)有影響，因?yàn)閷?shí)驗(yàn)中是通過(guò)小球P從同一高度靜止釋放，保證碰撞前的速度由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律(下落高度相同，運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，水平位移反映速度大小)來(lái)確定，碰撞前后的速度也通過(guò)平拋水平位移來(lái)體現(xiàn)，與軌道槽粗糙程度無(wú)關(guān)(只要每次從同一位置釋放，摩擦力的影響是相同的，不改變碰撞前后速度的測(cè)量關(guān)系)。

(2)確定小球落點(diǎn)時(shí)，用圓畫(huà)法確定小球的落點(diǎn)，應(yīng)選擇包含落點(diǎn)最多的圓，圖乙中畫(huà)的三個(gè)圓最合理的是Ⅰ。

(3)為了完成驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，需要知道碰撞前后球P的速度。小球P碰撞前后做平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相同，可利用v0=xAt=xAg2H，和v1=xBt=xBg2H得出碰撞前后速度關(guān)系，因此需測(cè)H，故選C。

(4)小球P碰撞前做平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相同，速度v0=xAt=xAg2H;

碰撞后，小球P的速度v1=12.【答案】(1)（2）（3）小于（4）R0l2l1【解析】(1)根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖如下：

(2)由歐姆定律知，金屬薄膜電阻器的電阻為電壓表讀數(shù)U與電流表讀數(shù)I的比值，即斜率k的倒數(shù)，所以R=1k；

(3)因?yàn)殡妷罕矸至?，所測(cè)電阻為金屬薄膜電阻器的電阻與電壓表電阻的并聯(lián)值，所以小于其真實(shí)值；

(4)因PQ間電勢(shì)差為0，所以AD段電阻大小與R0相等，Rx與AD段電阻相等。由電阻定律有??l1l1+l2R=R0，??l2l1+l2R=13.